2022-2023学年黑龙江省农垦建三江管理局第一中学高考冲刺押题(最后一卷)物理试卷含解析.pdf

2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用 2B 铅笔填涂；非选择题必须使用 05 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、互成角度的两个共点力，其中一个力保持恒定，另一个力从零开始逐渐增大且两力的夹角不变，则其合力（）A若两力的夹角小于 90，则合力一定增大 B若两力的夹角大于 90，则合力一定增大 C若两力的夹角大于 90，则合力一定减小 D无论两力夹角多大，合力一定变大 2、物体做竖直上抛运动：v 表示物体的瞬时速度，a 表示物体的加速度，t 表示物体运动的时间，h 代表其离抛出点的高度，Ek代表动能，Ep代表势能，以抛出点为零势能面下列所示图象中，能正确反映各物理量之间关系的是（）A B C D 3、在某种介质中，一列沿 x 轴传播的简谐横波在 t=0 时刻的波形图如图（a）所示，此时质点 A 在波峰位置，质点 D刚要开始振动，质点 C 的振动图像如图（b）所示；t=0 时刻在 D 点有一台机械波信号接收器（图中未画出），正以 2m/s的速度沿 x 轴正向匀速运动。下列说法正确的是（）A质点 D 的起振方向沿 y 轴负方向 Bt=0.05s 时质点 B 回到平衡位置 C信号接收器接收到该机械波的频率小于 2.5Hz D若改变振源的振动频率，则形成的机械波在该介质中的传播速度也将发生改变 4、如图所示，OAB 为四分之一圆柱体的竖直截面，半径为 R，在 B 点上方的 C 点水平抛出一个小球，小球轨迹恰好在 D 点与圆柱体相切，OD 与 OB 的夹角为 53，则 C 点到 B 点的距离为（sin530.8，cos530.6）（）A415R B215R C2R D3R 5、自空中的 A 点静止释放一个小球，经过一段时间后与斜面体的 B 点发生碰撞，碰后速度大小不变，方向变为水平，并经过相等的时间最终落在水平地面的 C 点，如图所示，水平面上的 D 点在 B 点正下方，不计空气阻力，下列说法正确的是 AA、B 两点的高度差和 B、D 两点的高度差之比为 13 BA、B 两点的高度差和 C、D 两点的间距之比为 13 CA、B 两点的高度差和 B、D 两点的高度差之比为 12 DA、B 两点的高度差和 C、D 两点的间距之比为 12 6、2016 年 8 月 16 日，我国成功发射世界首颗量子科学实验卫星“墨子号”，该卫星的发射将使我国在国际上率先实现高速星地量子通信，初步构建量子通信网络。“墨子号”卫星的质量为 m(约 640kg)，运行在高度为 h(约 500km)的极地轨道上，假定该卫星的轨道是圆，地球表面的重力加速度为 g，地球半径为 R。则关于运行在轨道上的该卫星，下列说法中正确的是（）A运行的速度大小为gR B运行的向心加速度大小为 g C运行的周期为2Rhg D运行的动能为22()mgRRh 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、空间中有水平方向的匀强电场，同一电场线上等间距的五个点如图所示，相邻各点间距均为2cm。一个电子在该水平线上向右运动，电子过a点时动能为6eV，运动至b点时电势能为3eV，再运动至c点时速度为零。电子电荷量的大小为e，不计重力。下列说法正确的是（）A由a至b的运动过程，电场力做功大小为3eV B匀强电场的电场强度大小为300V/m C等势面d的电势为3V D该电子从c点返回a点时动能为6eV 8、如图的实验中，分别用波长为12、的单色光照射光电管的阴极 K，测得相应的遏止电压分别为 U1和 U1设电子的质量为 m，带电荷量为 e，真空中的光速为 c，极限波长为0，下列说法正确的是（）A用波长为2的光照射时，光电子的最大初动能为2eU B用波长为2的光照射时，光电子的最大初动能为1211202121e uue uu C普朗克常量等于121221e UUc D阴极 K 金属的极限频率为1 12112c UUUU 9、如图，电源电动势为 E，内阻为 r，0R为定值电阻，1R为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小）。