2019重庆中考数学专题复习-新定义阅读理解题(10道)42089.pdf

新定义阅读理解题 1.阅读下列材料，解答下列问题：材料一：一个三位以上的自然数，如果该自然数的末三位表示的数与末三位之前的数字表示的数之差是 11 的倍数，我们称满足此特征的数叫“网红数”.如：65362，362-65=297=1127，称 65362 是“网红数”.材料二：对任意的自然数 p 均可分解为 p=100 x+10y+z（x0，0y9,0z9 且想，x，y，z 均为整数），如：5278=52100+107+8，规定：G（p）=zxxzxx112）（.（1）求证：任意两个“网红数”之和一定能被 11 整除；（2）已知：s=300+10b+a，t=1000b+100a+1142（1a7,0b5，且 a、b 均为整数），当 s+t 为“网红数”时，求 G（t）的最大值.（1）证明：设两个“网红数”为mn，ab（n，b 分别为mn，ab末三位表示的数，m，a 分别为mn，ab末三位之前的数字表示的数），则 n-m=11k1，b-a=11k2，mn+ab=1001m+1001a+11（k1+k2）=11（91m+91a+k1+k2）.又k1，k2，m，n 均为整数，91m+91a+k1+k2为整数，任意两个“网红数”之和一定能被 11 整除.（2）解：s=3100+10b+a，t=1000（b+1）+100（a+1）+410+2，S+t=1000（b+1）+100（a+4）+10（b+4）+a+2，当 1a5 时，s+t=）（）（）（2a4b4a1b，则）（）（2a4b4a-（b+1）能被 11 整除，101a+9b+441=119a+2a+11b-2b+4011+1 能被 11 整除，2a-2b+1 能被 11 整除.1a5，0b5，-72a-2b+111，2a-2b+1=0 或 11，a=5，b=0，t=1642，G（1642）=17141，当 6a7 时，s+t=）（）（）（2a4b6a2b，则）（）（2a4b6a-（b+2）能被 11 整除，101a+9b-560=119a+2a+11b-2b-5111+1 能被 11 整除，2a-2b+1 能被 11 整除.6a7，0b5，32a-2b+115，2a-2b+1=11，1b6a，2b7a，t=2742 或 3842，G（2742）=28251，G（3842）=39361，综上，G（t）的最大值为 39361.2.若将自然数中能被 3 整除的数，在数轴上的对应点称为“3 倍点”，取任意的一个“3 倍点”P，到点 P 距离为 1 的点所对应的数分别记为 a，b.定义：若数 Ka2b2ab，则称数 K 为“尼尔数”例如：若 P 所表示的数为 3，则a2，b4，那么 K22422412；若 P 所表示的数为 12，则 a11，b13，那么 K1321121311147，所以 12，147 是“尼尔数”(1)请直接判断 6 和 39 是不是“尼尔数”，并且证明所有“尼尔数”一定被 9 除余 3；(2)已知两个“尼尔数”的差是 189，求这两个“尼尔数”解：(1)6 不是尼尔数，39 是尼尔数 证明：设 P 表示的数为 3m，则 a(3m1)，b(3m1)，K(3m1)2(3m1)2(3m1)(3m1)9m23，m 为整数，m2为整数，9m23 被 9 除余 3；(2)设这两个尼尔数分别是 K1，K2，将两个“尼尔数”所对应的“3 倍点数”P1，P2分别记为 3m1，3m2.K1K29m129m22189，m12m2221，m1，m2都是整数，m1m27，m1m23，2m5m21，39k228k21.3.若在一个两位正整数 N 的个位数字与十位数字之间添上数字 2，组成一个新的三位数，我们称这个三位数为 N 的“诚勤数”，如 34 的“诚勤数”为 324；若将一个两位正整数 M 加 2 后得到一个新数，我们称这个新数为 M 的“立达数”，如 34 的“立达数”为 36.(1)求证：对任意一个两位正整数 A，其“诚勤数”与“立达数”之差能被 6 整除；(2)若一个两位正整数 B 的“立达数”的各位数字之和是 B 的各位数字之和的一半，求 B 的值.