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    选择题专练公开课.docx

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    选择题专练公开课.docx

    第二局部 能力强化训练选择题专练(一)A卷【测控导航】考点题号(难易度)1.共点力平衡14(易)2.直流电路15(易)3.牛顿第二定律16(易)4. x-t> a-t等图象问题17(中)5.功能关系18(中)6.电势差、电势能19(+)7.电磁感应20(难)一、选择题(此题共4小题,每题6分,共24分.在每题给出的四个选项中,只有一项为哪一项符合题目要求的)14. (2014安徽理综)如下图,有一内壁光滑的闭合椭圆形管道,置于 竖直平面内,MN是通过椭圆中心0点的水平线.一小球从M点出 发,初速率为vo,沿管道MPN运动,到N点的速率为vb所需时间为3; 假设该小球仍由M点以初速率vo出发,而沿管道MQN运动,到N点的速率 为V2,所需时间为t2.那么(A )仍可运用物理学中常用的方法在以下选项中判断 3的值可近似等于(B )a. 土Mb. 土署c. 土噂 d. 土白 2e 2m22me解析:角速度3与周期T之间的关系为3二篇电子在磁场中运动的周期T与其所带电荷量e以及磁感应强度B之间的定量关系为T二答,联立两式解得3二号显然,题给选项中只有B中的量纲与所推导出来的 角速度3的量纲相同,应选项B正确.二、选择题(此题共3小题,每题6分,共18分.在每题给出的四 个选项中,至少有一个选项是符合题目要求的.全部选对的得6分,选 对但不全的得3分,有选错的得0分)18.如图(甲)所示,斜面体固定在水平面上,倾角为0 =30° ,质量为m 的物块从斜面体上由静止释放,以加速度a楼开始下滑,取出发点为参 考点,那么图(乙)中能正确描述物块的速率V、动能势能Ep、机械 能E、时间t、位移x关系的是(ACD )m(甲)/ Z R L0O *1、0ABCD(乙)解析:由v=at=ft可知,vt,应选项A正确;而Ek-mv2=mg2t可见,Ek 8t;因此选项B错误;设物块沿斜面发生的位移为x时对应的竖直高度为h,由题意得Ep=-mgh=-mgxsin 0 ,可见Ep0cx,应选项C正确;机 械能E=Ek+Ep甘加-mgxsin 0 = 1g-mgsin 0k0,因此选项D正确.19. (2014暨阳二模)如下图,加速电场电压为5,偏转电场电压为U2, B为右侧足够大的有左边界的匀强磁场,一束由V组成的1粒子流在()1处由静止开始经口加速,再经U2偏转后进入右侧匀强磁场, 且均能从左边界离开磁场.不计粒子间相互作用,那么以下说法正确的 是(BCD )% 卜 :x x"xA.三种粒子在电场中会分为两束B.三种粒子在磁场中会分为两束C.三种粒子进磁场位置和出磁场位置间的距离比为1 : V2 : V2D.三种粒子进磁场位置和出磁场位置间的距离都与L无关 解析:不同带电粒子在同一地点经相同电场加速,又进入同一偏转电 场,它们的运动轨迹是相同的,A错误;三种粒子从电场中同一点C以 相同速度方向0进入磁场做圆周运动,从(I到C点,由动能定 理,(Ui+U02c)q甘nv;圆周运动半径厂翁亮产丝遢J聆三种粒子的 半径比为1 :、:、B对;粒子进磁场位置和出磁场位置间的距离 y=2rsin。所以它们的距离之比为1 : :、2 c对;粒子进入偏转电场时速度为v0,Ugq叫j2,y=2rsin。二答sin。