当开关 S 闭合时，电容器中一带电微粒恰好静止，下列说法中正确的是（）A断开开关 S 瞬间，电阻2R中有向上的电流 B只减小1R的光照强度，电源输出的功率变小 C只将电容器上板向下移动时，带电微粒向上运动 D只将1P向上端移动时，下板电势升高 10、如图，质量为m、长为L的直导线用两绝缘细线悬挂于OO、，并处于匀强磁场中当导线中通以沿x正方向的电流I，且导线保持静止时，悬线与竖直方向夹角为则磁感应强度方向和大小可能为 Az正向，tanmgIL By正向，mgIL Cz负向，tanmgIL D沿悬线向上，sinmgIL 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学研究小灯泡的伏安特性曲线，所使用的器材有：小灯泡 L（额定电压3.8V，额定电流0.32A），电压表（量程3V，内阻为3k），电流表 A（量程0.6A,内阻约0.5），定值电阻0R（阻值为1k），滑动变阻器 R（阻值010），电源 E（电动势5V，内阻很小）开关 S，导线若干(1)实验要求能够实现在0 3.8V的范围内对小灯泡的电压进行测量，请将图甲电路补画完整_；(2)实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图所示，由曲线可知，随着电流的增加小灯泡的电阻将_；A逐渐增大 B逐渐减小 C先增大后不变 D先减小后不变(3)若用多用表直接测量该小灯泡的电阻，正确操作后多用表指针如图所示，则小灯泡的电阻是_ (4)用另一电源0E（电动势4V，内阻10）和题中所给的小灯泡 L、滑动变阻器 R 连接成如图所示的电路，闭合开关S，调节滑动变阻器R的阻值 在R的变化范围内，电源的最大输出功率为_W，此时小灯泡的功率为_W，滑动变阻器 R 接入电路的电阻为_ 12（12 分）某同学用气垫导轨做验证动能定理实验装置如图甲所示，重力加速度为 g，按要求完成下列问题。(1)实验前先用游标卡尺测出遮光条的宽度测量示数如图乙所示，则遮光条的宽度 d=_mm。(2)实验中需要的操作是_。A调节螺钉，使气垫导轨水平 B调节定滑轮，使连接滑块的细线与气垫导轨平行 C滑块与遮光条的总质量 M 一定要远大于钩码的质量 m D使滑块释放的位置离光电门适当远一些(3)按图示安装并调节好装置，开通气源，将滑块从图示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间为 t，则物块通过光电门时的速度为 v=_(用测得的物理量字母表示)(4)若保持钩码质量不变，改变滑块开始释放的位置，测出每次释放的位置到光电门的距离 x 及每次实验时遮光条通过光电门的时间 t，通过描点作出线性图象来反映合力的功与动能改变量的关系，则所作图象关系是_时才能符合实验要求。Ax t Bx(t)2 Cx(t)1 Dx(t)2 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，水平传送带 AB 与直角平台的上表面水平平滑对接，平台的上表面光滑，平台高 h1=0.7 m，在平台右侧 d=l m 处有一高度为 h2=0.5 m 的竖直薄挡板。长度 L=12 m 的传送带以 v0=10 m/s 的速度顺时针转动，现将质量 m=l kg 的小滑块（可视为质点）由静止放到传送带上，已知滑块与传送带间的动摩擦因数=0.2，重力加速度g 取 10 m/s2。求：（1）若要滑块落在挡板右侧，求滑块由静止放在传送带上的位置范围；（2）将滑块放在传送带中点处并沿水平方向给滑块一初速度，使滑块落在挡板右侧，求此初速度满足的条件。14（16 分）如图所示，虚线 MN 的右侧空间存在竖直向下的匀强电场和水平方向（垂直纸面向里）的匀强磁场，一质量为 m 的带电粒子以速度 v 垂直电场和磁场方向从 O 点射入场中，恰好沿纸面做匀速直线运动。已知匀强磁场的磁感应强度为 B，粒子的电荷量为+q，不计粒子的重力。(1)求匀强电场的电场强度 E；(2)当粒子运动到某点时撤去电场，如图乙所示，粒子将在磁场中做匀速圆周运动。求 a.带电粒子在磁场中运动的轨道半径 R；b.带电粒子在磁场中运动的周期 T。15（12 分）如图所示，一玻璃砖的截面为直角三角形ABC，其中60A，6cmAB，该玻璃砖的折射率为2。现有两细束平行且相同的单色光a、b，分别从AC边上的D点、E点射入，且均能从AB边上的F点射出。已知2cmADAF。求：（1）a、b两单色光的入射角；（2）D、E两点之间的距离。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A若两力的夹角小于 90，如左图，则合力一定增大，选项 A 正确；BCD若两力的夹角大于 90，如右图，则合力可能先减小后变大，选项 BCD 错误；故选 A。2、C【解析】竖直上抛运动是一种匀变速直线运动，物体运动过程中机械能守恒根据运动学公式列出 v 与 t 的关系式，根据机械能守恒定律得出物体的动能与高度的关系式再选择图象【详解】AB物体做竖直上抛运动，只有重力，加速度等于 g，保持不变，所以 at 图象是平行于时间轴的直线，取竖直向上为正方向，则竖直上抛运动可看成一种匀减速直线运动，速度与时间的关系为 v=v0gt vt 图象是一条向下倾斜的直线，AB 不符合题意；C以抛出点为零势能面，则物体的重力势能为 Ep=mgh 则 Eph 图象是过原点的直线，C 符合题意；D根据机械能守恒定律得：mgh+Ek=12mv02 得 Ek=12mv02mgh 可见 Ek与 h 是线性关系，h 增大，Ek减小，Ekh 图象是向下倾斜的直线D 不符合题意。