2017年新课标Ⅰ高考物理押题卷BWord版含解析7414.pdf

7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217 2017 年新课标高考物理试卷押题卷 B 总分 110 分 一、选择题：本大题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项是符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分有选错的得0分 14（6分）关于近代物理，下列说法正确的是（）A衰变时射线是原子内部核外电子释放出来的 B组成原子核的核子质量之和大于原子核的质量 C发生光电效应时，光电子的最大初动能与入射光的频率成正比 D 粒子散射实验表明核外电子轨道是量子化的【解析】衰变中产生的射线实际上是原子核中的中子转化而来的 根据爱因斯坦质能方程判断组成原子核核子的质量之和与原子核的质量关系 根据爱因斯坦光电效应方程判断光电子的最大初动能与人射光的频率的关系 根据玻尔理论求氢原子核外电子轨道是量子化【解答】解：A、衰变中产生的射线实际上是原子核中的中子转化而来的不是原子内部核外电子释放出来的，故A错误；B、发生核反应时，总要有质量亏损，故组成原子核核子的质量之和大于原子核的质量，B正确；C、根据爱因斯坦光电效应方程Ek=h-W0，知光电子的最大初动能与人射光的频率成一次函数关系，不是正比，故C错误；D、核外电子轨道是量子化是根据玻尔理论得到的，粒子散射实验是卢瑟福做的，他由此提出原子核式结构理论，故D错误 故选：B【说明】解决本题的关键知道衰变的实质、爱因斯坦光电效应方程、玻尔能级公式 15（6分）中国宋代科学家沈括在梦溪笔谈中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图结合上述材料，下列说法不正确的是（）7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217 A地理南、北极与地磁场的南、北极不重合 B地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近 C地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行 D地磁场对射向地球赤道的带电宇宙射线粒子有力的作用【解析】根据课本中有关地磁场的基础知识，同时明在确磁场及磁通量的性质；即可确定此题的答案【解答】解：A、地理南、北极与地磁场的南、北极不重合有一定的夹角，即为磁偏角；故A正确；B、磁场是闭合的曲线，地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近，故B正确；C、磁场是闭合的曲线，地球磁场从南极附近发出，从北极附近进入地球，组成闭合曲线，不是地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行，故C错误；D、地磁场与射向地球赤道的带电宇宙射线粒子速度方向并不平行，所以对带电宇宙射线粒子有力的作用，故D正确；本题选错误的，故选：C【说明】本题考查了地磁场的性质以及磁通量等内容，要注意借助地磁场的磁场分布分析地磁场对应的性质 16（6分）如图所示的电路中，电源电动势为E、内阻为r，电阻R2、R3为定值电阻，R1为滑动变阻器，A、B为电容器的两个极板当滑动变阻器R1处于某位置时，A、B两板间的带电油滴静止不动则下列说法中正确的是（）A仅把R1的触头向右滑动时，油滴向下运动 B仅把R1的触头向右滑动时，油滴向上运动 C仅把两极板A、B间距离增大，油滴向上运动 D仅把两极板A、B间相对面积减小，油滴向下运动【解析】电路稳定时，电容相当于断路或理想电压表，电压等于路端电压分析电容器板间电压的变化，判断电场强度的变化，根据油滴所受的电场力变化，判断油滴的运动情况【解答】解：AB、仅把R1的触头向右滑动时，R1接入电路的阻值增大，外电路总电阻 R2 A R3 R1 A B 7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217 增大，由闭合电路的欧姆定律可知，干路电流减小，内电压减小，则路端电压U增大，电容器极板间的电场强度：E=Ud，可知E增大，油滴所受的电场力增大，大于重力，所以油滴向上运动，故A错误，B正确 C、仅把两极板A、B间距离d增大，电容器两极板间的电压U不变，根据电场强度：E=Ud，可知E减小，油滴所受的电场力减小，油滴受到的合力向下，油滴向下运动，故C错误 