二嘤为等空可见 /ocjoQ dQ与1)2无关,D对.20.如下图,在光滑绝缘斜面上放置一矩形铝框abed,铝框的质量为 m,电阻为R,斜面上ef线与gh线间有垂直斜面向上的匀强磁场,ef ghpqab, eh>bc.如果铝框从磁场上方的某一位置由静止开始运 动.那么从开始运动到ab边到达gh线之前的速度一时间图象可能正确 的有(AD )解析:铝框从开始运动到cd边进入磁场之前沿光滑绝缘斜面做匀加 速直线运动;cd边进入磁场后,由于电磁感应现象,回路中产生感应电 流,cd中的感应电流受到沿斜面向上的安培力作用,由于安培力的大 小与速度大小有关,并且从题中条件无法判断安培力的大小与铝框所 受重力沿斜面向下分力大小之间的关系,所以铝框此时可能做匀速直 线运动,也可能做变加速直线运动,或变减速直线运动;铝框全部进入 磁场区域后,由于eh>bc,铝框中无感应电流产生,铝框又沿斜面做匀加速直线运动,加速度与其刚进入磁场过程中的加速度相同.综上所述,选项A、D正确.C. vi=v2, ti<t2 D. V<v2, ti<t2 解析:由机械能守恒定律可知.小球从M点到P点的过程中速 度减小,而小球从M点到Q点的过程中速度增加,所以小球沿管道MPN 运动的平均速率要小于沿管道MQN运动的平均速率,由于两种情况下 小球通过的路程相同,所以t)t2,应选项A正确.15. (2014浙江优卷三)如下图是激光闪光灯的电源线路图,首先把 S打到a位置,对电容器充电.稳定后再把S打到b位置,通过放电使 闪光灯闪光.电源电动势为E,电容器电容为C.以下说法中正确 的是(B )A.当S打到a对电容器充电时,通过电流表的电流由零开始先变大后 变小B.对电容器充电过程中,电源消耗的电能为CE2C.电容器贮存的电场能为CE?D.整个过程中通过电流表的电流强度方向不变解析:电容器充电开始通过电流表电流最大,然后变小,选项A错误; 充电过程中通过电源的电荷量为q=CE,那么电源消耗的电能为E电 =qE=CE:选项B正确;由于电路中存在电阻,电容器贮存电场能比CE2 小,选项C错误;充电过程中,通过电流表电流方向向右,放电过程中 通过电流表电流方向向左,选项D错误.16.如下图,CA、OB是竖直面内两根固定的光滑细杆(CAOB),C、A、 B、0位于同一圆周上,C点为圆周的最高点,B为最低点.每根杆上套 着一个小滑环(图中未画出),两个滑环分别从0点和C点无初速释放, 用3和t2分别表示滑环到达A、B所用的时间,vi、也分别表示滑环到 达A、B的速度,那么(B )ti>t2 vi<v2A. t1=t2 vi<v2ti<t2 Vi<v2D.无法比拟3和t2的大小关系解析:如下图,连接A、B,并设NABOa ,根据几何关系可知,假设自A 点水平向右画线AD,那么NCAD二a ,假设设BC=2R,那么由牛顿第二定律和运 动学公式得XAcatgsin Q £而xAC=2Rsin。,联立解得匕=2聆同理可解得t2=2上;依题意可知,细杆0B与竖直方向的夹角较小,又因0B>CA,因此其对应的竖直高度较大,由机械能守恒定律得nighWmv; 解得7=府,故W<V2.综上所述,选项B正确.17 .竖直向上抛出一小球,小球在运动过程中,所受空气阻力大小不变.规定向上方向为正方向,小球上升到最高点所用时间为to.