2016届福建省四地六校高三上学期第二次联考物理试题.pdf

20162016 届福建省四地六校高三上学期第二次联考物理试题届福建省四地六校高三上学期第二次联考物理试题“华安、连城、永安、漳平一中，泉港一中，龙海二中华安、连城、永安、漳平一中，泉港一中，龙海二中”六校联考六校联考第卷（选择题第卷（选择题共共 4545 分）分）一、选择题一、选择题(本题共本题共 1515 小题小题.每小题每小题 3 3 分，共分，共4545 分。每小题给出的四个选项中，分。每小题给出的四个选项中，1-101-10 小题小题只有一个选项正确，只有一个选项正确，11-1511-15 小题有多个选项正确，全部选对的得小题有多个选项正确，全部选对的得 3 3 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 1 1 分，分，有错选的得有错选的得 0 0 分。分。)1、小球做下列各种运动中，属于匀变速曲线运动的是（）A.自由落体运动B.竖直上抛运动C.斜上抛运动D.匀速圆周运动2、A和B两物体在同一直线上运动的v-t图线如图所示。已知在第3s 末两个物体在途中相遇，则下列说法正确的是（）A两物体从同一地点出发B出发时B在A前 3m 处C3s 末两个物体相遇后，两物体可能再相遇D运动过程中B的加速度大于A的加速度3、如图所示，小车内有一固定光滑斜面，一个小球通过细绳与车顶相连，小车在水平面上做直线运动，细绳始终保持竖直，关于小球的受力情况，下列说法中正确的是（）A若小车静止，绳对小球的拉力可能为零B若小车静止，斜面对小球的支持力一定为零C若小车向右运动，小球一定受两个力的作用D若小车向右运动，小球一定受三个力的作用4、如图所示，一小车上有一个固定的水平横杆，左边有一轻杆与竖直方向成角与横杆固定，下端连接一小铁球，横杆右边用一根细线吊一小铁球，当小车向右做加速运动时，细线保持与竖直方向成角，若，则下列说法正确的是()A轻杆对小球的弹力方向与细线平行B轻杆对小球的弹力方向沿着轻杆方向向上C轻杆对小球的弹力方向既不与细线平行，也不沿着轻杆方向D小车匀速时，=5、如图所示，电梯与水平地面成角，一人站在电梯上，电梯从静止开始匀加速上升，到达一定速度后再匀速上升若以FN表示水平梯板对人的支持力，G为人受到的重力，Ff为电梯对人的静摩擦力，则下列结论正确的是()A加速过程中Ff0，FN、Ff、G都做功B加速过程中Ff0，FN不做功C加速过程中Ff0，FN、G都做功D匀速过程中Ff0，FN、G都不做功6、“嫦娥二号”是我国月球探测第二期工程的先导星若测得“嫦娥二号”在月球(可视为密度均匀43的球体)表面附近圆形轨道运行的周期为T，已知引力常量为G，半径为R的球体体积公式V R，则可3估算月球的()A半径 B质量 C密度 D自转周期7、质量m4 kg 的质点静止在光滑水平面上的直角坐标系的原点O 处，先用沿x 轴正方向的力 F18N 作用了2 s，然后撤去F1；再用沿 y 轴正方向的力F224 N作用了1 s 则质点在这3 s 内的轨迹是()8、如图所示,竖直平面内的同心圆是一点电荷在真空中形成电场的一簇等势线,一正电小球从 A 点静止释放，沿直线到达 C 点时速度为零,以下说法正确的有()A.此点电荷为负电荷B.场强EAEBECC.电势ABCD.小球在 A 点的电势能小于在 C 点的电势能9、A、B、C、D 四图中的小球以及小球所在的左侧斜面完全相同，现从同一高度h处由静止释放小球，使小球进入右侧竖直面上的不同轨道。如果不计任何摩擦阻力和拐弯处的能量损失，小球进入右侧轨道到达最高点时，速度为零的是()10、位于水平面上的物体在水平恒力 F1作用下，做速度为 v1的匀速运动；若作用力变为斜向上的恒力 F2，物体做速度为 v2的匀速运动，且 F1与 F2功率相同。则 v1、v2的大小关系为（）Av1 v2Cv1=v2Bv180km/h-2 分可知该轿车已经超速-1 分19、（10 分）解：（1）设最高点小球的速度为v1，由平抛知识得14R v1t（1 分）2R gt2（1 分）联立得v12gR（2 分）2（2）设小球最低点速度为v0，绳子对小球的拉力为T，由动能定理得112mg2R mv12mv0（2 分）222v0由牛顿第二定律得T mg m（2 分）R联立得T 9mg（1 分）由牛顿第三定律得小球对绳的拉力为9mg（1 分）20、（10 分）解（1）带电液滴在板间受重力和竖直向上的静电力，因为液滴做匀速运动，所以有Eq mg（1 分）E U（1 分）dqU上板向上提后,液滴在电场中做类平抛运动此时液滴所受的静电力F1 E1q（1 分）d1由牛顿第二定律得mg F1 ma（1 分）联立a 5m/s2（1 分）（2）因为液滴刚好从金属板的末端飞出，所以液滴在竖直方向上的位移是d。液滴从 P 点开始在匀2dat12强电场中飞行的时间为t1，则有（2 分）22液滴从刚射入电场到离开电场的时间t2L（1 分）v0所以液滴从射入开始计时，匀速运动到P 点所用的时间t t2t1（1 分）联立得t 0.2s（1 分）21、（11 分）(1)由图象可知，物体在传送带上滑动的加速度大小 a=1m/s2-1 分对物体分析，由牛顿第二定律得：mg ma-1 分解得:0.1-1 分(2)设 0s 和 8s 时刻物体的速度为 v1、v2,由动能定理得:W 11mv22mv12 6J-2 分22(3)在 0-8s 传送物体电动机多消耗的电能E转化为两部分，一部分转化为物体增加的动能Ek，另一部分转化为物体与传送带之间的摩擦生热 Q，在 0-8s 内只有前 6s 发生相对滑动。0-6s 内，传送带运动位移s1 46 24m-1 分1由图象可知物体在 0-6s 的运动位移s2(24)2 6m-1 分2则在 0-6s 过程传送带与物体相对位移s=s1-s218m-1 分所以 Q=mgs 18J-1 分11动能的增量Ek=mv22mv12 6J22所以传送物体电动机多消耗的电能E=Q+Ek=24J-2 分