第2章5实验：用单摆测量重力加速度—2020-2021学年新教材人教版(2019)高中物理选择性必修第一册练习4500.pdf

5.实验：用单摆测量重力加速度 实验目标 1.明确用单摆测定重力加速度的原理和方法 2.学会用单摆测当地的重力加速度，学会减小实验误差的方法 3.知道如何选择实验器材，能熟练地使用秒表 一、实验原理 单摆在偏角很小(小于 5)时，可看成简谐运动，其周期 T2lg，可得 g42lT2.据此，通过实验测出摆长 l 和周期 T，即可计算得到当地的重力加速度 二、实验器材 铁架台及铁夹、金属小球(上面有一个通过球心的小孔)、秒表、细线(长 1 m 左右)、刻度尺(最小刻度为 mm)、游标卡尺 三、实验步骤(1)让细线穿过球上的小孔，在细线的一端打一个稍大一些的线结，制成一个单摆 (2)将小铁夹固定在铁架台上端，铁架台放在实验桌边，使铁夹伸出桌面之外，然后把单摆上端固定在铁夹上，使摆球自由下垂(3)用刻度尺量出悬线长 l，用游标卡尺测出摆球直径 d，然后计算出悬点到球心的距离 lld2即摆长(4)把此单摆从平衡位置拉开一个角度，并使这个角小于 5，再释放小球当摆球摆动稳定以后，在最低点位置时，用秒表开始计时，测量单摆全振动 30 次(或 50 次)的时间，然后求出一次全振动的时间，即单摆的振动周期(5)改变摆长，重做几次(6)根据单摆的周期公式，计算出每次实验的重力加速度；求出几次实验得到的重力加速度的平均值，即本地区的重力加速度的值(7)将测得的重力加速度数值与当地重力加速度数值加以比较，如有误差，分析产生误差的原因 四、数据处理(1)公式法：根据公式 g42n2lt2，将每次实验的 l、n、t 数值代入，计算重力加速度g，然后取平均值(2)图像法：作出 T2-l 图像，由 T242lg可知 T2-l 图线是一条过原点的直线，其斜率k42g，求出 k，可得 g42k.五、误差分析(1)本实验系统误差主要来源于单摆模型本身是否符合要求，即悬点是否固定；球、线是否符合要求；振动是圆锥摆还是同一竖直平面内的振动以及测量哪段长度作为摆长等等(2)本实验偶然误差主要来自时间(即单摆周期)的测量上要从摆球通过平衡位置开始计时，并采用倒数计时计数的方法，不能多记或漏记振动次数为了减小偶然误差，进行多次测量后取平均值(3)本实验中在长度(摆线长、摆球的直径)的测量时，读数读到毫米即可(即使用游标卡尺测摆球直径也只需读到毫米)；在时间的测量中，秒表读数的有效数字的末位在秒的十分位即可 六、注意事项(1)摆线要选 1 m 左右，不要过长或过短，太长测量不方便，太短摆动太快，不易计数(2)摆长要悬挂好摆球后再测，不要先测摆长再系小球，因为悬挂摆球后细绳会发生形变(3)计算摆长时要将摆线长加上摆球半径，不要把摆线长当作摆长(4)摆球要选体积小、密度大的，不要选体积大、密度小的，这样可以减小空气阻力的影响(5)摆角要小于 5(具体实验时可以小于 15)，不要过大，因为摆角过大，单摆的振动不再是简谐运动，公式 T2lg就不再适用(6)单摆要在竖直平面内摆动，不要使之成为圆锥摆(7)要从平衡位置计时，不要从摆球到达最高点时开始计时(8)要准确记好摆动次数，不要多记或少记.【例 1】甲、乙两个学习小组分别利用单摆测定重力加速度 (1)甲组同学采用图甲所示的实验装置 为比较准确地测量出当地重力加速度的数值，除秒表外，在下列器材中，还应该选用_(用器材前的字母表示)a长度接近 1 m 的细绳 b长度为 30 cm 左右的细绳 c直径为 1.8 cm 的塑料球 d直径为 1.8 cm 的铁球 e最小刻度为 1 cm 的米尺 f最小刻度为 1 mm 的米尺 该组同学先测出悬点到小球球心的距离 l，然后用秒表测出单摆完成 n 次全振动所用的时间 t.请写出重力加速度的表达式 g_.(用所测物理量表示)(2)乙组同学在图甲所示装置的基础上再增加一个速度传感器，如图乙所示将摆球拉开一小角度使其做简谐运动，速度传感器记录了摆球振动过程中速度随时间变化的关系，如图丙所示的 v-t 图线 由图丙可知，该单摆的周期 T_s.更换摆线长度后，多次测量，根据实验数据，利用计算机作出 T2-l(周期二次方摆长)图像，并根据图像拟合得到方程 T24.04l0.035.