2019高中生物 第一章 遗传因子的发现章末评估检测 新人教版必修2.doc

1第第 1 1 章章 章末评估检测章末评估检测(时间：60 分钟 满分：100 分)一、选择题(本题共 20 小题，每小题 3 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1一对相对性状的亲本杂交子二代中( )A所有的统计结果都等于 31B统计的样本足够大时才符合 31C性状按 31 的比例出现D统计的样本越小越接近 31解析：孟德尔之后，科学家们在继续研究中发现，只有满足大样本即实验群体足够大，才能够实现孟德尔统计的比例关系，越小越偏离，越大越接近。答案：B2孟德尔在一对相对性状的豌豆杂交实验中做了三个实验，他发现问题阶段做的实验和验证假说阶段做的实验分别是( )A自交、杂交 测交 B测交、自交 杂交C杂交、自交 测交 D杂交、测交 自交解析：发现问题的阶段进行了杂交(得 F1)和自交(得 F2)实验，经过假设后，再通过测交实验进行验证。答案：C3孟德尔利用高茎和矮茎豌豆的杂交实验，发现了分离定律。下列与此有关的叙述，正确的是( )A由于豌豆是自花传粉植物，因此实验过程中免去了人工授粉的麻烦B雌雄配子的随机结合是 F2出现 31 性状分离比的条件之一C孟德尔提出的假说证明了分离定律真实可靠D 若让 F2中的高茎豌豆自交，理论上子代中矮茎植株约占 2/3解析：孟德尔利用高茎和矮茎豌豆的杂交实验过程中需要人工授粉；孟德尔测交实验验证了分离定律真实可靠；F2中的高茎豌豆自交，理论上子代中矮茎植株约占2/3×1/41/6。答案：B4a1、a2、a3和 a4为一个基因的 4 个不同等位基因，杂交组合 a1a2×a3a4的 F1中，两个个体基因型都为 a1a3的概率是( )A1/16 B1/82C1/4 D1/2解析：a1a2×a3a4的 F1中，一个个体为 a1a3的概率是 1/2×1/21/4，两个个体基因型都为 a1a3的概率是 1/4×1/41/16，A 正确。答案：A5下列曲线能正确表示杂合子(Aa)连续自交若干代，子代中显性纯合子所占的比例是( )A BC D解析：杂合子(Aa)连续自交n代，其后代杂合子占，即越来越少，而纯合子则越来1 2n越多，占 1，其中显性纯合子与隐性纯合子各占一半为 ，即自交代数越多，1 2n1 21 2n1显性纯合子所占比例越趋近于 。1 2答案：B6某同学做性状分离比模拟实验时，用两个小桶代表雌、雄生殖器官，桶内的小球分别代表雌、雄配子，用不同的小球的随机组合，模拟生物在生殖过程中，雌雄配子的随机结合。某同学进行了多次如图所示的四组实验，结果接近 31 的是( )A BC D3解析：用两个小桶代表雌、雄生殖器官，桶内的小球分别代表雌、雄配子，要出现31 的性状分离比，必须满足雌雄生殖器官中，D 的雌配子：d 的雌配子11，D 的雄配子：d 的雄配子11，雄配子可以多于雌配子，正确，D 正确。答案：D7对下列实例的判断中，正确的是( )A有耳垂的双亲生出了无耳垂的子女，因此无耳垂为隐性性状B杂合子的自交后代不会出现纯合子C高茎豌豆和矮茎豌豆杂交，子一代出现了高茎和矮茎，所以高茎是显性性状D杂合子的测交后代都是杂合子解析：有耳垂的双亲生出了无耳垂的子女，表明亲本性状为显性，无耳垂为隐性性状，故 A 正确；杂合子的自交后代会出现性状分离，其中有纯合子，故 B 错误；高茎豌豆和矮茎豌豆杂交，子一代出现了高茎和矮茎，无法判断高茎和矮茎的显隐关系，故 C 错误；杂合子的测交后代有纯合子和杂合子，故 D 错误。答案：A8已知绵羊角的性状表现与遗传因子组成的关系如下表，下列判断正确的是( )遗传因子组成 HH Hh hh公羊的性状表现有角 有角无角母羊的性状表现 有角 无角无角A.