2012年江苏省常州市中考物理试卷.docx

2012年常州中考物理试卷一、单项选择（本题共15小题，每小题2分，共30分）1 2012年5月22日，美国“猎鹰9 号”火箭把“龙”号飞船送人太空，在近两个小时的时间内，“龙”号飞船与国际空间站相伴而飞空间站丙宇航员透过舷窗看到“龙”号飞船如图所示纹丝不动、地球在缓缓转动，宇航员选取的参照物是（）A舷窗B地球C太阳D“龙”号飞船考点：运动和静止的相对性。专题：应用题。分析：解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的解答：解：以舷窗为参照物，舷窗与“龙”号飞船之间的相对位置没有发生改变，所以飞船是静止的；舷窗与地球之间的相对位置发生了改变，所以地球是运动的故选A点评：此题主要考查学生对参照物的选择的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论2 2011年11月9日，俄罗斯“福布斯土壤”火星探测器在地球近地轨道上因主发动机启动失败而无法变轨经查，是太空中的带电粒子对机载计算机系统产生影响导致程序出错下列粒子中，因不带电首先可以排除的是（）A电子B原子核C中子D质子考点：原子结构、元电荷与带电情况。专题：应用题。分析：根据原子由原子核和核外电子构成，其中原子核由质子和中子构成的在原子中，质子带正电，电子带负电，原子核带正电中子不带电进行分析解答本题解答：解：在原子中，质子带正电，电子带负电，原子核带正电是由于质子带正电，而中子不带电故选C点评：本题考查了原子内各种微粒的电性，要记住32 011年12月，漂阳首创“移栽油菜稻草全量还田”栽种技术，收割完稻子、栽下油菜苗之后，农民把脱粒后的稻草杆覆盖在油菜苗根部，如图所示对该栽种技术优点的分析中，错误的是（）A白天，防止日光直接照射土壤，避免土壤因水分快速蒸发而干结B白天，防止地表风直接刮向土壤，避免土壤因水分快速蒸发而干结C白天，发挥稻草的遮光功能抑制杂草生长，减少除草剂的使用量D夜晚，发挥稻草的导热功能为土壤保温，避免油菜受冻害考点：蒸发及其现象。专题：应用题。分析：影响液体蒸发快慢的因素有三个：液体的温度；液体的表面积；液体表面上方空气的流动速度从这三个方面来分析选择项中提到的措施，从而可以得到答案解答：解：A、稻草杆覆盖在油菜苗根部，避免阳光的照射，可以减慢土壤水分的蒸发正确，不合题意B、稻草杆覆盖在油菜苗根部，避免了与空气直接接触，可以减慢土壤水分的蒸发正确，不合题意C、植物的生长需要阳光，稻草杆覆盖在油菜苗根部，使杂草得不到阳光，可以抑制杂草生长，减少除草剂的使用量正确，不合题意D、稻草不善导热，稻草杆覆盖在油菜苗根部可以减少热量损失为土壤保温，避免油菜受冻害正确，不合题意故选D点评：此题考查了影响蒸发快慢的因素，要注意其在生活中的应用4 2011年5月，法国科学家发现行星“葛利斯581d”较适合地球生命居住，且同一物体在“葛利斯581d”行星表面所受重力大小是在地球表面的两倍设想宇航员从地球携带标有“100g”字样的方便面、天平和弹簧测力计飞至行星“葛利斯581d”，测得方便面的示数是（）A天平示数为100g，弹簧测力计示数为1NB天平示数为100g，弹簧测力计示数为2NC天平示数为200g，弹簧测力计示数为1ND天平示数为200g，弹簧测力计示数为2N考点：天平的使用；弹簧测力计的使用与读数。专题：应用题。分析：（1）质量是指物体所含物质的多少，与形状、状态、空间位置无关；（2）先根据G=mg求出宇航员在地球受到的重力，然后根据“葛利斯581d”行星的重力是地球的2倍计算出此时测力计的示数解答：解：因为物体的质量与其空间位置无关，所以在“葛利斯581d”行星上方便面的质量仍然为100g；物体在地球上受到的重力：G=mg=0.1kg×10N/kg=1N，“葛利斯581d”行星的重力是地球的2倍，在“葛利斯581d”行星受到的重力：2×1N=2N故选B点评：会熟练应用重力的公式进行计算，牢记质量不随物体的形状、状态以及空间位置的改变而改变5如图所示，一束平行光经过一凸透镜，调节光屏的位置直到在屏上得到一个最小、最亮的光斑小明用此凸透镜做“探究凸透镜成像规律”的实验，当物体距凸透镜3Ocm 时，重新调节光屏的位置，清晰可得（）A倒立缩小的实像B倒立等大的实像C倒立放大的实像D正立放大的虚像考点：凸透镜成像规律及其探究实验。