以下关于 小球在空中运动过程中的加速度a、位移x、重力的瞬时功率P和机械能E随时间t变化的图象中,正确的选项是(C )解析:题中规定向上为正方向,而小球上升和下降过程中的加速度都 是竖直向下的,应选项A错误;小球上升和下降过程分别为匀减速直 线运动和匀加速直线运动,而选项B所反映的均是小球做匀速直线运 动的情形,应选项B错误;重力的瞬时功率P=mgv,由上面的分析可知, 小球上升过程中速度v逐渐减小,而下降过程中速度v逐渐增大,故重 力的瞬时功率P先逐渐减小后逐渐增大,选项C正确;由于上升和下降 过程中空气阻力始终对小球做负功,故小球的机械能一直减小,选项D 错误.二、选择题(此题共3小题,每题6分,共18分.在每题给出的四 个选项中,至少有一个选项是符合题目要求的.全部选对的得6分,选 对但不全的得3分,有选错的得0分). (2014济南市期末)三角形传送带以1 m/s的速度逆时针匀速转动, 两边的传送带长都是2 nl且与水平方向的夹角均为37° .现有两个小 物块A、B从传送带顶端都以1 m/s的初速度沿传送带下滑,物块与传 送带间的动摩擦因数都是。5, g取10 m/s2, sin 37° =0. 6, cos 37° =0.8.以下判断正确的选项是(BCD )A.物块A先到达传送带底端B.物块A、B同时到达传送带底端C.传送带对物块A、B均做负功D.物块A下滑过程系统产生的热量小于B下滑过程系统产生的热量 解析:因tan 37° =0. 75>0. 5,故A、B都会匀加速下滑,根据牛顿第二 定律知加速度大小也相同,故会同时到达底端,选项A错误,B、C正确; 因A物块与传送带同向运动,相对位移要小,根据Q二fs相对,产生的热量 要小于B物块下滑产生的热量,应选项D正确.19.在中间位置有固定转动轴的长为21的轻质杆两端固定两完全相 同的质量为限 带相同电荷量+q的小球1和2,装置放在如下图的 关于竖直线对称的电场中,初始在水平位置静止.现给小球1 一个竖 直向上速度,让小球1、2绕转动轴各自转动到B、A位置,A、B间电 势差是U,那么小球1、2构成的系统(ABC )A.也势能增加B.动能减小C.动能减少量一定小于qU D.电势能一定大于qU+mgl解析:1、2两小球组成的系统,重力做功为零,只有静电力做功,应选项D错误;由题给电场的分布看出,1球运动过程中静电力对其做正功,大小小于乐U,电势能减少小于3U, 2球运动过程中静电力对其做负功, 大小大于乐U,电势能增加大于飘J,故系统电势能的增加量不一定大于 为口系统动能的减少量不一定大于为U,但一定小于qU,应选项A、B、C 均正确.20.如下图,空间存在着与圆台母线垂直向外的磁场,各处的磁感应 强度大小均为B,圆台母线与竖直方向的夹角为0 . 一个质量为m、半 径为r的匀质金属圆环位于圆台底部.圆环中维持恒定的电流L圆环 由静止向上运动,经过时间t后撤去该恒定电流并保持圆环闭合,圆 环上升的最大高度为H.重力加速度为g,磁场的范围足够大.在 圆环向上运动的过程中,以下说法正确的选项是(AC )A.安培力对圆环做的功为mgllB.圆环先做匀加速运动后做匀减速运动C.圆环运动的最大速度为皿SgtD.圆环有先扩张后收缩的趋势解析:依题意可知,在金属圆环上升II高度的整个过程中,由静止上升 到最大高度再次静止,只有重力和安培力对其做功,由动能定理可得 -mgH+W安=0-0,解得W安二mgH,应选项A正确;撤去恒定电流I前金属圆 环受重力和安培力作用,由于重力噌、安培力大小BIL=2 n BIr均恒 定,故金属圆环做匀加速直线运动,撤去恒定电流I后,金属圆环在磁 场中切割磁感线产生感应电流,感应电流在磁场中受安培力大小F安 二吗必,显然此时的安培力是变力,故金属圆环做变减速直线运动,应选项B错误;设金属圆环做匀加速直线运动的加速度为a,那么2 nBIrcos 0 -mg=ma, v=at,联立解得v二结3-gt,应选项C正确;由左 tn手定那么判断得出,撤去恒定电流I前金属圆环所受安培力的水平分力 使得圆环有收缩的趋势,撤去恒定电流I后金属圆环所受安培力的水 平分力使得圆环有扩张的趋势,应选项D错误.B卷【测控导航】一、选择题(此题共4小题,每题6分,共24分.