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    实变函数(复习资料,带答案).pdf

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    实变函数(复习资料,带答案).pdf

    实变函数试卷一 一、单项选择题(3 分5=15 分)1、下列各式正确的是()(A)1limnknnk nAA ;(B)1limnknk nnAA ;(C)1limnknnk nAA ;(D)1limnknk nnAA ;2、设 P 为 Cantor 集,则下列各式不成立的是()(A)P c (B)0mP (C)PP (D)PP 3、下列说法不正确的是()(A)凡外侧度为零的集合都可测(B)可测集的任何子集都可测(C)开集和闭集都是波雷耳集 (D)波雷耳集都可测 4、设()nfx是E上的.ae有限的可测函数列,则下面不成立的是()(A)若()()nfxf x,则()()nfxf x (B)sup()nnfx是可测函数(C)inf()nnfx是可测函数;(D)若()()nfxf x,则()f x可测 5、设 f(x)是,ba上有界变差函数,则下面不成立的是()(A)(xf在,ba上有界 (B)(xf在,ba上几乎处处存在导数 (C))(xf在,ba上 L 可积 (D)baafbfdxxf)()()(二.填空题(3 分5=15 分)1、()()ssC AC BAAB_ 2、设E是 0,1上有理点全体,则E=_,oE=_,E=_.3、设E是nR中 点 集,如 果 对 任 一 点 集T都_,则称E是L可测的 4、)(xf可测的_条件是它可以表成一列简单函数的极限函数.(填“充分”,“必要”,“充要”)5、设()f x为,a b上的有限函数,如果对于,a b的一切分划,使_,则称()f x为,a b上的有界变差函数。三、下列命题是否成立若成立,则证明之;若不成立,则举反例说明.(5 分4=20 分)1、设1ER,若E是稠密集,则CE是无处稠密集。2、若0mE,则E一定是可数集.3、若|()|f x是可测函数,则()f x必是可测函数 4设()f x在可测集E上可积分,若,()0 xE f x,则()0Ef x 四、解答题(8 分2=16 分).1、(8分)设2,()1,xxf xx为无理数为有理数,则()f x在 0,1上是否R可积,是否L可积,若可积,求出积分值。2、(8分)求0ln()limcosxnxnexdxn 五、证明题(6 分4+10=34 分).1、(6 分)证明 0,1上的全体无理数作成的集其势为c.2、(6 分)设()f x是,上的实值连续函数,则对于任意常数,|()a Ex f xa是闭集。3、(6 分)在,a b上的任一有界变差函数()f x都可以表示为两个增函数之差。4、(6 分)设,()mEf x 在E上可积,(|)neEfn,则lim0nnn me.5、(10分)设()f x是E上.ae有限的函数,若对任意0,存在闭子集FE,使()f x在F上连续,且()m EF,证明:()f x是E上的可测函数。(鲁津定理的逆定理 试卷一 (参考答案及评分标准)一、1.C 2 D 3.B 4.A 5.D 二、1 2、0,1;0,1 3、*()()m Tm TEm TCE 4、充要 5、11|()()|niiif xf x成一有界数集。三、1错误 2 分例如:设E是 0,1上有理点全体,则E和CE都在 0,1中稠密 5 分 2 错误 2 分例如:设E是Cantor集,则0mE,但E c,故其为不可数集 5分 3 错 误 例 如:设E是,a b上 的 不 可 测 集,,;(),;x xEf xx xa bE 则|()|f x是,a b上的可测函数,但()f x不是,a b上的可测函数 4错误0mE 时,对E 上任意的实函数()f x 都有()0Ef x dx 四、1()f x在 0,1上不是R可积的,因为()f x仅在1x 处连续,即不连续点为正测度集.3 分因为()f x是有界可测函数,()f x在 0,1上是L可积的6 分 因为()f x与2x.ae相等,进一步,120,101()3f x dxx dx8分 2解:设ln()()cosxnxnfxexn,则易知当n 时,()0nfx 2 分 又因2ln1 