专题：实验题。分析：（1）要解决此题，需要掌握焦点和焦距的概念平行于主光轴的光线会聚于一点，此点为凸透镜的焦点由焦点到凸透镜光心的距离叫做焦距，粗略测量薄透镜的焦距时，可以测出从焦点到凸透镜的距离即可（2）掌握凸透镜成像的规律，知道当物距大于二倍焦距时成倒立、缩小的实像解答：解：从图中光屏上最小、最亮的光斑到透镜的距离就是焦距f=10cm；当物体距凸透镜3Ocm 时，物距u=30cm2f，根据凸透镜成像的规律，此时凸透镜成倒立、缩小的实像；故选A点评：（1）本题考查了凸透镜的焦点、焦距的定义凸透镜成像的三种情况和应用（2）学生要熟记规律并能灵活应用规律分析问题，在平时的学习中注意总结规律6 2012年3月25日，卡梅隆乘坐“深海挑战者”号深潜器潜人马里亚纳海沟11000m 深处下潜过程中，卡梅隆发现深潜器发生越来越明显的收缩，则深潜器受到的海水压强和浮力的变化情况是（设海水密度不变）（）A压强越来越大，浮力越来越小B压强越来越大，浮力越来越大C压强越来越小，浮力越来越小D压强越来越小，浮力越来越大考点：液体的压强的特点；阿基米德原理。专题：应用题。分析：根据公式P=gh可求压强的变化，根据浮力公式F浮=gV排可求浮力的变化解答：解：下潜过程中，深度越来越大，根据公式P=gh可知，所受液体压强越来越大；下潜过程中，卡梅隆发现深潜器发生越来越明显的收缩，则说明深潜器的体积变小，故根据浮力公式F浮=gV排可知，浮力变小故选A点评：本题考查液体压强和浮力公式的应用，关键是知道影响液体压强的因素是液体密度和深度，影响浮力的因素是液体密度和物体排开液体的体积，容易出错的一点是液体的深度指的是该点离液面的垂直距离7如图所示的电路中，使两盏灯都有电流流过的操作是（）A开关S1、S2、S3都闭合B只闭合开关S2、S3C只闭合开关S2D只闭合开关S1考点：串联电路和并联电路的辨别。专题：应用题；图析法。分析：据题目的要求能看出，该题需要选出两灯都有电流的通过的选项即可，故据此分析，应特别注意短路情况的理解解答：解：A、开关S1、S2、S3都闭合时，电路发生短路，故不符合题意；B、只闭合开关S2、S3，L1发光，L2被短路，故不符合题意；C、只闭合开关S2，此时L1和L2串联，故两灯中都有电流通过，故符合题意；D、只闭合开关S1，只有灯L2工作，故不符合题意；故选C点评：本题考查了电路的连接特点对于通过开关来改变电路连接方式的习题，一定要看清题目中电流的流经路径，应特别注意短路情况的分析8分别用如图所示的（甲）、（乙）两个滑轮组，在100s内将重为400N的物体G匀速提升10m，每个滑轮的重均为20N不计绳重及摩擦，此过程中（）AF甲做的功大于F乙做的功BF甲做的功小于F乙做的功CF甲做功的功率小于F乙做功的功率DF甲做功的功率等于F乙做功的功率考点：功率的计算；功的计算。专题：计算题；图析法。分析：由两图可知，承担物重的绳子股数n，不计绳重及滑轮轴间的摩擦，利用F=（G物+G轮）求拉力大小，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据W=Fs分别求出拉力做的功；再根据P=求出两图中拉力的功率即可得出答案解答：解：（1）由图甲可知：n=2，不计绳重及滑轮轴间的摩擦，F甲=（G物+G轮）=（400N+20N）=210N，W甲=F甲S甲=F甲nh甲=210N×2×10m=4200JP甲=4.2W（2）由图乙可知：n=3，不计绳重及滑轮轴间的摩擦，F乙=（G物+G轮）=（400N+20N）=140N，W乙=F乙S乙=F乙nh乙=140N×3×10m=4200JP乙=4.2W由以上可得：W甲=W乙，P甲=P乙故选D点评：本题考查了使用滑轮组拉力和拉力功率的计算，关键是不计绳重及滑轮轴间的摩擦时F=（G物+G轮）和绳子有效股数的确定9 