D、仅把两极板A、B间相对面积减小，电路电流不变，两极板间的电压不变，板间的电场强度不变，油滴所受电场力不变，油滴受到的合力为零，油滴仍保持静止不动，故D错误 故选：B【说明】本题中稳定时电容器与电路部分是相对独立的分析油滴是否运动，关键分析电场力是否变化 17（6分）随着我国登月计划的实施，我国宇航员登上月球已不是梦想；假如我国宇航员登上月球并在月球表面附近以初速度v0竖直向上抛出一个小球，经时间t后回到出发点已知月球的半径为R，万有引力常量为G，则下列说法正确的是（）A月球表面的重力加速度为v0t B月球的质量为2v0R2Gt C宇航员在月球表面获得v0Rt的速度就可能离开月球表面围绕月球做圆周运动 D宇航员在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的绕行周期为2Rtv0，【解析】（1）小球在月球表面做竖直上抛运动，由t=2v0g月求出月球表面的重力加速度，物体在月球表面上时，由重力等于地月球的万有引力求出月球的质量（2）宇航员离开月球表面围绕月球做圆周运动至少应获得的速度大小即月球的第一宇宙速度大小（3）宇航员乘坐飞船在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动，根据重力提供向心力求得绕行周期 7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217【解答】解：A、小球在月球表面做竖直上抛运动，根据匀变速运动规律得：t=2v0g月解得：g月=2v0t，故A错误；B、物体在月球表面上时，由重力等于地月球的万有引力得：GMmR2=mg月，解得：M=2v0R2Gt，故B正确；C、宇航员离开月球表面围绕月球做圆周运动至少应获得的速度大小即月球的第一宇宙速度大小 所以GMmR2=mv2R 解得：v=2v0Rt，故C错误；D、宇航员乘坐飞船在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动，根据重力提供向心力得：mg月=m42RT2=m2v0t 解得：T=2Rtv0，故D错误 故选：B【说明】本题是卫星类型的问题，常常建立这样的模型：环绕天体绕中心天体做匀速圆周运动，由中心天体的万有引力提供向心力重力加速度g是联系物体运动和天体运动的桥梁 18（6分）两异种点电荷A、B附近的电场线分布如图所示，P为电场中的一点，连线AP、BP相互垂直已知P点的场强大小为E、电势为，电荷A产生的电场在P点的场强大小为EA，取无穷远处的电势为零下列说法中正确的有（）AA、B所带电荷量相等 B电荷B产生的电场在P点的场强大小为 E2-EA2 7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217 CA、B连线上有一个电势为零的点 D将电量为-q的点电荷从P点移到无穷远处，电场力做的功为q【解析】根据电场线的分布图，利用对称性比较A、B所带的电荷量大小；由电场的叠加原理求电荷B在P点的场强；正电荷周围电势为正，负电荷周围电势为负，根据电势的叠加知AB连线上有一点电势为0；由电场力公式W=qU求电场力做功【解答】解：A、根据等量异种点电荷的电场线分布图具有对称性，知A、B所带的电荷量不相等，故A错误；B、P点的场强是点电荷A、B在P点产生的合场强，根据矢量合成的平行四边形定则知，EB=E2-EA2，故B正确；C、如果取无穷远处的电势为0，正电荷附近的电势高于0，负电荷附近低于0，所以其A、B连线上有电势为0，故C正确；D、根据W=-q(-0)=-q，故D错误；故选：BC【说明】本题考查电场线的分布和电场的叠加原理，电场的叠加遵循平行四边形定则，电势是标量，正电荷周围电势为正，负电荷周围电势为负，注意求电场力做功W=qU正负号一起代入计算 19（6分）如图甲所示，一个匝数为n的圆形线圈（图中只画了2匝），面积为S，线圈的电阻为R，在线圈外接一个阻值为R的电阻和一个理想电压表，将线圈放入垂直线圈平面指向纸内的磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图乙所示，下列说法正确的是（）A0t1时间内P端电势高于Q端电势 B0t1时间内电压表的读数为n(B1-B0)St1 Ct1t2时间内R上的电流为nB1S2(t2-t1)R Dt1t2时间内P端电势高于Q端电势 