甘肃省金昌市2021届新高考生物五模试卷含解析.pdf

甘肃省金昌市 2021 届新高考生物五模试卷一、单选题（本题包括25 个小题，每小题2 分，共 50 分每小题只有一个选项符合题意）1某兴趣小组研究放牧对某地高寒草甸植物物种丰富度的影响，结果如下图所示。下列有关分析错误的是（）A随着放牧强度的增加，该地区植物物种丰富度呈下降趋势B调查物种丰富度时，需要对采集到的数据取平均值C过度放牧会导致高寒草甸退化，草甸的生态功能下降D即便维持牧草和放牧数量的适宜比例，高寒草甸依然发生着演替【答案】B【解析】【分析】识图分析可知，该图是研究放牧对某地高寒草甸植物物种丰富度的影响，因此自变量是放牧强度，因变量是物种丰富度。根据柱状图可知，从2010 年到2012 年，随着放牧强度的增加，该地区植物物种丰富度呈下降趋势。【详解】A、根据以上分析可知，从2010 年到 2012 年，随着放牧强度的增加，该地区植物物种丰富度呈下降趋势，A 正确；B、调查物种丰富度时，是对物种数目的调查，应该全部统计，不能对采集到的数据取平均值，B错误；C、过度放牧导致物种丰富度降低，因此会导致高寒草甸退化，草甸的生态功能下降，C正确；D、维持牧草和放牧数量的适宜比例，能保证高寒草甸健康发展，更好地利用高寒草甸，但该地区群落会发生演替，D 正确。故选 B。2甲图为种群数量增长的“S”型曲线，乙图为种群增长速率曲线。下列叙述正确的是（）A T时刻，对应的甲曲线中种群数量为K B防治害虫时，应控制其数量，使之保持在K/2 处C渔民捕鱼时，应将某种鱼类种群数量控制在A 点左右D利用性外激素引诱雄虫，可直接影响昆虫出生率【答案】C【解析】【分析】根据题意和图示分析可知：甲图中是S型曲线的示意图，A 点时种群数量达到K/2，B点达到 K值，BC段种群数量在K值附近波动，乙图在T 时刻种群增长速率达到最大，种群数量为K/2。【详解】A、T时刻，种群增长速率最快，种群数量为K/2，A 错误；B、因为 K/2 时种群增长速率最大，所以防治害虫时要将害虫数量控制在K/2 以前，B错误；C、捕鱼时应该将种群数量控制在K/2（A 点）左右，因为此时种群增长速率最大，C 正确；D、利用性外激素引诱雄虫改变了昆虫的性别比例，从而达到间接影响昆虫出生率的目的，D 错误。故选 C。【点睛】本题考查种群增长曲线和数量变化规律的相关知识，重点掌握K 值和 K/2 的含义。3真核细胞中的miRNA 是一类由内源基因编码的单链RNA 分子，它能识别靶mRNA 并与之发生部分互补结合，从而调控基因的表达。据此分析，下列说法正确的是A真核细胞中所有miRNA 的核苷酸序列都相同BmiRNA 中的碱基类型决定此RNA 是单链结构CmiRNA 通过阻止靶基因的转录来调控基因表达D miRNA 的调控作用可能会影响细胞分化的方向【答案】D【解析】【详解】A.根据题干信息分析，miRNA 是一类由内源基因编码的单链RNA分子，不同的内源基因编码的miRNA 是不同的，A 错误；B.miRNA 中的碱基比例决定其只能是单链结构，B 错误；C.miRNA 与 mRNA 结合，通过阻止靶基因的翻译来调控基因表达，C错误；D.根据以上分析，miRNA 影响了翻译过程，说明其可能会影响细胞分化的方向，D 正确。故选 D。4兔的白色（M）对黑色（m）为显性。现有两笼兔子，甲笼中是一只白色雌兔和一只白色雄兔，乙笼中是一只白色雌兔和一只黑色雄兔。下列有关说法错误的是（）A若 M/m 位于常染色体上且乙笼兔是甲笼兔的杂交后代，则甲笼中两只白色兔的基因型均为Mm B若 M/m 位于常染色体上且甲笼兔是乙笼兔的杂交后代，则乙笼中白色兔的基因型为MM 或 Mm C若 M/m 位于 X染色体上且乙笼兔是甲笼兔的杂交后代，则乙笼中白色雌兔的基因型为XMXm的概率为1/2 D若 M/m 位于 X 染色体上且甲笼兔是乙笼兔的杂交后代，则甲笼中白色雌兔的基因型为XMXm的概率为3/4【答案】D【解析】【分析】1、若基因在常染色体上，甲笼白色雌兔和白色雄兔的基因型均可表示为M_；乙笼中白色雌兔基因型为M_，黑色雄兔基因型为mm。2、若基因在性染色体上，甲笼白色雌兔的基因型为XMX-，白色雄兔的基因型为XMY；乙笼中白色雌兔基因型为 XMX-，黑色雄兔基因型为XmY。