20世纪60年代，为控制疟疾疫情，屠呦呦尝试用加热青篙水溶液的方法使其沸腾，从而去除水分以提取药物，但提取效果并不理想她猜想：可能在高温的情况下，药物被破坏掉了对此，可采用的方法是（）A用微火加热使溶液慢慢沸腾B用旺火加热缩短沸腾的时间C减小容器内的气压D增大容器内的气压考点：沸点及沸点与气压的关系。专题：应用题。分析：液体的沸点与气压有关：气压越大，沸点越高；气压越低，沸点越低根据沸点与气压的关系，应该降低容器内的气压，沸点也会随之降低解答：解：A、如果不降低气压，即使用微火加热，水的温度仍为100，并不能降温，方法不可行B、如果不降低气压，即使缩短加热沸腾时间，水的温度仍为100，并不能降温，方法不可行；C、降低容器内气压，水的沸点也会降低，此方法是可行的；D、增加容器内气压，水的沸点会升高，此方法是不可行的；故选C点评：本题考查了沸点与气压的关系做题时，用所学的知识结合题意去分析完成选项10借助如图所示的实验装置，小明探究“磁场对通电直导线的作用”闭合开关S0，原本静止的轻质硬直导线AB水平向右运动要使AB水平向左运动，下列措施中可行的是（）A将A、B两端对调B将滑动变阻器的滑片P向右移动C换用磁性更强的蹄形磁体D将蹄形磁体的N、S极对调考点：磁场对通电导线的作用。专题：应用题。分析：通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与两个因素有关：一个是磁场方向，另一个是电流方向如果只改变一个因素，则导体受力方向改变，如果同时改变两个因素，则导体受力方向不变此实验是电能转化为机械能解答：解：A、将A、B两端对调，受力运动方向不变，故A错B、将滑动变阻器的滑片P向右移动，减小电路中的电流，减小导线的运动速度，不会改变运动方向，故B错；C、换用磁性更强的蹄形磁体，将增大导线的运动速度，不会改变运动方向，故C错；D、将蹄形磁体的N、S极对调，只改变一个影响因素（磁场方向），受力运动方向改变，故D正确；故选D点评：要改变通电直导线的运动方向，只能改变电流方向和磁场方向中的一个即可，两个因素不能同时改变11运动场上，下列现象中，没有利用惯性的是（）A跳远运动员助跑一段距离才起跳B举重运动员把杠铃举在空中不动C掷出去的铁饼在空中继续向前飞行D箭被弓射出后仍向前运动考点：惯性。专题：应用题。分析：要解决此题需要掌握惯性的概念：物体保持原来运动状态不变的性质并且能运用惯性的知识解决有关问题解答：解：A、跳远运动员要助跑一段距离获得一定的速度，在起跳后，运动员由于惯性要保持原来的运动状态，腾空时间更长，运动的越远不符合题意B、举重运动员把杠铃举在空中不动，即此时处于平衡状态，利用的是平衡力的知识，故符号题意；C、投掷铁饼时，铁饼离开手后由于惯性要继续向前运动，能用惯性知识解释，不符合题意，故D错误D、射出去的箭处于运动状态，由于惯性，箭离弦后继续向前运动，因此是利用惯性，故不符合题意；故选B点评：本题考查了惯性的知识，知道惯性的概念是正确解题的前提，解题时要根据实际物理情景进行分析，作出判断12如图所示，两手指用力压住铅笔的两端使它保持静止，下列说法中正确的是（）A左边手指受到的压力较大，两手指受到的压强相同B右边手指受到的压力较大，两手指受到的压强相同C两手指受到的压力相同，左边手指受到的压强较大D两手指受到的压力相同，右边手指受到的压强较大考点：探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验。专题：实验题；控制变量法。