2014年高考生物题分析（曾义）.ppt

高考理综试卷（新课标高考理综试卷（新课标卷）分析卷）分析生生物物部部分分仁怀市仁怀市2014年高中教育联盟理科综合教学论坛年高中教育联盟理科综合教学论坛Producer by ChaosProducer by Chaos茅台高级中学茅台高级中学曾曾义义2014年高考全国卷年高考全国卷II理综试卷生物部理综试卷生物部分和分和2013年相比，在试卷结构上呈现了一年相比，在试卷结构上呈现了一种稳定连续的态势。所考题型都在考试大种稳定连续的态势。所考题型都在考试大纲规定范围内，命题形式平稳，生物部分纲规定范围内，命题形式平稳，生物部分包括包括6道选择题（道选择题（36分），分），4道非选择题道非选择题（54分），共计分），共计90分，和分，和2013年的分值和年的分值和试题结构相同试题结构相同。试卷总体分析试卷总体分析2014年全国卷年全国卷II生物部分生物部分2013年全国卷年全国卷II生物部分生物部分教材模块及分值题号教材模块及分值题号必修1 28分1、4、6、29必修1 28分2、3、6、29必修2 23分2、5、32必修2 22分1、5、32必修3 24分3、30、31必修3 25分4、30、31选修1 15分39选修1 15分39选修3 15分40选修3 15分40今年的生物试题充分体现出三个特点：今年的生物试题充分体现出三个特点：一是稳中求新、求变：知识点的分布和覆盖面加宽，一是稳中求新、求变：知识点的分布和覆盖面加宽，对思维能力的考查加强，试题类型灵活多变、求新对思维能力的考查加强，试题类型灵活多变、求新求异。求异。二是难度降低，重视基础知识、侧重主干知识的考二是难度降低，重视基础知识、侧重主干知识的考查，全卷无偏题和怪题，减少了文字的书写量。查，全卷无偏题和怪题，减少了文字的书写量。三是命题情境贴近生活，立足课本，延伸课外，不三是命题情境贴近生活，立足课本，延伸课外，不再单纯地考查考生的识记情况，而是重视考查考生再单纯地考查考生的识记情况，而是重视考查考生的能力的能力试题分析：试题分析：1 1关于细胞的叙述，错误的是关于细胞的叙述，错误的是 A A植物细胞的胞间连丝具有物质运输的作用植物细胞的胞间连丝具有物质运输的作用 B B动物细胞间的黏着性与细胞膜上的糖蛋白有关动物细胞间的黏着性与细胞膜上的糖蛋白有关 C CATPATP水解释放的能量可用于细胞内的吸能反应水解释放的能量可用于细胞内的吸能反应 D D哺乳动物的细胞可以合成蔗糖，也可以合成乳糖哺乳动物的细胞可以合成蔗糖，也可以合成乳糖【答案答案】D D【评析评析】此题考点是必修此题考点是必修1 1中中“细胞的分子组成细胞的分子组成”，考查细胞膜的功能、，考查细胞膜的功能、“ATPATP在能量代谢在能量代谢中的作用中的作用”和糖类的种类等相关知识。考查考生的理解能力。和糖类的种类等相关知识。考查考生的理解能力。【解析解析】胞间连丝（胞间连丝（plasmodesmaplasmodesma）贯穿两个相邻的植物细胞的细胞壁，并连接两贯穿两个相邻的植物细胞的细胞壁，并连接两个原生质体的胞质丝。它们使相邻细胞的原生质连通，是植物物质运输、信个原生质体的胞质丝。它们使相邻细胞的原生质连通，是植物物质运输、信息传导的特有结构，息传导的特有结构，A正确。正确。糖蛋白的作用是参与细胞的识别、粘着及迁移。糖蛋白的作用是参与细胞的识别、粘着及迁移。B B正确正确 吸能反应一般与吸能反应一般与ATPATP的水解的反应相关联的，由的水解的反应相关联的，由ATPATP水解提供能量，水解提供能量，C C正确正确 蔗糖是植物体内的二糖，故蔗糖是植物体内的二糖，故D D错。错。2同一动物个体的神经细胞与肌细胞在功能上是不同的，造成这同一动物个体的神经细胞与肌细胞在功能上是不同的，造成这种差异的主要原因是种差异的主要原因是 A A二者所处的细胞周期不同二者所处的细胞周期不同B B二者合成的特定蛋白二者合成的特定蛋白不同不同 C C二者所含有的基因组不同二者所含有的基因组不同D D二者核二者核DNADNA的复制方的复制方式不同式不同【答案答案】B B【评析评析】此题考点是必修此题考点是必修1 1中中“细胞的分化细胞的分化”，考查考生的理解能，考查考生的理解能力。力。