2022-2023学年安徽省安庆市桐城中学高三(最后冲刺)物理试卷含解析.pdf

2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用 2B 铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一充电后的平行板电容器与外电路断开保持两极板的正对面积不变，其电容 C 和两极板间的电势差 U 的变化情况是（）A仅在两极板间插入一电介质，C 减小，U 不变 B仅在两极板间插入一电介质，C 增大，U 减小 C仅增大两极板间距离，C 减小，U 不变 D仅增大两极板间距离，C 增大，U 减小 2、一根重为 G 的金属棒中通以恒定电流，平放在倾角为 30光滑斜面上，如图所示为截面图。当匀强磁场的方向垂直斜面向上时，金属棒处于静止状态，此时金属棒对斜面的压力为 FN1，安培力大小为 F1，保持磁感应强度的大小不变，将磁场的方向改为竖直向上时，适当调整电流大小，使金属棒再次处于平衡状态，此时金属棒对斜面的压力为 FN2，安培力大小为 F2。下列说法正确的是（）A金属棒中的电流方向垂直纸面向外 B金属棒受到的安培力之比1232FF C调整后电流强度应比原来适当减小 DN1N243FF 3、火箭向后喷气后自身获得向前的速度。某一火箭在喷气前的质量为30kg，间断性完成了多次向后喷气，每秒钟可完成 5 次喷气。设每一次喷气均喷出200g气体，气体喷出后的速度为100m/s，则第三次喷气后火箭的速度为（题中涉及各速度均以地面为参考系）（）A1000m/s B200m/s C20m/s D2m/s 4、如图所示，在圆形空间区域内存在关于直径 ab 对称、方向相反的两个匀强磁场，两磁场的磁感应强度大小相等，一金属导线制成的圆环刚好与磁场边界重合，下列说法中正确的是 A若使圆环向右平动，感应电流先沿逆时针方向后沿顺时针方向 B若使圆环竖直向上平动，感应电流始终沿逆时针方向 C若圆环以 ab 为轴转动，a 点的电势高于 b 点的电势 D若圆环以 ab 为轴转动，b 点的电势高于 a 点的电势 5、静电场在 x 轴上的场强 E 随 x 的变化关系如图所示，x 轴正方向为场强正方向，带正电的点电荷沿 x 轴运动，则点电荷（）A在 x2和 x4处电势能相等 B由 x1运动到 x3的过程中电势能增大 C由 x1运动到 x4的过程中电势能先减小后增大 D由 x1运动到 x4的过程中电场力先减小后增大 6、在两个边长为L的正方形区域内（包括四周的边界）有大小相等、方向相反的匀强磁场，磁感应强度大小为B。一个质量为m，带电量为q的粒子从F点沿着FE的方向射入磁场，恰好从C点射出。则该粒子速度大小为（）A2BqLm BBqLm C54BqLm D52BqLm 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、对于物质固体、液体、气体的认识，下列说法正确的是（）A液晶具有晶体的光学各向异性 B绝对湿度的单位是 Pa，相对湿度没有单位 C液体表面张力的方向与液面垂直并指向液体内部 D单晶体和多晶体的物理性质是各向异性的，非晶体是各向同性的 E.液体的饱和汽压与温度有关，温度越高饱和汽压越大，但饱和汽压与饱和汽的体积无关 8、如图所示，在匀强磁场中有一矩形MNQP，场强方向平行于该矩形平面。已知3mQP，3m2MP。各点的电势分别为01.5V3VPMQ，。电子电荷量的大小为e。则下列表述正确的是（）A电场强度的大小为2 3V/m BN点的电势为4.5V C电子在M点的电势能比在P点低1.5eV D电子从M点运动到Q点，电场力做功为1.5eV 9、一带正电的粒子仅在电场力作用下从A点经BC、运动到D点，其v t图象如图所示。分析图象后，下列说法正确的是（）AA处的电场强度一定小于B处的电场强度 B粒子在A处的电势能一定大于在B处的电势能 CCD间各点电场强度和电势都为零 DAB两点间的电势差等于CB两点间的电势差 10、分子力 F、分子势能 EP与分子间距离 r 的关系图线如甲乙两条曲线所示(取无穷远处分子势能 EP=0).下列说法正确的是 A乙图线为分子势能与分子间距离的关系图线 B当 r=r0时,分子势能为零 C随着分子间距离的增大,分子力先减小后一直增大 D分子间的斥力和引力大小都随分子间距离的增大而减小,但斥力减小得更快 E.