故选 C。3、C【解析】A因 t=0 时刻质点 C 从平衡位置向下振动，可知波沿 x 轴正向传播，则质点 D 的起振方向沿 y 轴正方向，选项 A 错误；B波速为 4m/s=10m/s0.4vT 当质点 B 回到平衡位置时，波向右至少传播 1.5m，则所需时间为 1.50.15s10t 选项 B 错误；C 机械波的频率为 2.5Hz，接收器远离波源运动，根据多普勒效应可知，信号接收器接收到该机械波的频率小于 2.5Hz，选项 C 正确；D机械波的传播速度只与介质有关，则若改变振源的振动频率，则形成的机械波在该介质中的传播速度不变，选项 D错误。故选 C。4、B【解析】由题意知得：小球通过 D 点时速度与圆柱体相切，则有 vy=v0tan53 小球从 C 到 D，水平方向有 Rsin53=v0t 竖直方向上有 2yvyt 联立解得 815yR 根据几何关系得，C 点到 B 点的距离 215315CByyRcosR（）故 B 正确，ACD 错误。故选 B。5、D【解析】AC、AB 段小球自由下落，BC 段小球做平抛运动，两段时间相同，根据212hgt，可知 A、B 两点间距离与 B、D两点间距离相等，A、B 两点的高度差和 B、D 两点的高度差之比为 11，故 AC 错误；BD、设 A、B 两点的高度差为 h，根据速度位移公式可得 BC 段平抛初速度2vgh，持续的时间2htg，所以 CD两点间距离xvt2h，所以 AB 两点的高度差和 CD 两点的间距之比为 12，故 B 错误，D 正确；故选 D 6、D【解析】A对卫星，根据牛顿第二定律，有：22()MmvGmRhRh 解得：GMvRh 在地面，重力等于万有引力，故：2MmmgGR 联立解得：2gRvRh 故 A 错误；B向心加速度由万有引力产生，由于在 h 高处，卫星的万有引力小于其在地面的重力，根据牛顿第二定律 FGagMM 故 B 错误；C对卫星，根据牛顿第二定律有：2224MmGmRhTRh 在地面，重力等于万有引力故：2MmmgGR 联立解得：32)2(RhTgR 故 C 错误；D由选项 A 的分析知2gRvRh，故卫星的动能 22212KmgREmvRh 故 D 正确；故选 D。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AD【解析】A电场线沿水平方向，则等间距的各点处在等差等势面上。电子沿电场线方向做匀变速运动。电子从a至c的过程，电势能与动能之和守恒，动能减小了6 eV，则电势能增加了6 eV，则电势差 6VacU 则 3VabbcUU 电子从a至b的过程，电场力做负功，大小为 3eVabeU A 正确；B电场强度大小 2150 V/m2 2 10 macUE B 错误；C电子经过等势面b时的电势能为3eV，则b点的电势 3Vb 又有 2 3V6Vbd 则 3Vd C 错误；D电子在a点时动能为6 eV，从a减速运动至c，然后反向加速运动再至a点，由能量守恒定律知电子此时的动能仍为6 eV，D 正确。故选 AD。8、AC【解析】A、B 项：根据光电效应方程，则有：0km2hcWEeU，故 A 正确，B 错误；C 项：根据爱因斯坦光电效应方程得：11heUW，22heUW，得金属的逸出功为：11WheU 联立解得：1212121221()()e UUeUUhc），故 C 正确；D 项：阴极 K 金属的极限频率122111220121212()()UUc UUUUUU，故 D 错误 9、AC【解析】A若断开电键 S，电容器处于放电状态，电荷量变小，因下极板带正电，故电阻2R中有向上的电流，故 A 正确；B若只减小1R的光照强度，电阻1R变大，但由于不知道外电阻和内阻的大小关系，因此无法判断电源输出的功率的变化情况，故 B 错误；C电压不变，只将电容器上板向下移动时距离 d 减小，根据 UEd 可知电场强度增加，则电场力增大，所以带电粒子向上运动，故 C 正确；D由于下极板接地，只将 P1向上端移动时，下板电势不变，依然为零，故 D 错误。故选 AC。10、BC【解析】试题分析：磁感应强度方向为 z 正方向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿 y 负方向，则导体不可能处于平衡状态，选项 A 错误；磁感应强度方向为 y 正向时，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿 z 正方向，此时细线的拉力为零，由平衡条件得：BIL=mg，解得：B=mgIL，选项 B 正确；磁感应强度方向为 z 负向时，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿 y 正方向，由平衡条件得：BILcos=mgsin，解得：B=tanmgIL，选项 C 正确；当沿悬线向上时，由左手定则可知，安培力垂直于导线斜向左下方，导体不可能处于平衡状态，选项 D 错误；故选 BC.