若双亲无角，则子代全部无角B若双亲有角，则子代全部有角C若双亲基因型为 Hh，则子代有角与无角的数量比可能为 11D绵羊角的性状遗传不遵循分离定律解析：绵羊角的性状遗传受一对等位基因的控制，遵循分离定律。无角双亲可能是 Hh的母羊和 hh 的公羊，其后代中 1/2 的遗传因子组成为 Hh，如果是公羊，则表现为有角；有角的双亲可能是 HH 的母羊和 Hh 的公羊，其后代中遗传因子组成为 Hh 的母羊表现为无角；若双亲遗传因子组成为 Hh，则子代 HH、Hh、hh 的比例为 121，HH 的表现有角，hh 的表现无角，Hh 的公羊有角，母羊无角，有角与无角的数量比可能为 11。答案：C9食指长于无名指为长食指，反之为短食指，该相对性状由常染色体上一对等位基因控制(TS表示短食指基因，TL表示长食指基因)。TS在男性为显性，TL在女性为显性。若一对夫妇均为短食指，所生孩子既有长食指又有短食指，则该夫妇再生一个孩子是长食指的概率为( )A1/4 B1/3C1/2 D3/44解析：根据这对夫妇的表现型可以确定男性的基因型为 TLTS或者 TSTS，女性的基因型一定为 TSTS，又根据其孩子中既有长食指又有短食指，可以确定该男性的基因型一定为TLTS(如果是 TSTS，则后代的基因型都为 TSTS，不论男孩还是女孩，都是短食指，与题干不符)。因此，后代的基因型为 TLTS或 TSTS，各占 1/2，TSTS不论男孩还是女孩都是短食指，TLTS只有是女孩时才是长食指，因此，该夫妇生一个孩子为长食指的概率为 × 。1 21 21 4答案：A10已知尿黑酸尿病是由一对遗传因子控制的遗传病，分析如图所示的遗传系谱，控制相关性状的遗传因子用 P、p 表示，则下列说法正确的是( )A3 是杂合子B3 的遗传因子组成一定是 PpC3 如果怀孕生育一个健康孩子的概率是 1/2D1 一定是纯合子解析：据遗传系谱图分析，3和4正常，后代出现患病的个体，可知该病为隐性遗传病。则3 是隐性纯合子；3不患病但有致病基因，其遗传因子组成一定是Pp；3 是患者，其遗传因子组成一定为 pp，但2 遗传因子组成未知，所以3 生健康孩子的概率不能确定；1 不患病，其遗传因子组成为 PP 或 Pp。答案：B11孟德尔的两对相对性状的遗传实验中，具有 1111 比例的是( )F1产生配子类型的比例 F2表现型的比例 F1测交后代类型的比例 F1表现型的比例 F2遗传因子组合的比例A B C D解析：孟德尔两对相对性状的遗传实验中，F1遗传因子组合为 YyRr，表现型只有一种，F1的配子为 YR、Yr、yR、yr，比例为 1111；F1测交后代的遗传因子组合为YyRr、Yyrr、yyRr、yyrr 四种，表现型也是四种，比例都是 1111。F2表现型有四种，比例为 9331；F2遗传因子组合有 9 种，比例为 422221111。答案：B12豌豆黄色(Y)对绿色(y)呈显性，圆粒(R)对皱粒(r)呈显性，这两对基因是自由组合的。甲豌豆(YyRr)与乙豌豆杂交，其后代中四种表现型比例为 3311。乙豌豆的基5因型是( )AyyRr BYyRR CyyRR DYyRr解析：后代中四种表现型比例“3311”可转化为“(31)(11)” ，由已知的一亲本基因型为 YyRr，则可判断乙豌豆的基因型为 yyRr 或 Yyrr，A 项符合题意。答案：A13基因型分别为 aaBbCCDd 和 AABbCCdd 的两种豌豆杂交，其子代中纯合子的比例为( )A1/4 B1/8 C1/16 D0解析：基因型分别为 aaBbCCDd 和 AABbCCdd 的两种豌豆杂交时，对每对基因讲，可按基因的分离定律计算纯合子比例，然后将每对基因出现纯合子的概率相乘，即可得出总的纯合子出现的比例。