7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217【解析】根据法拉第电磁感应定律求感应电动势，由闭合电路欧姆定律求电路电流，根据欧姆定律求电压表的读数；根据楞次定律判断感应电流方向，从而确定PQ端电势的高低【解答】解：A、0t1时间内，磁通量增大，根据楞次定律感应电流沿逆时针方向，线圈相当于电源，上端正极下端负极，所以P端电势高于Q端电势，故A正确；B、0t1时间内线圈产生的感应电动势E=nt=nBtS=nB1-B0t1S，电压表的示数等于电阻R两端的电压U=IR=E2RR=n(B1-B0)S2t1，故B错误；C、t1t2时间内线圈产生的感应电动势E=nt=nB1t2-t1S，根据闭合电路的欧姆定律I=E2R=nB1S2(t2-t1)R，故C正确；D、t1t2时间内，磁通量减小，根据楞次定律，感应电流沿顺时针方向，线圈相当于电源，上端负极下端正极，所以P端电势低于Q端电势，故D错误；故选：AC【说明】解决本题关键掌握法拉第电磁感应定律，并用来求解感应电动势大小题中线圈相当于电源，可与电路知识进行综合考查 20（6分）如图（a）所示，质量相等的a、b两物体，分别从斜面上的同一位置A由静止下滑，经B点的水平面上滑行一段距离后停下不计经过B点时的能量损失，用传感器采集到它们的速度-时间图象如图（b）所示，下列说法正确的是（）Aa在斜面上滑行的加速度比b的大 Ba在水平面上滑行的距离比b的短 Ca与斜面间的动摩擦因数比b的小 Da与水平面间的动摩擦因数比b的大【解析】由图象可知，物体在水平面上做匀加速运动，在水平面做匀减速运动，v-t图7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217 象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移【解答】解：A、由乙图图象斜率可知a做加速运动时的加速度比b做加速时的加速度大，故A正确；B、物体在水平面上的运动是匀减速运动，a从t1时刻开始，b从t2时刻开始由图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，a在水平面上做匀减速运动的位移比b在水平面上做匀减速运动的位移大，故B错误；C、物体在斜面上运动的加速度为a=mgsin-mgcosm=gsin-gcos，因为a的加速度大于b的加速度，所以a与斜面间的动摩擦因数比b的小，故C正确；D、物体在水平面上运动的加速度为a=mgm=g，因为a的加速度小于b的加速度，所以a与水平面间的动摩擦因数比b的小，故D错误 故选：AC【说明】本题是速度-时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，并能灵活运用牛顿第二定律解题，难度不大 21（6分）如图所示，足够长的传送带与水平方向的倾角为，物块a通过平行于传送带的轻绳跨过光滑轻滑轮与物块b相连，b的质量为m开始时，a、b及传送带均静止，且a不受传送带摩擦力作用，现让传送带逆时针匀速转动，则在b上升h高度（未与滑轮相碰）过程中（）A物块a的重力势能减少mgh B摩擦力对a做的功等于a机械能的增量 C摩擦力对a做的功等于物块a、b动能增量之和 D任意时刻，重力对a、b做功的瞬时功率大小相等 7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217【解析】通过开始时，a、b及传送带均静止且a不受传送带摩擦力作用，根据共点力平衡得出a、b的质量关系根据b上升的高度得出a下降的高度，从而求出a重力势能的减小量，根据能量守恒定律判断摩擦力功与a、b动能以及机械能的关系【解答】解：A、开始时，a、b及传送带均静止且a不受传送带摩擦力作用，有magsin=mg，则ma=msinb上升h，则a下降hsin，则a重力势能的减小量为maghsin=mgh故A正确 BC、根据能量守恒得，系统机械能增加，摩擦力对a做的功等于a、b机械能的增量所以摩擦力做功大于a的机械能增加因为系统重力势能不变，所以摩擦力做功等于系统动能的增加故B错误，C正确 D、任意时刻a、b的速率相等，对b，克服重力的瞬时功率Pb=mgv，对a有：Pa=magvsin=mgv，所以重力对a、b做功的瞬时功率大小相等故D正确 故选：ACD【说明】本题是力与能的综合题，关键对初始位置和末位置正确地受力分析，以及合理选择研究的过程和研究的对象，运用能量守恒进行分析 