ln0tttt,(3t),所以当3,0nx时,ln()ln()ln3ln3(1)33xnnxxnnxxnnxnn4 分 从而使得ln3|()|(1)3xnfxx e 6 分 但是不等式右边的函数,在0,上是L可积的,故有 00lim()lim()0nnnnfx dxfx dx8 分 五、1设0,1,E,().AEQ BEEQ BMB是无限集,可数子集 2 分.AAMM是可数集,.3分(),(),()(),(),BMB MEABAMB MAMB MMB M且.5 分,.EBBc6 分 2,limnnnxEExxx 则存在 中的互异点列使.2分,()nnxEf xa.3 分()()lim()nnf xxf xf xa在 点连续,xE 5 分 E 是闭集.6 分 3.对1,0,使 对 任 意 互 不 相 交 的 有 限 个(,)(,)iia ba b 当1()niiiba时,有1()()1niiif bf a2 分 将,a bm等分,使11niiixx,对:T101ixzzkizx,有11()()1kiiif zf z,所以()f x在1,iixx上是有界变差函数.5 分 所以1()1,iixxfV从而()bafmV,因此,()f x是,a b上的有界变差函数.6 分 4、()f x在E上可积lim(|)(|)0nmEfnmEf 2 分 据积分的绝对连续性,0,0,eE me ,有|()|ef xdx.4 分 对上述0,(|)knk mEfn,从而|()|nnen mef xdx,即lim0nnn me6 分 5,nN 存 在 闭 集1,()2nnnFE m EFf x在nF连续2 分 令1nkn kFF,则,()nnn kxFk xFnk xFf x 在F连续4 分 又对任意k,()()nnn kn km EFm EFmEF 1()2nkn km EF.6 分 故()0,()m EFf x在FE连续.8 分 又()0,m EF所以()f x是EF上的可测函数,从而是E上的 可测函数.10 分 实变函数试卷二 一.单项选择题(3 分5=15 分)1设,M N是两集合,则()MMN=()(A)M (B)N (C)MN (D)2.下列说法不正确的是()(A)0P的任一领域内都有E中无穷多个点,则0P是E的聚点(B)0P的任一领域内至少有一个E中异于0P的点,则0P是E的聚点(C)存在E中点列 nP,使0nPP,则0P是E的聚点(D)内点必是聚点 3.下列断言()是正确的。(A)任意个开集的交是开集;(B)任意个闭集的交是闭集;(C)任意个闭集的并是闭集;(D)以上都不对;4.下列断言中()是错误的。(A)零测集是可测集;(B)可数个零测集的并是零测集;(C)任意个零测集的并是零测集;(D)零测集的任意子集是可测集;5.若()f x 是可测函数,则下列断言()是正确的(A)()f x在,a bL可积|()|f x在,a b L可积;(B)(),|()|,f xa b Rf xa b R在可积在可积(C)(),|()|,f xa b Lf xa b R在可积在可积;(D)(),()f xaRf xL在广义可积在 a,+可积 二.填空题(3 分5=15 分)1、设11,2,1,2,nAnnn,则nnAlim_。2、设P为Cantor 集,则 P ,mP _,oP=_。3、设 iS是一列可测集,则11_iiiimSmS 4、鲁津定理:_ 5、设()F x为,a b上的有限函数,如果_则称()F x为,a b上的绝对连续函数。三.下列命题是否成立若成立,则证明之;若不成立,则说明原因或举出反例.(5 分4=20 分)1、由于 0,10,10,1,故不存在使 0,101和,之间1 1对应的映射。2、可数个零测度集之和集仍为零测度集。3、.ae收敛的函数列必依测度收敛。4、连续函数一定是有界变差函数。四.解答题(8 分2=16 分)1、设,()1,x xf xx为无理数为有理数,则()f x在 0,1上是否R可积,是 否L可 积,若 可 积,求 出 积 分 值。2、求 极 限 13220limsin1nnxnxdxn x.五.证明题(6 分3+8 2=34 分)1.(6 分)1、设 f(x)是),(上的实值连续函数,则对任意常数 c,)(|cxfxE 是一开集.2.(6 分)设0,GE开集使*()m GE,则 E 是可测集。3.