解：（1）设 A 的十位数字为 a，个位数字为 b，则 A10a+b，它的“诚勤数”为 100a+20+b，它的“立达数”为 10a+b+2，100a+20+b-（10a+b+2）90a+186（15a+3），a 为整数，15a+3 是整数，则“诚勤数”与“立达数”之差能被 6 整除；（2）设 B10m+n，1m9，0n9（B 加上 2 后各数字之和变小，说明个位发生了进位），B+210m+n+2，则 B 的“立达数”为 10（m+1）+（n+2-10），m+1+n+210=21（m+n），整理，得 m+n14，1m9，0n9，6n8m、8n6m、5n9m、9n5m、7n7m，经检验：77、86 和 95 不符合题意，舍去，所求两位数为 68 或 59 4一个正偶数 k 去掉个位数字得到一个新数，如果原数的个位数字的 2 倍与新数之和与 19 的商是一个整数，则称正偶数 k 为“魅力数”，把这个商叫做 k 的魅力系数，记这个商为 F（k）如：722 去掉个位数字是 72，2 的 2倍与 72 的和是 76，7619=4，4 是整数，所以 722 是“魅力数”，722 的魅力系数是 4，记(722)4F(1)计算：(304)(2052)FF；(2)若m、n都是“魅力数”，其中3030101ma，40010nbc(0a9，0b9，0c9，a、b、c 是整数)，规定：(,)acG m nb当()()24F mF n时，求(,)G m n的值 解：（1）30+24=38，3819=2，F(304)=2.205+22=209,20919=11，F（2025）=11.F（304）+F（2052）=13；（2）m=3030+101a=3000+100a+30+a，F（m）=19a23a10300=19a12303=15+19a1218.m 是“魅力数”，19a1218是整数.0a9，且 a 是偶数，a=0,2,4,6,8.当 a=0 时，19a1218=1918不符合题意.当 a=2 时，19a1218=1942不符合题意.当 a=4 时，19a1218=1966不符合题意.当 a=6 时，19a1218=1990不符合题意.当 a=8 时，19a1218=19114=6 符合题意.a=8，此时 m=3838，F（m）=F（3838）=6+15=21.又F（m）+F（n）=24，F（n）=3.n=400+10b+c，F（n）=19c2b40=3，b+2c=17，n 是“魅力数”，c 是偶数，又0c9，c=0，2,4,6,8.当 c=0 时，b=17 不符合题意.当 c=2 时，b=13 不符合题意.当 c=4 时，b=9 符合题意.此时，G（m，n）=bca=948=94.当 c=6 时，b=5 符合题意.此时，G（m，n）=bca=568=52.当 c=8 时，b=1 符合题意.此时，G（m，n）=bca=188=0.94520，G（m，n）的最大值是94.5.已知一个正整数，把其个位数字去掉，再将余下的数加上个位数字的 4 倍，如果和是 13 的倍数，则称原数为“超越数”如果数字和太大不能直接观察出来，就重复上述过程如：1131：113+41117，117139，所以1131 是“超越数”；又如：3292：329+42337，33+4761，因为 61不能被 13 整除，所以 3292 不是“超越数”（1）请判断 42356 是否为“超越数”（填“是”或“否”），若ab+4c13k（k 为整数），化简abc除以 13 的商（用含字母 k 的代数式表示）（2）一个四位正整数 Nabcd，规定 F（N）|a+d2bc|，例如：F（4953）|4+3259|32，若该四位正整数既能被 13 整除，个位数字是 5，且ac，其中 1a4求出所有满足条件的四位正整数 N 中 F（N）的最小值 解：（1）否，4235+464259，425+49461，46+4150，因为 50 不能被 13 整除，所以 42356 不是超越数.ab+4c13k，10a+b+4c13k，10a+b13k4c，abc100a+10b+c10（10a+b）+c130k40c+c130k39c13（10k3c），13abc10k3c；（2）由题意得 d5，ac，N1000a+100b+10c+5，N 能被 13 整除，设 100a+10b+c+4513k，101a+10b+2013k，且 a 为正整数，b，k 为非负整数，1a4，a2，b9，k24 或 a3，b8，k31，或 a4，b7，k38，F（N）|2+2518|9，或 F（N）|3+2524|4，或 F（N）|4+2528|1，F（N）最小值为 1 6.一个两位正整数n，如果n满足各数位上的数字互不相同且均不为0，那么称n 为“启航数”，将n的两个数位上的数字对调得到一个新数n.