2023届甘肃省武威市第二中学高考物理倒计时模拟卷含解析.pdf

2023 年高考物理模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一个人静止在地面上，当60时，人能拉起重物的最大重力为人重力的 0.2 倍，已知地面对人的最大静摩擦力等于滑动摩擦力（忽略定滑轮的摩擦力），则当30时，人静止时能拉起重物的最大重力约为人重力的（）A0.3 倍 B0.6 倍 C0.8 倍 D1.61 倍 2、物理学重视逻辑，崇尚理性，其理论总是建立在对事实观察的基础上。下列说法正确的是 A贝克勒尔发现天然放射现象，其中射线来自原子最外层的电子 B密立根油滴实验表明核外电子的轨道是不连续的 C卢瑟福的 a 粒子散射实验发现电荷量子化的 D汤姆逊发现电子使人们认识到原子内部是有结构的 3、在一斜面顶端，将甲乙两个小球分别以v和4v的速度沿同一方向水平抛出，两球都落在该斜面上。甲球落至斜面时的速率是乙球落至斜面时速率的（）A2 倍 B4 倍 C6 倍 D8 倍 4、如图，固定的粗糙斜面体上，一质量为m的物块与一轻弹簧的一端连接，弹簧与斜面平行，物块静止，弹簧处于原长状态，自由端位于O点。现用力F拉弹簧，拉力逐渐增加，使物块沿斜面向上滑动，当自由端向上移动L时。则（）A物块重力势能增加量一定为sinmgL B弹簧弹力与摩擦力对物块做功的代数和等于木块动能的增加量 C弹簧弹力、物块重力及摩擦力对物块做功的代数和等于物块机械能的增加量 D拉力F与摩擦力做功的代数和等于弹簧和物块的机械能增加量 5、2016 年 8 月 16 日，我国成功发射世界首颗量子科学实验卫星“墨子号”，该卫星的发射将使我国在国际上率先实现高速星地量子通信，初步构建量子通信网络。“墨子号”卫星的质量为 m(约 640kg)，运行在高度为 h(约 500km)的极地轨道上，假定该卫星的轨道是圆，地球表面的重力加速度为 g，地球半径为 R。则关于运行在轨道上的该卫星，下列说法中正确的是（）A运行的速度大小为gR B运行的向心加速度大小为 g C运行的周期为2Rhg D运行的动能为22()mgRRh 6、在光滑水平地面上放有一个表面光滑的静止的圆弧形小车，另有一质量与小车相等可视为质点的铁块，以速度v从小车的右端向左滑上小车，如图所示，铁块上滑至圆弧面的某一高度后返回，不计空气阻力，则铁块返回到小车的右端以后，相对于地面，将做的运动是（）A又以速度v沿小车向左滑动 B以与v大小相等的速度从小车右端平抛出去 C以比v小的速度从车右端平抛出去 D自由落体运动 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、L1、L2两水平线间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁场高度为 h，竖直平面内有质量为 m，电阻为 R 的梯形线框，上、下底水平且底边之比 5:1，梯形高 2h。该线框从如图位置由静止下落，已知 AB 刚进入磁场时和 AB 刚穿出磁场时的重力等于安培力，在整个运动过程中，说法正确的是（）AAB 边是匀速直线穿过磁场 BAB 边刚穿出到 CD 边刚要进入磁场，是匀速直线运动 CAB 边刚穿出到 CD 边刚要进入磁场，此过程的电动势为122mgRgh DAB 边刚进入和 AB 边刚穿出的速度之比为 4:1 8、如图所示，在边界 MN 右侧是范围足够大的匀强磁场区域，一个正三角形闭合导线框 ABC 从左侧匀速进入磁场，以 C 点到达磁场左边界的时刻为计时起点（t=0），已知边界 MN 与 AB 边平行，线框受沿轴线 DC 方向外力的作用，导线框匀速运动到完全进入磁场过程中，能正确反映线框中电流 i、外力 F 大小与时间 t 关系的图线是（）A B C D 9、对于热运动和热现象，下列说法正确的是（）A玻璃裂口放在火上烧熔，其尖端变圆的原因是表面张力的作用 B云母片导热性能各向异性，是由于该物质的微粒在空间按一定的规则排列 C未饱和汽在降低温度时也不会变成饱和汽 D物体放出热量，其分子平均动能可能增大 E.