2018年高考数学(理科)模拟试卷(共11页).doc

精选优质文档-倾情为你奉上2018年高考数学(理科)模拟试卷(一)(本试卷分第卷和第卷两部分满分150分，考试时间120分钟)第卷(选择题满分60分)一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，满分60分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1(20XX年四川)设集合Ax|1x5，Z为整数集，则集合AZ中元素的个数是()A6 B. 5 C4 D32(20XX年山东)若复数z满足2z32i, 其中i为虚数单位，则z()A12i B12i C12i D12i3(20XX年北京)某四棱锥的三视图如图M1­1，该四棱锥最长棱的棱长为()图M1­1A1 B. C. D24曲线yx32x4在点(1,3)处的切线的倾斜角为()A. B. C. D.5设xR，x表示不超过x的最大整数. 若存在实数t，使得t1，t22，tnn同时成立，则正整数n的最大值是()A3 B4 C5 D66(20XX年北京)执行如图M1­2所示的程序框图，若输入的a值为1，则输出的k值为()图M1­2A1 B2 C3 D47某市重点中学奥数培训班共有14人，分为两个小组，在一次阶段考试中两个小组成绩的茎叶图如图M1­3，其中甲组学生成绩的平均数是88，乙组学生成绩的中位数是89，则mn的值是()图M1­3A10 B11 C12 D138(20XX年陕西)某企业生产甲、乙两种产品均需用A，B两种原料已知分别生产1吨甲、乙产品需原料及每天原料的可用限额如表所示，如果生产1吨甲、乙产品可获利润分别为3万元、4万元，则该企业每天可获得最大利润为()项目甲乙原料限额A/吨3212B/吨128A.12万元 B16万元 C17万元 D18万元9(20XX年新课标)定义“规范01数列”an如下：an共有2m项，其中m项为0，m项为1，且对任意k2m，a1，a2，ak中0的个数不少于1的个数若m4，则不同的“规范01数列”共有()A18个 B16个 C14个 D12个10(20XX年天津)已知函数f(x)sin2sin x(>0)，xR.若f(x)在区间(，2)内没有零点，则的取值范围是()A. B.C. D.11四棱锥P­ABCD的底面ABCD为正方形，PA底面ABCD，AB2，若该四棱锥的所有顶点都在体积为的同一球面上，则PA()A3 B.C2 D.12已知F为抛物线y2x的焦点，点A、B在该抛物线上且位于x轴两侧，若·6(O为坐标原点)，则ABO与AOF面积之和的最小值为()A4 B. C. D.第卷(非选择题满分90分)本卷包括必考题和选考题两部分第1321题为必考题，每个试题考生必须作答第2223题为选考题，考生根据要求作答二、填空题：本大题共4小题，每小题5分13平面向量a(1,2)，b(4,2)，cmab(mR)，且c与a的夹角等于c与b的夹角，则m_.14设F是双曲线C：1的一个焦点，若C上存在点P，使线段PF的中点恰为其虚轴的一个端点，则C的离心率为_15(20XX年北京)在(12x)6的展开式中，x2的系数为_(用数字作答)16在区间0，上随机地取一个数x，则事件“sin x”发生的概率为_三、解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤17(本小题满分12分)已知an是各项均为正数的等比数列，bn是等差数列，且a1b11，b2b32a3，a53b27.(1)求an和bn的通项公式；(2)设cnanbn，nN*，求数列cn的前n项和18(本小题满分12分)(20XX年大纲)设每个工作日甲、乙、丙、丁4人需使用某种设备的概率分别为0.6，0.5，0.5,0.4，各人是否需使用设备相互独立(1)求同一工作日至少3人需使用设备的概率；(2)X表示同一工作日需使用设备的人数，求X的数学期望19(本小题满分12分)(20XX年四川)如图M1­4，在四棱锥P­ABCD中，ADBC，ADCPAB90°，BCCDAD，E为边AD的中点，异面直线PA与CD所成的角为90°.(1)在平面PAB内找一点M，使得直线CM平面PBE，并说明理由；(2)若二面角P­CD­A的大小为45°，求直线PA与平面PCE所成角的正弦值图M1­420(本小题满分12分)(20XX年新课标)设函数f(x)ln xx1.(1)讨论f(x)的单调性；(2)证明当x(1，)时，1<<x；(3)设c>1，证明当x(0,1)时，1(c1)x>cx.21(本小题满分12分)(20XX年广东广州综合测试一)已知椭圆C的中心在坐标原点，焦点在x轴上，左顶点为A，左焦点为F1(2, 0)，点B(2，)在椭圆C上，直线ykx(k0)与椭圆C交于E，F两点，直线AE，AF分别与y轴交于点M，N.