【详解】A、若 M/m 位于常染色体上，则甲笼兔的基因型为M_，乙笼兔的基因型为M_和 mm，若乙笼兔是甲笼兔的杂交后代，则甲笼中的两只白色兔子都应含有基因m，故其基因型均为Mm，A 正确；B、若 M/m 位于常染色体上，且甲笼兔是乙笼兔的杂交后代，则乙笼中的兔子要提供基因M 即可，故其基因型可以为Mm，也可以为MM，B 正确；C、若 M/m 位于 X染色体上，则甲笼兔的基因型为XMX-和 XMY，乙笼兔的基因型为XMX-和 XmY，若乙笼兔是甲笼兔的杂交后代，则甲笼中的白色雌兔应含有基因m，其基因型应为XMXm，故乙笼中白色雌兔基因型为 XMXm的概率为1/2，C正确；D、若 M/m 位于 X染色体上且甲笼兔是乙笼兔的杂交后代，则甲笼雌兔含乙笼黑兔的Xm，又因其为白色，必含 XM，故甲笼中白色雌兔的基因型为XMXm的概率为1，D 错误。故选 D。【点睛】本题考查基因分离定律的实质及应用，解题关键是根据甲、乙两笼兔的表现型、基因的位置和亲子代关系推断它们的基因型及比例。5下列关于生态系统中物质循环的叙述，错误的是（）A低碳生活方式有助于维持生物圈中碳循环的平衡B物质循环是在生产者、消费者、分解者之间进行的C煤和石油通过燃烧和微生物的分解作用产生CO2，促进碳循环D生物圈不需要从外界获得任何物质补给，就能长期维持其正常功能【答案】B【解析】低碳生活方式可以减少CO2的排放，有助于维持生物圈中碳循环的平衡，A 正确；物质循环是在生物圈的范围内，由生产者、消费者和分解者构成的生物群落与无机环境之间进行的，B 错误；煤和石油通过燃烧和微生物的分解作用产生CO2，可为生产者的光合作用通过原料，进而促进碳循环，C正确；生物圈在物质上是一个自给自足的生态系统，不需要从外界获得任何物质补给，就能长期维持其正常功能，D 正确。【点睛】物质循环中所说的“生态系统”并不是一般的生态系统，而是指地球上最大的生态系统生物圈，因此物质循环具有全球性，不需要从外界获得任何物质补给。6无花果高度依赖榕小蜂传粉，其花序有两种（如下图所示）。榕小蜂从小孔进入花序时，可在不育的雌花上产卵，卵发育成熟后，雌、雄榕小蜂交配，沾染花粉的雌蜂可从花序 飞出，寻找新的花序。若携带花粉的榕小蜂进入花序，则只能在雌花上爬来爬去，帮助传粉。下列相关叙述，不正确的是（）A榕小蜂与无花果的种间关系为互利共生B榕小蜂繁殖依赖于无花果，是消费者和分解者C榕小蜂不能在花序里产卵有利于无花果繁衍D在长期自然选择过程中，二者相互适应、协同进化【答案】B【解析】【分析】分析题意可知：无花果依靠榕小蜂为之传粉，榕小蜂在无花果花序中产卵，并以无花果花序为其幼体唯一的栖息场所和食物来源，说明是互利共生关系；适应特征是长期自然选择、共同进化的结果。互利共生是指两种生物共同生活在一起，相互依赖，彼此有利;如果分开,则双方或一方不能独立生活，共生生物之间呈现出同步变化，即同生共死，荣辱与共”。【详解】由分析可知：A、榕小蜂与无花果的种间关系为互利共生，A 正确；B、根据题意可知榕小蜂繁殖依赖于无花果，属于消费者，不是分解者，B错误；C、榕小蜂不能在花序里产卵，只是起到了传粉的作用，这样更有利于无花果繁衍，C正确；D、在长期自然选择过程中，榕小蜂和无花果之间形成了相互依存的关系，这是相互选择共同进化的结果，D 正确；故选 B。7如图为碳循环示意图，甲、乙、丙表示生态系统中的三种成分，下列叙述正确的是：A碳循环是指二氧化碳在甲与丙之间不断循环的过程B乙在该生态系统中均处于第二营养级C甲、乙、丙共同组成生物群落D生物 X可能不具有细胞核，生物Y不可能含有线粒体【答案】C【解析】【分析】【详解】A、分析题图可知，甲为生产者，乙为消费者，丙为分解者。碳循环是指二氧化碳在甲、乙、丙与无机环境之间不断循环的过程，A 错误；B、乙在该生态系统中处于第二、第三等多个营养级，B 错误；C、甲、乙、丙共同组成了该区域中的所有生物，即生物群落，C正确；D、生物 X是生产者，可能不具有成形的细胞核，如硝化细菌，生物Y是分解者，可能含有线粒体，如蚯蚓，D 错误。故选 C。【点睛】本题考查生态系统的结构和功能的有关知识，意在考查考生识图能力和能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论的能力。8下图中 为某哺乳动物体细胞中部分染色体及其基因示意图，为该动物处于不同分裂期的染色体形态示意图。