气体压强达到饱和汽压时，蒸发和液化都停止了 10、如图所示，质量相等的两物体 a、b，用不可伸长的轻绳跨接在光滑轻质定滑轮两侧，用外力压住 b，使 b 静止在水平粗糙桌面上，a 悬挂于空中。撤去压力，b 在桌面上运动，a 下落，在此过程中（）A重力对 b 的冲量为零 Ba 增加的动量大小小于 b 增加的动量大小 Ca 机械能的减少量大于 b 机械能的增加量 Da 重力势能的减少量等于 a、b 两物体总动能的增加量 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）如图所示是研究电源电动势和电路内、外电压关系的实验装置。电池的两极 A、B 与电压表 V2相连，位于两个电极内侧的探针 a、b 与电压表 V1相连，R 是滑动变阻器，电流表 A 测量通过滑动变阻器的电流，置于电池内的挡板向上移动可以使内阻减小。当电阻 R 的滑臂向左移动时，电压表 V2的示数_（选填“变大”、“变小”或“不变”）。若保持滑动变阻器 R 的阻值不变，将挡板向上移动，则电压表 V1的示数变化量 U1与电流表示数变化量 I 的比值_。（选填“变大”、“变小”或“不变”）12（12 分）(1)在“测定金属丝的电阻率”实验中，先用螺旋测微器测出金属丝的直径，测量示数如图甲所示，则金属丝的直径 d=_mm。(2)在测定电源电动势和内阻的实验中，实验室仅提供下列实验器材：A干电池两节，每节电动势约为 1.5V，内阻约几欧姆 B直流电压表 V1、V2，量程均为 03V，内阻约为 3k C电流表，量程 0.6A，内阻小于 1 D定值电阻 R3，阻值为 5 E.滑动变阻器 R，最大阻值 50 F.导线和开关若干 如图乙所示的电路是实验室测定电源的电动势和内阻的电路图，按该电路图组装实验器材进行实验，测得多组 U2、数据，并画出 U2-图像，求出电动势和内电阻。电动势和内阻的测量值均偏小，产生该误差的原因是_，这种误差属于_（填“系统误差”或“偶然误差”）。实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表 V1和 V2的多组数据 U1、U2，描绘出 U1一 U2图像如图丙所示，图线斜率为 k，与横轴的截距为 a，则电源的电动势 E=_，内阻 r=_（用 k、a、R0表示）。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）人们对手机的依赖性越来越强，有些人喜欢躺着玩手机。若手机的质量为 150g，从离人脸约 20cm 的高度无初速度掉落，砸到人脸后手机未反弹，人脸受到手机的冲击时间约为 0.1s，重力加速度 g=10m/s2，试求手机对人脸的平均冲力大小。14（16 分）如图，绝热气缸 A 与导热气缸 B 均固定于地面，由刚性杆连接的绝热活塞与两气缸间均无摩擦两气缸内装有处于平衡状态的理想气体，开始时体积均为0V、温度均为0T缓慢加热 A 中气体，停止加热达到稳定后，A中气体压强为原来的 1.2 倍设环境温度始终保持不变，求气缸 A 中气体的体积AV和温度AT 15（12 分）如图，某种透明材料做成的三棱镜 ABC，其截面为等腰直角三角形，已知 BC 的边长为 a，现用一束宽度为 a 的单色平行光束，以垂直于 BC 面的方向正好入射到该三棱镜的 AB、AC 面上，结果所有从 AB、AC 面入射的光线进入后全部直接到达 BC 面。某同学用遮光板挡住 AC，发现光从 BD 间射出(D 未在 BC 边标出)，已知该材料对此平行光束的折射率2n。求：单色平行光束到达 BC 边的范围 BD 的长度；拿掉遮光板这些直接到达 BC 面的光线从 BC 面折射而出后，如果照射到一块平行于 BC 的屏上形成光斑，则当屏到BC 面的距离 d 满足什么条件时，此光斑分不成两部分？(结果可以保留根式)可能用到的三角函数公式：sin()sincoscossin；sin()sincoscossin；cos()coscossinsin cos()coscossinsin）参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】设人与地面间的动摩擦因数为，当60时 0.2sin60(0.2cos60)GGG 当30时 sin30(cos30)kGGkG 求得0.3k，选项 A 正确，BCD 错误。