由此可以得出当地的重力加速度g_m/s2.(取 29.86，结果保留三位有效数字)解析(1)根据 T2lg得 g42lT2，则可知要准确地测量出当地的重力加速度需要测量摆长，摆长等于摆线的长度和摆球的半径之和，所以选择长度近 1 m 的细绳，直径为 1.8 cm 的铁球，需要测量摆线长，所以需要最小刻度为 1 mm 的米尺，故选 a、d、f.因为 Ttn，则 g42n2lt2.(2)根据单摆振动的 v-t 图像知，单摆的周期 T2.0 s.根据 T2lg得 T242lg.图线的斜率：k42g4.04 s2/m，解得：g9.76 m/s2.答案(1)adf 42n2lt2(2)2.0 9.76【例 2】用单摆测定重力加速度的实验装置如图所示 (1)组装单摆时，应在下列器材中选用_(选填选项前的字母)A长度为 1 m 左右的细线 B长度为 30 cm 左右的细线 C直径为 1.8 cm 的塑料球 D直径为 1.8 cm 的铁球(2)测出悬点 O 到小球球心的距离(摆长)L 及单摆完成 n 次全振动所用的时间 t，则重力加速度 g_(用 L、n、t 表示)(3)下表是某同学记录的 3 组实验数据，并作了部分计算处理 组次 1 2 3 摆长 L/cm 80.00 90.00 100.00 50 次全振动时间 t/s 90.0 95.5 100.5 振动周期 T/s 1.80 1.91 重力加速度 g/(ms2)9.74 9.73 请计算出第 3 组实验中的 T_s，g_m/s2.(4)用多组实验数据作出 T2-L 图像，也可以求出重力加速度 g.已知三位同学作出的T2-L 图线的示意图如图中的 a、b、c 所示，其中 a 和 b 平行，b 和 c 都过原点，图线 b对应的 g 值最接近当地重力加速度的值则相对于图线 b，下列分析正确的是_(选填选项前的字母)A出现图线 a 的原因可能是误将悬点到小球下端的距离记为摆长 L B出现图线 c 的原因可能是误将 49 次全振动记为 50 次 C图线 c 对应的 g 值小于图线 b 对应的 g 值(5)某同学在家里测重力加速度他找到细线和铁锁，制成一 个单摆，如图所示由于家里只有一根量程为 30 cm 的刻度尺于是 他在细线上的 A 点做了一个标记，使得悬点 O 到 A 点间的细线长度 小于刻度尺量程保持该标记以下的细线长度不变，通过改变 O、A间细线长度以改变摆长实验中，当 O、A 间细线的长度分别为 l1、l2时，测得相应单摆的周期为 T1、T2.由此可得重力加速度 g_(用 l1、l2、T1、T2表示)思路点拨：该题全面考查了重力加速度的测量、数据的处理以及误差的分析，要掌握单摆的周期公式，从而求解重力加速度、摆长、周期等物理量之间的关系 解析(1)单摆模型需要满足的条件是摆线的长度远大于小球直径，小球的密度越大越好，这样可以忽略空气阻力(2)周期 Ttn，结合 T2Lg，可得 g42n2Lt2.(3)周期 Ttn100.5 s502.01 s，由 T2Lg，解得 g9.76 m/s2.(4)由 T2Lg，两边平方后可知 T2-L 是过原点的直线，b 为正确的图线，a 与 b 相比，周期相同时，摆长更短，说明 a对应测量的摆长偏小；c 与 b 相比，摆长相同时，周期偏小，可能是多记录了振动次数(5)设 A 到铁锁重心的距离为 l，则第 1、2 次的摆长分别为 ll1、ll2，由 T12ll1g，T22ll2g，联立解得：g42l1l2T21T22.答案(1)AD(2)42n2Lt2(3)2.01 9.76(4)B(5)42l1l2T21T22 用图像法处理实验数据的技巧 用图像法处理数据既直观又方便，同时也能最大限度地减小偶然误差对实验结果造成的影响由于 T-L 的图像不是直线，不便于进行数据处理，所以采用 T2-L 的图像，目的是为了将曲线转换为直线，便于利用直线的斜率计算重力加速度 1利用单摆测重力加速度时，若测得 g 值偏大，则可能是因为()A单摆的摆锤质量偏大 B测量摆长时，只考虑了悬线长，忽略了小球的半径 C测量周期时，把 n 次全振动误认为是(n1)次全振动 D测量周期时，把 n 次全振动误认为是(n1)次全振动 C 由单摆周期公式知 T2lg，g42lT2，而 Ttn，所以 g42ln2t2，由此可知C 项正确 2.