第一章 3 动量守恒定律公开课.docx

3动量守恒定律学习目标1 1 .了解系统、内力和外力的概念2理解动量守恒定律及其表达式，理解动量守恒 条件.3.能用牛顿运动定律推导出动量守恒定律的表达式，了解动量守恒定律的普适性4能用 动量守恒定律解决实际问题.梳理教材夯实基础一、相互作用的两个物体的动量改变如图1所示，质量为 22的5物体追上质量为仍的A物体，并发生碰撞，设A、8两物体碰 前速度分别为。1、。2(吵。1)，碰后速度分别为。1'、，碰撞时间很短，设为加.B v A "一./ZZZZ/Z/Z/ZZZZZZZZZZZZZZ/Z/ZZZ/ZZ/ZZ/ZZZZZZZ图1根据动量定理：对 A： Ft=mVf对 B:m202 ' 一 口202由牛顿第三定律R = F2由得两物体总动量关系为：mV' +机2。2' =mV-m2V2二、动量守恒定律1 .系统、内力与外力系统：两个(或多个)相互作用的物体构成的整体叫作一个力学系统,简称系统.(2)内力：系统中物体间的作用力.外力：系统以处的物体施加给系统内物体的力.2 .动量守恒定律(1)内容：如果一个系统不受外力,或者所受外力的矢量和为0,这个系统的总动量保持不变.(2)表达式:miv+ m2V2=/1。/+"2。2'(作用前后总动量相等).适用条件：系统不受外力或者所受外力的矢量和为零.(4)普适性：动量守恒定律既适用于低速物体，也适用于高速物体.既适用于宏观物体，也适 用于微观物体.。即学即用1.判断以下说法的正误.匀速运动.某一时刻，站在车右端的乙先以相对地面向右的速度。跳离小车，然后站在车左 端的甲以相对于地面向左的速度。跳离小车.两人都离开小车后，小车的速度将是（）图5A. 1.5oB. voC.大于次），小于L5次）D.大于1.5伙）答案A解析 两人和车组成的系统开始时动量为6Wo,方向向右.当甲、乙两人先后以相对地面大 小相等的速度向两个方向跳离时，甲、乙两人动量的矢量和为零，那么有6moo=4m车，解得 v车=1.5次）,A正确.6.如图6所示，光滑的水平面上有大小相同、质量不等的小球A、3,小球A以速度比向右 运动时与静止的小球8发生碰撞，碰后A球速度反向，大小为詈，8球的速率为A、8两 球的质量之比为（）图6A. 3 ： 8 B. 8 ： 3 C. 2 ： 5 D. 5 ： 2答案C解析 以A、5两球组成的系统为研究对象，两球碰撞过程动量守恒，以K的方向为正方向， 由动量守恒定律得：mAVQ=mA（ IT）+解得两球的质量之比管=,故C正确.乙I，IB J.（多项选择）如图7所示，一个质量为M的木箱静止在光滑水平面上，木箱内粗糙的水平底板上 放着一个质量为m的小木块.现使木箱获得一个向右的初速度为,那么（）77777777777777777777777777/77777777,图7A.小木块最终将相对木箱静止，二者一起向右运动.小木块和木箱最终速度为A上00M-rmC.小木块与木箱内壁将始终来回往复碰撞，而木箱一直向右运动D.如果小木块与木箱的左壁碰撞后相对木箱静止，那么二者将一起向左运动答案AB解析 木箱与小木块组成的系统水平方向不受外力，故系统水平方向动量守恒，最终两个物 体以相同的速度一起向右运动，取Do的方向为正方向，由动量守恒定律：Mvo=（M-m）v9 解得：。二拦匕，A、B正确，C、D错误M+m8 .质量为”的木块在光滑水平面上以速度。1水平向右运动，质量为机的子弹以速度02水 平向左射入木块，要使木块停下来，必须使发射子弹的数目为（子弹留在木块中不穿出X ）A. mv2”（M+m）。？Mo】mvi,mV2Mv2答案C解析 设发射子弹的数目为n, 颗子弹和木块组成的系统在水平方向上所受的合外力为零, 满足动量守恒的条件.选子弹运动的方向为正方向，由动量守恒定律有：nmV2Mv=0,得 Mvan=,故C正确.mv2L能力提升练9 .如图8所示，在光滑水平地面上有A、8两个木块，A、3之间用一轻弹簧连接.A靠在墙 壁上，用力/向左推3使两木块之间的弹簧压缩并处于静止状态.