二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13题第16题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题 22（5分）某同学利用图甲所示的装置探究弹簧弹力和伸长的关系 （1）该同学将弹簧的上端与刻度尺的零刻度对齐，读出不挂钩码时弹簧下端指针所指7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217 刻度尺的刻度值，然后在弹簧下端挂上钩码，并逐个增加钩码，依次读出指针所指刻度尺的刻度值，所读数据列表如表（设弹簧始终未超过弹性限度，取重力加速度g=9.80m/s2）：1 2 3 4 5 6 钩码质量 m/g 0 30 60 90 120 150 刻度尺读数 x/cm 6.00 8.38 9.46 10.62 11.80 在图甲中，挂30g钩码时刻度尺的读数为 cm（2）如图乙所示，该同学根据所测数据，建立了x-m坐标系，并描出了5组测量数据，请你将第2组数据描在坐标纸上（用“+”表示所描的点），并画出x-m的关系图线（3）根据x-m的关系图线可得该弹簧的劲度系数约为 N/m（结果保留3位有效数字）【解析】（1）根据刻度尺的最小分度，结合估读得出读数（2）以纵轴表示弹簧的弹力，横轴表示弹簧的伸长量，描点作图让尽量多的点落在直线上或分居直线两侧（3）图象的斜率表示弹簧的劲度系数【解答】解：（1）由图，刻度尺的最小分度为1mm，由图可知，读数为：7.15cm；（2）以横轴表示弹簧的弹力，纵横轴表示弹簧的伸长量，描点作图让尽量多的点落在直线上或分居直线两侧如图所示；（3）图象的斜率表示弹簧的劲度系数，根据图象，该直线为过原点的一条直线，即弹力与伸长量成正比，图象的斜率表示弹簧的劲度系数，k=Fx=mgx=15010-39.8(11.80-6.00)10-2N/m=25.3N/m 故答案为：（1）7.15（在7.150.01都对）cm（2分）（2）如图所示（1分）7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217 （3）25.3（0.3）N/m（2分）【说明】解决本题的关键掌握弹力与弹簧伸长关系的实验步骤，会描点作图，掌握作图的方法会从图象中分析数据 23（10分）为了测量某种材料制成的电阻丝Rx的电阻率，提供的器材有：A电流表G，内阻Rg=120，满偏电流Ig=6mA B电压表V，量程为6V C螺旋测微器，毫米刻度尺 D电阻箱R0（0-99.99）E滑动变阻器R（最大阻值为5）F电池组E（电动势为6V，内阻约为0.05）G一个开关S和导线若干 （1）用多用电表粗测电阻丝的阻值，当用“10”挡时发现指针偏转角度过大，应该换用 挡（填“1”或“100”），进行一系列正确操作后，指针静止时位置如图甲所示（2）把电流表G与电阻箱并联改装成量程为0.6A的电流表使用，则电阻箱的阻值应调7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217 为R0=（结果保留三位有效数字）（3）为了用改装好的电流表测量电阻丝Rx的阻值，请根据提供的器材和实验需要，将图乙中电路图补画完整（4）测得电阻丝的长度为L，电阻丝的直径为d，电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电压表V的示数为U，电流表G的示数为I请用已知量和测量量的字母符号，写出计算电阻率的表达式=【解析】（1）用多用电表测电阻应选择合适的挡位使指针指在中央刻度线附近（2）把电流表改装成大量程的电流表需要并联分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值（3）根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后根据伏安法测电阻的原理作出电路图（4）应用欧姆定律与电阻定律求出电阻率的表达式【解答】解：（1）因欧姆表不均匀，要求欧姆表指针指在欧姆表中值电阻附近时读数较准，当用“10”挡时发现指针偏转角度过大，说明倍率较大，应选择“1”倍率（2）将电流表G与电阻箱并联改装成量程为0.6A的电压表，而电流表G（内阻Rg=120，满偏电流Ig=6mA），因此电阻箱的阻值应调为：R0=IgRgI-Ig=0.0061200.6-0.0061.21；（3）由图甲所示可知，待测电阻阻值为：151=15，电压表内阻很大，约为几千甚至几万欧姆，电压表内阻远大于电流表内阻，电流表应采用外接法，滑动变阻器最大阻值为5，远小于待测电阻阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示：（4）由电阻定律可知，电阻：R=LS=L(d2)2，则电阻率：=d2R4L，7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217 