与此有关的叙述正确的是（）A 细胞产生的突变必随精子传给子代B细胞分裂时均可发生基因重组C 产生的子细胞的基因组成是aB 和 aB D 细胞分别含有4 个和 1 个染色体组【答案】D【解析】【分析】分析题图：体细胞或者原始生殖细胞经过间期复制；细胞含有同源染色体，且着丝点分裂，处于有丝分裂后期；细胞含有同源染色体，处于减数第一次分裂后期，且细胞质不均等分裂，所以该细胞为初级卵母细胞；细胞不含同源染色体，处于减数第二次分裂中期。【详解】A、为某哺乳动物的体细胞，不能进行减数分裂，因此该细胞发生的突变不会随精子传给子代，A 错误；B、基因重组发生在减数第一次分裂过程中，而 细胞进行的是有丝分裂，不会发生基因重组，B 错误；C、根据 细胞中的基因组成可知 产生子细胞的基因组成是AB 和 aB，C错误；D、细胞处于有丝分裂后期，含有4 个染色体组，细胞只含1 个染色体组，D 正确。故选 D。9赫尔希和蔡斯精妙的实验设计思路使得T2噬菌体侵染大肠杆菌的实验更具有说服力，相关叙述错误的是A选择了化学组成和结构简单的T2噬菌体作为实验材料B利用放射性同位素标记技术区分DNA 和蛋白质分子C被标记的T2噬菌体与大肠杆菌混合后，需长时间保温培养D对离心后试管中的上清液和沉淀物进行放射性检测【答案】C【解析】【分析】本题考查噬菌体侵染细菌的实验，要求学生识记噬菌体的结构及噬菌体侵染细菌的过程，明确噬菌体结构简单，其侵染细菌时只有DNA 进入细菌；掌握噬菌体侵染细菌实验的过程及实验现象，能运用所学的知识准确判断各选项。【详解】A、噬菌体由蛋白质和DNA 组成，其化学组成和结构简单，是噬菌体侵染细菌实验获得成功的原因之一，A 正确；B、采用同位素标记法分别标记噬菌体的DNA 和蛋白质，可以证明噬菌体侵染细菌时只有DNA 进入细菌，这也是噬菌体侵染细菌实验获得成功的原因之一，B 正确；C、被标记的T2噬菌体与大肠杆菌混合后，不能长时间培养，否则，大肠杆菌裂解后，会释放子代噬菌体，影响实验结果，C 错误；D、离心后检测到35S标记的一组放射性主要集中在上清液，32P标记的一组放射性主要集中在沉淀物中，则可推测侵入细菌中的物质是DNA，噬菌体的蛋白质外壳留在细菌的外面，D 正确。故选 C。10基因转录出的初始RNA，经不同方式的剪切可被加工成翻译不同蛋白质的mRNA。某些初始RNA 的剪切过程不需要蛋白质性质的酶参与。大多数真核细胞mRNA只在个体发育的某一阶段合成，不同的 mRNA合成后以不同的速度被降解。下列叙述不正确的是A某些初始RNA 的剪切、加工可由RNA 催化完成B一个基因可能参与控制生物体的多个性状CmRNA 的合成与降解与个体发育阶段有关D初始 RNA 的剪切、加工在核糖体内完成【答案】D【解析】【分析】酶大多数是蛋白质，少数是RNA。由题目信息，RNA 的剪切过程不需要蛋白质性质的酶参与，可知，该过程的酶应该是RNA。【详解】由“RNA 的剪切过程不需要蛋白质性质的酶参与”可知，催化该过程的酶是RNA，A 正确；一个基因可以控制一个或多个性状，B 正确；由“大多数真核细胞mRNA 只在个体发育的某一阶段合成”可知，mRNA 的合成与降解与个体发育阶段有关，C正确；RNA的合成场所主要是细胞核，故加工场所主要是细胞核，D 错误。故选D。11下列有关使用高压蒸汽灭菌锅的操作，错误的是()A加水时，水面应与三角搁架平齐B加盖时，将排气软管插入内层灭菌桶的排气槽内C加热时，待冷空气完全排尽后关上排气阀D切断电源后，打开排气阀使压力表降到零后开盖【答案】D【解析】【分析】高压灭菌的原理是在密闭的蒸锅内，其中的蒸汽不能外溢，压力不断上升，使水的沸点不断提高，从而锅内温度也随之增加；在0.1MPa 的压力下，锅内温度达121，在此蒸汽温度下，可以很快杀死各种细菌及其高度耐热的芽孢。注意：完全排除锅内空气，使锅内全部是水蒸气，灭菌才能彻底高压灭菌放气有几种不同的做法，但目的都是要排净空气，使锅内均匀升温，保证灭菌彻底。【详解】在使用高压蒸汽灭菌锅灭菌时，加水时的水面应与三角搁架平齐，A 正确；加盖时，应该将排气软管插入内层灭菌桶的排气槽内，B 正确；加热时，应该等冷空气完全排尽后再关上排气阀，C正确；切断电源后，应该等压力表降到零后再打开排气阀并开盖，D 错误。12下列关于糖的说法，不正确的是()A存在于ATP中而不存在于DNA 中的糖是核糖B存在于叶绿体中而不存在于线粒体中的糖是葡萄糖C存在于动物细胞中而不存在于植物细胞中的糖是糖原D在体内发生淀粉麦芽糖 葡萄糖过程的生物一定是植物，而不是动物【答案】D【解析】【分析】蔗糖是植物细胞中特有的二糖，乳糖是动物细胞中特有的二糖；淀粉和糖原分别是植物细胞和动物细胞中的储能物质，纤维素是植物细胞壁的成分，纤维素一般不作为能源物质。