【解析解析】此题的关键词是此题的关键词是“同一个体不同细胞的功能不同同一个体不同细胞的功能不同”，细细胞分化是细胞有不同功能的原因，一般情况下，同一生物个体不同胞分化是细胞有不同功能的原因，一般情况下，同一生物个体不同功能的细胞由于遗传基因的选择性表达，合成了不同的蛋白质，即功能的细胞由于遗传基因的选择性表达，合成了不同的蛋白质，即在已分化的组织中均有特异性蛋白质合成在已分化的组织中均有特异性蛋白质合成 ；同一个体的体细胞由；同一个体的体细胞由同一个受精卵分裂、分化而来，同一个受精卵分裂、分化而来，细胞中遗传物质未发生改变、基细胞中遗传物质未发生改变、基因组相同因组相同 。C C错误，错误，B B正确正确 神经细胞和肌细胞高度分化，通常不再分裂，无细胞周期，神经细胞和肌细胞高度分化，通常不再分裂，无细胞周期，也无也无DNADNA复制，复制，A/DA/D错误；错误；3 3关于正常情况下组织液生成与回流的叙述，错误的是关于正常情况下组织液生成与回流的叙述，错误的是 A A生成与回流的组织液中氧气的含量相等生成与回流的组织液中氧气的含量相等 B B组织液不断生成与回流，并保持动态平衡组织液不断生成与回流，并保持动态平衡 C C血浆中的有些物质经毛细血管动脉端进入组织液血浆中的有些物质经毛细血管动脉端进入组织液 D D组织液中的有些物质经毛细血管静脉端进入血液组织液中的有些物质经毛细血管静脉端进入血液【答案答案】A A【评析评析】此题考点是必修此题考点是必修3 3中内环境稳态相关知识。考查考生的综中内环境稳态相关知识。考查考生的综合运用能力，能够理论联系实际，综合运用所学知识解决自然界合运用能力，能够理论联系实际，综合运用所学知识解决自然界和社会生活中的一些生物学问题。和社会生活中的一些生物学问题。高中阶段没有提及动脉端和静脉端，学生可能会受高中阶段没有提及动脉端和静脉端，学生可能会受干扰，选择困难。干扰，选择困难。【解析解析】此题考查的是内环境三者的关系，总结如图此题考查的是内环境三者的关系，总结如图一般情况下，富含氧气的血浆从毛细血管一般情况下，富含氧气的血浆从毛细血管动脉端渗出生成组织液，生活在组织液中动脉端渗出生成组织液，生活在组织液中的组织细胞通过有氧呼吸消耗部分氧气，的组织细胞通过有氧呼吸消耗部分氧气，导致毛细血管静脉端回流的组织液通常氧导致毛细血管静脉端回流的组织液通常氧气含量相对较低。气含量相对较低。A A错误错误 组织液血浆淋巴 【答案答案】D D 【评析评析】此题考点是必修此题考点是必修1 1中中“细胞吸水和失水原理及应用细胞吸水和失水原理及应用”。考查考。考查考生获取信息的能力，图文转换能力和理论联系实践的能力。生获取信息的能力，图文转换能力和理论联系实践的能力。【解析解析】解此题的关键是注意分析纵坐标：解此题的关键是注意分析纵坐标：实验前长度实验前长度/实验后长度实验后长度，比值为比值为1 1时，水分进出细胞达到平衡；比值小于时，水分进出细胞达到平衡；比值小于1 1表明细胞吸水，且比值表明细胞吸水，且比值越小花冠吸水越多；比值大于越小花冠吸水越多；比值大于1 1表明细胞失水，且比值越大，花冠失水越表明细胞失水，且比值越大，花冠失水越多。据图可推知多。据图可推知a a组吸水多于组吸水多于b b组，因此实验后组，因此实验后a a组细胞液中溶质浓度低于组细胞液中溶质浓度低于b b组；组；f f组比值大于组比值大于b b组，因此失水量大于组，因此失水量大于b b组；水分子进出细胞的方式是组；水分子进出细胞的方式是自由扩散，不消耗能量；由自由扩散，不消耗能量；由c c组吸水，组吸水，d d组失水知细条细胞液浓度介于组失水知细条细胞液浓度介于0.40.40.5molL0.5molL-1-1之间之间 A A实验后，实验后，a a组液泡中的溶质浓度比组液泡中的溶质浓度比b b组组的高的高B B浸泡导致浸泡导致f f组细胞中液泡的失水量小于组细胞中液泡的失水量小于b b组的组的C Ca a组细胞放在蔗糖溶液中失水或吸水所组细胞放在蔗糖溶液中失水或吸水所耗耗ATP ATP 大于大于b b组组D D使细条在浸泡前后长度不变的蔗糖浓使细条在浸泡前后长度不变的蔗糖浓度介于度介于0.40.40.5molL-10.5molL-1之间之间4 4将某植物花冠切成大小和形状相同的细条，分为将某植物花冠切成大小和形状相同的细条，分为a a、b b、c c、d d、e e和和f f组（每组的组（每组的细条数相等），取上述细条数相等），取上述6 6组细条分别置于不同浓度的蔗糖溶液中，浸泡相同时间后组细条分别置于不同浓度的蔗糖溶液中，浸泡相同时间后测量各组花冠细条的长度，结果如图所示。假如蔗糖溶液与花冠细胞之间只有水分测量各组花冠细条的长度，结果如图所示。