根据欧姆定律得：R=URIR=UR0+RgR0I=UR0(R0+Rg)I，电阻率：=UR0d24L(R0+Rg)I 故答案为：（1）1（2分）；（2）1.21（2分）；（3）电路图如图所示（3分）；（4）UR0d24L(R0+Rg)I（3分）【说明】本题考查了欧姆表的使用注意事项、电流表改装、设计电路图、求电阻率，根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法是设计电路图的关键，应用串并联电路特点、欧姆定律与电阻定律可以求出电阻率的表达式 24（14分）如图所示，质量分布均匀、半径为R的光滑半圆形金属槽，静止在光滑的水平面上，左边紧靠竖直墙壁一质量为m的小球从距金属槽上端R处由静止下落，恰好与金属槽左端相切进入槽内，到达最低点后向右运动从金属槽的右端冲出，小球到达最高点时距金属槽圆弧最低点的距离为74R，重力加速度为g，不计空气阻力求：（1）小球第一次到达最低点时对金属槽的压力大小；（2）金属槽的质量 【解析】（1）由机械能守恒求出小球第一次到达最低点的速度，由牛顿运动定律求出小球在最低点对金属块的压力；（2）小球第一次到达最低点至到达最高点的过程中，金属槽离开墙壁，小球和金属槽组成的系统水平方向动量守恒，系统的机械能也守恒，由动量守恒定律和机械能守恒即可求出金属槽的质量【解答】解：（1）小球从静止到第一次到达最低点的过程，根据机械能守恒定律有：mg2R=12mv20（2分）小球刚到最低点时，根据圆周运动和牛顿第二定律的知识有：7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217 FN-mg=mv20R（2分）据牛顿第三定律可知小球对金属块的压力为：FN=FN（1分）联立解得：FN=5mg（2分）（2）小球第一次到达最低点至小球到达最高点过程，小球和金属块水平方向动量守恒，选取向右为正方向，则：mv0=(m+M)v（2分）设小球到达最高点时距金属槽圆弧最低点的高度为h 则有R2+h2=(74R)2（2分）根据能量守恒定律有：mgh=12mv20-12(m+M)v2（2分）联立解得：M=333-33m（1分）答：（1）小球第一次到达最低点时，小球对金属块的压力为5mg；（2）金属块的质量为333-33m【说明】本题要求同学们能正确分析物体的受力情况和运动情况，选择合适的规律来求解要知道小球从最低点向右运动的过程中，系统的总动量并不守恒，只是水平动量守恒 25（1）如图 1 所示，固定于水平面上的金属框架 abcd，处在竖直向下的匀强磁场中金属棒 MN 沿框架以速度 v 向右做匀速运动框架的 ab 与 dc 平行，bc 与 ab、dc 垂直MN与 bc 的长度均为 l，在运动过程中 MN 始终与 bc 平行，且与框架保持良好接触磁场的磁感应强度为 B a请根据法拉第电磁感应定律 E=t，推导金属棒 MN 中的感应电动势 E；b在上述情景中，金属棒 MN 相当于一个电源，这时的非静电力与棒中自由电子所受洛伦兹力有关请根据电动势的定义，推导金属棒 MN 中的感应电动势 E（2）为进一步研究导线做切割磁感线运动产生感应电动势的过程，现构建如下情景：如图2 所示，在垂直于纸面向里的匀强磁场中，一内壁光滑长为 l 的绝缘细管 MN，沿纸面以速度 v 向右做匀速运动在管的 N 端固定一个电量为 q 的带正电小球（可看做质点）某时刻将小球释放，小球将会沿管运动已知磁感应强度大小为 B，小球的重力可忽略在小球沿7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217 管从 N 运动到 M 的过程中，求小球所受各力分别对小球做的功 【解析】（1）a、先求出金属棒 MN 向右滑行的位移，得到回路磁通量的变化量，再由法拉第电磁感应定律求得 E 的表达式；b、棒向右运动时，电子具有向右的分速度，受到沿棒向下的洛伦兹力，f=evB，棒中电子在洛伦兹力的作用下，电子从 M 移动到 N 的过程中，非静电力做功 W=evBl，根据电动势定义 E=Wq解得 E（2）小球随管向右运动的同时还沿管向上运动，洛伦兹力不做功，将洛伦兹力进行正交分解，小球在水平方向做匀速运动，管的支持力 F 