在 rr0阶段,分子力减小时,分子势能也一定减小 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）现有一电池,电动势 E 约为 5V,内阻 r 约为 50,允许通过的最大电流为 50mA为测定该电池的电动势和内阻,某同学利用如图甲所示的电路进行实验图中 R 为电阻箱,阻值范围为 0999.9,R为定值电阻 V 为理想电压表 （1）可供选用的 R有以下几种规格,本实验应选用的 R的规格为_(填选项序号字母)A15 1.0W B50 0.01W C60 1.0W D1500 6.0W（2）按照图甲所示的电路图,在答题卡上将图乙所示的实物连接成实验电路_（3）连接好电路,闭合开关 S,调节电阻箱的阻值,记录阻值 R 和相应的电压表示数 U,测得多组实验数据,并作出如图丙所示的 1/U-1/R 关系图像,则电动势 E=_V,内阻 r=_(结果均保留两位有效数字)12（12 分）用如图所示的实验装置研究平抛运动某同学按如下的操作得到了一组数据：将碰撞传感器水平放置，在轨道多个位置静止释放小球 将碰撞传感器竖直放置在离抛出点一定距离处（图中虚线位置），在轨道多个位置静止释放小球，小球都击中碰撞传感器 1 2 3 4 5 6 初速度 v0（m/s）1.024 1.201 1.176 1.153 0.942 1.060 飞行时间 t（s）0.246 0.249 0.248 0.173 0.212 0.189 (1)本实验除了碰撞传感器外，还需用到的传感器是_(2)根据表格可知，碰撞传感器水平放置时，距离小球抛出点的高度约_m；碰撞传感器竖直放置时，距离小球抛出点的水平距离约_m 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，质量为 1kg 的长木板 A 放在光滑的水平面上，质量为 0.5kg 的物块 B 放在长木板上表面的右端，现对长木板施加大小为 6 N 的水平恒力 F，使长木板 A 和物块 B 一起由静止开始向左做加速运动，物块 B 相对于长木板 A 恰好不滑动，重力加速度为 g=10 m/s2，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：(1)物块 B 与长木板 A 间的动摩擦因数；(2)若 F 作用 2s 时，立即将 F 水平反向，大小增大为原来的 2 倍，结果当物块 B 的速度为零时，刚好从木板的左端滑离，求长木板的长度。14（16 分）如图所示，AOB为折射率3n 的扇形玻璃砖截面，一束单色光照射到AO面上的C点，在C点折射后的光线平行于OB。已知C点是AO的中点，D点是BO延长线上一点，60AOD。求入射光在C点的入射角；通过计算判断光射到AB弧能否从AB弧射出。15（12 分）如图，滑块 A 和木板 B 的质量分别为 mA=1kg、mB=4kg，木板 B 静止在水平地面上，滑块 A 位于木板 B的右端，A、B 间的动摩擦因数 1=0.5，木板与地面间的动摩擦因数 2=0.1.长 L=0.9m 的轻绳下端悬挂物块 C，质量mC=1kg，轻绳偏离竖直方向的角度=60。现由静止释放物块 C，C 运动至最低点时恰与 A 发生弹性正碰，A、C 碰撞的同时木板 B 获得 3m/s、方向水平向右的速度，碰后立即撤去物块 C，滑块 A 始终未从木板 B 上滑下。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度 g=10m/s2.不计空气阻力，A 和 C 可视为质点，求：(1)C 与 A 碰撞前瞬间轻绳的拉力；(2)木板的最小长度；(3)整个运动过程中滑动摩擦力对滑块 A 做的功及 A、B 间因摩擦产生的热量。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】AB根据4SCkd可知，仅在两极板间插入一电介质，C 变大，根据QCU可知，Q 一定，则 U 减小，选项 A 错误，B 正确；CD仅增大两极板间距离，根据4SCkd可知 C 减小，根据QCU可知，Q 一定，U 变大，选项 CD 错误；故选 B。2、B【解析】A根据题意可知，当匀强磁场的方向垂直斜面向上时，金属棒受到的安培力沿着斜面向上，根据左手定则可知，金属棒中的电流方向垂直纸面向里，故 A 错误；BD当匀强磁场的方向垂直斜面向上时，金属棒受到的力如图所示 根据平衡条件可知 1sin302GFG N13cos302GFG 当磁场的方向改为竖直向上时，金属棒受力如图所示，根据三角形定则有 23tan303GFG N22 3cos303GGF 所以有 1232FF，N1N234FF 故 B 正确，D 错误；C根据以上分析可知F1F2，所以 I1I2，故 C 错误。