假设突然撤去力R那么以下 说法中正确的选项是（）-A WTO1 B -图8A.木块A离开墙壁前，A、3和弹簧组成的系统动量守恒，机械能也守恒B.木块A离开墙壁前，A、8和弹簧组成的系统动量不守恒，机械能也不守恒C.木块A离开墙壁后，A、8和弹簧组成的系统动量守恒，机械能也守恒D.木块A离开墙壁后，A、3和弹簧组成的系统动量守恒，但机械能不守恒答案C解析 假设突然撤去力凡 木块A离开墙壁前，墙壁对木块A有作用力，所以A、3和弹簧组 成的系统动量不守恒，但由于A没有离开墙壁，墙壁对木块A不做功，所以A、3和弹簧组 成的系统机械能守恒，选项A、B错误；木块A离开墙壁后，A、8和弹簧组成的系统所受合 外力为零，所以系统动量守恒且机械能守恒，选项C正确，D错误.10/、B两球之间压缩一根轻弹簧（不拴接），静置于光滑水平桌面上，A、B两球的质量 分别为2m和机当用板挡住A球而只释放B球时，B球被弹出落于距桌边水平距离为x的地 面上，B球离开桌面时已与弹簧别离，如图9所示.假设以同样的程度压缩弹簧，取走A左边 的挡板，将A、3同时释放，那么8球的落地点距离桌边的水平距离为（）A %A.qA %A.qB.a/3x C. x D.坐x答案解析当用板挡住A球而只释放8球时，根据能量守恒定律有弹簧的弹性势能Ep=ymvo 根据平抛运动规律有x=oo士当以同样的程度压缩弹簧，取走A左边的挡板，将A、5同时释,3球的落地点距离桌,3球的落地点距离桌放，设A、8的水平速度大小分别为内和牲，规定向左为正方向，那么根据动量守恒定律和能 量守恒定律有2根0AmoB=0, £p=zX2mvA +$20/,解得 即= 边的水平距离为/ =。或=半羽D选项正确.11. 一辆质量仍=3.OX1（）3 kg的小货车因故障停在车道上，后面一辆质量"22=1.5义103 kg 的轿车来不及刹车，直接撞入货车尾部失去动力.相撞后两车一起沿轿车运动方向滑行了 S = 6.75 m停下.两车车轮与路面间的动摩擦因数均为 =0.6,求碰撞前轿车的速度大小.（重力加速度取g=10m/s2）答案27 m/s解析以轿车运动方向为正方向，由动量守恒定律得 及。0 = （21+根2）少碰撞后共同滑行过程中，由动能定理得 一（"21 + 加 2）gs = 0；（加 1 + m2）V2, 解得 v=9 m/s,m+m2那么 vo=v=Zl m/s.m2（2020.四川省泸县第一中学月考）如图10所示，在光滑水平面上，有一质量M=3kg的薄 板，板上有质量根=1 kg的物块，两者以。0=4 m/s的初速度朝相反方向运动，薄板与物块 之间存在摩擦且薄板足够长，取水平向右为正方向，求：丹一|"2777777777777777777777777777777777图10物块最后的速度；（2）当物块的速度大小为3 m/s时，薄板的速度.答案(1)2 m/s,方向水平向右(2)? m/s,方向水平向右解析(1)由于水平面光滑，物块与薄板组成的系统动量守恒，设共同运动速度大小为以由动量守恒定律得mvo=(m+M)v代入数据解得v=2 m/s,方向水平向右.由知，物块速度大小为3 m/s时，方向向左，由动量守恒定律得Mvomvo =nw+ Mv'代入数据解得。'=-y m/s,方向水平向右.L尖子生选练13.如图11所示，在光滑水平面上，使滑块A以2m/s的速度向右运动，滑块B以4m/s的速 度向左运动并与滑块A发生相互作用，滑块A、3的质量分别为1kg、2 kg,滑块B的 左侧连有水平轻弹簧，求：A avwvw B,力%»/>图11(1)当滑块A的速度减为。时，滑块8的速度大小；(2)两滑块相距最近时，滑块B的速度大小；(3)弹簧弹性势能的最大值.答案(1)3 m/s (2)2 m/s (3)12 J解析(1)4、3与轻弹簧组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒.当滑块A的速度减为0 时，滑块8的速度为即'，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mAVA+mnVB=机型/解得3 m/s,故滑块B的速度大小为3 m/s,方向向左；(2)两滑块相距最近时速度相等，设此速度为a根据动量守恒得：+itibVb=5a +,解得：v= 2 m/s,故滑块B的速度大小为2 m/s,方向向左；(3)两个滑块的速度相等时，弹簧压缩至最短，弹性势能最大，根据系统的机械能守恒知，弹 簧的最大弹性势能为：£pm = 3以办2 +/加m J -+ mB)V2解得:Epm=12J.一个系统初、末状态动量大小相等，即动量守恒.（X ）两个做匀速直线运动的物体发生碰撞瞬间，两个物体组成的系统动量守恒.（V ）系统动量守恒也就是系统总动量变化量始终为零.（V ）（4）只要系统内存在摩擦力，动量就一定不守恒.（X ）2.如图2所示，游乐场上，两位同学各驾驶一辆碰碰车迎面相撞，此后，两车以共同的速度 运动.设甲同学和他的车的总质量为120kg,碰撞前水平向右运动，速度的大小为5m/s；乙 同学和他的车的总质量为180 kg,碰撞前水平向左运动，速度的大小为4 m/s.那么碰撞后两车 共同的运动速度大小为，方向.图2答案0.4 m/s水平向左解析 此题的研究对象为两辆碰碰车（包括驾车的同学）组成的系统，在碰撞过程中此系统的 内力远远大于所受的外力，外力可以忽略不计，满足动量守恒定律的适用条件.设甲同学的 车碰撞前的运动方向为正方向，他和车的总质量力=120 kg,碰撞前的速度s = 5 m/s;乙同 学和车的总质量加2=180 kg,碰撞前的速度02=-4 m/s.设碰撞后两车的共同速度为0,那么系 统碰撞前的总动量为：=如01+根2。2= 120X5 kg-m/s +180 X （4） kg-m/s =120 kg-m/s.碰撞后的总动量为p'=（加+加2）。.根据动量守恒定律可知p=p',代入数据解得v= 0.4 m/s,即碰撞后两车以0.4 m/s的共同速度运动，运动方向水平向左.探究重点提升素养一、对动量守恒定律的理解1-研究对象：相互作用的物体组成的力学系统.2 .动量守恒定律的成立条件系统不受外力或所受合外力为零.（2）系统受外力作用，但内力远远大于外力.此时动量近似守恒.系统受到的合外力不为零，但在某一方向上合外力为零（或某一方向上内力远远大于外力）, 那么系统在该方向上动量守恒.3 .动量守恒定律的三个特性矢量性：公式中的功、V2、S和。2,都是矢量，只有它们在同一直线上，并先选定正方 向，确定各速度的正、负（表示方向）后，才能用代数方法运算.（2）相对性：公式中的0、。2、3和应是相对同一参考系的速度，一般取相对地面的速 度.普适性：动量守恒定律不仅适用于两个物体组成的系统，也适用于多个物体组成的系统； 不仅适用于低速宏观物体组成的系统，也适用于接近光速运动的微观粒子组成的系统.例关于动量守恒的条件，以下说法正确的有（）A.只要系统内存在摩擦力，动量不可能守恒B.只要系统所受外力做的功为零，动量一定守恒C.只要系统所受合外力的冲量为零，动量一定守恒D.假设系统中物体加速度不为零，动量一定不守恒答案C解析 只要系统所受合外力为零，系统动量就守恒，与系统内是否存在摩擦力无关，故A错 误；系统所受外力做的功为零，系统所受合外力不一定为零，系统动量不一定守恒，如用绳 子拴着一个小球，让小球在水平面内做匀速圆周运动，小球转动的过程中，系统外力做功为 零，但小球的动量不守恒，故B错误；力与力的作用时间的乘积是力的冲量，系统所受合外 力的冲量为零，即合外力为零，那么系统动量守恒，故C正确；比方碰撞过程，两个物体的加 速度都不为零即合力都不为零，但系统的动量却守恒，故D错误.例（多项选择）如图3所示，A、B两物体质量之比为加a ：/沏=3： 2,原来静止在足够长的平 板小车C上，A、8间有一根被压缩的弹簧，地面光滑.当两物体被同时释放后，那么（）A -AVWWMAr B图3A.假设A、3与平板车上外表间的动摩擦因数相同，那么A、8组成系统的动量守恒B.