第二章海水中的重要元素——钠和氯测试题-高一上学期化学人教版（2019）必修第一册(2).docx

第二章海水中的重要元素钠和氯测试题一、单选题（共12题）1下列图示与对应的叙述相符的是(夹持装置已略去)A氢氧化钠溶液的配制B将氯化钠溶液蒸干得到氯化钠固体C验证碳酸钠与碳酸氢钠的稳定性D测浓的AABBCCDD2将钠投入滴有紫色石蕊的水中，下列有关现象的叙述中错误的是A钠浮在液面上B有沉淀产生C溶液变为蓝色D钠熔成小球并在水面四处游动3下列不属于纯碱在工业生的用途的是A纺织B制药C制皂D工业制备氯气4下列说法不正确的是A能杀菌消毒，是一种食品添加剂B可作阻燃剂C是治疗胃酸的药剂D石墨烯是一种具有优异性能的新型材料5为了除去NaHCO3溶液中含有的Na2CO3，下列方案可行的是A滴加适量盐酸B滴加BaCl2溶液，后过滤C通入足量的CO2气体D加热溶液6下列说法中不正确的是A在与金属反应时表现强氧化性B任何物质的燃烧必须有参与C与反应的离子方程式为D漂白粉的主要成分和7下列变化属于化学变化的是A车胎爆炸B工业制氯气C碘的升华D海水晒盐8维生素C是一种水溶性维生素，熔点为190，其分子式为C6H8O6。下列有关维生素C的说法不正确的是A维生素C的摩尔质量为176 g·mol1B标准状况下，维生素C的摩尔体积为224L·mol1C维生素C中C、H两种元素原子个数比为3：4D维生素C中O元素的质量分数为54.5%9用表示阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是A11.2 L 含有的分子数为B相同质量的与所含氧原子个数比为4：6C标准状况下，22.4 L 中含有氢原子的个数为D1 mol 和的混合物中含的氧原子数为10设 NA为阿伏加德罗常数的值。下列有关叙述正确的是A2.24L 的 H2O 溶液中，含有氧原 子数为 0.1NAB0.1molOH-中共有电子数目为 0.9NAC1molCl2通入足量 NaOH 溶液中转移电子的数目为 2NAD100g 质量分数为 46%的乙醇水溶液中氧原子的数目为 4NA11如图所示，在A处通入已经干燥的氯气，当关闭B处的弹簧夹时，C处的红布条逐渐褪色：当打开B处的弹簧夹后，C处的红布条看不到明显现象。则D瓶中盛放的溶液可能是饱和NaCl溶液    NaOH溶液    H2O 浓硫酸ABCD12下列关于钠的氧化物的说法正确的是A向包有Na2O2粉末的脱脂棉上滴加几滴水，脱脂棉剧烈燃烧起来，说明Na2O2与H2O反应放热且有氧气生成BNa2O与Na2O2中阳、阴离子的个数比不相同C将金属钠切开，表面变暗，最终得到淡黄色固体D保持温度不变，向饱和烧碱溶液中加入2 g Na2O2，充分反应后，溶液中Na+浓度增大二、非选择题（共10题）13按下列要求填空：(1)写出漂白粉的有效成分的化学式：_。(2)钠与水反应的离子方程式_。(3)2.8g氮气含有的分子数约为_个。(4)质量分数为36.5%的HCl溶液，密度为1.17g/cm3，求其物质的量浓度为_mol/L。(5)固体NaHSO4的性质：_(填写符合要求的序号)。电解质；非电解质；酸；碱；盐；导电；不导电14用20 g NaOH配成500 mL溶液，NaOH的物质的量的浓度为_。取出50 mL，它的物质的量浓度为_，含NaOH的物质的量为_，含NaOH的质量为_g，把这50 mL溶液加水稀释到200 mL，NaOH的物质的量浓度为_。15现有下列物质：铜；冰醋酸(纯醋酸晶体)；熔融的KNO3；稀盐酸；CO2；KHSO4晶体；蔗糖；Fe(OH)3胶体；液氯；BaSO4固体(1)属于电解质的是_。属于非电解质的是_，既不是电解质也不是非电解质的是_。(2)写出在水中的电离方程式_；写出除去Na2CO3固体中的NaHCO3的化学方程式_；在沸水中滴入饱和氯化铁溶液制备的化学方程式是_。(3)等质量的CO和CO2物质的量之比为_；氧原子个数之比为_；V L Al2(SO4)3溶液中含Al3+ a mol，该Al2(SO4)3溶液的物质的量浓度为_mol/L(用含a的式子表示，下同)，取出0.5V L再加入水稀释到4V L，则稀释后的溶液中SO的物质的量浓度为_。