故选 A。2、D【解析】贝克勒尔发现天然放射现象，其中射线来自于原子核内的质子转化为中子和电子中得电子，而不是原子核外的电子，A 错 波尔的氢原子模型说明原子核外的电子的轨道是不连续的，B 错；密立根油滴实验首次发现了电荷量子化，C 错误；电子的发现让人们认识到原子核内的还存在粒子，说明原子核内还是有结构的，D 对。3、B【解析】设斜面倾角为，小球落在斜面上速度方向偏向角为，甲球以速度 v 抛出，落在斜面上，根据平抛运动的推论可得 tan2tan 所以甲乙两个小球落在斜面上时速度偏向角相等 对甲有 cosvv甲末 对乙有 4cosvv乙末 所以=4vv甲末乙末 故 ACD 错误 B 正确。故选 B。4、D【解析】A自由端向上移动 L 时，物块发生的位移要小于 L，所以物块重力势能增加量一定小于 mgLsin，故 A 错误；B物块受重力、弹簧的拉力、斜面的支持力和摩擦力，支持力不做功，根据动能定理知：重力、弹簧的拉力、斜面的摩擦力对物块做功的代数和等于物块动能的增加量，故 B 错误；C物块的重力做功不改变物块的机械能，根据机械能守恒定律得：弹簧弹力、摩擦力对物块做功的代数和等于物块机械能的增加量，故 C 错误；D对弹簧和物块组成的系统，根据机械能守恒定律得：拉力 F 与摩擦力做功的代数和等于弹簧和物块的机械能增加量，故 D 正确。故选 D。5、D【解析】A对卫星，根据牛顿第二定律，有：22()MmvGmRhRh 解得：GMvRh 在地面，重力等于万有引力，故：2MmmgGR 联立解得：2gRvRh 故 A 错误；B向心加速度由万有引力产生，由于在 h 高处，卫星的万有引力小于其在地面的重力，根据牛顿第二定律 FGagMM 故 B 错误；C对卫星，根据牛顿第二定律有：2224MmGmRhTRh 在地面，重力等于万有引力故：2MmmgGR 联立解得：32)2(RhTgR 故 C 错误；D由选项 A 的分析知2gRvRh，故卫星的动能 22212KmgREmvRh 故 D 正确；故选 D。6、D【解析】小铁块和小车组成的系统水平方向不受外力，系统水平方向的动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得 12mvmvMv 根据机械能守恒定律可得 22212111222mvmvMv 因为 M=m，所以解得120vvv，。所以铁块离开车时将做自由落体运动。故 ABC 错误，D 正确。故选 D。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BCD【解析】A已知 AB 刚进入磁场时的重力等于安培力，根据安培力公式 22B L vFR总 AB 进入磁场后一段时间内有效切割长度变大，安培力变大，大于重力，使梯形线框减速，因为 AB 刚穿出磁场时的重力等于安培力，所以 AB 边是减速直线穿过磁场，故 A 错误；BAB 刚穿出到 CD 边刚要进入磁场过程中，有效切割长度保持不变，由于 AB 刚穿出磁场时的重力等于安培力，故该过程中安培力一直等于重力，做匀速直线运动，故 B 正确；D设 AB 边刚进入磁场时速度为0v，AB=l，则 CD=5l，则 2012mghmv AB 边刚进入磁场时重力等于安培力，有 2 20B l vmgR 设 AB 边刚穿出磁场时速度为 v1，线框切割磁感应线的有效长度为 2l AB 刚穿出磁场时的重力等于安培力有 221(2)BlvmgR 联立解得 01:4:1vv 1124vgh 所以 D 正确；CAB 边刚穿出到 CD 边刚要进入磁场过程中，线框做速度为 v1的匀速直线运动，切割磁感应线的有效长度为 2l，感应电动势为 12EBlv 联立解得 122EmgRgh 故 C 正确。故选 BCD。8、AD【解析】ABt 时刻，线框有效切割长度为 L=2vttan30 知 Lt，产生的感应电动势为 E=BLv 知 Et，感应电流为 EIR 故 It，故 A 正确，B 错误；CD导线框匀速运动，所受的外力与安培力大小相等，则有 22tan302tan30BvtvFBILBvttR()F-t 图象是过原点的抛物线，故 C 错误，D 正确。