假设A、3与平板车上外表间的动摩擦因数相同，那么A、B、C组成系统的动量守恒C.假设A、8所受的摩擦力大小相等，那么A、8组成系统的动量守恒D.假设A、8所受的摩擦力大小相等，那么A、B、C组成系统的动量守恒答案BCD解析 假设人=8, mA : mB=3 : 2,故FfA :产仍=3 ： 2, A、3组成的系统合外力不为零，所 以A、3组成的系统动量不守恒，A项错误；当月4 =/仍，A、8组成的系统合外力为零，动 量守恒，C项正确；当把A、B、C作为系统时，由于地面光滑，故不管A、3与。之间摩擦 力大小情况如何，系统受到的合外力均等于0,所以A、5、C组成的系统动量守恒，故B、 D项正确.方法点拨-系统动量是否守恒的判定方法1 .选定研究对象及研究过程，分清外力与内力.2 .分析系统受到的外力矢量和是否为零，假设外力矢量和为零，那么系统动量守恒；假设外力在某 一方向上合力为零，那么在该方向上系统动量守恒.系统动量严格守恒的情况很少，在分析具体问题时要注意把实际过程理想化.3 .多个物体情况下，选取不同的物体组成系统，会得出不同的结论.二、动量守恒定律的应用1-动量守恒定律的常用表达式Q)p=p'：相互作用前系统的总动量等于相互作用后的总动量”.(2)加01+加2。2 =根©1 ' +加2。2 ：相互作用的两个物体组成的系统，作用前动量的矢量和等 于作用后动量的矢量和.(3)Api = -Ap2：相互作用的两个物体组成的系统，一个物体的动量变化量与另一个物体的动 量变化量大小相等、方向相反.(4)Ap=0：系统总动量增量为零.2.应用动量守恒定律解题的步骤明确研究对象，确定系统的组IUI受力分析，确定动量是否守恒U规定正方向，确定初、末动量U根据动量守恒定律,建立守恒方程U代入数据，求出结果并讨论说明例。如图4所示，A、5两个大小相同、质量不等的小球放在光滑水平地面上，A以3m/s 的速率向右运动，3以1 m/s的速率向左运动，发生正碰后4、5两小球都以2 m/s的速率反 弹，求A、8两小球的质量之比.以 班图4答案3 ： 5解析 取水平向右为正方向，那么有va = 3 m/s, VB= - i m/sVa1 =2m/s, Vb =2 m/s根据动量守恒定律得mAVA+mBVB=mAVAf + 根型/代入数据解得：/孙：mB=3 : 5.针对训练 一辆平板车沿光滑水平面运动，车的质量2=20 kg,运动速度。o=4 m/s,求下 列情况车稳定后的速度大小：(1)一个质量加'=2 kg的沙包从5 m高处落入车内；(2)将一个质量m' =2 kg的沙包以5 m/s的速度迎面扔入车内.答案见解析解析(1)竖直下落的沙包在水平方向上速度为零，动量为零，系统在水平方向上动量守恒，取伙)的方向为正方向，由动量守恒定律得)vf ,40解得。'=yy m/s.(2)取伙)的方向为正方向，由动量守恒定律得机伙)一机'o=(m+m' )v"35解得 0 =77 m/s.例 将两个完全相同的磁铁(磁性极强)分别固定在质量相等的小车上，水平面光滑.开始 时甲车速度大小为3 m/s,方向向右，乙车速度大小为2 m/s,方向向左并与甲车速度方向在 同一直线上，如图5所示.S N N S一甲：匕;U月乙一Q 。一一 9 Q图5当乙车速度为零时，甲车的速度多大？方向如何？由于磁性极强，故两车不会相碰，那么两车的距离最近时，乙车的速度是多大？方向如何?答案(1)1 m/s方向向右(2)0.5 m/s方向向右解析 两个小车及磁铁组成的系统在水平方向不受外力作用，两车之间的磁力是系统内力， 系统动量守恒，设向右为正方向.(1)。甲=3 m/s, v 乙=-2 m/s.据动量守恒定律得：加。甲+加。乙=加。甲'，代入数据解得O 甲，甲乙= (3 2) m/s= 1 m/s,方向向右.(2)两车的距离最近时，两车速度相同，设为决，由动量守恒定律得：/7W甲+加。乙.解得小方向向右."2。甲+ 乙 0甲+。乙 3 2,=2= m/s=05 m/s,随堂演练逐点落实1 .