总的纯合子出现的比例为 0×1/2×1×1/20。答案：D14己知某植物开红花是由两个显性基因 A 和 B 共同决定的，否则开白花，两对等位基因独立遗传，则植株 AaBb 自交后代的表现型种类及比例是( )A4 种，9331 B4 种，1111C2 种，31 D2 种，97解析：由于 A 和 B 存在时才开红花，所以 AaBb 自交后代中ABAbbaaBaabb9331，所以表现型为 2 种，红花白花97。答案：D15番茄高蔓(H)对矮蔓(h)显性，红色果实(R)对黄色果实(r)显性，这两对基因独立遗传。纯合高蔓红果番茄和矮蔓黄果番茄杂交，F2中表现型与亲本不同且能稳定遗传的个体，其基因型及比例为( )AHHRR，1/16 BHhrr，1/8ChhRR，1/16 Dhhrr，1/8解析：HHRR 的表现型与亲本相同，A 错误；Hhrr 的表现型与亲本不同，但不能稳定遗传，B 错误；hhRR 的表现型与亲本不同，且能稳定遗传，其所占的比例为1/4×1/41/16，C 正确；hhrr 的表现型与亲本相同，且其所占比例为1/4×1/41/16，D 错误。答案：C16豌豆黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒(R)对皱粒(r)为显性，两个黄色圆粒豌豆品种进行杂交，得到 6 000 粒种子均为黄色，但有 1 500 粒为皱粒。两个杂交亲本的基因组合可能为( )AYYRR×YYRr BYyRr×YyRrCYyRR×YYRr DYYRr×YyRr解析：由题干信息可知，子代圆粒皱粒31，全为黄色，由此可推知两个杂交亲6本的基因组合为 YYRr×YYRr 或 YYRr×YyRr。答案：D17某种鼠中，毛的黄色基因 Y 对灰色基因 y 为显性，短尾基因 T 对长尾基因 t 为显性，且基因 Y 或 T 在纯合时都能使胚胎致死，这两对基因是自由组合的。现有两只黄色短尾鼠交配，它们所生后代的表现型比例为( )A9331 B4221C3311 D1111解析：由题意知亲本为 YyTt×YyTt，则所生后代的基因型YTYttyyTyytt4221。Y_T_中不能存活的为YYTT、YYTt、YyTT、yyTT、YYtt，能存活的只有 YyTt。Ytt 中能存活的为 Yytt，yyT中能存活的为 yyTt。答案：B18豌豆的红花对白花是显性，长花粉对圆花粉是显性。现有红花长花粉与白花圆花粉植株杂交，F1都是红花长花粉。若 F1自交获得 F2植株，其中白花圆花粉个体为 32 株，则 F2中杂合的红花圆花粉植株数是( )A96 B128 C32 D64解析：根据题意，F2中白花圆花粉(可设基因型为 aabb)个体为 32 株，占 F2中的1/16，而重组类型红花圆花粉植株应占 3/16，其中杂合的红花圆花粉植株应占 2/16，即32×264 株。答案：D19下列关于性状显隐性或纯合子与杂合子判断方法的叙述，错误的是( )A甲×乙只有甲甲为显性性状B甲×甲甲乙乙为隐性性状C甲×乙甲乙11甲为显性性状D花粉鉴定法：只有一种花粉纯合子；至少有两种花粉杂合子解析：甲×乙只有甲，这说明甲为显性性状，A 正确；甲×甲甲乙，出现性状分离现象，这说明乙为隐性性状，B 正确；甲×乙甲乙11，这属于测交，据此不能确定显隐性关系，C 错误；纯合子只能产生一种配子，花粉鉴定法：只有一种花粉纯合子；至少有两种花粉杂合子，D 正确。答案：C20某黄色卷尾鼠彼此杂交，得子代：黄色卷尾、黄色正常尾、鼠色卷尾、6 122 123 12鼠色正常尾。