故选 AD。9、ABD【解析】A玻璃裂口放在火上烧熔，其尖端变圆的原因是表面张力的作用，选项 A 正确；B云母片导热性能各向异性，是由于该物质的微粒在空间按一定的规则排列，选项 B 正确；C饱和汽压是物质的一个重要性质，它的大小取决于物质的本性和温度，温度越高，饱和气压越大，则降低温度可使未饱和汽变成饱和汽，故 C 错误；D物体放出热量，若外界对物体做功大于放出的热量，则物体内能增大，温度升高，则其分子平均动能会增大，选项 D 正确；E气体压强达到饱和汽压时，进入液体内的和跑出液体的分子数相等，蒸发和液化都没有停止，选项 E 错误。故选 ABD。10、BC【解析】A根据 I=mgt 可知，重力作用时间不为零，则重力对 b 的冲量不为零，选项 A 错误；B设细线与水平方向夹角为，则 ab 两物体的速度满足的关系是cosabvv，则cosabmvmv，即 a 增加的动量大小小于 b 增加的动量大小，选项 B 正确；CD由能量关系可知，a 机械能的减少量等于 b 机械能的增加量与 b 与桌面摩擦产生的内能之和，则 a 机械能的减少量大于 b 机械能的增加量；a 重力势能的减少量等于 a、b 两物体总动能的增加量与 b 与桌面摩擦产生的内能之和，选项 D 错误。故选 BC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、变小 不变 【解析】1根据题意，电压表1V测量是电源的内电压，电压表2V测量是路端电压，由闭合电路欧姆定律：EIRr 可知，当电阻R的滑臂向左移动时外电阻减小，总电流增大，由：UIr内 可知内电压变大，故电压表 2 的示数变小；2因电源电动势等于电源内外电路之和，故电压表 1 和电压表 2 的示数之和不变；若保持滑动变阻器R的阻值不变，将挡板向上移动，则电源的内电阻将减小，根据 UEIr 结合数学推理可知：UrI 所以电压表 1 的示数变化量U与电流表示数变化量I的比值大小等于电源的内阻，由于挡板向上运动时，液体的横截面积变大，根据电阻定律：LRS 可知内电阻减小，故比值变小。12、2.600 电压表的分流 系统误差 1akEk 01Rrk 【解析】(1)1金属丝的直径 d=2.5mm+0.01mm10.0=2.600mm；(2)23流过电流表的电流不是流过干路的电流，产生误差的原因是电压表的分流造成的，这种误差是由于电路结构造成的，属于系统误差；45由闭合电路欧姆定律可知 2120UUEUrR 变形得 0012RrR EUUrr 则有：当 U1=0 时，U2=a 则有 00=R E a Rr（）0=Rrkr 解得 1akEk 01Rrk 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、4.5NF 【解析】由公式2112hgt，解得 10.2st 全过程由动量定理Ip 合得 12200mg ttFt 解得 4.5NF 14、076V；01.4T【解析】设初态压强为 p0，膨胀后 A，B 压强相等 pB=12p0 B 中气体始末状态温度相等 p0V0=12p0（2V0-VA）076AVV，A 部分气体满足00001.2 AAp Vp VTT TA=14T0 答：气缸 A 中气体的体积076AVV，温度 TA=14T0 考点：玻意耳定律【点睛】本题考查理想气体状态变化规律和关系，找出 A、B 部分气体状态的联系（即 VB=2V0-VA）是关键 15、332a2 3314a【解析】光路如下图所示：由题意可知，遮光板挡住AC，单色平行光束经AB面折射后射到BC之间的BD这些光线在三棱镜中是平行的，设光线进入AB面时的入射角为和折射角为，由几何关系可得，45 折射率sinsinn 1sin2 30 1tan 452aBD sin 453012cos 4530aBD 332BDa 如图1O为BC的中点，从BC射出的光线与1AO的延长线交于2O，根据对称性光斑分不成两部分，由几何光线有 tantan 90222tanaaad sinsinn 15 sin2sin15 62sin154 d=2 3314a