（动量守恒的判断）图6所反映的物理过程中，系统动量守恒的是（）77777777777777777777777777777/在光滑水平面上子弹水 平射入木块的过程中甲一 W6本铁球77777777777777777777777777777/在光滑水平面上子弹水 平射入木块的过程中甲一 W6本铁球墙/77777777/77/777777777/77777777剪断细线，压缩的轻弹 簧恢复原长的过程中 乙木块沿光滑固定斜面 由静止滑下的过程中两球匀速下降，细线 断裂后，它们在水中 运动的过程中丙A.只有甲和乙B.只有丙和丁C.只有甲和丙D.只有乙和丁答案C 解析 甲图中，在光滑水平面上，子弹水平射入木块的过程中，子弹和木块组成的系统动量 守恒.丙图中两球匀速下降，说明两球组成的系统在竖直方向上所受的合外力为零，细线断 裂后，两球组成的系统动量守恒，它们在水中运动的过程中，两球整体受力情况不变，遵循 动量守恒定律.乙图中系统受到墙的弹力作用，丁图中斜面是固定的，乙、丁两图所示过程 系统所受合外力不为零，动量不守恒，故只有甲、丙正确，即C正确.2 .（动量守恒定律的理解X多项选择）（2021 梁集中学高二第一次调研）我国女子短道速滑队在世锦赛 上实现女子3 000 m接力三连冠.如图7所示，观察发现，“接棒”的运发动甲提前站在“交 棒”的运发动乙前面，并且开始向前滑行，待乙追上甲时，乙猛推甲一把，使甲获得更大的 速度向前冲出.在乙推甲的过程中，忽略运发动与冰面间在水平方向上的相互作用，那么（）*图7A.甲对乙的冲量一定与乙对甲的冲量相同B.相互作用的过程中甲与乙组成的系统满足机械能守恒定律C.相互作用的过程中甲与乙组成的系统满足动量守恒定律D.甲、乙的动量变化一定大小相等、方向相反答案CD 解析 甲对乙的作用力与乙对甲的作用力等大反向，它们的冲量也等大反向，故A错误.由 于乙推甲的过程，其他形式的能转化为机械能，故机械能不守恒，B错误.甲、乙相互作用 的过程，系统水平方向不受外力的作用，竖直方向所受合外力为零，故系统的动量守恒，此 过程甲的动量增大，乙的动量减小，二者动量的变化大小相等、方向相反，故C、D正确.3 .（动量守恒定律的应用）（2020华中师大一附中期末）如图8所示，放在光滑水平面上的两物 体，它们之间有一个被压缩的轻质弹簧，用细线把它们拴住.两物体静止且质量之比为：加2=2 ： 1,把细线烧断后，两物体被弹开，速度大小分别为。和vz，动能大小分别为和Ek2,那么以下判断正确的选项是（m2/77777777777777777777777777777777777777777777777777ZA.弹开时,V :。2=1 : 1B.弹开时,VI : V2 = 2 * 1C.弹开时,Eki ： Ek2 = 2 ： 1D.弹开时,Eki : fk2= 1 : 2答案D 解析 两物体与弹簧组成的系统所受合外力为零，根据动量守恒定律知，miVim2V2=0,所2以V :。2 =攸：如=1 ： 2,选项A、B错误；由反=品得，Eki :反2=恤：的=1 ： 2,选项C错误，D正确.4 .（动量守恒定律的应用）某同学质量为60 kg,在军事训练中要求他从岸上以大小为2 m/s 的速度跳到一条向他缓缓漂来的小船上，然后去执行任务，小船的质量是140 kg,原来的速 度大小是0.5m/s,该同学上船后又跑了几步，最终停在船上（船未与岸相撞），不计水的阻力, 求：（1）人跳上船后，船的最终速度；船的动量变化量.答案见解析解析（1）规定该同学原来的速度方向为正方向.设该同学上船后，船与该同学的共同速度为 。.该同学跳上小船后与小船到达共同速度的过程，该同学和船组成的系统所受合外力为零， 系统的动量守恒，那么由动量守恒定律得m人v人一m船。船=（加入+帆船%，代入数据解得0 = 0.25 m/s,方向与该同学原来的速度方向相同；（2）船的动量变化量为=m 船。一”船（一。船）=140X 0.25 （0.5） kg-m/s= 105 kg-m/s,方 向与该同学原来的速度方向相同.