故选 B。3、D【解析】取喷气前的火箭整体为研究对象，喷气过程动量守恒。设每次喷出气体的速度为 v，三次喷气后火箭的速度为v，由动量守恒定律得(3)3Mm vmv 解得 2m/sv 故 ABC 错误，D 正确。故选 D。4、A【解析】若圆环向右平动，由楞次定律知感应电流先沿逆时针方向后沿顺时针方向，A 正确；若圆环竖直向上平动，由于穿过圆环的磁通量未发生变化，所以圆环中无感应电流产生，B 错误；若圆环以 ab 为轴转动，在 090内，由右手定则知b 点的电势高于 a 点的电势，在 90180内，由右手定则知 a 点的电势高于 b 点的电势，以后 a、b 两点电势按此规律周期性变化，CD 错误故选 A.5、B【解析】首先明确图像的物理意义，结合电场的分布特点沿电场线方向电势差逐点降低，综合分析判断。【详解】Ax2x4处场强方向沿 x 轴负方向，则从 x2到 x4处逆着电场线方向，电势升高，则正电荷在 x4处电势能较大，A 不符合题意；Bx1x3处场强为 x 轴负方向，则从 x1到 x3处逆着电场线方向移动，电势升高，正电荷在 x3处电势能较大，B 符合题意；C由 x1运动到 x4的过程中，逆着电场线方向，电势升高，正电荷的电势能增大，C 不符合题意；D由 x1运动到 x4的过程中，电场强度的绝对值先增大后减小，故由 F=qE 知电场力先增大后减小，D 不符合题意 故选 B。6、C【解析】由题意分析可知粒子从 BE 中点 G 飞出左边磁场，作 FG 的垂直平分线交 FA 的延长线于点 O，点 O 为圆心，如图所示 根据几何知识，有 22542LFGLL FEG与FNO相似，则有 55:422LL rL 解得 54rL 又因为 2vqvBmr 解得 54BqLvm 故 C 正确，ABD 错误。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ABE【解析】A.液晶既有液体的流动性，又有光学的各向异性，故 A 正确；B.绝对湿度指大气中水蒸汽的实际压强，空气的绝对湿度用空气中所含水蒸汽的压强表示，单位是 Pa；而空气的相对湿度是空气中水蒸气的绝对湿度与同温度水的饱和汽压的比值，所以空气的相对湿度没有单位，故 B 正确；C.液体表面张力产生在液体表面层，它的方向与液体表面相切而使得表面有收缩的趋势，同时跟液面分界线垂直，故C 错误；D.单晶体物理性质是各向异性的，非晶体和多晶体是各向同性的；故 D 错误；E.饱和汽压是物质的一个重要性质，它的大小取决于物质的本性和温度，而与体积无关；一定温度下饱和汽压的分子数密度是一定值，温度越高饱和汽压越大，故 E 正确。故选 ABE.8、BC【解析】A如图所示 在PM延长线上取0MBPM。则电势 23VBMP 则QB、连线在等势面上。由几何关系得 221sin2QPQPPB 则 30 则 322PEAPm 电场强度的大小为 2V/mQPUEAP 故 A 错误；B电场中的电势差有 MNPQ 则 4.5VN 故 B 正确；C因为 1.5VMP 则电子在M点的电势能比P点低1.5eV，故 C 正确；D因为 1.5VMQ 则电子由M点运动到Q点时电势能减小1.5eV，则电场力做功为1.5eV，故 D 错误。故选 BC。9、BD【解析】A由运动的速度-时间图象可看出，带正电的粒子的加速度在 A 点时较大，由牛顿第二定律得知在 A 点的电场力大，故 A 点的电场强度一定大于 B 点的电场强度，故 A 错误；B由 A 到 B 的过程中，速度越来越大，说明是电场力做正功，电势能转化为动能，由功能关系可知，此过程中电势能减少，所以 A 点的电势能高于 B 点的电势能，故 B 正确。C从 C 到 D，粒子速度一直不变，故电场力做功为零，可知 CD 间各点电场强度为零，但电势不一定为零，故 C 错误；DA、C 两点的速度相等，故粒子的动能相同，因此从 A 到 B 和从 B 到 C 电场力做功的绝对值相同，AB 两点间的电势差等于 CB 两点间的电势差，故 D 正确。故选 BD。10、ADE【解析】A、B 项：在 rr0时，分子势能最小，但不为零，此时分子力为零，故 A 项正确，B 项错误；C 项：分子间作用力随分子间距离增大先减小，然后反向增大，最后又一直减小，C 项错误；D 项：分子间的引力和斥力都随分子间距离的增大而减小，随分子间距离的减小而增大，但斥力比引力变化得快，D项正确；E 项：当 rr0时，分子力表现为斥力，当分子力减小时，分子间距离增大，分子力做正功，分子势能减少，E 项正确。