把n放在n的后面组成第一个四位数，把n放在n的后面组成第二个四位数，我们把第一个四位数减去第二个四位数后再除以 11 所得的商记为()F n，例如：23n 时，32n，23323223(23)8111F.（1）计算(42)_;F 若m为“启航数”，()F m是一个完全平方数，求()F m 的值；（2）st、为“启航数”，其中10,10sab txy（1ba9，1x、y5，且yxba,为整数）规定：(,)stK s tt，若()F s能被7整除，且()()81162F sF ty，求(,)K s t的最大值.解：（1）F（42）=162，设 m=pq（1pq9，且 p、q 为整数），则()=81()11pqqpqppqF mpq，()F m完全平方数，pq为完全平方数，1pq9，且 p、q 为整数，0p-q8，14pq 或，F（m）=81 或 324；（2）由题意知：s=ab，t=xy（1ba9,1x、y5，且abxy、为整数），()81()F sab，()81()F txy，()F s能被7整除，81()7ab为整数，又1ba9，0a-b8，7ab，9,28,1abab或，s=92 或 81.又()()81162F sF ty，81（a-b）+81（x-y）-81y=162，2y=x+5，1x，y5 且xy，1,33,4xyxy或，t=13 或 34，79(92,13)13K，K（92，34）=3458，68(81,13)13K，47(81,34)34K Kmax=1379.7.若一个三位数，其个位数加上十位数等于百位数，可表示为 t100（x+y）+10y+x（x+y9），则称实数 t 为“加成数”，将 t 的百位作为个位，个位作为十位，十位作为百位，组成一个新的三位数 h规定 qth，f（m）9q，例如：321 是一个“加成数”，将其百位作为个位，个位作为十位，十位作为百位，得到的数 h213，q321213108，f（m）910812（1）当 f（m）最小时，求此时对应的“加成数”的值；（2）若 f（m）是 24 的倍数，则称 f（m）是“节气数”，猜想这样的“节气数”有多少个，并求出所有的“节气数”解：（1）f（m）9q，当 f（m）最小时，q 最小，t100（x+y）+10y+x=101x+110y，h100y+10 x+x+y101y+11x，qth101x+110y（101y+11x）9y+90 x，且 1y9，0 x9，x、y 为正整数，当 x0，y1 时，q9，此时对应的“加成数”是 110；（2）f（m）是 24 的倍数，设 f（m）24n（n 为正整数），则 24n9q，q216n，由（1）知：q9y+90 x9（y+10 x），216n9（y+10 x），24ny+10 x，（x+y10）当 n1 时，即 y+10 x24，解得：x2，y4，则这样的“节气数”是 24；当 n2 时，即 y+10 x48，解得：x4，y8，x+y1210，不符合题意；当 n3 时，即 y+10 x72，解得：x7，y2，则这样的“节气数”是 72；当 n4 时，即 y+10 x96，解得：x9，y6，x+y1510，不符合题意；当 n5 时，即 y+10 x120，没有符合条件的整数解，综上，这样的“节气数”有 2 个，分别为 24，72 8.在任意 n（n1 且为整数）位正整数 K 的首位后添加 6 得到的新数叫做 K的“顺数”，在 K 的末位前添加 6 得到的新数叫做 K 的“逆数”若 K 的“顺数”与“逆数”之差能被 17 整除，称 K 是“最佳拍档数”比如 1324 的“顺数”为 16324，1324 的“逆数”为 13264，1324 的“顺数”与“逆数”之差为16324132643060，306017180，所以 1324 是“最佳拍档数”（1）请根据以上方法判断 31568 （填“是”或“不是”）“最佳拍档数”；若一个首位是5的四位“最佳拍档数”N，其个位数字与十位数字之和为8，且百位数字不小于十位数字，求所有符合条件的 N 的值（2）证明：任意三位或三位以上的正整数 K 的“顺数”与“逆数”之差一定能被 30 整除（1）解：是；【解法提示】36156831566845900，且 45900172700，根据最佳拍档数的定义可知，31568 是“最佳拍档数”；故答案为：是 设“最佳拍档数”N 的十位数字为 x，百位数字为 y，则个位数字为 8x，yx，N5000+100y+10 x+8x100y+9x+5008，N 是四位“最佳拍档数”，50000+6000+100y+10 x+8x50000+1000y+100 