在每题给出的四 个选项中,只有一项为哪一项符合题目要求的)考占7八、题号(难易度)1.直线运动14(易)2.受力分析及平衡问题15(易)3.静电场中的F、W、Ep等16(易)4.带电粒子在复合场中的运动17(中)、Ep-t等图象问题18(中)6.带电粒子在组合场中的运动19(中)7.电磁感应20(难)14. (2014厦门市质检)在2012年伦敦奥运会女子3米跳板比赛中,我 国跳水名将吴敏霞获得金牌.经过对她跳水过程录像的理想化处理, 将吴敏霞(可视为质点)离开跳板时作为计时起点,其运动过程的v-t 图像简化为如下图,那么(B ),VA. 3时刻开始进入水面B.t2时刻开始进入水面C.t2时刻在空中最高点D. t3时刻浮出水面解析:离开跳板时作为计时起点,所以03为起跳的上升过程,3t2 为从最高点开始的下降阶段,t2t3为入水的减速过程,B正确.15 .如下图,一只篮球放在水平地面上,一只质量为m的蚂蚁在它上 面以恒定的速率从A点爬到C点,在此过程中,篮球始终处于静止状态, 蚂蚁与篮球间的动摩擦因数为口,下面说法中正确的选项是(B )A.蚂蚁爬到B点时; 篮球对它的摩擦力为u mgs in 0B.蚂蚁从A爬到C的过程中,篮球对它的支持力在逐渐增大C.假设蚂蚁爬到B点时不动,那么篮球对它的作用力为mgsin 0D.蚂蚁从A爬到C的过程中,地面对篮球的摩擦力方向为水平向右解析:蚂蚁从A爬到C的过程中,所受的摩擦力是静摩擦力,应选项A错误;对蚂蚁进行受力分析,沿圆心方向有mgsin。-Frf,从A至IJ C 的过程中,角0增大,那么弹力增大,应选项B正确;假设蚂蚁在B点不动,那么受力平衡,篮球对它的作用力大小为mg,方向竖直向上,应选项C错 误;蚂蚁在爬行过程中,合力方向始终指向圆心,那么它受到摩擦力的水 平分力大于支持力的水平分力,因而它对篮球的作用力(摩擦力与支 持力的合力)斜向右下方,那么地面对篮球的摩擦力方向为水平向左,故 选项D错误.16 .如下图,A、C是以正点电荷Q为圆心的某一圆周上的两点,B是 线段AC的中点.现将一正点电荷从A经B移到那么(D )A.从A到C,静电力对该电荷一直做正功B.从A到C,静电力对该电荷一直不做功C.该电荷在A、B、C三点时的电势能大小关系是Epb>EQEpcD.该电荷在A、B、C三点时所受静电力的大小关系是FQFa二Fc 解析:由点电荷电场中等势面的分布特点可知,B点的电势高于A、C 两点的电势,A、C两点的电势相等,故从A到C,静电力对该电荷先做 负功后做正功,电荷的电势能先增加后减少,直至与在A点的电势能 相等,选项A、B、C错误;再由点电荷电场线的分布特点可知,B点处 的电场线比A、C两点处的电场线密,A、C两点处的电场线疏密程度 相同,故该正电荷在A、B、C三点时所受静电力的大小关系是Fb汨=F。, 选项D正确.17.设电子质量为m,电荷量为e,绕带正电的质子做圆周运动.当加上 方向与电子轨道平面垂直、磁感应强度为B的匀强磁场时,设电子轨 道半径不变,而角速度发生变化.你可能不会求角速度的变化 3 ,但

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