葡萄糖是叶绿体光合作用的产物，而葡萄糖不能进入线粒体中，必须在细胞质基质中分解成丙酮酸才能进入线粒体中。五碳糖中的核糖是构成 RNA 的原料，另外ATP中也含有核糖，DNA 中含有的五碳糖是脱氧核糖。【详解】ATP中的糖是核糖，DNA 中的糖是脱氧核糖；叶绿体中可合成葡萄糖，葡萄糖在细胞质基质分解成丙酮酸才能进入线粒体，所以线粒体中不存在葡萄糖；糖原是动物细胞中特有的多糖，不存在于植物细胞中；淀粉可在动物体内分解成麦芽糖，然后进一步分解成葡萄糖被吸收，故ABC正确，D 错误。【点睛】本题考查糖的分布，解决本题的关键是对糖进行分类，并且弄清楚糖具体在哪些生物体内存在，也就是将糖的分布具体化。13人体活细胞能对环境变化作出反应，下列叙述错误的是（）A长期低氧环境可能导致红细胞数量下降B长期缺铁可能导致血液中乳酸含量上升C不同信号可能引发同种细胞产生相同的效应D相同信号可能引发不同细胞产生不同的效应【答案】A【解析】【分析】1、无机盐是细胞中某些复杂化合物的重要组成成分，如Fe2+是血红蛋白的主要成分，Mg2+是叶绿素的必要成分。2、激素间的相互关系：（1）协同作用：不同激素对同一生理效应都发挥作用，从而达到增强效应的结果，例如甲状腺激素和肾上腺素都可以升高体温。（2）拮抗作用：不同激素对某一生理效应发挥相反的作用。如胰岛素-胰高血糖素（肾上腺素）。【详解】A、长期低氧环境可能导致红细胞数量增加，增加运输氧气的能力，A 错误；B、Fe是血红蛋白的组成成分，严重缺Fe，血红蛋白合成速率降低，运输氧气的能力低，细胞进行无氧呼吸产生乳酸，会导致哺乳动物血液中乳酸含量上升，并会导致乳酸中毒，B正确；C、不同信号可能引发同种细胞产生相同的效应，如甲状腺激素和肾上腺素都能提高细胞的代谢水平，增加产热量，C正确；D、相同信号可能引发不同细胞产生不同的效应，如低浓度的生长素促进生长，高浓度的生长素抑制生长，D 正确。故选 B。【点睛】本题考查内环境稳态的相关知识，要求考生识记内环境稳态的实质，了解不同激素的相互关系，能结合所学的知识准确判断各选项。14下列有关植物激素的说法，正确的是（）A植物激素的作用特点都具有两重性B植物激素在幼嫩组织中均进行极性运输C植物生长发育和适应环境是多种激素共同调节的结果D乙烯只存在于繁殖器官中，其主要作用是促进果实成熟【答案】C【解析】【分析】植物激素是由植物体内产生，能从产生部位运送到作用部位，对植物的生长发育有显著影响的微量有机物。植物体内存在的目前分认的植物激素有：生长素、细胞分裂素、赤霉素、乙烯和脱落酸等。【详解】生长素的作用表现出两重性，其他植物激素没有两重性，A 错误；生长素在幼嫩组织进行极性运输，其他植物激素不进行极性运输，B错误；在植物的生长发育和适应环境变化的过程中，各种植物激素并是是孤立地起作用，而是多种激素相互作用共同调节的结果，C正确；植物体各个部位都能合成乙烯，乙烯的主要作用是促进果实成熟，D 错误；因此选C。【点睛】扎实的生物学基础知识是解题的关键。15下列关于艾滋病及HIV 的叙述，错误的是（）A HIV外层脂类膜中的蛋白质是HIV 的 RNA 控制合成的B感染 HIV 的妇女，不会通过人工哺乳将病毒传播给婴儿CHIV 病毒的 RNA 不能直接整合到人的DNA 上形成前病毒D辅助性T淋巴细胞的核糖体合成HIV 蛋白质不需要逆转录酶【答案】A【解析】【分析】艾滋病的致病原理：HIV 病毒进入人体后，与人体的T 淋巴细胞结合，破坏T淋巴细胞，使免疫调节受到抑制，使人的免疫系统瘫痪，最后使人无法抵抗其他细菌、病毒的入侵，让人死亡。【详解】A、HIV 外层脂类膜中的蛋白质由两部分组成，一部分来自于自身遗传物质控制，另一部分来自宿主细胞，A 错误；B、艾滋病的传播途径包括：血液传播、性传播、母婴传播，故感染HIV 的妇女，母乳喂养可能会传播艾滋病，但人工哺乳是指用奶瓶进行喂养，不会传播艾滋病，B正确；C、HIV 病毒的 RNA 不能直接整合到人的DNA 上形成前病毒，而是通过RNA 逆转录形成DNA 再整合到人的 DNA 上，C正确；D、HIV 合成病毒 DNA 需要逆转录酶，而酶具有专一性，合成蛋白质不需要逆转录，D 正确。故选 A。【点睛】解答此题要求识记艾滋病的传播途径，致病原理，掌握免疫的过程，并能理论联系实际，运用所学的知识合理解释生活中的生物学问题。