分析：（1）从铅笔所处的平衡状态入手，分析两手指的受力大小关系手指所受铅笔的压力等于手指对铅笔的压力，这是作用力与反作用力（2）压强的大小由压力的大小和受力面积的大小来确定在压力相同的情况下，只需比较受力面积的大小即可解答：解：（1）铅笔处于静止状态，受到两手指的压力是一对平衡力所以两手指对铅笔的压力相等由于手指对铅笔的压力与铅笔对手的压力使一对作用力与反作用力，所以这两力也相等由此可知：两手指受到的铅笔的压力相同（2）由于铅笔的两端的受力相同，右边的受力面积小，由p=可知右边手指受到的压强较大故选D点评：本题考查了学生对压强公式的掌握和运用，分析时要用好控制变量法13把上紧发条的玩具车放置在水平桌面上，玩具车由静止开始加速跑动，此过程中玩具车能量的变化情况是（）A弹性势能减小，动能增大B弹性势能减小，动能减小C弹性势能增大，动能增大D弹性势能增大，动能减小考点：动能和势能的大小变化。专题：应用题。分析：机械能包括动能和势能，势能又包括重力势能和弹性势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关；弹性势能的大小与发生弹性形变的程度有关解答：解：玩具车由静止开始加速跑动，说明它的速度在增大，速度越大、动能越大；故玩具车的动能增大；上紧发条的玩具车，在跑动的过程中，发条变松弛，即弹性形变减小，故弹性势能减小；故A正确；BCD错误；故选A点评：抓住影响动能和弹性势能的因素，可对物体的动能和弹性势能变化做出判断，判断时，要抓住题干中的关键词14如图所示的家庭照明电路，已知其中一只灯泡的灯头接线处存在故障电工师傅为查明故障，在保险丝处接入一只“220V 40W”的灯泡L0当只闭合开关S、S1时，灯泡L0和L1都呈暗红色（比正常发光状态暗得多）；当只闭合开关S、S2时，灯泡L0正常发光，L2不发光由此可以确定（）AL1灯头接线处断路BL1灯头接线处短路CL2灯头接线处断路DL2灯头接线处短路考点：家庭电路的故障分析。专题：应用题。分析：将“220V、40W”的电灯按表格中提供的接法接入电路，是把此灯串连接入电路若电灯恰能正常发光，说明开关闭合的那条支路短路，使该灯直接接在电源上；若电灯比正常发光暗，说明开关闭合的那条支路的灯与该灯串连接入电路，所分电压低于220V，这条支路正常；若电灯不发光，说明开关闭合的那条支路有开路据此分析判断解答：解：当只闭合S、S1时L0和L1都呈暗红色，是因为L1与该灯串连接入电路，所分电压低于220V，所以L1正常；当只闭合S、S2时，L0正常发光，L2不发光，是因为L2被短路，使L0直接接在电源上，正常发光故选C点评：明确当把检测灯串连接在保险丝处时，出现三种现象（检测灯正常发光、发光暗、不发光）的原因是本题的关键15如图（甲）所示，物体甲重30N，被50N的水平压力F甲压在竖直墙壁上保持静止如图（乙）所示，物体乙重60N，在40N的水平拉力F乙作用下，沿水平桌面匀速向右运动则物体甲受到的摩擦力f甲和物体乙受到的摩擦力f乙分别是（）Af甲=30N，f乙=60NBf甲=30N，f乙=40NCf甲=50N，f乙=60NDf甲=50N，f乙=40N考点：二力平衡条件的应用。专题：应用题；图析法。分析：（1）对甲乙两物体进行受力分析，并作出它们的受力分析图；（2）根据物体的受力情况，由平衡条件求出物体受到的摩擦力解答：解：（1）以物体甲为研究对象，甲物体受力如图甲所示；以乙物体为研究对象，乙物体受力如图乙所示；（2）甲物体保持静止，处于平衡状态，在竖直方向上，由平衡条件得：f甲=G甲=30N；乙物体做匀速直线运动，处于平衡状态，在水平方向上，由平衡条件得：f乙=F乙=40N；故选B点评：本题考查了求物体受到的摩擦力，正确对物体进行受力分析、灵活应用平衡条件是正确解题的关键二、填空与作图（第1622小题每空格1分，第23、24小题各2分，共24分）16海洋动物质量越大，其叫声越是有力而低沉，即响度较大，音调较低（甲）、（乙）两曲线为科考船声纳系统收录的50Okg的海豚和1O0t的蓝鲸叫声的波形图，其中，甲（甲/乙）是蓝鲸发出的考点：音调、响度与音色的区分。