16电解饱和食盐水可以生产一系列含氯、含钠的化工产品。(1)配制饱和食盐水的食盐必须精制，精制过程中需要除去Ca2+、Mg2+、SO等杂质离子，往往先后加入NaOH、BaCl2、Na2CO3溶液作为除杂试剂，向其中加入Na2CO3后产生的沉淀是_，沉淀过滤后往往还要往滤液中加入_，随后再将溶液蒸发结晶。(2)电解饱和食盐水实验时，电解的总反应方程式为_。阳极产物检验所用的试剂是_；向两极各加入石蕊溶液，阴极溶液呈现_色。(3)实验测得产生的氢气体积(已折算成标准状况)为5.60mL，电解后溶液的体积恰好为50.0mL，则溶液中NaOH的浓度为_。17已知V L溶液中含m g，则该溶液中的物质的量浓度为_，的物质的量浓度为_，溶质的物质的量浓度为_。18取1.43g Na2CO3xH2O溶于水，配成10mL溶液。然后向其中逐滴滴入稀盐酸直至没有气体放出，共用去盐酸20mL，并收集到112mLCO2（标准状况下）。请回答下列问题：（1）稀盐酸的物质的量浓度为_；（2）Na2CO3xH2O的摩尔质量为_；（3）x的值为_。19为测定某溶液的浓度，取待测液，向其中加入过量溶液，充分反应后过滤并干燥，得到的沉淀的质量是。该溶液中的物质的量浓度是_。20填空。(1)8.4gN2与9.6g某单质Rx所含原子数相同，且分子数之比为3：2，则R的相对原子质量是_，x值是_。(2)相同质量的SO2和SO3所含硫原子的个数之比为_。(3)将0.1mol·L-1的Al2(SO4)3溶液由a mL稀释至b mL，稀释后溶液中SO的物质的量浓度是_mol·L-1。(4)现用Zn与实验室中的盐酸反应制取6.72LH2(标准状况)。如果选用所贴标签为3.0mol·L-1的盐酸，至少需该盐酸_mL。该盐酸密度为1.052g·mL-1，则该盐酸溶质的质量分数是_(保留三位有效数字)。21某小组为探究钠的化合物性质，设计了如下实验装置(夹持装置未画出)请回答下列问题：(1)写出装置A中发生反应的化学方程式：_(2)盛装Na2O2仪器的名称_ ，写出B中Na2O2与CO2反应的化学方程式：_(3)C中盛放NaOH溶液的作用_(4)D中试管内收集到气体是_ (填分子式)22I近期，四川等地频频发生地震，在地震过后，常常喷洒各类消毒液对灾民临时生活区进行消毒。某品牌的“84消毒液”的主要成分为NaClO，浓度为，密度为。请回答下列问题：（1）该“84消毒液”的质量分数为_（保留3位有效数字）。（2）某同学欲用NaClO固体配制240mL“84消毒液”。下列仪器中，不需要用到的是_。A烧杯    B250 mL容量瓶    C10mL量筒     D胶头滴管     E天平下列操作会导致所得溶液浓度偏高的是_。A用长时间放置在空气中的NaClO固体配制       B配制前，容量瓶中有少量蒸馏水C配制过程中，未用蒸馏水洗涤烧杯和玻璃棒    D定容时俯视容量瓶刻度线近年来，雾霾天气频繁发生，降低氮氧化物的排放，至关重要。（3）三元催化剂能同时实现汽车尾气中的CO、三种成分的净化，其催化剂表面物质转化的关系如图1所示。化合物X可借助傅里叶红外光谱图（如图2所示）确定。X的化学式为_。在图1的转化中，既有被氧化又有被还原的元素是_（填元素符号）。学科网（北京）股份有限公司学科网（北京）股份有限公司参考答案：1CA容量瓶不能直接用来配制溶液，故A错误；B蒸发用的仪器应该是蒸发皿，故B错误；C碳酸氢钠受热易分解，玻璃导热性差，将不稳定的碳酸氢钠放在内管，通过观察澄清石灰水是否变浑浊来判断碳酸钠和碳酸氢钠的热稳定性，故C正确；D不能直接将试纸放入溶液中测量溶液的，故D错误；故答案选C。2BA钠的密度小于水，所以钠会浮在液面上，A正确；B钠和水反应2Na+2H2O=2NaOH+H2，生成氢氧化钠和氢气，所以有无色无味的气体产生，没有沉淀产生，B错误；C钠和水反应生成氢氧化钠和氢气，氢氧化钠溶液呈碱性，紫色石蕊试液遇碱变蓝色， C正确；D 钠和水反应生成氢氧化钠和氢气，反应放热，且钠熔点低，所以反应过程中钠融成小球在水面四处游动， D正确；故选B。