(6 分)在,a b上的任一有界变差函数()f x都可以表示为两个增函数之差。4.(8 分)设函数列()nfx(1,2,)n 在有界集E上“基本上”一致收敛于()f x,证明:().nfx a e收敛于()f x。5.(8 分)设()f x在,Ea b上可积,则对任何0,必存在E上的连续函数()x,使|()()|baf xxdx.(答案及评分标准)一、1,C 2,C 3,B 4,C 5,A 二、1,0,2 2,c;0;3,4,设()f x是E上.ae有限的可测函数,则对任意0,存在闭子集EE,使得()f x在E上是连续函数,且()m E E。5,对任意0,0,使对,a b中互不相交的任意有限个开 区 间,1,2,iia bin只 要1niiiba,就 有1|()()|niiiF bF a 三、1错误 记(0,1)中有理数全体12,Rr r122(0)(1)(),1,2(),01nnrrrrnxx x为,中无理数,显然010 11 1是,到(,)上的映射。5 分 2 正确设iE为零测度集,*110()0iiimEm E,所以,*1()0iimE因此,1iiE是零测度集。5 分 3 错 误。例 如:取(0,),E 作 函 数 列:1,(0,()1,2,0,(,)nxnfxnxn 显 然()1,nfx 当xE。但 当01时,|1|(,)nEfn 且(,)m n 这说明()nfx不测度收敛到 1.5 分 4 错误2 分例如:cos,01,()20,0.xxf xxx显然是 0,1的连续函数。如果对 0,1取分划1111:0122132Tnn,则容易证明21111|()()|nniiiif xf xi,从而得到10()V f 5 分 四、1()f x在 0,1上不是R可积的,因为()f x仅在1x 处连续,即不连续点为正测度集 3 分 因为()f x是有界可测函数,所以()f x在 0,1上是L可积的.6分 因为()f x与x.ae相等,进一步,10,101()2f x dxxdx8分 2设322()sin1nnxfxnxdxn x,则 易 知 当n 时,()0nfx 2 分 又22|()|1nnxfxn x4 分 但是不等式右边的函数,在0,上是L可积的6 分 故有00lim()lim()0nnnnfx dxfx dx8 分 五、1,()xE f xc.1 分()f x在x点 连 续,对()0,(,),f xcU x当(,)yU x时,有()()f yf x3 分()()()()f xcf yf xf xc()f yc,yE 5 分 因此(,)U xE,从而E为开集.6分 2 对 任 何 正 整 数n,由 条 件 存 在 开 集,nGE使*1()nm GEn1 分 令1nnGG,则G是可测集 3 分 又因*()m GE*1()nm GEn对一切正整数n成立,因而*()0m GE,即MGE是 一 零 测 度 集,所 以 也 可测.5 分 由()EGGE知,E可测。6 分 3、易知()()xag xfV是,a b上的增函数2 分 令()()()h xg xf x,则对于12axxb有 21212121212121()()()()()()()()()|()()|()()0 xxh xh xg xg xf xf xV ff xf xf xf xf xf x 所以()h x是,a b上的增函数4 分 因此()()()f xg xh x,其中()g x与()h x均为,a b上的有限增函数.6 分 4、因为()nfx在E上“基本上”一致收敛于()f x,所以对于任意的kZ,存在可测集kEE,()nfx在kE上一致收敛于()f x,且1()km E Ek3 分 令*1kkEE,则()nfx在*E上处处收敛到()f x5 分*11()()()kkkm E Em EEm E Ek,k=1,2 所以*()m E E08 分 5、证明:设|,neEfn由于()f x在E上.ae有限,故0,()nmen.2 分 由 积 分 的 绝 对 连 续 性,对 任 何0,N,使|()|4NNeN mef xdx4 分 令NNBE e,在NB上利用鲁津定理,存在闭集NNFB和在1R上的连续函数()x使(1)();4NNm BFN(2)NxF时,()()f xx,且1sup|()|sup|()|Nx Fx Rxf xN6 分 