(1)求椭圆C的方程；(2)以MN为直径的圆是否经过定点？若经过，求出定点的坐标；若不经过，请说明理由请考生在第(22)(23)两题中任选一题作答注意：只能作答在所选定的题目上如果多做，则按所做的第一个题目计分22(本小题满分10分)选修4­4：极坐标与参数方程已知曲线C的参数方程是(为参数)，以坐标原点为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，A、B的极坐标分别为A(2，)、B.(1)求直线AB的直角坐标方程；(2)设M为曲线C上的动点，求点M到直线AB距离的最大值23(本小题满分10分)选修4­5：不等式选讲已知函数f(x)|x2|2xa|，aR.(1)当a3时，解不等式f(x)>0；(2)当x(，2)时，f(x)<0恒成立，求a的取值范围2018年高考数学(理科)模拟试卷(一)1.B解析：由题意，AZ1,2,3,4,5，故其中的元素的个数为5.故选B.2B解析：设zabi(a，bR)，则2z3abi32i，故a1，b2，则z12i.故选B.3C解析：四棱锥的直观图如图D188：由三视图可知，SC平面ABCD，SA是四棱锥最长的棱，SA.故选C.图D1884C解析：f(x)3x22，f(1)1，所以切线的斜率是1，倾斜角为.5B解析：因为x表示不超过x的最大整数由t1，得1t<2，由t22，得2t2<3.由t33，得3t3<4.由t44，得4t4<5.所以2t2<.所以6t5<4 .由t55，得5t5<6，与6t5<4 矛盾，故正整数n的最大值是4.6B解析：输入a1，则k0，b1；进入循环体，a，否，k1，a2，否，k2，a1，此时ab1，输出k，则k2.故选B.7C解析：由题意，得88，n9.所以mn12.故选C.8D解析：设该企业每天生产甲、乙两种产品分别为x吨、y吨，则利润z3x4y.由题意可得其表示如图D189阴影部分区域：图D189当直线3x4yz0过点A(2,3)时，z取得最大值，所以zmax3×24×318.故选D.9C解析：由题意，必有a10，a81，则具体的排法列表如下：10.D解析：f(x)sin，f(x)0sin0，所以x(，2)，(kZ)因此.故选D.11B解析：如图D190，连接AC，BD交于点E，取PC的中点O，连接OE，则OEPA，所以OE底面ABCD，则O到四棱锥的所有顶点的距离相等，即O为球心，PC，所以由球的体积可得3，解得PA.故选B.图D19012B解析：设直线AB的方程为xtym，点A(x1，y1)，B(x2，y2)，直线AB与x轴的交点为M(m,0)，将直线方程与抛物线方程联立，可得y2tym0，根据韦达定理有y1·y2m，因为·6，所以x1·x2y1·y26，从而(y1·y2)2y1·y260，因为点A，B位于x轴的两侧，所以y1·y23，故m3，不妨令点A在x轴上方，则y1>0，又F，所以SABOSAFO×3×(y1y2)×y1y12，当且仅当，即y1时取等号，故其最小值为.故选B.132解析：a(1,2)，b(4,2)，则cmab(m4,2m2)，|a|，|b|2 ，a·c5m8，b·c8m20.c与a的夹角等于c与b的夹角，.解得m2.14.解析：根据双曲线的对称性，不妨设F(c,0)，虚轴端点为(0，b)，从而可知点(c,2b)在双曲线上，有1，则e25，e.1560解析：根据二项展开的通项公式Tr1C·(2)rxr可知，x2的系数为C(2)260，故填60.16.解析：由正弦函数的图象与性质知，当x时，sin x.所以所求概率为.17解：(1)设an的公比为q，bn的公差为d，由题意知q>0.由已知，有消去d，得q42q280.解得q2，d2.所以an的通项公式为an2n1，nN*， bn的通项公式为bn2n1，nN*.(2)由(1)有cn(2n1)2n1，设cn的前n项和为Sn，则Sn1×203×215×22(2n1)×2n1，2Sn1×213×225×23(2n1)×2n.两式相减，得Sn122232n(2n1)×2n(2n3)×2n3.所以Sn(2n3)·2n3，nN*.18解：记A1表示事件：同一工作日乙、丙中恰有i人需使用设备，i0,1,2.B表示事件：甲需使用设备C表示事件：丁需使用设备D表示事件：同一工作日至少3人需使用设备(1)因为P(B)0.6，P(C)0.4，P(Ai)C×0.52，i0,1,2，所以P(D)P(A1·B·CA2·BA2··C)P(A1·B·C)P(A2·B)P(A2··C)P(A1)P(B)P(C)P(A2)P(B)P(A2)P()P(C)0.31.