专题：应用题。分析：物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高解答：解：由信息知：海洋动物质量越大，其叫声越是有力而低沉，故响度大，音调低；由图象知：甲的振幅大，频率低，故甲是质量大的蓝鲸的叫声的波形图，相反乙是海豚的叫声的波形图故答案为：大；低；甲点评：解决此类问题要结合声音特征中的音调和响度定义去分析解答此外还要通过波形图来认识声音的特征，对波形图的各种特征要了解172011年11月9日7时28分，一颗航空母舰般大小的小行星以4.68×104km/h、即1.3×104m/s的速度与地球擦身而过，高速度使得小行星的机械（动）能极大，如果撞击地球，将导致里氏7级的地震和21m高的海啸这是近35年来第一次有小行星如此接近地球，天文学家借助望远镜（显微镜/望远镜）观察了整个过程考点：物理量的单位及单位换算；望远镜；动能的影响因素。专题：应用题。分析：（1）速度单位间的换算关系是：1m/s=3.6km/h；（2）机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；质量越大、速度越大，动能就越大；重力势能大小与质量和高度有关；质量越大、高度越大，重力势能越大；（3）利用凸透镜成像原理制成望远镜，可观察到太空中的星体解答：解：（1）4.68×104km/h=4.68×104×m/s=1.3×104m/s；（2）动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关；由于小行星的质量很大（航空母舰般大小），速度如此大，则动能相当大，即机械能极大；（3）利用凸透镜成像原理制成望远镜，能够观测远处太空中的星体情况；故答案为：（1）1.3×104；（2）机械（动）；（3）望远镜点评：此题属于综合题；对于物理量不同单位间的换算，运用不同单位间的具体关系，利用数学上的运算就可完成；抓住影响动能的因素可判断机械能的大小；望远镜是凸透镜成像的具体应用之一18 2012年5月，日本科学家开发出制作单层硅分子薄膜技术，如图所示：在硅板表面覆盖陶瓷薄层，持续加热一段时间后，硅板中的硅分子居然能穿透陶瓷薄层从而形成单层硅分子薄膜加热使得硅分子穿透陶瓷薄膜，这说明：分子不停的做无规则运动；温度越高分子运动越剧烈考点：扩散现象。专题：应用题。分析：分子动理论中提到：分子在永不停息地做无规则运动；分子间存在引力和斥力；分子间存在空隙；温度越高，分子运动越剧烈解答：解：加热使得硅分子穿透陶瓷薄膜，这说明分子不停的做无规则运动，温度越高分子运动越剧烈（分子间存在间隙）故答案为：分子不停的做无规则运动；温度越高分子运动越剧烈（分子间存在间隙）点评：本题需要学生针对分子动理论内容和生活现象之间的进行联系，相对比较简单19 2012年3月，英国科学家研发出“激光橡皮”，专门用来去除白纸上的黑色碳粉字迹激光照射下，纸张上的黑色碳粉直接升华（填物态变化名称）为高温碳蒸气，同时字迹消失，这是光能转化为内能能的过程为防止高温对纸张的破坏，激光照射时间需严格控制考点：生活中的升华现象；能量转化的现象。专题：应用题。分析：（1）在一定条件下，物质的三种状态间可以相互转化；物质由固态直接变为气态，叫升华（2）自然界中的各种能量之间会发生转化现象，光能和内能之间也会发生相互的转化解答：解（1）激光照射下，纸张上的黑色碳粉直接变为高温碳蒸气，即物质由固态直接变为气态，也就是发生了升华现象；（2）激光照射下，纸张上的黑色碳粉温度升高，内能增大；即发生了光能向内能的转化；故答案为：（1）升华；（2）光；内点评：可对物质发生物态变化前后的状态进行分析，从而得出是发生了哪种物态变化；分析题目中涉及的能量问题，消耗了什么能量，得到了什么能量，然后可得出能量转化的具体情况20 2012年4月22日，中国新一代“人造太阳”实验装置热核聚变反应堆完成了放电实验：实验中反应堆放电功率为3×104W，输出稳定电流40A 并持续0.5s，则输出电压是750V若将“人造太阳”此次释放的电能全部储存进电池并全部释放为照明电路供电，可使一只100W的灯持续工作0.042 h考点：电功的计算；电功率的计算。