《试卷》【全国百强校Word】河北省衡水中学2018届高三9月大联考理数试题.doc

学子之家圆梦高考 客服QQ：2496342225衡水金卷2018届全国高三大联考理数第卷（共60分）一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知集合，则（ ）ABCD 2.记复数的虚部为，已知复数（为虚数单位），则为（ ）ABCD 3.已知曲线在点处的切线的倾斜角为，则（ ）ABCD 4.2017年8月1日是中国人民解放军建军90周年，中国人民银行为此发行了以此为主题的金银纪念币如图所示是一枚8克圆形金质纪念币，直径，面额100元为了测算图中军旗部分的面积，现用1粒芝麻向硬币内投掷100次，其中恰有30次落在军旗内，据此可估计军旗的面积大约是（ ）ABCD 5.已知双曲线：（，）的渐近线经过圆：的圆心，则双曲线的离心率为（ ）ABCD 6.已知数列为等比数列，且，则（ ）ABCD 7.执行如图的程序框图，若输出的的值为，则中应填（ ）ABCD 8.已知函数为内的奇函数，且当时，记，则，间的大小关系是（ ）ABCD 9.已知一几何体的三视图如图所示，俯视图是一个等腰直角三角形和半圆，则该几何体的体积为（ ）ABCD 10.已知函数（，）的部分图像如图所示，其中记命题：，命题：将的图象向右平移个单位，得到函数的图象，则以下判断正确的是（ ）A为真B为假C为真D为真 11.抛物线有如下光学性质：过焦点的光线经抛物线反射后得到的光线平行于抛物线的对称轴；反之，平行于抛物线的对称轴的入射光线经抛物线反射后必过抛物线的焦点已知抛物线的焦点为，一条平行于轴的光线从点射出，经过抛物线上的点反射后，再经抛物线上的另一点射出，则的周长为（ ）ABCD 12.已知数列与的前项和分别为，且，若，恒成立，则的最小值是（ ）ABCD 第卷（共90分）二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13.已知在中，若边的中点的坐标为，点的坐标为，则 14.已知（）的展开式中所有项的二项式系数之和、系数之和分别为、，则的最小值为 15.已知，满足其中，若的最大值与最小值分别为，则实数的取值范围为 16.在九章算术中，将四个面都为直角三角形的三棱锥称之为鳖臑已知在鳖臑中平面，则该鳖臑的外接球与内切球的表面积之和为 三、解答题 （本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.） 17.已知函数，（1）求函数的最小正周期及其图象的对称轴方程；（2）在锐角中，内角，的对边分别为，已知，求的面积18.如图，在四棱锥中，底面为直角梯形，其中，侧面平面，且，动点在棱上，且.（1）试探究的值，使平面，并给予证明；（2）当时，求直线与平面所成的角的正弦值19.如今我们的互联网生活日益丰富，除了可以很方便地网购，网上叫外卖也开始成为不少人日常生活中不可或缺的一部分为了解网络外卖在市的普及情况，市某调查机构借助网络进行了关于网络外卖的问卷调查，并从参与调查的网民中抽取了200人进行抽样分析，得到表格：（单位：人）经常使用网络外卖偶尔或不用网络外卖合计男性5050100女性6040100合计11090200（1）根据表中数据，能否在犯错误的概率不超过的前提下认为市使用网络外卖的情况与性别有关？（2）现从所抽取的女网民中利用分层抽样的方法再抽取5人，再从这5人中随机选出3人赠送外卖优惠券，求选出的3人中至少有2人经常使用网络外卖的概率；将频率视为概率，从市所有参与调查的网民中随机抽取10人赠送礼品，记其中经常使用网络外卖的人数为，求的数学期望和方差参考公式：，其中参考数据：0.150.100.050.0250.0102.0722.7063.8415.0246.63520.已知椭圆：的左、右焦点分别为，其离心率为，短轴长为（1）求椭圆的标准方程；（2）过点的直线与椭圆交于，两点，过点的直线与椭圆交于，两点，且，证明：四边形不可能是菱形21.已知函数（，），其中为自然对数的底数（1）讨论函数的单调性及极值；（2）若不等式在内恒成立，求证：请考生在22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分.22.选修4-4：坐标系与参数方程在平面直角坐标系中中，已知曲线的参数方程为（，为参数），以坐标原点为极点，轴的正半轴为极轴，取相同的长度单位建立极坐标系，直线的极坐标方程为（1）当时，求曲线上的点到直线的距离的最大值；（2）若曲线上的所有点都在直线的下方，求实数的取值范围23.选修4-5：不等式选讲已知函数（1）解不等式；（2）记函数的值域为，若，证明：衡水金卷2018届全国高三大联考理数答案一、选择题1-5: 6-10: 11、12：二、填空题13. 14. 15. 16.三、解答题17.解：（1）原式可化为，故其最小正周期，令（），解得（），即函数图象的对称轴方程为（）（2）由（1）知，因为，所以，又，故，解得由正弦定理及，得，故18.解：（1）当时，平面证明如下：连接交于点，连接，.又平面，平面，平面.（2）取的中点，连接，则平面平面，平面平面，且，平面，且，四边形为平行四边形，又，由，两两垂直，建立如图所示的空间直角坐标系则，当时，有，可得，设平面的一个法向量为，则有即令，得，即设与平面所成的角为，则，当时，直线与平面所成的角的正弦值为19.解：（1）由列联表可知的观测值，所以不能在犯错误的概率不超过0.15的前提下认为市使用网络外卖情况与性别有关（2）依题意，可知所抽取的5名女网民中，经常使用网络外卖的有（人），偶尔或不用网络外卖的有（人）则选出的3人中至少有2人经常使用网络外卖的概率为由列联表，可知抽到经常使用网络外卖的网民的概率为，将频率视为概率，即从市市民中任意抽取1人，恰好抽到经常使用网络外卖的市民的概率为由题意得，；20.解：（1）由已知，得，又，故解得，所以椭圆的标准方程为（2）由（1），知，如图，易知直线不能平行于轴，所以令直线的方程为，设，联立方程得，所以，此时同理，令直线的方程为，设，此时，此时故，所以四边形是平行四边形.若是菱形，则，即，于是有.又，所以有，整理得，即，上述关于的方程显然没有实数解，故四边形不可能是菱形.21.解：（1）由题意当，即时，在内单调递增，没有极值当，即时，令，得，当时，单调递减；当时，单调递增，故当,取得极小值，无极大值综上所述，当时，在内单调递增，没有极值；当时，在区间内单调递减，在区间内单调递增，的极小值为，无极大值（2）由（1），知当时，在内单调递增，当时，成立，当时，令为和中较小的数，所以，且则，所以，与恒成立矛盾，应舍去当时，即，所以令，则令，得；令，得，故在区间内单调递增，在区间内单调递减，故，即当，即时，所以，所以而，所以22.解：（1）易知曲线：，直线的直角坐标方程为所以圆心到直线的距离，（2）曲线上的所有点均在直线的下方，有恒成立，又，解得，实数的取值范围为23.解：（1）依题意，得于是得或或解得即不等式的解集为（2），当且仅当时，取等号，原不等式等价于，.又，. 客服QQ：2496342225 防走丢！ 持续更新！请勿倒卖！盗卖！