高二物理上学期第一次段考试题尖子班.doc

- 1 - / 10【2019【2019 最新最新】精选高二物理上学期第一次段考试题尖子班精选高二物理上学期第一次段考试题尖子班一选择题（每小题 4 分，共 40 分.在每小题给出的四个选项中，16 只有一个正确答案，710 有多个正确选项，全部选对的得 4 分，选不全的得 2 分，有错选或不答的得零分）1.“蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海载人潜水器，它是目前世界上下潜能力最强的潜水器。假设某次海试活动中， “蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为 时开始计时，此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时间 t 上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在 t0(t0NFE。则（ ）AE 带正电，F 带负电，且 QEQF B在 M 点由静止释放一带正电的检验电荷，- 3 - / 10ABO CL检验电荷将沿电场线运动到 N 点C过 N 点的等势面与过 N 点的切线垂直 D负检验电荷在 M 点的电势能大于在 N 点的电势能7.如右图所示，A、B、O、C 为在同一竖直平面内的四点，其中A、B、 O 沿同一竖直线，B、C 同在以 O 为圆心的圆周（用虚线表示）上，沿 AC 方向固定有一光滑绝缘细杆 L，在 O 点固定放置一带负电的小球。现有两个质量和电荷量都相同的带正电的小球 a、b，先将小球 a穿在细杆上，让其从 A 点由静止开始沿杆下滑，后使 b 从 A 点由静止开始沿竖直方向下落。各带电小球均可视为点电荷，则下列说法正确的是（ ）A从 A 点到 C 点，小球 a 做匀加速运动B小球 a 在 C 点的动能大于小球 b 在 B 点的动能 C从 A 点到 C 点，小球 a 的机械能先增加后减小，但机械能与电势能之和不变D小球 a 从 A 点到 C 点的过程中电场力做的功大于小球 b 从 A 点到B 点的过程中电场力做的功8.一个物体以初速度 v0 沿光滑斜面向上运动，其速度 v 随时间 t 变化的规律如图所示，在连续两段时间 m 和 n 内对应的面积均为 S，设经过 b 时刻的加速度大小和速度大小分别为 a 和 vb，则( )AB- 4 - / 10CD2() ()nm Sanm mn2() ()mn Sanm mn22(+n ) ()bmSvnm mn()bmn Svmn9. 如右图所示，两平行金属板间有一匀强电场，板长为 L、板间距离为 d，在板右端 L 处有一竖直放置的光屏 M、一带电荷量为 q、质量为 m 的质点从两板中央射入板间，最后垂直打在 M 屏上，则下列结论正确的是（ ）A板间电场强度大小为 3mg/qB板间电场强度大小为 2mg/qC质点在板间的运动时间和它从板的右端运动到光屏的时间相等D质点在板间的运动时间大于它从板的右端运动到光屏的时间10.如图所示，倾角为 370 的足够长的传送带以恒定速度运行，将一质量 m=1 kg 的小物体以某一初速度放上传送带，物体相对地面的速度大小随时间变化的关系如图所示，取沿传送带向上为正方向，g= 10 m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。则下列说法正确的是 ( ) A物体与传送带间的动摩擦因数为 0. 75B.08 s 内物体位移的大小为 14 mC.08 s 内物体机械能的增量为 84 JD.08 s 内物体与传送带之间因摩擦而产生的热量为 126 J二、本题共 3 小题，共 18 分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。- 5 - / 1011.滴水法测重力加速度的过程是这样的：让水一滴一滴地滴在其正下方的盘子里，调整水龙头，让前一滴水落到盘子而听到声音时后一滴恰好离开水龙头，测出 n 次听到水击盘声的总时间为 t，用刻度尺量出水龙头到盘子的高度差为 h，即可算出重力加速度.设人耳能区别两个声音的时间间隔为 0.1s，声速为 340m/s，则水龙头距盘子的距离至少为_ m.重力加速度的计算式为 g=_12.某实验小组设计了如图（a）所示的实验装置，通过改变重物的质量，利用计算机可得滑块运动的加速度 a 和所受拉力 F 的关系图像。他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条 a-F图线，如图（b）所示。（1）图线_是在轨道左侧抬高成为斜面情况下得到的（选填“”或“” ） ；（2）滑块和位移传感器发射部分的总质量 m=_kg；滑块和轨道间的动摩擦因数 =_。13.在验证机械能守恒定律的实验中，使质量为 m200 g 的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图所示O 为纸带下落的起始点，A、B、C 为纸带上选取的三个连续点已知打点计时器每隔 T0.02 s 打一个点，当地的重力加速度为 g9.8 m/s2，那么：(1)计算 B 点瞬时速度时，甲同学用 v2gsOB，乙同学用 vB.其中所选择方法正确的是_(填“甲”或“乙”)同学2 B2ACS T(2)同学丙想根据纸带上的测量数据进一步计算重物和纸带下落过程中所受的阻力，为此他计算出纸带下落的加速度为_m/s2，从而计算出阻力 f_N.(3)若同学丁不慎将上述纸带从 OA 之间扯断，他仅利用 A 点之后的- 6 - / 10纸带能否实现验证机械能守恒定律的目的？_.(填“能”或“不能”)三、本题共 4 小题，42 分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。