故选：ADE。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C 5.0 53 【解析】（1）定值电阻起保护作用，电动势为 5V，允许通过的电流为：50mA；由欧姆定律可得：51000.05R；需要的保护电阻约为：100-50=50；故电阻数值上 BC 均可以，但由于 B 中额定功率太小，所以额定电流过小，故应选择 C（60，1.0W）；（2）根据原理图图，连接实物图如图所示：（3）由闭合电路欧姆定律得0EURRRr，可整理为0111rRUERE，根据图象可知10.20E，解得 E=5.0V；00.560.2022.50.016rRkE，解得5 22.56052.553r 【点睛】题考查测量电动势和内电阻的实验，注意只用电压表和变阻箱测电动势和内电阻的方法叫“伏欧法”，若用图象解时，基本思路是：用学过的物理定律列出表达式，再结合数学整理表达出有关一次函数式ykxb的形式，再求出 k 和 b即可 12、光电门 0.3 0.2 【解析】(1)1根据图，并结合实验的原理可知，除了碰撞传感器外，还需用到光电门传感器；(2)23由表格数据可知，前 3 个，时间基本相等；而后 3 个，初速度与时间的乘积是基本相等的；时间基本相等的，碰撞传感器水平放置，根据自由落体运动位移公式，那么距离小球抛出点的高度 221110 0.25 m0.3m22hgt 初速度与时间的乘积是基本相等的，碰撞传感器竖直放置，那么距离小球抛出点的水平距离 01.153 0.173m0.2mxv t 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.4 （2）12m【解析】(1)设在 F 作用下，A、B 一起运动的加速度大小为 a1，根据牛顿第二定律有 1()FMm a 对物块 B 研究有：1mgma 解得：=0.4(2)A、B 一起加速的加速度大小为 a1=4m/s2，F 作用 2s 时，AB 一起运动的速度大小 v=a1t1=8m/s 将 F 水平反向，设 A 做减速运动的加速度大小为 a2，根据牛顿第二定律有：22FmgMa 设 B 做减速运动的加速度大小为 a3 234m/smgagm 当 B 速度减为零时的运动时间：32svta 2s 内 A 运动的距离：21214m2xvta t B 运动的距离：2238m2vxa 由此知木板的长度为 12m。14、60；光射到 AB 弧能从 AB 弧射出。【解析】光在介质中传播的光路图如图所示：设入射光在 C 点的入射角为 i，折射角为 r，由于在 C 点折射后的光线平行于 OB，所以OCP=AOD=60，r=30，根据折射定律有：sinsininr 代入数据解得：i=60；在 C 点折射后的光线射到 AB 弧上 P 点，连接 O、P，OP 是法线，过 O 点做 CP 的垂线交 CP 于 Q，则折射光线在AB 弧的入射角为 i1，玻璃砖临界角为 C，扇形半径为 L，则：1sinCn，根据几何知识有COQ=30，LOQLOCcosCOQ=34L 根据1sinOQOPLiL 可得：133sinsin43iC，则：i1C，所以光射到 AB 弧能从 AB 弧射出。15、(1)20N；(2)2.4m；(3)-4J，12J。【解析】(1)C 下摆过程机械能守恒，由机械能守恒定律得 211 cos602CCCm gvLm（）A、C 碰撞前，对 C，由牛顿第二定律得 2CCCTm gmvL 代入数据解得 T=20N(2)A、C 发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得 mCvC=mCvC+mAvA 由机械能守恒定律得 222111 222CCCCAAvm vmm v 由牛顿第二定律对A：1mAg=mAaA 对 B 1mAg+2（mA+mB）g=mBaB A、B 共速前 B 一直向右做匀减速直线运动，A 先向左匀减速，再向右匀加速，共速后二者不再发生相对滑动，以向右为正方向；对 A 212AAAxv ta t v=-vA+aAt 对 B 212BBBxv ta t v=vB-aBt 木板最小长度为 L=xB-xA 代入数据解得 L=2.4m(3)滑动摩擦力对 A 做功 Wf=-1mAxA 代入数据解得 Wf=-4J A、B 间因滑动摩擦产生的热量为 Q=1mAgx相对=1mAgL 代入数据解得 Q=12J