导致出现上述遗传现象的主要原因是( )1 12A卷尾性状由显性基因控制7B鼠色性状由隐性基因控制C不遵循基因的自由组合定律D控制黄色性状的基因纯合致死解析：单纯考虑尾的性状，后代卷尾正常尾31，可见控制尾的性状的一对等位基因按分离定律遗传，卷尾性状由显性基因控制；单纯考虑体色这对相对性状，后代黄色鼠色21，可见鼠色性状由隐性基因控制，黄色性状由显性基因控制，且控制黄色性状的基因纯合致死。两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律。答案：D二、非选择题(共 40 分)21(10 分，每空 2 分)某学生在学校调查了人的拇指能否向背侧弯曲的遗传情况，他们以年级为单位，对各班级的统计进行汇总和整理，见下表：亲代类型子代类型第一组：双亲均为拇指能向背侧弯曲第二组：双亲中只有一个为拇指能向背侧弯曲第三组：双亲全为拇指不能向背侧弯曲拇指能向背侧弯曲4804800拇指不能向背侧弯曲288448全部子代均为拇指不能向背侧弯曲请根据表中数据，回答下列问题：(1)根据表中第_组婚姻状况调查，就能判断属于显性性状的是_。(2)设控制显性性状的遗传因子为 A，控制隐性性状的遗传因子为 a，请写出在实际调查中，第二组双亲中可能有的婚配组合的遗传因子组成_。(3)若第一组的一个同学是拇指不能向背侧变曲，请推测他的一个哥哥拇指能向背侧弯曲的概率是_。根据表中的遗传情况分析，拇指能向背侧弯曲和拇指不能向背侧弯曲的遗传符合分离定律，但从第一组的数据看，子代性状没有呈典型的孟德尔分离比(31)，其原因是_。解析：(1)根据表中第一组，双亲均为拇指能向背侧弯曲，而子代中出现拇指不能向背侧弯曲个体，即发生性状分离，说明拇指能向背侧弯曲为显性性状。(2)由于第二组的双亲中只有一个拇指能向背侧弯曲，所以第二组双亲中可能有的婚配组合的遗传因子组成为 AA×aa 和 Aa×aa。(3)若第一组的一个同学是拇指不能向背侧变曲，其遗传因子组成为 aa，而其双亲均为拇指能向背侧弯曲，则遗传因子组成都为 Aa，所以他的一个哥哥拇指能向背侧弯曲的概8率是 3/4。由于只有 Aa×Aa 的后代才会出现 31 的性状分离比，而第一组的双亲遗传因子组成可能为 AA 或 Aa，所以从第一组的数据看，子代性状没有呈典型的孟德尔分离比(31)。答案：(1)一 拇指能向背侧弯曲 (2)AA×aa、Aa×aa (3)3/4 Aa×Aa 的后代才会出现 31 的性状分离比，而第一组的双亲遗传因子组成可能为 AA 或 Aa22(7 分，每空 1 分)在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中，存在的毛色表现型与基因型的关系如下表(注：AA 纯合胚胎致死)。请分析回答相关问题：表现型黄色灰色黑色基因型Aa1Aa2a1a1a1a2a2a2(1)若亲本基因型为 Aa1×Aa2，则其子代的表现型可能为_。(2)两只鼠杂交， 后代出现三种表现型。则该对亲本的基因型是_，它们再生一只黑色雄鼠的概率是_。(3)现有一只黄色雄鼠和多只其他各色的雌鼠，如何利用杂交方法检测出该雄鼠的基因型？实验思路：选用该黄色雄鼠与多只_色雌鼠杂交。_。结果预测：如果后代出现黄色和灰色，则该黄色雄鼠的基因型为_。如果后代出现_，则该黄色雄鼠的基因型为 Aa2。解析：(1)Aa1×Aa2，后代基因型为 AA、Aa1、Aa2、a1a2，AA 死亡，子代的表现型为黄色和灰色。(2)两只鼠杂交，后代出现三种表现型，亲本的基因型为 Aa2和 a1a2，它们生黑色雄鼠的概率为(1/2)×(1/4)1/8。(3)要通过杂交后方法检测出黄色雄鼠的基因型，可将该黄色雄鼠与多只黑色雌鼠杂交并观察后代毛色，如果后代出现黄色和灰色，则该黄色雄鼠的基因型为 Aa1；如果后代出现黄色和黑色，则该黄色雄鼠的基因型为 Aa2。