14.(10 分)如图甲所示，质量为 m1kg 的物体置于倾角为 37°的固定且足够长的斜面上，对物体施以平行于斜面向上的拉力F，t11s 时撤去拉力，物体运动的部分 vt 图像如图乙所示。试求：（1）拉力 F 的大小。（2）t4s 时物体的速度 v 的大小。15.(10 分)在半径 R5000 km 的某星球表面，宇航员做了如下实验，实验装置如图甲所示竖直平面内的光滑轨道由轨道 AB 和圆弧轨道BC 组成，将质量 m0.2kg 的小球，从轨道 AB 上高 H 处的某点静止滑下，用压力传感器测出小球经过 C 点时对轨道的压力 F ，改变 H 的大小，可测出相应的 F 大小，F 随 H 的变化关系如图乙所示求：(1)圆轨道的半径及星球表面的重力加速度(2)该星球的第一宇宙速度16. (10 分)如图所示 A、B 质量分别为 mA=1kg，mB=2kg，AB 间用弹簧连接着，弹簧弹性系数 k=100N/m，轻绳一端系在 A 上，另一端跨过定滑轮，B 为套在轻绳上的光滑圆环，另一圆环 C 固定在桌边，B 被 C挡住而静止在 C 上，若开始时作用在绳子另一端的拉力 F 为零，此时A 处于静止且刚没接触地面。现用恒定拉力 F=15N 拉绳子，恰能使 B- 7 - / 10离开 C 但不能继续上升，不计摩擦且弹簧没超过弹性限度，g=10m/s2求:（1）B 刚要离开 C 时 A 的加速度, （2）若把拉力 F 改为 F/=30N，则 B 刚要离开C 时，A 的速度大小。17. (12 分)如图所示为研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图在 xOy 平面的第一象限，存在以 x轴、y 轴及双曲线 y的一段(0xL,0yL)为边界的匀强电场区域；在第二象限存在以xL、x2L、y0、yL 的匀强电场区域.两个电场大小均为E，不计电子所受重力，电子的电荷量为 e，求：(1)从电场区域的边界 B 点处由静止释放电子，电子离开 MNPQ时的坐标；(2)由电场区域的 AB 曲线边界由静止释放电子离开 MNPQ 的最小动能；- 8 - / 10新干二中高二物理答案（尖）新干二中高二物理答案（尖）2018.82018.8 出卷人：黄春晖出卷人：黄春晖一、选择题（一、选择题（4×104×10 共共 4040 分）分）题号题号1 12 23 34 45 56 67 78 89 91010 答案答案C CC CA AC CB BC CBCBCACACBCBCBDBD二、填空题（二、填空题（2x92x9 共共 1818 分）分）11 0.05 12. （1） （2）0.5，0.213. (1)乙 (2)9.5 0.06 (3)能三、计算题（三、计算题（10+10+10+1210+10+10+12 共共 4242 分）分）14设力 F 作用时物体的加速度为a1，对物体进行受力分析，由牛顿第二定律可知Fmgsinmgcosma1，撤去力后，由牛顿第二定律有mgsinmgcosma2根据图像可知：a120m/s2，a210m/s2，代入解得 F=30N，=05。（2）设撤去力后物体运动到最高点时间为 t2，v1a2t2，解得t22s，则物体沿着斜面下滑的时间为 t3=tt1t2=1s，设下滑加速度为 a3，由牛顿第二定律 mgsinmgcos=ma3，有 a 3=2 m/s2，t4s 时速度 va3t32m/s。15.(1)小球过 C 点时满足 Fmgm，又根据 mg(H2r)mvC2，联立解得 FH5mg。由题图可知：H1=0.5 m 时 F1=0； H21.0 m 时F25 N；可解得 g=5 m/s2， r=0.2 m。(2)据 mmg，可得 v5×103 m/s.答案：(1)0.2 m 5 m/s2 (2)5×103 m/s- 9 - / 1016. 解析： （1）B 刚要离开 C 的时候，弹簧对 B 的弹力：N=mBg A 的受力图如图，由图可得：G+N-F=mAa12 分解得：a1=15m/s2，2 分竖直向下1 分（2）当 F=0 时，弹簧的伸长量：X1= =0.1m1 分当 F=15N，且 A 上升到最高点时，弹簧的压缩量：X2=0.2m1 分所以 A 上升的高度：h=X1+X2=(0.1+0.2)m=0.3m1 分在 A 上升过程中，根据功能关系：Fh=mAgh+Ep1 分所以弹簧弹性势能增加了：Ep =mA gh-Fh=（15-10）×0.3J=1.5J 1 分把拉力改为 F=30N，从 A 上升到当 B 恰要离开 C 时的过程中，弹簧的弹性势能变化相等，根据功能关系，有：Fh-mAgh-Ep =2 分2 AAvm21解得：vA=3m/s 2 分17. 解析 (1)设电子的质量为 m，电子在电场中做匀加速直线运- 10 - / 10动，出区域时的速度为 v0，接着在无电场区域匀速运动，此后进入电场，在电场中做类平抛运动，假设电子从 NP 边射出，出射点纵坐标为 y1，由 y对于 B 点 yL，则 xL所以，eE·Lmv 解得 v0eEL 2m设在电场中运动的时间为 t1 Ly1at·()2解得 y10，所以原假设成立，即电子离开 MNPQ 区域的位置坐标为(2L,0)(2)设释放点在电场区域中的坐标为(x，y)，在电场中电子被加速，速度为 v1 时飞离电场，接着在无电场区域做匀速运动，然后进入电场做类平抛运动，并从 NP 边离开，运动时间为 t2，偏转位移为 y2. eExmv y2at·()2解得 xy2L2/4，所以原假设成立，即在电场区域的 AB 曲线边界由静止释放的所有电子离开 MNPQ 时都从 P 点离开的其中只有从 B 点释放的电子，离开 P 点时动能最小，则从 B 到 P 由动能定理得：eE·(LL)Ek0 所以 EkeEL