16下列有关SARS病毒的叙述，错误的是（）A营寄生生活，进入人体会诱发细胞免疫和体液免疫B子代病毒的蛋白质是在自身遗传物质指导下合成的C其基因是有遗传效应的DNA 片断D可通过五碳糖种类来判断该病毒的核酸种类【答案】C【解析】【分析】病毒没有细胞结构，只能寄生在活细胞中才能进行生命活动。病毒的结构组成较简单，只有蛋白质和核酸两部分，本题SARS病毒的核酸为RNA。【详解】A、病毒没有细胞结构，只能寄生在活细胞中代谢和繁殖，当 SARS病毒进入机体会引发机体的特异性免疫反应，故可发生细胞免疫和体液免疫，A 正确；B、病毒营寄生生活，子代病毒的蛋白质是在自身遗传物质指导下，以宿主细胞内的氨基酸为原料合成的，B 正确；C、SARS病毒的遗传物质是RNA，其基因存在于RNA上，C错误；D、构成 DNA 的五碳糖为脱氧核糖，构成RNA的五碳糖为核糖，故可通过五碳糖种类来判断该病毒的核酸种类，D 正确。故选 C。【点睛】本题考查病毒的相关知识，要求掌握病毒的核酸种类和在宿主细胞内增殖的过程。17某种大型肉食动物迁入一新的生态系统后，大型肉食动物对当地的小型肉食动物和某些植食性动物有捕食和驱赶作用。一段时间内，下列情况不会发生的是（）A增加物种丰富度导致营养结构更加复杂B某些生产者的个体数量增加后保持稳定C使植食性动物之间的竟争优势发生改变D生态系统各营养级生物同化能量均减少【答案】D【解析】【分析】一个完整的生态系统包括生物部分和非生物部分，非生物部分包括阳光、空气、水、温度等，生物部分由生产者、消费者和分解者组成。生态系统的能量流动和物质循环都是通过食物链和食物网的渠道实现的，物质是能量的载体，使能量沿着食物链(网)流动，而能量又作为动力，使物质能够不断地在生态系统和无机环境之间循环往复。【详解】A、某种大型肉食动物迁入一新生态系统后，对当地的小型肉食动物和植食性动物有捕食和驱赶作用，使物种丰富度增加、营养结构更加复杂，与题意不符，A 错误；B、植食性动物数量减少，对植物的捕食减弱，会导致某些生产者的个体数量增加后保持稳定，与题意不符，B 错误；C、根据题意可知，某种大型肉食性动物迁入到一个新的生态系统时，对低营养级肉食性动物与植食性动物有捕食和驱赶作用，故某种植食性动物可能在竞争中失去原有竞争优势，与题意不符，C错误；D、某种大型肉食动物迁入一新生态系统后，改变了植食性动物竞争优势状况，但生态系统各营养级同化能量变化不能确定，不可能出现各个营养级生物同化量都减少的情况，D 正确。故选 D。18小叶锦鸡儿是一种典型旱生豆科灌木，根部具有根瘤菌，对水分和养分需求大，使周围浅根系禾草及一二年生草本植物不能适应而退出群落，而根系发达的深根系丛生大禾草及轴根型杂草如灰绿藜等能适应这种环境。以下叙述正确的是（）A根瘤菌与豆科植物是寄生关系B小叶锦鸡儿灌木具有垂直结构C小叶锦鸡儿参与其所在群落的演替过程D小叶锦鸡儿一定导致生态系统的物种数增加【答案】C【解析】【分析】生物种间关系有 共生、寄生、捕食、种间竞争几种方式；生物群落的结构包括空间结构垂直结构和水平结构；生物群落的演替是群落内部因素（包括种内关系、种间关系等）与外界环境因素综合作用的结果，人类活动往往会使群落演替按照不同于自然演替的速度和方向进行。【详解】A、根瘤菌与豆科植物是互利共生关系，A 错误；B、小叶锦鸡儿灌木是种群层次，不具有群落才具有的垂直结构，B错误；C、小叶锦鸡儿是群落中的一种植物，参与其所在群落的演替过程，C正确；D、小叶锦鸡儿能使周围浅根系禾草及一二年生草本植物不能适应而退出群落，导致生态系统的稳定性降低，D 错误。故选 C。【点睛】本题考查种间关系、群落的演替和生态系统的稳定性，意在考查考生的识记能力和理解所学知识要点，把握知识间内在联系，运用所学知识，准确判断问题的能力。192019 年诺贝尔生理学或医学奖颁给了三位科学家以表彰他们在揭示细胞感知和适应氧气供应机制中所做的贡献。缺氧条件下缺氧诱导因子（HIF-1）与缺氧反应元件（HRE）结合后调控基因表达使细胞适应低氧环境。HIF-1 由两种不同的DNA 结合蛋白HIF-1a和 ARNT 组成，在正常氧气条件下，HIF-1a 会被蛋白酶体降解而无法发挥作用（如图所示）。