对小球做正功【解答】解：（1）a如图 1 所示，在一小段时间 t 内，金属棒 MN 的位移为：x=vt（1 分）这个过程中线框的面积的变化量为：S=lx=lvt（1 分）穿过闭合电路的磁通量的变化量为：=BS=Blvt（2 分）根据法拉第电磁感应定律为：E=t（1 分）解得：E=Blv（1 分）b如图 2 所示，棒向右运动时，电子具有向右的分速度，受到沿棒向下的洛伦兹力为：f=evB（1 分）电子在 f 的作用下，电子从 M 移动到 N 的过程中，非静电力做功为：W=evBl（2 分）根据电动势定义为：E=Wq（2 分）解得：E=Blv（1 分）7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217（2）小球随管向右运动的同时还沿管向上运动，其速度如图 3 所示小球所受洛伦兹力 f合如图 4 所示将 f合正交分解如图 5 所示球除受到洛伦兹力 f合外，还受到管对它向右的支持力 F，如图 6 所示（1 分）洛伦兹力 f合不做功：Wf合=0（1 分）沿管方向，洛伦兹力 f 做正功为：W1=fl=qvBl（1 分）垂直管方向，洛伦兹力 f变力，做负功为：W2=-W1=-qvBl（1分）由于小球在水平方向做匀速运动，则有：F=f（1 分）因此，管的支持力 F 对小球做正功为：WF=qvBl（1 分）答：（1）根据法拉第电磁感应定律 E=t推导金属棒 MN 中的感应电动势 E 见上；根据电动势的定义，推导金属棒 MN 中的感应电动势 E 见上（2）管的支持力 F 对小球做正功为 qvBl 【说明】本题要掌握推导感应电动势 E=Blv 两种方法，建立物理模型，理清思路是关键对于洛伦兹力，要抓住其不做功的特点，也可以运用正交分解法研究：两个分力做功的代数和为零，从而求出支持力做功 （二）选考题：共15分请考生从给出的2道物理题任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目题号后的方框涂黑注意所选题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题如果多做，则每学科按所做的第一题计分【物理选修3-3】（15分)33（1）（5分）下列说法正确的是（）（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217 A已知阿伏伽德罗常数，气体的摩尔质量和密度，能估算出气体分子的大小 B若两个分子只受到它们之间的分子力作用，当分子间的距离减小时，分子的动能可能增大 C能量耗散过程中能量仍守恒 D布朗运动就是分子的无规则运动 E从单一热源吸取热量使之全部变成有用的机械功是可能的【解析】知阿伏加伽德罗常数、某种气体的摩尔质量和密度，可以估算该种气体分子所占空间的大小；若分子间是斥力时，在两分子间距离减小的过程中，分子的动能一定减小；若分子间是引力时，在两分子间距离减小的过程中，分子的动能一定增大；布朗运动是固体颗粒的运动，是液体分子无规则热运动的反映；根据热力学第二定律可知，在没有外界影响之下，从单一热源吸取热量使之全部变成有用的机械功是不可能的【解答】解：A、已知阿伏加伽德罗常数、某种气体的摩尔质量和密度，可以估算该种气体分子所占空间的大小，或分子之间的距离，但是不能估算分子的大小，故A错误；B、若两个分子只受到它们之间的分子力作用，当分子间是引力时，分子间的距离减小，分子的动能增大，故B正确；C、根据热力学第二定律可知，能量耗散过程中能量仍守恒，故C正确；D、布朗运动是固体颗粒的运动，反映了分子的无规则运动，但不是分子的一定，故D错误；E、根据热力学第二定律可知，从单一热源吸取热量使之全部变成有用的机械功是可能的，但要在一定的条件下故E正确；故选：BCE【说明】该题考察的是3-3的基本内容，考查的知识点较多，有分子动理论，布朗运动等，其中掌握热力学第二定律的几种不同的是否，并能用来分析实际问题是关键 （2）（10分）如图所示，上端开口的光滑圆柱形气缸竖直放置，截面积为40cm2的活塞将一定质量的气体和一形状不规则的固体A封闭在气缸内在气缸内距缸底60cm处设有a、b两限制装置，使活塞只能向上滑动开始时活塞搁在a、b上，缸内气体的压强为p0（p0=1.0105Pa为大气压强），温度为300K现缓慢加热汽缸内气体，当温度为330K，活塞恰好离开a、b；当温度为360K时，活塞上升了4cm求：7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217（1）活塞的质量（2）物体A的体积 