(2)X的可能取值为0,1,2,3,4，其分布列为P(X0)P(·A0·)P()P(A0)P()(10.6)×0.52×(10.4)0.06，P(X1)P(B·A0··A0·C·A1·)P(B)P(A0)P()P()P(A0)P(C)P()P(A1)P()0.6×0.52×(10.4)(10.6)×0.52×0.4(10.6)×2×0.52×(10.4)0.25，P(X4)P(A2·B·C)P(A2)P(B)P(C)0.52×0.6×0.40.06，P(X3)P(D)P(X4)0.25，P(X2)1P(X0)P(X1)P(X3)P(X4)10.060.250.250.060.38，所以E(X)0×P(X0)1×P(X1)2×P(X2)3×P(X3)4×P(X4)0.252×0.383×0.254×0.062.19解：(1)在梯形ABCD中，AB与CD不平行延长AB，DC，相交于点M(M平面PAB)，点M即为所求的一个点理由如下：由已知，BCED，且BCED，所以四边形BCDE是平行四边形所以CDEB.从而CMEB.又EB平面PBE，CM平面PBE，所以CM平面PBE.(说明：延长AP至点N，使得APPN，则所找的点可以是直线MN上任意一点)(2)方法一，由已知，CDPA，CDAD，PAADA，所以CD平面PAD.从而CDPD.所以PDA是二面角P­CD­A的平面角所以PDA45°.设BC1，则在RtPAD中，PAAD2.如图D191，过点A作AHCE，交CE的延长线于点H，连接PH.易知PA平面ABCD，从而PACE.于是CE平面PAH.所以平面PCE平面PAH.过A作AQPH于Q，则AQ平面PCE.所以APH是PA与平面PCE所成的角在RtAEH中，AEH45°，AE1，所以AH.在RtPAH中，PH，所以sinAPH.图D191 图D192方法二，由已知，CDPA，CDAD，PAADA，所以CD平面PAD.于是CDPD.从而PDA是二面角P­CD­A的平面角所以PDA45°.由PAAB，可得PA平面ABCD.设BC1，则在RtPAD中，PAAD2.作AyAD，以A为原点，以 ，的方向分别为x轴，z轴的正方向，建立如图D192所示的空间直角坐标系Axyz，则A(0,0,0)，P(0,0,2)，C(2,1,0)，E(1,0,0)，所以(1,0，2)，(1,1,0)，(0,0,2)设平面PCE的法向量为n(x，y，z)，由 得设x2，解得n(2，2,1)设直线PA与平面PCE所成角为，则sin .所以直线PA与平面PCE所成角的正弦值为.20解：(1)由题设，f(x)的定义域为(0，)，f(x)1，令f(x)0，解得x1.当0<x<1时，f(x)>0，f(x)单调递增；当x>1时，f(x)<0，f(x)单调递减(2)由(1)知，f(x)在x1处取得最大值，最大值为f(1)0.所以当x1时，ln x<x1.故当x(1，)时，ln x<x1，ln <1，即1<<x.(3)由题设c>1，设g(x)1(c1)xcx，则g(x)c1cxln c.令g(x)0，解得x0.当x<x0时，g(x)>0，g(x)单调递增；当x>x0时，g(x)<0，g(x)单调递减由(2)知，1<<c，故0<x0<1.又g(0)g(1)0，故当0<x<1时，g(x)>0.所以x(0,1)时，1(c1)x>cx.21解：(1)设椭圆C的方程为1(a>b>0)，因为椭圆的左焦点为F1(2,0)，所以a2b24.因为点B(2，)在椭圆C上，所以1.由，解得a2 ，b2.所以椭圆C的方程为1.(2)因为椭圆C的左顶点为A，则点A的坐标为(2 ，0)因为直线ykx(k0)与椭圆1交于两点E，F，设点E(x0，y0)(不妨设x0>0)，则点F(x0，y0)联立方程组消去y，得x2.所以x0，则y0.所以直线AE的方程为y(x2 )因为直线AE，AF分别与y轴交于点M，N，令x0得y，即点M.同理可得点N.所以|MN|.设MN的中点为P，则点P的坐标为P.则以MN为直径的圆的方程为x222，即x2y2y4.令y0，得x24，即x2或x2.故以MN为直径的圆经过两定点P1(2,0)，P2(2,0)，22解：(1)将A、B化为直角坐标为A(2cos ，2sin )，B，即A，B的直角坐标分别为A(2,0)，B(1，)，kAB，直线AB的方程为y0(x2)，即直线AB的方程为xy2 0.(2)设M(2cos ，sin )，它到直线AB的距离d，dmax.23解：(1)当a3时，f(x)>0，即|x2|2x3|>0，等价于或或解得1<x，或<x<.所以原不等式的解集为.(2)f(x)2x|2xa|，所以f(x)<0可化为|2xa|>2x，即2xa>2x，或2xa<x2.式恒成立等价于(3x2)min>a或(x2)max<a，x(，2)，a4.专心-专注-专业