所以|()()|()()|()()|()|()|()()|244442NNNNNNbaeBeeBFNf xxdxf xxdxf xxdxf xdxxdxf xxdxN meNN.8 分 实变函数试卷三(参考答案及评分标准)一、单项选择题(3 分5=15 分)1、设1,2(1),1,2,nnAnn,则(B )(A)lim0,1nnA (B)nnAlim(0,1(C)lim(0,3nnA (D)lim(0,3)nnA 2、设E是 0,1上有理点全体,则下列各式不成立的(D )(A)0,1E (B)oE (C)E=0,1 (D)1mE 3、下列说法不正确的是(C )(A)若BA,则BmAm*(B)有限个或可数个零测度集之和集仍为零测度集 (C)可测集的任何子集都可测 (D)凡开集、闭集皆可测 4、设nE是 一 列可 测集,nEEE21,且1mE,则有(A )(A)nnnnmEEmlim1 (B)nnnnmEEmlim1(C)nnnnmEEmlim1;(D)以上都不对 5、设 f(x)是,ba上绝对连续函数,则下面不成立的(B )(A)(xf在,ba上的一致连续函数 (B)(xf在,ba上处处可导(C))(xf在,ba上 L 可积 (D)(xf是有界变差函数 二.填空题(3 分5=15 分)1、设集合NM,则()MMN_N_ 2、设P为 Cantor 集,则 P c ,mP _0_,oP=-_。3、设E是nR中 点 集,如 果 对 任 一 点 集T都 有_*()()m Tm TEm TCE_,则称E是L可测的 4、叶果洛夫定理:设,)(nfEm是E上一列.ea收敛于个.ea有限的函数f 的可测函数,则对任意,0存在子集EE,使nf在E上一致收敛且)(EEm。5、设)(xf在E上可测,则)(xf在E上可积的 充要 条件是|)(xf|在E上可积.(填“充分”,“必要”,“充要”)三、下列命题是否成立若成立,则证明之;若不成立,则举反例说明.(5 分4=20 分)1、任意多个开集之交集仍为开集。解:不成立 2分 反例:设 Gn=(nn11,11),n=1,2,每个 Gn为开集 但 1 1,1nnG不是开集.5 分 2、若0mE,则E一定是可数集.解:不成立 反例:设E是Cantor集,则0mE,但E c,故其为不可数集 .5 分 3、.ae收敛的函数列必依测度收敛。解:不成立 2 分 例如:取(0,),E 作函数列:1,(0,()1,2,0,(,)nxnfxnxn 显 然()1,nfx 当xE。但 当01时,|1|(,)nEfn 且(,)m n 这说明()nfx不测度收敛到 1 5 分 4、连续函数一定是有界变差函数。解:不成立 2 分 例如:cos,01,()20,0.xxf xxx显然是 0,1的连续函数。如果对 0,1取分划1111:0122132Tnn,则容易证明21111|()()|nniiiif xf xi,从而得到10()V f 5 分 四、解答题(8 分2=16 分).1、(8分)设2,()0,xxf xx为无理数为有理数,则()f x在 0,1上是否R可积,是否L可积,若可积,求出积分值。解:()f x在 0,1上不是R可积的,因为()f x仅在0 x 处连续,即不连续点为正测度集 .3 分 因为()f x是有界可测函数,()f x在 0,1上是L可积的 6 分 因为()f x与2x.ae相等,进一步,120,101()3f x dxx dx 8 分 2、求极限 1213220limsin1nnxnxdxn x 解:记12322()sin1nnxfxnxn x 则)(xfn在0,1上连续,因而在0,1上(R)可积和(L)可积.2 分 又 1,0,0)(limxxfnn 4 分 111223222221|()|sin|211nnxnxfxnxxn xn x,2,1,1,0nx.6 分 且2121 x在 1,0上非负可积,故由 Lebesgue控制收敛定理得 12111322000lim()()limsin001nnnnxRfx dxnxdxdxn x .8分 五、证明题(6 分4+10=34 分).1、(6 分)试证(0,1)0,1 证明:记(0,1)中有理数全体12,Qr r,令()x122(0)(1)(),1,2(),01nnrrrrnxx x为,中无理数,显然010 11 1是,到(,)上的映射 5 分 所以(0,1)0,1 6 分 2、(6 分)设 f(x)是),(上的实值连续函数,则对任意常数 c,)(|cxfxE 是一开集.