专题：计算题。分析：知道反应堆的放电功率和输出电流，可利用公式U=计算出输出电压知道反应堆的放电功率和放电时间，可利用公式W=Pt计算出释放的电能，并且释放的电能全部为照明电路供电，又知道灯泡的电功率，可利用公式t=计算出灯泡的工作时间解答：解：P=3×104W，I=40A，输出电压为：U=750Vt=0.5s，释放的电能为：W=Pt=3×104W×0.5s=15000J，而释放的电能全部为照明电路供电，又P灯=100W，灯泡的工作时间为：t灯=150s0.042h故答案为：750；0.042点评：本题考查了学生利用电功率和电功的计算公式进行计算，关键是对公式和公式变形的理解和应用，在计算过程中要注意单位的换算21小明在30s内用600N 的拉力F把9OON的重物沿斜面向右上方匀速拉动3m，此过程中重物高度上升1.5m，拉力F做功的功率是60W，此过程中斜面的机械效率是75%考点：功率的计算；功的计算；斜面的机械效率。专题：计算题。分析：（1）根据W=Fs求出拉力F做功的功即为总功，根据P=求出拉力F做功的功率；（2）根据W=Gh求出有用功，利用=求出此过程中斜面的机械效率解答：解：（1）拉力F做功的功：W总=Fs=600N×3m=1800J，拉力F做功的功率：P=60W；（2）有用功：W有=Gh=900N×1.5m=1350J，斜面的机械效率：=75%故答案为：60；75%点评：本题考查了功、功率、机械效率的计算，关键是公式及其变形式的灵活运用，还要明确拉力做的功为总功、克服物体重力做的功为有用功22 PM2.5是大气中直径小于等于2.5m、即小于等于2.5×106m的颗粒悬浮物，能被肺泡吸收并进入血液常州大学的科研队伍成功研制出PM2.5净化器，其原理如图所示闭合开关S1、S2后，风扇旋转吸入空气，气流外侧A处的颗粒物也被吸入净化器，这是因为气流处流速大导致压强小的缘故颗粒物接近带有负电荷的光洁金属网C 时受到强烈的吸引力，这是因为带电体具有吸引轻小物体的性质，但很快又受到光洁金属网C 对它的斥力，这又是因为接触后，颗粒物也带上负电，同种电荷相互排斥离开金属网C 后，颗粒物被带有正电荷的棉芯D牢牢吸引，这是因为异种电荷互相吸引考点：长度单位及换算；流体压强与流速的关系；电荷间的相互作用规律。专题：应用题。分析：（1）长度单位间的换算关系是：1km=103m=104dm=105cm=106mm=109m=1012nm；（2）流体压强与流速的关系是：流速越大，压强越小；（3）带电体具有吸引轻小物体的性质；电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引解答：解：（1）2.5m=2.5×106m；（2）气流处流速大导致压强小，在外界大气压作用下，颗粒物进入净化器；（3）带有负电荷的光洁金属网，能够吸引不带电的细小颗粒；（4）不带电的颗粒与带负电的金属网接触后，颗粒带上负电，同种电荷相互排斥，使颗粒离开金属网；（5）由于异种电荷互相吸引，带负电的颗粒物又会被带有正电荷的棉芯D牢牢吸引；故答案为：（1）2.5×106；（2）小；（3）带电体具有吸引轻小物体的性质；（4）接触后，颗粒物也带上负电，同种电荷相互排斥；（5）异种电荷互相吸引点评：此题考查知识面广，是一道综合题；运用长度单位间的换算关系、流体压强与流速的关系、带电体的性质、电荷间的作用规律等知识，可以做出解答23如图所示，光从空气斜射向玻璃砖，请画光出在玻璃砖中的折射光线（保留作图痕迹）考点：作光的折射光路图。