课时对点练I基础对点练考点一对动量守恒条件的理解1 .如图1所示，两带电的金属球在绝缘的光滑水平面上沿同一直线相向运动，A带电荷量为 _q，B带电荷量为+ 2夕，以下说法正确的选项是（）-q +24图1A.相碰前两球运动中动量不守恒B.相碰前两球的总动量随距离的减小而增大C.两球相碰别离后的总动量不等于相碰前的总动量，因为碰前作用力为引力，碰后为斥力 D.两球相碰别离后的总动量等于相碰前的总动量，因为两球组成的系统所受合外力为零 答案D解析 将两球看成整体分析，整体受重力、支持力，水平方向不受外力，故整体系统动量守 恒，所以两球相碰前的总动量守恒，两球相碰别离后的总动量等于碰前的总动量.应选D.2 .（多项选择）如图2所示，小车静止放在光滑的水平面上，将系着轻绳的小球拉开一定的角度， 然后同时放开小球和小车，不计空气阻力，那么在以后的过程中（）图2A.小球向左摆动时，小车也向左运动，且系统动量守恒B.小球向左摆动时，小车向右运动，且系统在水平方向上动量守恒C.小球向左摆到最高点，小球的速度为零而小车的速度不为零D.在任意时刻，小球和小车在水平方向上的动量一定大小相等、方向相反（或者都为零）答案BD解析 以小球和小车组成的系统为研究对象，在水平方向上不受外力的作用，所以系统在水 平方向上动量守恒.由于初始状态小车与小球均静止，所以小球与小车在水平方向上的动量 要么都为零，要么大小相等、方向相反，所以A、C错，B、D对.3.（2020.防城港市防城中学期中）如图3所示的装置中，木块8与水平桌面间的接触是光滑的, 子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内，将弹簧压缩到最短，那么以下说法中正确的选项是（）图3A.从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的全过程中，子弹与木块组成的系统动量守恒B.子弹射入木块的短暂过程中，子弹与木块组成的系统动量守恒C.从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的全过程中，子弹、木块和弹簧组成的系统动量 守恒D.假设水平桌面粗糙，子弹射入木块的短暂过程中，子弹与木块组成的系统动量不守恒 答案B解析 从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的全过程中，由于弹簧对子弹和木块组成的系 统有力的作用，所以子弹与木块组成的系统动量不守恒，子弹、木块和弹簧组成的系统由于 受到墙壁的弹力作用，动量不守恒，故A、C错误；子弹射入木块瞬间，弹簧仍保持原长， 子弹和木块组成的系统所受合外力为零，所以系统动量守恒，故B正确；假设水平桌面粗糙， 子弹射入木块的短暂过程中，由于内力远远大于外力，所以子弹与木块组成的系统动量守恒, 故D错误.考点二动量守恒定律的应用.如图4所示，一平板车停在光滑的水平面上，某同学站在小车上，假设他设计以下操作方案, 最终能使平板车持续地向右驶去的是（）图4A.该同学在图示位置用大锤连续敲打车的左端B.只要从平板车的一端走到另一端即可C.在车上装个电风扇，不停地向左吹风D.他站在车的右端将大锤丢到车的左端答案c解析 把人和车看成整体，用大锤连续敲打车的左端，根据动量守恒定律可以知道，系统的 总动量为零，车不会持续地向右驶去，故A错误；人从平板车的一端走到另一端的过程中， 系统水平方向不受外力，动量守恒，系统总动量为零，车不会持续地向右驶去，故B错误； 电风扇向左吹风，电风扇会受到一个向右的反作用力，从而使平板车持续地向右驶去，故C 正确；站在车的右端将大锤丢到车的左端的过程中，系统水平方向不受外力，动量守恒，系 统总动量为零，车不会持续地向右驶去，故D错误.4 .（2020.福州十一中高二下期中）如图5所示，光滑水平面上有一辆质量为46的小车，车上 左、右两端分别站着甲、乙两人，他们的质量都是根，开始时两个人和车一起以速度。o向右