考点：物体的平衡；安培力；左手定则【名师点睛】此题是物体的平衡及安培力的方向判断问题；左手定则和右手定则一定要区分开，如果是和力有关的则全依靠左手定则，即关于力的用左手，其他的（一般用于判断感应电流方向）用右手定则；注意立体图形和平面图形的转化.三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A 1.5 0.4 0.28 3 【解析】(1)1因本实验需要电流从零开始调节，因此应采用滑动变阻器分压接法；因灯泡内阻与电流表内阻接近，故应采用电流表外接法；另外为了扩大电压表量程，应用0R和电压表串联，故原理图如图所示 (2)2IU图象中图象的斜率表示电阻的倒数，由图可知，图象的斜率随电压的增大而减小，故说明电阻随电流的增大而增大；其原因是灯丝的电阻率随着电流的增大而增大；A.与分析相符，故 A 正确；B.与分析不符，故 B 错误；C.与分析不符，故 C 错误；D.与分析不符，故 D 错误；(3)3灯泡正常工作时的电阻为：3.811.80.32URI 则多用电表可以选择欧姆挡的1 挡；由图示多用电表可知，其示数为1.5；(4)4当电源内阻等于外电路电阻时，电源的输出功率最大，电源的最大输出功率为：22max4W0.4W44 10EPr 5此时小灯泡的电流为：0.2A2EIr 由图可知，此时灯泡电压为：1.4VU 此时小灯泡的功率为：1.4 0.2W0.28WPUI 6此时小灯泡的电阻为：7LURI 滑动变阻器R接入电路的电阻为：3LRrR 12、5.45 ABD D 【解析】(1)游标卡尺的主尺读数为 5mm，游标读数为，所以最终读数为 5.45mm；(2)A 项：调节螺钉，使气垫导轨水平，故 A 正确；B 项：为了使绳的拉力等于滑块的合外力，调节定滑轮，使连接滑块的细线与气垫导轨平行，故 B 正确；C 项：对系统来说，无需滑块与遮光条的总质量 M 远大于钩码的质量 m，故 C 错误；D 项：使滑块释放的位置离光电门适当远一些，可以减小测量滑块运动位移的误关，故 D 正确。故选：ABD。(3)滑块通过光电门的速度为：；(4)由公式，解得：，故选 D。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）距 A 端 5.75m 以内的任何一个位置释放均可，（2）若滑块初速度水平向右，满足：11m/sv；若滑块初速度水平向左，满足：21m/s2 6m/sv。【解析】（1）要使滑块恰好落在挡板右侧，设滑块离开传送带的速度为Bv，则：Bdv t 21212hhgt 解得：B5m/sv 在传送带上滑动做匀加速运动：2B=2vax 加速度为：mgagm 解得：6.25mx，传送带总长 12m，所以滑块在距离 A 端 5.75m 以内的任何一个位置释放均可；（2）若给滑块水平向右的速度v，则有：22B22Lvva 解得：1m/sv，所以速度满足：11m/sv 即可使滑块落在挡板右侧；若给滑块水平向左的初速度2v，只需让滑块向左减速滑行的距离在0.25m6m的范围内即可，根据运动学公式：2202vax 其中：0.25m6mx 解得：21m/s2 6m/sv；综上所述：若滑块初速度水平向右，满足：11m/sv；若滑块初速度水平向左，满足：21m/s2 6m/sv。14、(1)EvB；(2)a.mvRqB；b.2 mTqB【解析】(1)粒子的受力示意图如图所示 根据物体的平衡条件 qvB=qE 得 E=vB(2)a.粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿运动定律 2vqvBmR 得 mvRqB b.粒子在磁场中运动的周期2RTv，得 2 mTqB 15、(1)45；(2)8cm【解析】(1)光路图如图所示 设a、b两单色光的入射角为 i，由于 AD=AF，A=60，则入射光 a 经 AC 边的折射角为30r。由折射定律 sinsin2sinsin30iinr 解得a、b两单色光的入射角45i。(2)设光在玻璃砖中发生全反射的临界角为 C，则有 11sin2Cn 则有 45C 由图可知，b 光经 AC 边折射后，在 BC 边上的入射角为60，大于临界角 C，所以此光线在 G 点发生了全反射。由几何知识可知，四边形 DEGF 是平行四边形，由于BFG=60，AF=2cm，则有 6cm2cm4cmBFABAF BF=FGcos60 又 FG=DE 联立解得 DE=8cm D、E两点之间的距离为 8cm。