3D纯碱是碳酸钠，是重要的化工原料之一，广泛应用于轻工日化、建材、化学工业、食品工业、冶金、纺织、石油、国防、医药等领域， 用作制造其他化学品的原料、清洗剂、洗涤剂，也用于照相术和分析领域；不用于工业制备氯气，故选D4CA 能杀菌消毒，是一种食品添加剂，如作为葡萄酒的抗氧剂，故A正确；B 分解生成MgO具有熔点高的性质，可作耐火材料，故B正确；C 碱性太强，常用NaHCO3作为治疗胃酸的药剂，故C错误；D 石墨烯是一种具有优异性能的新型材料，在国防、科技等行业具有广泛的应用，故D正确；故选C。5CA盐酸与NaHCO3也能发生反应，不能选用，故A错误；B为确保碳酸钠除尽，所加氯化钡溶液应过量，在碳酸氢钠溶液中会引入氯化钠和氯化钡等新杂质，故B错误；C通入足量的二氧化碳，能与碳酸钠反应生成碳酸氢钠，且不引入新杂质，故C正确；D加热溶液导致碳酸氢钠分解成碳酸钠，故D错误；故选：C。6BA.能与大多数金属化合，生成金属氯化物，表现强氧化性，A正确；B. 燃烧不一定有氧气参加，如氢气在氯气中燃烧，B错误；C.与反应生成与，离子方程式为，C正确；D.漂白粉的主要成分为和，有效成分是，D正确；答案选B。7B化学变化必须有新物质生成。A轮胎爆炸是气压大引起的，没有生成新物质不属于化学反应，故A错误；B工业制氯气是利用MnO2与浓盐酸反应生成氯气，有新物质生成属于化学变化，故B正确；C碘的升华是物质状态的改变，碘固体受热转化成气体，没有生成新物质不属于化学反应，故C错误；D海水晒盐，是蒸发结晶，没有生成新物质不属于化学反应，故D错误； 故答案为B8BA维生素C的相对分子质量为6×12+1×8+6×16=176，故摩尔质量为176g/mol，A正确；B维生素C的熔点为190°C，在标准状况下维生素C是固体，不能使用22.4L/mol计算，B错误；C维生素C中C、H两种原子个数比为6：8=3：4，C正确；D维生素C中O元素的质量分数为×100%54.5%，D正确；故选B。9DA缺标准状况，无法计算11.2 L二氧化碳的物质的量和含有的分子数，A错误；B相同质量的SO2和SO3，含氧原子的物质的量之比为，即个数比为5:6，B错误；C标准状况下，水不是气态，不能用气体摩尔体积进行计算，C错误；D二氧化碳和二氧化氮中含有的氧原子个数都为2，则1 mol 二氧化碳和二氧化氮的混合物中含的氧原子数为1 mol×2×NAmol-1=2NA，D正确； 故选D。10DA根据选项所给条件无法确定2.24L水的物质的量，A错误；B一个OH-含有10个电子，所以0.1molOH- 中共有电子数目为NA，B错误；C氯气通入NaOH溶液中发生歧化反应，1mol氯气反应可以生成1molHCl和1molNaClO，转移电子的数目为NA，C错误；D100g质量分数为46%的乙醇水溶液中氧原子的数目为×NAmol-1=4NA，D正确；综上所述答案为D。11B干燥的Cl2没有漂白性，湿润的Cl2具有漂白性；当关闭B处的弹簧夹时，C处的红布条逐渐褪色，说明干燥的Cl2变为湿润的Cl2；当关闭B处的弹簧夹后，C处的红布条看不到明显现象，说明干燥的Cl2无变化。关闭B处的弹簧夹时，干燥的Cl2通入到饱和NaCl溶液中，干燥的Cl2变为湿润的Cl2，C处的红布条逐渐褪色；关闭B处的弹簧夹时，干燥的Cl2通入到NaOH溶液中，干燥的Cl2被吸收，C处的红布条看不到明显现象；关闭B处的弹簧夹时，干燥的Cl2通入到H2O中，干燥的Cl2变为湿润的Cl2，C处的红布条逐渐褪色；关闭B处的弹簧夹时，干燥的Cl2通入到浓硫酸中，干燥的Cl2无变化，C处的红布条看不到明显现象；综上所述，D瓶中盛放的溶液可能是，故选B。12AA脱脂棉燃烧需要具备两个条件，一是氧气助燃，二是达到着火点，该现象能够说明时放热反应且有氧气生成，A正确；BNa2O是由Na+与O2-构成，阳离子和阴离子个数比均为2：1；Na2O2是Na+与构成，阳离子和阴离子个数比也为2：1，B错误；CNa暴漏与空气中表面变暗，生成的白色的氧化钠，不能产生过氧化钠，C错误；D过氧化钠与水反应后生成氢氧化钠，因为是饱和烧碱溶液，所以温度不变溶液中NaCl饱和溶液的浓度仍然不变，则溶液中钠离子浓度不变，D错误；故合理选项是A。