【解析】先写出已知条件，根据等容变化的公式和对活塞受力平衡可以求活塞的质量；由等压变化公式可以求出物体A的体积【解答】解：设物体A的体积为V，气体的状态参量为：T1=300K，p1=1.0105Pa，V1=6040-V；（1分）T2=330K，p1=(1.0105+mg4010-4)Pa，V2=V1；（1分）T3=360K，p3=p2，V3=6440-V（1分）气体从状态1到状态2为等容过程：p1T1=p2T2（2分）代入数据得m=4kg（1分）气体从状态2到状态3为等压过程：V2T2=V3T3（2分）代入数据得V=640cm3（2分）答；（1）活塞的质量是4kg（2）物体A的体积640cm3【说明】本题考查了气体的等容和等压变化，注意应用公式时，温度为热力学温度难度不大，属于基础题 【物理选修3-4】（15分)（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）34（1）（5分）如图所示，两束单色光a、b从水下面射向A点，光线经折射后合成一束光c，则下列说法正确的是（）7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217 A用同一双缝干涉实验装置分别以a、b光做实验，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距 Ba比b更容易发生衍射现象 C在水中a光的速度比b光的速度小 D在水中a光的临界角大于b光的临界角 E若a光与b光以相同入射角从水射向空气，在不断增大入射角时水面上首先消失的是a光【解析】通过光路图，分析偏折程度的大小，判断出水对两束光的折射率大小，从而分析出两束光的波长和频率大小，根据折射率和频率大小去判断出在水中的速度大小，以及临界角和发生光的干涉的条纹间距与波长的关系干涉条纹的间距公式x=Ld，可得，双缝干涉条纹间距与波长成正比波长越长，越容易发生衍射现象全反射临界角公式sinC=1n【解答】解：A、由图可知，单色光a偏折程度小于b的偏折程度，根据折射定律n=sinrsini知，a光的折射率小于b光的折射率，则知a光的波长大根据双缝干涉条纹的间距公式x=Ld，可得，干涉条纹间距与波长成正比，所以a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距，故A正确 B、a光的波长长，波动性强，更容易发生衍射现象，故B正确 C、由v=cn知，在水中a光的速度大故C错误 D、由全反射临界角公式sinC=1n，知折射率n越大，临界角C越小，则知在水中a光的临界角大于b光的临界角，故D正确 E、若a光与b光以相同入射角从水射向空气时，由于在水中a光的临界角大于b光的临界角，所以b光的入射角先达到临界角，则b光先发生全反射，首先消失的是b光故E错误7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217 故选：ABD【说明】解决本题的关键是通过光路图比较出折射率，而得知频率、波长等关系，然后根据光学知识进行求解 （2）（10分）如图所示的实线是一列简谐横波在t1=0时刻的波形，虚线是这列波在t2=0.2s时刻的波形（i）若波沿x轴正方向传播，且这列波的周期T满足：2Tt2-t13T，则这列波的波速多大？（ii）若波速大小为65m/s，则波的传播方向如何？【解析】（i）若波沿x轴正方向传播，且2Tt2-t13T时，根据波的周期性确定出波传播的距离为238，即可求得波速（ii）由x=vt求出波传播的距离x，分析x与波长的关系，判断波的传播方向【解答】解：（i）若波沿x轴正方向传播，且2Tt2-t13T时，根据波的周期性可知：波传播的距离为x=238=1988m=19m（3分）所以这列波的波速为v=xt=190.2=95m/s（2分）（2）若波速大小为65m/s，则波在t=0.2s内传播的距离为 x=vt=650.2m=13m=158（3分）所以波沿x轴负方向传播（2分）答：（i）若波沿x轴正方向传播，且这列波的周期T满足：2Tt2-t13T,则这列波的波速是95m/s（ii）若波速大小为65m/s，则波的传播方向沿x轴负方向【说明】本题是波动图象中多解问题，关键根据波的周期性，得到得到波传播的距离7C 教育资源网（http:/)，百万资源免费下载，无须注册！7C 教育资源网（）域名释义：7c 学科网，联系 QQ：372986183，78763217，即可求得波速根据波传播的距离与波长关系，是判断波的传播方向常用的方法