答案：(1)黄色、灰色(2)Aa2、a1a2 1/8(3)实验思路：黑 观察后代的毛色结果预测：Aa1 黄色和黑色23(12 分，每空 2 分)已知柿子椒果实圆锥形(A)对灯笼形(a)为显性，红色(B)对黄色(b)为显性，辣味(C)对甜味(c)为显性，假定这三对基因自由组合，现有以下 4 个纯合亲本。亲本果形果色果味9甲灯笼形红色辣味乙灯笼形黄色辣味丙圆锥形红色甜味丁圆锥形黄色甜味请回答下列问题：(1)利用以上亲本进行杂交，F2能出现灯笼形、黄色、甜味果实的植株的亲本组合有_。(2)上述亲本组合中，F2出现灯笼形、黄色、甜味果实的植株比例最高的亲本组合是_，其基因型为_。这种亲本组合杂交，F1的基因型和表现型分别是_，其 F2的全部表现型有_，灯笼形、黄色、甜味果实的植株在该 F2中出现的比例是_。解析：(1)由题意知，四个亲本中甲的基因型为 aaBBCC，乙的基因型为 aabbCC，丙的基因型为 AABBcc，丁的基因型为 AAbbcc。若要使 F2出现灯笼形、黄色、甜味(aabbcc)的个体，F1必须同时具有 a、b、c 基因，则亲本组合为甲与丁、乙与丙、乙与丁。(2)甲与丁杂交得到的 F1基因型为 AaBbCc，F1自交得到的 F2中 aabbcc 的概率为1/4×1/4×1/41/64；乙与丙杂交得到的 F1基因型为 AaBbCc，F1自交得到的 F2中 aabbcc的概率为 1/64；乙与丁杂交得到的 F1基因型为 AabbCc，F1自交得到的 F2中 aabbcc 的概率为 1/4×1×1/41/16。所以 F2出现灯笼形、黄色、甜味果实比例最高的亲本组合是乙与丁，即 aabbCC×AAbbcc，F1为 AabbCc，表现为圆锥形黄色辣味果实，F2中会出现A_bbC_(圆锥形黄色辣味)、A_bbcc(圆锥形黄色甜味)、aabbC_(灯笼形黄色辣味)、aabbcc(灯笼形黄色甜味)，其中灯笼形、黄色、甜味果实的植株在该 F2中占1/4×1/41/16。答案：(1)甲与丁、乙与丙、乙与丁 (2)乙与丁 aabbCC 与 AAbbcc AabbCc，圆锥形黄色辣味 圆锥形黄色辣味、圆锥形黄色甜味、灯笼形黄色辣味、灯笼形黄色甜味 1/1624(11 分，除标注外，每空 1 分)用黄色圆粒豌豆(YYRR)和绿色皱粒豌豆(yyrr)作亲本，杂交得到 F1，F1自交得到 F2。某研究性学习小组的同学从 F2中选取了一粒黄色圆粒豌豆甲，欲鉴定其基因型。请完善下列实验方案并回答问题：(1)选取多株表现型为_的豌豆乙与甲一起播种，进行杂交实验。实验时，应选用的母本、父本分别是_，原因是_(2 分)；在母本的花成熟前，应先采取_处理，待花成熟时再进行_。(2)请预测该实验可能得到的实验结果并得出相应的结论：10预测结果相应结论_甲的基因型为 YyRr后代只出现黄色圆粒、黄色皱粒两种表现型_甲的基因型为 YyRR_解析：根据题干信息，应采用测交法鉴定 F2中一粒黄色圆粒豌豆甲(YR)的基因型，让隐性纯合子(yyrr)乙与甲杂交，为防止偶然性，选用乙作母本，甲作父本。该黄色圆粒豌豆的基因型不确定，可将黄色圆粒豌豆的所有基因型写出，分别与隐性纯合子杂交，根据理论上所得表现型，来预测实验结果，从而得出相应结论。答案：(1)绿色皱粒 乙、甲 多株乙接受甲的花粉，可以产生大量的种子，从而保证了该实验可获得大量的数据进行统计分析，避免了实验过程中的偶然性 去雄和套袋 人工授粉(2)后代出现黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒四种表现型甲的基因型为 YYRr后代只出现黄色圆粒、绿色圆粒两种表现型后代只出现黄色圆粒一种表现型甲的基因型为 YYRR