证明:.)(,00cxfEx即 .1 分 因f(x)连续,故cxfxx)时,有(),(,00.4 分 即Ex)(0.所以0 x是 E 的内点.由0 x的任意性,E 的每一个点都是内点,从而 E 为开集.6 分 3、(6 分)设()f x是可测集E的非负可积函数,()g x是E的可测函数,且|()|()g xf x,则()g x也是E上的可积函数。证明:|()|()g xf x,()(),()()gxf x gxf x 1 分()()()nnnnEEEgxdxf xdxf x dx()f x是可测集E的非负可积函数 limn()()nnEEgxdxf x dx ()gx是E上的可积函数.4 分 同理,()gx也是E上的可积函数.()g x是E上的可积函数。6 分 考 生 答 题 不 得 超 过 4、(6 分)设()f x在E上积分确定,且()().f xg x ae于E,则()g x在E上 也积分确定,且()()EEf x dxg x dx 证明:()().f xg x ae于E 0mE fg()()0E fgE fgf x dxg x dx ()()()EE fgE fgf x dxf x dxf x dx()()()E fgE fgEg x dxg x dxg x dx()f x在E上积分确定,()g x在E上也积分确定,且()()EEf x dxg x dx 5、(10 分)设在E上)()(xfxfn,而.)()(eaxgxfnn成立,2,1n,则有)()(xfxgn 证明:记nnngfEE,由题意知0nmE 由0)(11nnnnmEEm知0)(1nnEm 2 分 对任意0,由于|)(|1ffEEfgEnnnn 从而有)|()|()(|1ffEmffEmEmfgmEnnnnn 又因为在E上)()(xfxfn,故0)|(limffEmnn 8 分 所以0)|(lim)|(lim0ffEmfgEmnnnn 于是:0)|(limfgEmnn 故在E上有)()(xfxgn 10 分 实变函数试卷四(参考答案及评分标准)一.单项选择题(3 分5=15 分)1设 P 为 Cantor 集,则 C(A)P 0 (B)1mP (C)PP (D)PP 2.下列说法不正确的是(C)(A)0P的任一领域内都有E中无穷多个点,则0P是E的聚点(B)0P的任一领域内至少有一个E中异于0P的点,则0P是E的聚点(C)存在E中点列 nP,使0nPP,则0P是E的聚(D)内点必是聚点 3.设)(xf在E上L可积,则下面不成立的是(C)(A)(xf在E上可测 (B)(xf在E上.有限(C)(xf在E上有界 (D)(xf在E上L可积 4.设nE是一列可测集,12nEEE,则有(B)(A)1limnnnnmEmE (B)1limnnnnmEmE(C)1limnnnnmEmE;(D)以上都不对 5.设)(xf为,ba上的有界变差函数,则下面不成立的(D )(A)(xf在,ba上L可积 (B)(xf在,ba上R可积(C)(xf在,ba上L可积 (D)(xf在,ba上绝对连续 二.填空题(3 分5=15 分)1、设11,2,1,2,nAnnn,则nnAlim_(0,2)_。2、设ER,若,EE 则E是 闭 集;若0EE,则E是 开_集;若EE,则E是_完备_集.3、设 iS是一列可测集,则11_iiiimSmS 4、鲁津定理:_设()f x是E上.ae有限的可测函数,则对任意0,存在闭子集EE,使得()f x在E上是连续函数,且()m E E_,则称()f x为,a b上的有界变差函数。5、设()f x为,a b上的有限函数,如果对于,a b的一切划分,使11|()()|niiif xf x成一有界数集,则称()f x为,a b上的有界变差函数。三.下列命题是否成立若成立,则证明之;若不成立,则说明原因或举出反例.(5 分4=20 分)1、A 为可数集,B 为至多可数集,则 AB 是可数集.解:成立 2 分 因 A 可数,所以可设 A=a1,a2,an,又 B 至多可数,设 B=b1,b2,bn(当 B 有限时),或 B=b1,b2,bn,(当 B 可数时)当 B 有限时,;,2121nnaaabbbBA 当 B 可数时,;,2211nnabababBA 所以BA可数.5 分(注:可分 BA和 BA讨论,没讨论不扣分,主要考察排序方法).2、若0mE,则0Em.