下列说法错误的是（）A组成 HIF-1a的单体是氨基酸，在常氧条件下，人体的HIF-1a 的含量会降低BHIF-1a 的降解过程中仅需蛋白酶体C研究发现缺氧时HIF-1a 含量会升高，但HIF-1a 的 mRNA 表达量较常氧时并未增加，由此推测可能是缺氧使 HIF-1a 稳定性增强D研究发现肿瘤细胞能利用低氧调节机制增加细胞内氧气含量，提高代谢效率，从而使肿瘤细胞增殖，故可研制药物降低肿瘤细胞内HIF-1a 的含量，抑制肿瘤细胞增殖达到治疗的目的【答案】B【解析】【分析】根据题干所给信息分析，在低氧环境下，HIF能促进缺氧相关基因的表达从而使细胞适应低氧环境。说明在低氧环境下，细胞中HIF-1a 的含量会上升。缺氧诱导因子（HIF-1）会被蛋白酶体降解，说明HIF-1a 的化学本质是蛋白质。据图示分析可知，在常氧、VHL、脯氨酰烃化酶、蛋白酶体存在时，HIF-1a会被蛋白酶体降解而无法发挥作用。【详解】A、HIF-1a 属于蛋白质，其单体是氨基酸，在常氧条件下，HIF-1a 会被蛋白酶体降解，人体的HIF-1a 的含量会降低，A 正确；B、据图示分析可知，在常氧、VHL、脯氨酰烃化酶、蛋白酶体存在时，HIF-1a 才会被蛋白酶体降解，B 错误；C、缺氧时 HIF-1a 含量会升高，但 HIF-1a 的 mRNA 表达量并未增加，可能的原因是缺氧使HIF-1a 稳定性增强，不容易被降解，C正确；D、肿瘤细胞能利用低氧调节机制增加细胞内氧气含量，提高代谢效率，从而使肿瘤细胞增殖，故可研制药物降低肿瘤细胞内HIF-1a 的含量，抑制肿瘤细胞增殖达到治疗的目的，D 正确。故选 B。20下图表示江苏某地区建造的人工湿地（基质层由土壤和各种填料组成），有机物含量高的生活污水通过该湿地可被净化输出。下列叙述错误的是A污水进入湿地经理化作用和微生物的分解作用得到净化B组成该湿地群落的类群包括植物、动物、微生物C该湿地群落中的碳全部来自光合作用固定的CO2D污水进入量过大会破坏该湿地生态系统的稳定性【答案】C【解析】【分析】该人工湿地具备生态系统的各种成分，具有一定的自我调节能力，在一定范围内可保持相对稳定。【详解】A、生活污水含有较多的有机物，进入湿地后经理化作用和微生物的分解作用可得到净化，A 正确；B、组成该湿地群落的类群包括以植物为主的生产者、以动物为主的消费者和以微生物为主的分解者，B正确；C、该湿地群落中的碳来自生活污水中的有机物和光合作用固定的CO2，C错误；D、污水进入量过大会超过该湿地的自我调节能力，破坏该湿地生态系统的稳定性，D 正确。故选 C。21某放牧草地有一些占地约1m2的石头。有人在石头的不同距离处，调查了蜥蜴个体数、蝗虫种群密度和植物生物量（干重），结果见下图。下列有关叙述中，不正确的是（）A蜥蜴活动的地点距离石头越近，被天敌捕食的风险就越小B距离石头的远近是影响该群落的水平结构的重要因素C在该系统的生物群落与无机环境之间，组成生物体的元素可以循环利用D牧草地石头的存在使禾草植物与非禾草植物之间的竞争减弱【答案】D【解析】【分析】根据题中信息可知，离石头越远，蜥蜴的食物越充足，但个体数量反而越少，原因在于其失去了躲避场所，被天敌捕食的风险增大。石头保护了蜥蜴，蜥蜴捕食蝗虫，蝗虫以植物为食，距石头的远近是引起该群落水平结构变化的重要因素。生态系统的三大功能：物质循环、能量流动、信息传递。【详解】A、根据题中信息可知，离石头越近，个体数量增多，原因在于其有了躲避场所，被天敌捕食的风险减小，A 正确；B、通过图中数据可知，石头保护了蜥蜴，蜥蜴捕食蝗虫，蝗虫以植物为食，距石头的远近是引起该群落水平结构变化的重要因素，B 正确；C、在该系统的生物群落与无机环境之间，物质可以循环利用，C正确；D、牧草地石头的存在使禾草植物与非禾草植物数量较多，两者之间的竞争增强，D 错误。故选 D。22下列关于单克隆抗体制备过程的叙述，错误的是A获得 B细胞之前需给动物注射特定的抗原B分离出的B 细胞应与骨髓瘤细胞融合C需要从融合的细胞中筛选出杂交瘤细胞D得到的所有杂交瘤细胞产生的抗体均相同【答案】D【解析】【分析】单克隆抗体制备过程包括动物免疫、细胞融合、筛选杂交瘤细胞、抗体检测、杂交瘤细胞的克隆化、冻存以及单克隆抗体的大量生产等。【详解】A、要获得能够产生特定抗体的B淋巴细胞，需要给动物注射特定的抗原，A 正确；B、由于分离出的B 细胞不能无限增殖，所以应与骨髓瘤细胞融合形成能无限增殖的杂交瘤细胞，B 正确；C、由于融合的细胞中有三种，即B细胞与 B细胞融合的细胞、骨髓瘤细胞与骨髓瘤细胞融合的细胞、杂交瘤细胞，所以需要从融合的细胞中筛选出杂交瘤细胞，C正确；D、得到的杂交瘤细胞不一定只产生一种抗体，D 错误。故选 D。