13(1)Ca(ClO)2(2)2Na+2H2O=2Na+2OH-+H2(3)6.02×1022(4)11.7(5)（1）漂白粉的主要成分为CaCl2和Ca(ClO)2，其有效成分为Ca(ClO)2；（2）钠与水反应生成NaOH和氢气，离子方程式为2Na+2H2O=2Na+2OH-+H2；（3）2.8g氮气的物质的量为=0.1mol，所含分子数为0.1NA，即6.02×1022个；（4）设溶液体积为1L，则其质量为1L×10-3×1.17g/mol=1170g，则溶质HCl的质量为1170g×36.5%，所以物质的量浓度为=11.7mol/L；（5）NaHSO4在水溶液中、熔融状态均可以导电，是电解质，由金属阳离子和酸根阴离子构成，属于盐，固体NaHSO4没有自由移动的离子，不能导电，故选。14     1mol/L     1mol/L     0.05mol     2g     0.25mol/L配制500mL一定物质的量浓度的NaOH溶液，氢氧化钠的物质的量，溶液的体积为500mL，所以溶液的物质的量浓度，溶液具有均一稳定性，浓度与体积无关，所以取出50 mL，它的物质的量浓度仍然为1mol/L，取出50mL溶液中所含NaOH的物质的量，其质量，溶液稀释前后溶液中所含溶质的物质的量不变，设稀释后溶液的浓度为c，则1mol/L×50mL=c×200mL，解得c=0.25mol/L。15(1)               (2)     KHSO4=K+H+SO     2NaHCO3Na2CO3+CO2+H2O     FeCl3+3H2O=Fe(OH)3(胶体)+3HCl(3)     11:7     11:14     mol/L     mol/L铜是金属单质，既不是电解质又不是非电解质；冰醋酸(纯醋酸晶体)的水溶液能导电，冰醋酸是电解质；熔融的KNO3能导电，KNO3是电解质；稀盐酸是氯化氢的水溶液，属于混合物，既不是电解质又不是非电解质；CO2自身不能电离，CO2是非电解质；KHSO4晶体的水溶液能导电，KHSO4是电解质；蔗糖自身不能电离，蔗糖是非电解质；Fe(OH)3胶体是混合物，既不是电解质又不是非电解质；液氯是单质，既不是电解质又不是非电解质；BaSO4溶于水的部分能完全电离，BaSO4固体是电解质。(1)根据以上分析，属于电解质的是冰醋酸(纯醋酸晶体)、熔融的KNO3、KHSO4晶体、BaSO4固体。属于非电解质的是CO2、蔗糖；既不是电解质也不是非电解质的是铜、稀盐酸、Fe(OH)3胶体、液氯；(2)KHSO4在水中电离出K+、H+、SO，电离方程式为KHSO4=K+H+SO；用加热法除去Na2CO3固体中的NaHCO3，NaHCO3加热分解为碳酸钠、二氧化碳、水，反应的化学方程式是2NaHCO3Na2CO3+CO2+H2O；在沸水中滴入饱和氯化铁溶液制备Fe(OH)3胶体，反应的化学方程式是FeCl3+3H2O=Fe(OH)3(胶体)+3HCl。(3)等质量的CO和CO2，设质量都是1g，则物质的量分别为、，物质的量之比为：=11:7；氧原子个数之比为：=11:14；V L Al2(SO4)3溶液中含Al3+ a mol，则n(Al2(SO4)3)=，该Al2(SO4)3溶液的物质的量浓度为mol/L，取出0.5V L再加入水稀释到4V L，溶液稀释8倍，稀释后Al2(SO4)3溶液的物质的量浓度为mol/L，则稀释后的溶液中SO的物质的量浓度为 mol/L。16(1)     CaCO3与BaCO3     盐酸(2)     2NaCl+2H2O2NaOH+H2+Cl2     湿润的淀粉碘化钾试纸     蓝色(3)0.01molL-1【解析】（1）碳酸根能与钙离子和钡离子反应，生成：CaCO3与BaCO3；沉淀过滤后，加入盐酸除去过量的碳酸根和氢氧根，加热蒸发除去过量的HCl；（2）电解饱和食盐水实验时，电解的总反应方程式为：2NaCl+2H2O2NaOH+H2+Cl2；阳极产物为氯气，能使湿润的淀粉碘化钾试纸变蓝，故用湿润的淀粉碘化钾试纸检验；阴极产物为氢气和氢氧化钠，阴极加入石蕊试液，溶液变蓝色；（3）根据电解总方程式， ，。