在“利用单摆测定重力加速度”的实验中，由单摆做简谐运动的周期公式得到 g42lT2.只要测出多组单摆的摆长 l 和运动周期 T，作出 T2-l 图像，就可以求出当地的重力加速度理论上 T2-l 图像是一条过坐标原点的直线，某同学根据实验数据作出的图像如图所示(1)造成图像不过坐标原点的原因可能是_ (2)由图像求出的重力加速度 g_ m/s2.(2取 9.87)解析(1)既然所画 T2-l 图像与纵坐标有正截距，这就表明 l 的测量值与真实值相比偏小了，则意味着测摆长时可能漏掉了摆球半径(2)图像的斜率 k42g4 s2/m，则g42k9.87 m/s2.答案(1)测摆长时漏掉了摆球半径(2)9.87 3某同学利用单摆测量重力加速度(1)(多选)为了使测量误差尽量小，下列说法正确的是()A组装单摆须选用密度和直径都较小的摆球 B组装单摆须选用轻且不易伸长的细线 C实验时须使摆球在同一竖直面内摆动 D摆长一定的情况下，摆的振幅尽量大(2)如图所示，在物理支架的竖直立柱上固定有摆长约 1 m 的单摆实验时，由于仅有量程为 20 cm、精度为 1 mm 的钢板刻度尺，于是他先使摆球自然下垂，在竖直立柱上与摆球最下端处于同一水平面的位置做一标记点，测出单摆的周期 T1；然后保持悬点位置不变，设法将摆长缩短一些，再次使摆球自然下垂，用同样方法在竖直立柱上做另一标记点，并测出单摆的周期 T2；最后用钢板刻度尺量出竖直立柱上的两标记点之间的距离 L.用上述测量结果，写出重力加速度的表达式 g_.解析(1)为了减小实验误差，应选用密度大、体积小的摆球，A 项错误；摆线应选用不易伸缩的细线，B 项正确；实验时摆球应在同一竖直面内摆动，而不能做成圆锥摆，C 项正确；摆长一定的情况下，偏角不能超过 5，因此摆的振幅不能过大，D 项错误(2)设单摆周期为 T1时，单摆的摆长为 L，由单摆周期公式得 T12Lg，T22LLg，解得 g42LT21T22.答案(1)BC(2)42LT21T22 4某同学在一次用单摆测重力加速度的实验中，测量 5 种不同摆长与单摆的振动周期的对应情况，并将记录的结果描绘在如图所示的坐标系中图中各坐标点的标号分别对应实验中 5 种不同摆长的情况在处理数据时，该同学实验中的第_数据点应当舍弃画出该同学记录的 T2-l 图线求重力加速度时，他首先求出图线的斜率 k，则用斜率 k 求重力加速度的表达式为 g_.解析 将图中各点连线如图所示，可见第 4 点偏离直线较远，则该点误差较大，所以第 4 数据点应舍去；在 T2-l 图线中直线的斜率为 kT2l，由 T2lg得 g42lT2，则 g42lT242k.答案 4 42k 5某同学在“利用单摆测重力加速度”的实验中，先测得摆线长为 97.50 cm，摆球直径为 2.00 cm，然后用停表记录了单摆振动 50 次所用的时间，如图所示，则：(1)该单摆摆长为_cm，停表的示数为_s.(2)如果他测得的 g 值偏小，可能的原因是_ A测摆线长时摆线拉得过紧 B摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，使周期变大了 C开始计时时，停表过迟按下 D实验中误将 49 次全振动次数记为 50 次(3)为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长 l 并测出相应的周期 T，从而得出几组对应的 l 与 T 的数据，然后建立以 l 为横坐标、T2为纵坐标的直角坐标系，根据数据描点并连成直线，如图所示求得该直线的斜率为 k，则重力加速度 g_.(用k 表示)解析(1)摆长 lld298.50 cm，t99.8 s.(2)由单摆周期公式 T2lg，得 g42ltn2，所以 l 偏大，则 g 偏大；t 偏小，则 g偏大；t 偏大，则 g 偏小；n 偏大，则 g 偏大故选项 B 正确(3)由单摆周期公式可得 T242lg，那么图中直线斜率 k42g，所以 g42k.答案(1)98.50 99.8(2)B(3)42k