232019 年诺贝尔生理学或医学奖获奖者发现了“细胞能够调节相关基因表达以适应不同氧浓度的分子机制”。正常氧浓度条件下，转录调控因子HIF-Ia 会被蛋白酶体降解；在缺氧条件下，HIF-Ia 会进入细胞核激活相关基因的表达，并通过一系列变化，改变血液中红细胞的数量以适应氧浓度的变化。下列叙述正确的是（）A缺氧条件下，HIF-Ia 含量会增加，促进相关基因的翻译过程B缺氧条件下，哺乳动物成熟红细胞通过有丝分裂增加数量C氧气充足条件下，氧气通过主动运输进入红细胞与血红蛋白结合D在进化过程中，机体产生了这种特殊机制来确保组织和细胞能得到充足的氧气供应【答案】D【解析】【分析】根据题干信息分析，缺氧条件下，氧诱导因素(HIF-la)会进入细胞核激活相关基因的表达，说明氧诱导因素是从细胞质进入细胞核的，激活的是相关基因的转录过程，结果是红细胞的数量发生改变。而正常氧浓度条件下，转录调控因子HIF-Ia 会被蛋白酶体降解。【详解】A、根据题意分析可知，缺氧诱导因子在缺氧条件下会进入细胞核激活相关基因的表达，诱导机体产生更多的红细胞以适应缺氧条件，并不是HIF-Ia 数量增加，A 错误；B、正常红细胞没有细胞核，不能分裂，B 错误；C、氧气充足条件下，氧气通过自由扩散进入红细胞与血红蛋白结合，C错误；D、根据题意可知，在进化过程中，机体产生了这种特殊机制来确保组织和细胞能得到充足的氧气供应，D 正确。故选 D。24菊花的重瓣是一种突变性状，研究表明有三个突变基因可能与重瓣性状有关。相对于野生基因，突变基因 增添了 1 个碱基对，突变基因替换了 1 个碱基对，突变基因缺失了 1 个碱基对。下列叙述不正确的是（）A野生基因与突变基因可位于一对同源染色体的两条染色体上B野生基因与突变基因可位于一条染色体的两条姐妹染色单体上C野生基因突变形成三个突变基因说明基因突变具有普遍性D突变基因 控制合成相应蛋白质中的氨基酸数可能改变多个【答案】C【解析】【分析】基因突变中碱基增添或缺失的位置不同，影响结果也不一样：增添或缺失的位置在最前端，会引起氨基酸序列全部改变或不能表达（形成终止密码子）；在中间某个位置会造成肽链提前中断(形成终止密码子)或插入点后氨基酸序列改变；在该序列最后则不影响表达或使肽链延长。【详解】A、野生基因与突变基因是等位基因，可能位于一对同源染色体的两条染色体上，A 正确；B、如果在减数分裂过程中发生了交叉互换，野生基因与突变基因是等位基因也可能位于一条染色体的两条姐妹染色单体上，B 正确；C、野生基因突变形成三个突变基因说明基因突变具有不定向性，C错误；D、突变基因 的形成是碱基对替换的结果，若突变基因转录形成的信使RNA 上终止密码子的位置发生改变，可导致突变基因控制合成的相应蛋白质中的氨基酸数目发生改变，故可引起氨基酸数改变多个，D 正确。故选 C。25下列关于细胞结构和功能的叙述，正确的是（）A在有丝分裂间期的细胞中，线粒体和核糖体均可产生水B线粒体外膜上具有运输葡萄糖分子和氧气分子的载体C果蝇体细胞和低等植物细胞所含的高尔基体，在细胞分裂末期都参与多糖的合成D蛋白质和DNA 分子的多样性都与它们的空间结构密切相关【答案】A【解析】【分析】葡萄糖分子不能进入线粒体；DNA 分子的多样性与它的碱基对的排列顺序密切相关。以此相关知识做出判断。【详解】A.在有丝分裂间期的细胞中，线粒体可以进行有氧呼吸产生水，核糖体内氨基酸脱水缩合。A 正确。B.线粒体外膜上不具有运输葡萄糖分子的载体，因为葡萄糖分子不进入线粒体。B 错误。C.果蝇体细胞是动物细胞，其含有的高尔基体，在细胞分裂末期没有参与多糖的合成。C错误。D.蛋白质的多样性与它的空间结构密切相关，DNA 分子的多样性与它的碱基对的排列顺序密切相关。D错误。故选 A。【点睛】本题注意区分高尔基体在植物细胞和动物细胞中的作用。二、非选择题（本题包括5 个小题，共50 分）26乳酸链球菌素是一种无毒的多肽类物质，可以抑制革兰氏阳性细菌的生长，但对酵母菌的生长无影响。为验证乳酸链球菌素的作用，请根据以下实验材料，写出实验思路，并预测实验结果。实验材料：若干支试管、LB液体培养基、YPD液体培养基、金黄色葡萄球菌、酵母菌、乳酸链球菌素、比浊计等（要求与说明：不考虑加入乳酸链球菌素后的体积变化等因素；比浊计的具体操作方法不做要求；培养过程中不更换培养液；实验条件适宜）（1）实验思路：取若干只试管，均分为6 组，编号为A、B、C、D、E、F。