专题：作图题。分析：根据光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角，作出大致的折射光线解答：解：首先过入射点画出法线，然后根据折射规律画出折射光线，光从空气斜射入玻璃中，所以折射角小于入射角；点评：此题考查了对折射光线的画法，关键是记熟光的折射定律，搞清折射角与入射角的关系难度不大，属于基础知识24如图所示，用螺丝刀撬图钉，O为支点，请画出动力Fl的力臂L1（保留作图痕迹）考点：力臂的画法。专题：作图题。分析：力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂解答：解：过支点O作出动力F1的垂线，即为动力臂L1如图所示：点评：作力臂时重点是找出支点与力的作用线，力臂是从支点到力的作用线的距离三、解答与探究（第25小题6分，第26小题9分，第27小题9分，第28小题9分，第29小题5分，第30小题8分，共46分）计算型问题解答时要有必要的文字说明、公式和运算过程，直接写出结果的不能得分25液化石油气的热值高达4.6×107J/kg，一些不法商贩为谋取暴利，常将液化石油气与价格低廉、热值仅为2.9×107J/kg的二甲醚混合装入钢瓶内销售给客户常州市质监局对某液化石油气站销售的瓶装燃气进行检测：将质量为100kg、初始温度为31的水装入容器内，用高效炉灶燃烧瓶内燃气加热容器中的水直至100恰好沸腾，瓶内燃气消耗了0.84kg通过高效炉灶，水能吸收燃气完全燃烧释放热量的75%已知水的比热容为c水=4.2×103J/（kg），问：（1）瓶内燃气的热值是多少？（2）该液化石油气站销售的瓶装液化石油气有无掺混二甲醚？考点：燃料的热值；热量的计算。专题：计算题。分析：根据水的比热容，计算出水吸收的热量，然后根据炉灶的热效率，可求出燃气燃烧放出的热量，最后根据热值的概念，求出燃气的热值；对照所求热值与石油气热值的关系，判断是否掺假解答：解：（1）水吸收的热量为：Q吸=cm（tt0）=4.2×103J/（kg）×100kg×（10031）=2.898×107J；燃气燃烧放出的热量为：Q放=3.864×107J；瓶内燃气的热值为：q=4.6×107J/kg；（2）通过计算得出的瓶内燃气的热值正好等于液化石油气的热值，即q=q石油气=4.6×107J/kg；故该液化石油气站销售的瓶装液化石油气没有无掺混二甲醚；答：（1）瓶内燃气的热值是4.6×107J/kg；（2）该液化石油气站销售的瓶装液化石油气没有无掺混二甲醚点评：此题属于热学的综合题，将比热容与热值的相关计算，通过热效率联系在一起；根据相应的计算公式可解答26小明家电热吹风机的铭牌如表格（甲）所示，其工作原理如图（乙）所示由于使用了多年，吹风机中的电热丝明显氧化导致其电阻发生了变化，电动机性能仍保持不变为准确测量氧化电热丝的实际电阻值，小明在家中把该吹风机单独接入家庭电路并使其吹热风，发现电能表的转盘6min内转过132圈，电能表规格如图（丙）所示问：（1）氧化电热丝的实际电阻值是多少？（2）为恢复电热吹风机的铭牌功率，应与氧化电热丝串联还是并联一段新电热丝？（3）新电热丝的阻值是多少？考点：欧姆定律的应用；电阻的串联；电阻的并联；电能表参数的理解与电能的求法。专题：计算题；应用题；信息给予题。分析：（1）已知电能表的参数和电能表转盘转过的转数可求消耗的电能，先根据P=求出氧化后电路的实际功率，再用实际功率减掉电动机的功率即为氧化电热丝的实际功率，最后根据R=求出氧化电热丝的实际电阻值（2）由电吹风的铭牌可知额定电压和电热丝的额定功率，根据R=求出正常工作时电阻丝的阻值，然后根据电阻串联时越串越大、并联时越并越小判断新电热丝的串并联；（3）根据电阻的并联求出氧化后要使灯泡正常工作时并联新电阻的阻值解答：解：（1）氧化后吹热风时，6min内消耗的电能：W=0.044KW，此时吹热风时电路的实际功率：P=0.44KW=440W，此时电热丝的实际功率P热=PP电动机=440W40W=400W，氧化电热丝的实际电阻值R=121（2）吹风机正常工作时，P热=480W，电阻丝的阻值R=100.8121；因并联电路电阻越并越小、小于任何一个分电阻，串联电路电阻越串越大、大于任何一个分电阻；所以为恢复电热吹风机的铭牌功率，应与氧化电热丝并联一段新电热丝（3）因并联电路中=+可得：=+，解得：R新=605答：（1）氧化电热丝的实际电阻值为121；（2）为恢复电热吹风机的铭牌功率，应与氧化电热丝并联一段新电热丝；（3）新电热丝的阻值是605点评：本题考查了电阻的并联和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是电吹风和电能表参数含义的理解与掌握；本题综合性强，难度较大27福岛第一核电站核泄漏事故给日本环境带来了灾难，清除核污染已是迫在眉睫（1）对于池塘水中的铯，可投入吸水性很强的沸石加以吸附为测量一沸石块的密度，技术人员展开实验探究，如图（甲）所示：用调节好的天平测量沸石块的质量；用量筒测量适量细砂的体积；用量筒测量沸石块和这些细砂的总体积问：沸石块的密度是多少？（2）对于土壤中的铯，可用一定浓度的酸液清洗并去除为测量酸液的密度，技术人员展开实验探究，如图（乙）所示：取一装有铁砂的密闭玻璃瓶，用细玻璃丝悬挂在校零后的弹簧测力计下方，测得其重量；将玻璃瓶完全浸没于水中，测得拉力大小；将玻璃瓶完全浸没于酸液中，测得拉力大小问：酸液的密度是多少？（ g取10N/kg）考点：液体密度的测量；固体的密度测量实验。专题：实验题；等效替代法。分析：（1）测量沸石密度的常用步骤：用天平测量出沸石的质量m，根据测出的总体积和细沙的体积求出沸石的体积V，再用公式=求出其密度（2）用称重法分别求出瓶子在水中和酸液中受到的浮力大小，利用公式求出瓶子的体积V=V排=；再根据公式液=求出酸液的密度解答：解：（1）天平标尺的分度值为0.2g，故沸石的质量m=20g+10g+5g+4.6g=39.6g；量筒的分度值为2cm3，故细沙的体积V沙=20cm3；沸石块和这些细砂的总体积V总=42cm3；所以沸石的体积V=42cm320cm3=22cm3；沸石的密度=1.8g/cm3答：沸石的密度为1.8g/cm3（2）图中弹簧测力计的分度值为0.2N，故装有铁砂的密闭玻璃瓶的重力G=4N；将玻璃瓶完全浸没于水中，测得拉力大小F1=2N，在水中受到的浮力F水=GF1=4N2N=2N；则瓶子的体积V=V排=2×104m3；将玻璃瓶完全浸没于酸液中，测得拉力大小F2=1.6N，在酸液中受的浮力F酸液=GF2=4N1.6N=2.4N；酸液的密度酸液=1.2×103kg/m3答：酸液的密度为1.2×103kg/m3点评：此题主要是考查学生对测量密度方法的熟练运用，第一题是常规的测量密度的方法，第二题是利用浮力来测量液体的密度，注意称重法测量浮力在实验中的运用和浮力计算公式的熟练运用28小明探究“通过导体的电流与电压的关系”时，电路图如图（甲）所示电源电压不变，R1为定值电阻，电流表A 选用00.6A量程，电压表V1选用为03V量程，电压表V2选用为015V量程，滑动变阻器R2上标有“50 1A”的字样（1）请根据电路图（甲）用笔画线代替导线连接实物图（乙）（2）闭合开关前滑动变阻器的滑片P应放在B（A/B）端（3）闭合开关S，发现电流表A 与电压表V2的示数为零，电压表V1的示数不为零，则电路存在的故障是电阻R1断路（4）排除故障后，继续进行实验，记录电流表A 与电压表V1的示数，得到一组实验数据，如表格（丙）所示分析表中实验数据可得结论：当导体的阻值不变时，通过导体的电流与其两端电压成正比（5）实验中，记录电流表A 与电压表V2的示数，得到一组实验数据，根据实验数据作出IU2图线，如图（丁）所示，电源电压是6V在保证实验器材安全的前提下，滑动变阻器接入电路的阻值不得小于10