17               根据物质的量的浓度的计算公式计算,并根据化学式分析离子之间和离子与物质之间的比例关系。，。18     0.5mol/L     286g/mol     10利用n=cV=计算。(1)生成二氧化碳的体积为112mL，物质的量为=0.005mol，根据化学方程式Na2CO3+2HCl=2NaCl+CO2+H2O，可知消耗HCl 0.01mol，所以盐酸的浓度为0.01mol÷0.02L=0.5mol/L。(2)根据碳原子守恒可知碳酸钠晶体的物质的量为0.005mol，所以碳酸钠晶体的摩尔质量为=286g/mol。(3)根据(2)中的分析可知106+18x=286，解得x=10。190.2mol/L1.165g硫酸钡的物质的量为1.165g÷233g/mol=0.005mol，由K2SO4+BaCl2BaSO4+2KCl可知n(K2SO4)=n(BaSO4)=0.005mol，则c(K2SO4)=0.005mol÷0.025L=0.2mol/L。20(1)     16     3(2)5：4(3)(4)     200     10.4%【解析】（1）设R的相对原子质量为y，解得y= 16，x=3；（2）假设SO2、SO3的质量都是m g，则n(SO2):n(SO3)=5:4，由于SO2、SO3分子中都含有1个S原子，所以SO2、SO3中所含的S原子个数比是5:4；（3）根据稀释定律可知，0.1mol·L-1的Al2(SO4)3溶液由a mL稀释至b mL，稀释后溶液中Al2(SO4)3的物质的量浓度为，所以SO的物质的量浓度是；（4）选用所贴标签为3.0mol·L-1的盐酸，根据元素守恒，则V=0.2L=200mL，需该盐酸为200mL；该盐酸密度为1.052g·mL-1，根据，则该盐酸溶质的质量分数是10.4%。21(1)2NaHCO3Na2CO3+H2O+CO2(2)     球形干燥管     2Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O2(3)除去未反应的CO2气体(4)O2A中反应为2NaHCO3Na2CO3+H2O+CO2，B中Na2O2和H2O、CO2反应生成O2，C中NaOH溶液除去未反应的CO2气体，D中收集生成的O2，据此解答。（1）A中发生反应的化学方程式为2NaHCO3Na2CO3+H2O+CO2。（2）盛装Na2O2仪器的名称为球形干燥管，B中Na2O2与CO2反应生成碳酸钠和氧气，反应的化学方程式为2Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O2。（3）根据分析，C中盛放NaOH溶液的作用为除去未反应的CO2气体。（4）根据分析，D中试管内收集到的气体是O2。22     24.8%     C     D          NI.（1）根据公式，可计算=24.8%；（2）在配制过程中，不会用到10mL的量筒，答案选C根据判断是否对配制溶液浓度有影响，如果n偏大或者V偏小，都会导致c偏高；A. 用长时间放置在空气中的NaClO固体配制，由于NaClO易吸收空气中的水和二氧化碳而变质，导致有效成分NaClO减少，配制的溶液中溶质的物质的量减小，则溶液的物质的量浓度偏小，故A错误；B. 配制前，容量瓶中有少量蒸馏水对溶液配制无影响，B错误；C. 配制过程中，未用蒸馏水洗涤烧杯和玻璃棒，导致溶质损失，配制溶液浓度偏小，C错误；D. 定容时俯视容量瓶刻度线，溶剂未加到刻度线，配制浓度偏高，故D正确；故答案选D；（3）由傅里叶红外光谱图（如图2所示）确定化合物X含硝酸根，再结合图一由钡离子参与，所以X为；既有被氧化又有被还原的元素，化合价既有升高，又有降低，故为N元素。