x+60+8x，6000+100y+9x+81000y100 x68+x，594090 x900y，90（66x10y），66x10y 能被 17 整除，x2，y3 时，66x10y34，能被 17 整除，此时 N 为 5326；x3，y8 时，66x10y17，能被 17 整除，此时 N 为 5835；x5，y1 时，66x10y51，能被 17 整除，但 xy，不符合题意；x6，y6 时，66x10y0，能被 17 整除，此时 N 为 5662；x8，y3 时，66x10y28，不能被 17 整除，但 xy，不符合题意；当 x9，y4 时，66x10y17，能被 17 整除，但 xy，不符合题意；综上，所有符合条件的 N 的值为 5326，5835，5662；（2）证明：设三位正整数 K 的个位数字为 x，十位数字为 y，百位数字为 z，它的“顺数”：1000z+600+10y+x，它的“逆数”：1000z+100y+60+x，（1000z+600+10y+x）（1000z+100y+60+x）54090y90（6y），任意三位正整数 K 的“顺数”与“逆数”之差一定能被 30 整除，设四位正整数 K 的个位数字为 x，十位数字为 y，百位数字为 z，千位数字为 a，（10000a+6000+100z+10y+x）（10000a+1000z+100y+60+x）5940900z90y90（6610zy），任意四位正整数 K 的“顺数”与“逆数”之差一定能被 30 整除，同理得：任意三位或三位以上的正整数 K 的“顺数”与“逆数”之差一定能被30 整除 9.若实数 a 可以表示成两个连续自然数的倒数差，即 an1-1n1，那么我们称 a 为第 n 个“1 阶倒差数”，例如211-21，21是第 1 个“1 阶倒差数”，6121-31，16是第 2 个“1 阶倒差数”同理，若 bn1-2n1，那么，我们称 b为第 n 个“2 阶倒差数”(1)判断132是否为“1 阶倒差数”；直接写出第 5 个“2 阶倒差数”；(2)若 c，d 均是由两个连续奇数组成的“2 阶倒差数”，且d1-c122，求 c，d的值 解：(1)132不是“1 阶倒差数”，235；【解法提示】3213221648，不是两个连续自然数的积，321不是“1 阶倒差数”第 5 个“2 阶倒差数”为51-71352.(2)设 m 是由两个连续奇数 2x-1，2x+1 组成的“2 阶倒差数”，则m=1x21-1x21=）（）（1x21x21x21x2=1x422.c，d 是两个连续奇数组成的“2 阶倒差数”，可设 c1y422，d1z422，d1c122，4z2124y21222，即 z2y211，(zy)(zy)110，zy.11111，1yz11yz，解得6z5y，c=15422=299，d=16422=2143.10.任意一个正整数 n，都可以表示为：nabc（abc，a，b，c 均为正整数），在 n 的所有表示结果中，如果|2b（a+c）|最小，我们就称abc 是 n 的“阶梯三分法”，并规定：F（n）bca，例如：6116123，因为|21（1+6）|5，|22（1+3）|0，50，所以 123是 6 的阶梯三分法，即 F（6）2312（1）如果一个正整数 p 是另一个正整数 q 的立方，那么称正整数 p 是立方数，求证：对于任意一个立方数 m，总有 F（m）2；（2）t 是一个两位正整数，t10 x+y（1x9，0y9，且 xy，x+y10，x 和 y 均为整数），t 的 23 倍加上各个数位上的数字之和，结果能被 13 整除，我们就称这个数 t 为“满意数”，求所有“满意数”中 F（t）的最小值 解：（1）m 为立方数，设 mqqq，|2q（q+q）|0，qqq 是 m 的阶梯三分法，F（m）=qqq=2；（2）由已知，23（10 x+y）+x+y能被 13 整除，整理得：231x+24y 能被 13 整除，231x+24y13（18x+2y）（3x+2y），3x+2y 能被 13 整除，1x9，0y9，33x+2y45，x，y 均为整数，3x+2y 的值可能为 13、26 或 39，当 3x+2y13 时，xy，x+y10，x3，y2，t32，32 的阶梯三分法为 244，F（32）23242；同理，当 3x+2y26 时，可得 x8，y1 或 x6，y4，t81 或 64，F（81）4，F（64）2；同理，当 3x+2y39 时，可得 x9，y6（不合题意舍去），综合，F（t）最小值为23.