解:不成立.2 分 反例:E为 1,0中的全体有理点集,则有0mE,而1Em5 分 注:其余例只要正确即可。3、若|()|f x是可测函数,则()f x必是可测函数 解:不成立.2 分 例如:设E是,a b上的不可测集,,;(),;x xEf xx xa bE 则|()|f x是,a b上的可测函数,但()f x不是,a b上的 可测函数 5 分 4设()f x在可测集E上可积分,若,()0 xE f x,则()0Ef x 解:不成立.2分 0mE 时,对E 上任意的实函数()f x 都有()0Ef x dx 5 分 四.解答题(8 分2=16 分)1、(8分)设,()1,x xf xx为无理数为有理数,则()f x在 0,1上是否R可积,是否L可积,若可积,求出积分值。解:()f x在 0,1上不是R可积的,因为()f x仅在1x 处连续,即不连续点为正测度集.3 分 因为()f x是 0,1上的有界可测函数,()f x在 0,1上是L可积的6 分 因为()f x与x.ae相等,进一步,10,101()2f x dxxdx8分 2、(8分)求0ln()limcosxnxnexdxn 解:设ln()()cosxnxnfxexn,则易知当n 时,()0nfx .2 分 又因2ln1 ln0tttt,(3t),所以当3,0nx时,ln()ln()ln3ln3(1)33xnnxxnnxxnnxnn4 分 从而使得ln3|()|(1)3xnfxx e 6 分 但是不等式右边的函数,在0,上是L可积的,故有 00lim()lim()0nnnnfx dxfx dx8 分 五.证明题(6 分3+8 2=34 分)1、(6 分)设()f x是,上的实值连续函数,则对于任意常数,|()a Ex f xa是闭集。证明:,limnnnxEExxx 则存在 中的互异点列使.2 分,()nnxEf xa.3 分()()lim()nnf xxf xf xa在 点连续,xE 5 分 E 是闭集.6 分 2.(6 分)设0,GE开集使*()m GE,则 E 是可测集。证明:对任何正整数n,由条件存在开集,nGE使*1()nm GEn1 分 令1nnGG,则G是可测集 3 分 又因*()m GE*1()nm GEn对一切正整数n成立,因而*()0m GE,即MGE是一零测度集,所以也可测.5 分 由()EGGE知,E可测。6 分 3.(6 分)设)(xfn为 E 上可积函数列,eaxfxfnn.)()(lim.于 E,且Enkdxxf|)(|,k 为常数,则)(xf在 E 上可积.由eaxfxfnn.)()(lim于 E 得eaxfxfnn.|)(|)(|lim于 E .1 分 再由Fatou引理 EEEnnnnkdxfdxfdxf|lim|lim|.4 分 所以|f(x)|可积.又 f(x)可测,因此 f(x)可积.6分 4.(6 分)设函数列()nfx(1,2,)n 在有界集E上“基本上”一致收敛于()f x,证明:().nfx a e收敛于()f x.证明:因为()nfx在E上“基本上”一致收敛于()f x,所以对于任意的kZ,存在可测集kEE,()nfx在kE上一致收敛于()f x,且1()km E Ek2 分 令*1kkEE,则()nfx在*E上处处收敛到()f x4 分*11()()()kkkm E Em EEm E Ek,k=1,2 所以*()m E E06 分 5.(10 分)试用 Fatou 引理证明 Levi 定理.证明:设 nf为可测集qRE 上的一列非负可测函数,且在E上有,2,1),()(1nxfxfnn,令)(lim)(xfxfnn 2 分 由 nf为单调可测函数列知,)(xf可测,且)()(xfxfn 于是 EEndxxfdxxf)()(从而 EEnndxxfdxxf)()(lim (*)6 分 另一方面,因 nf为可测集qRE 上的一列非负可测函数,由 Fatou 引理知 dxxfdxxfdxxfEnnEnnE)(lim)(lim)((*)8 分 由(*)、(*)两式即证EEnndxxfdxxf)()(lim .10 分

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