A 组：适量LB液体培养基；B 组：适量YPG液体培养基；_（2）预测实验结果_（设计一个坐标系，用曲线图表示实验结果，A 组与 B组结果设为零值，不用表示。本实验条件下酵母菌生长速度更快）：（3）讨论与分析：对照组 A 组与 B 组的作用是 _。测定细菌或酵母菌生长速度还可采用的方法是_。乳酸链球菌素在生产或生活中的应用有_（举一例说明）。【答案】C组：LB液体培养基+金黄色葡萄球菌+乳酸链球菌素；D 组：LB液体培养基+金黄色葡萄球菌；E组：YPG液体培养基+酵母菌+乳酸链球菌素；F组：YPG液体培养基+酵母菌。用比浊计计测量各组试管的浑浊度，并记录。在培养过程中，每天同一时间，重复步骤。对所得实验数据进行分析与处理排除培养液自身成分变化对浑浊度的影响每隔一段时间取菌液在显微镜下用血细胞计数板计数用作食品的防腐剂（酿酒时消灭杂菌）【解析】【分析】根据题干信息分析，该实验的目的是验证乳酸链球菌素是一种无毒的多肽类物质，可以抑制革兰氏阳性细菌的生长，但对酵母菌的生长无影响，因此该实验的自变量是乳酸链球菌素作用的菌种的种类，因变量是不同菌种的生长情况。【详解】（1）根据实验的目的和基本原则以及实验的部分过程补充实验思路：取若干只试管，均分为6 组，编号为A、B、C、D、E、F。A 组：适量LB液体培养基；B 组：适量YPG液体培养基；C 组：LB液体培养基+金黄色葡萄球菌+乳酸链球菌素；D 组：LB液体培养基+金黄色葡萄球菌；E组：YPG液体培养基+酵母菌+乳酸链球菌素；F组：YPG液体培养基+酵母菌。用比浊计计测量各组试管的浑浊度，并记录。在培养过程中，每天同一时间，重复步骤。对所得实验数据进行分析与处理。（2）该实验的目的是验证乳酸链球菌素可以抑制革兰氏阳性细菌的生长，但对酵母菌的生长无影响，因此实验结果如图：（3）讨论与分析：对照组 A 组与 B 组为空白培养液，其作用是排除培养液自身成分变化对浑浊度的影响。测定细菌或酵母菌生长速度还可采用的方法是每隔一段时间取菌液在显微镜下用血细胞计数板计数。乳酸链球菌素可以抑制革兰氏阳性细菌的生长，但对酵母菌的生长无影响，因此乳酸链球菌素在生产或生活中可以用作食品的防腐剂、酿酒时消灭杂菌。【点睛】解答本题的关键是掌握微生物培养和实验设计的相关知识点，能够根据实验目的分析实验的变量，注意不同的微生物的培养基也应该是不同的，且该实验的验证性实验，其结果是确定的。27我国干旱、半干旱区占国土总面积的47，这些区域水资源贫乏，植被稀疏，生态环境脆弱，加之多年来人为活动(过度放牧、开荒种田等)的干扰，使得本来就脆弱的生态系统遭到了更为严重的破坏。为了恢复生态，内蒙古锡林郭勒在三种典型草原地带进行为期17 年的封育政策，群落变化如表所示：典型草原地带不同植l 物群落封育变化群落类型本氏针茅群落大针茅群落百里香群落坡向NE SE N S 生长年限第 1年第 18年第 1年第 18年第 1年第 18年第 1年第 18年第 1年第 18年封育植物种数/种.m-26 15 5 13 5 19 8 9 1 18 覆盖度/%25 95 20 80 20 65 20 35 20 55 草层高/m 10 54 5 55 8 52 5 18 3 9 产草量/kg.hm-2750 6 050 500 4 500 550 4 200 550 1 550 750 2255 对照植物种数/种.m-25 6 5 6 5 7 3 5 8 9 覆盖度/%25 30 20 30 20 30 20 20 20 25 草层高/m 9 7 5 6 7 7 5 5 3 9 产草量/kg.hm2700 450 450 430 490 460 500 510 550 420 注：NE、SE、N、S分别代表朝向东北、东南、北、南（1）封育是恢复生态学的常用手段，恢复生态学主要利用的是_理论，充分依靠生态系统自身的能力尽快恢复。锡林郭勒部分地区实行封育而非发展单一的人工林，这遵循了生态工程的_原理。（2）用样方法对植物种群密度进行调查，应注意_，目的是 _。（3）坡向 NE 的本氏针茅草群落生产力最高，应该是该区域_这一自然因素相对充裕。研究发现，封育措施较大地改良了土壤，这体现了生物多样性的_价值。（4）在半干旱区，草原生态系统比农田生态系统抵抗干扰的能力_(填“强”或“弱”或“差别不大”)，因为 _。【答案】群落演替物种多样性随机取样为了确保所选择的样方具有代表性，不受主观因素的影响，使统计的结果(估算值)能更接近真实的情况水分