假如蔗糖溶液与花冠细胞之间只有水分交换，则交换，则5 5关于核酸的叙述，错误的是关于核酸的叙述，错误的是 A A细胞核中发生的转录过程有细胞核中发生的转录过程有RNARNA聚合酶的参与聚合酶的参与 B B植物细胞的线粒体和叶绿体中均可发生植物细胞的线粒体和叶绿体中均可发生DNADNA的复制的复制 C C双链双链DNADNA分子中一条链上磷酸和核糖是通过氢键连接的分子中一条链上磷酸和核糖是通过氢键连接的 D D用甲基绿和吡罗红染色可观察用甲基绿和吡罗红染色可观察DNADNA和和RNARNA在细胞中的分布在细胞中的分布【答案答案】C C【评析评析】此题考点是必修此题考点是必修2 2中中“遗传的分子基础遗传的分子基础”，考查考生的理，考查考生的理解能力，能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，形成解能力，能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，形成知识的网络结构。知识的网络结构。【解析解析】转录主要发生在细胞核中，该过程需要转录主要发生在细胞核中，该过程需要RNARNA聚合酶的催化；聚合酶的催化；植物细胞的线粒体和叶绿体中均含有植物细胞的线粒体和叶绿体中均含有DNADNA，均可发生，均可发生DNADNA的复制；的复制；DNADNA分子中所含五碳糖是脱氧核糖，一条脱氧核苷酸链中磷酸分子中所含五碳糖是脱氧核糖，一条脱氧核苷酸链中磷酸和核糖之间通过磷酸二酯键连接起来；甲基绿吡罗红混合使用对和核糖之间通过磷酸二酯键连接起来；甲基绿吡罗红混合使用对细胞染色，甲基绿能使细胞染色，甲基绿能使DNADNA呈现绿色、吡罗红能使呈现绿色、吡罗红能使RNARNA呈现红色。呈现红色。6 6关于光合作用和呼吸作用的叙述，错误的是关于光合作用和呼吸作用的叙述，错误的是 A A磷酸是光反应中合成磷酸是光反应中合成ATPATP所需的反应物所需的反应物 B B光合作用中叶绿素吸收光能不需要酶的参与光合作用中叶绿素吸收光能不需要酶的参与 C C人体在剧烈运动时所需的能量由乳酸分解提供人体在剧烈运动时所需的能量由乳酸分解提供 D D病毒核酸的复制需要宿主细胞的呼吸作用提供能量病毒核酸的复制需要宿主细胞的呼吸作用提供能量【答案答案】C C【解析解析】此题考点是必修此题考点是必修1 1中中“细胞代谢细胞代谢”，考查病毒、光合作用，考查病毒、光合作用和呼吸作用的相关知识，意在考查考生的是理解能力，能理解所和呼吸作用的相关知识，意在考查考生的是理解能力，能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，形成知识的网络结构。学知识的要点，把握知识间的内在联系，形成知识的网络结构。【解析解析】光反应利用光反应利用ADPADP和磷酸合成和磷酸合成ATPATP；叶绿素等吸收光能不需要；叶绿素等吸收光能不需要酶的参与；人在剧烈运动时无氧呼吸和有氧呼吸同时进行，无氧酶的参与；人在剧烈运动时无氧呼吸和有氧呼吸同时进行，无氧呼吸生成的乳酸在人体内不能再分解供能；病毒无细胞结构，其呼吸生成的乳酸在人体内不能再分解供能；病毒无细胞结构，其核酸复制所需能量来自宿主细胞的呼吸作用。核酸复制所需能量来自宿主细胞的呼吸作用。29.(1029.(10分分)某植物净光合速率的变化趋势如图所示。据图回答下列问题：某植物净光合速率的变化趋势如图所示。据图回答下列问题：（1 1）当）当COCO2 2浓度为浓度为a a时，高光强下该植物的净光合速率为时，高光强下该植物的净光合速率为 。COCO2 2浓度浓度在在a ab b之间时，曲线之间时，曲线 表示了净光合速率随表示了净光合速率随COCO2 2浓度的增高而增高。浓度的增高而增高。（2 2）COCO2 2浓度大于浓度大于c c时，曲线时，曲线B B和和C C所表示的净光合速率不再增加，限制其增加的环境因素是所表示的净光合速率不再增加，限制其增加的环境因素是 。（3 3）当环境中）当环境中COCO2 2浓度小于浓度小于a a时，在图示的时，在图示的3 3种光强下，该植物呼吸作用产生的种光强下，该植物呼吸作用产生的COCO2 2量量 (填填“大于大于”、“等于等于”或或“小于小于”)光合作用吸收的光合作用吸收的COCO2 2量。量。（4 4）据图可推测，在温室中，若要采取提高）据图可推测，在温室中，若要采取提高CO2CO2浓度的措施来提高该种植物的产量，还应浓度的措施来提高该种植物的产量，还应该同时考虑该同时考虑 这一因素的影响，并采取相应措施。这一因素的影响，并采取相应措施。【答案答案】（1 1）0 0AA、B B、C C（2 2）光强（光强（3 3）大于（大于（4 4）光强光强【评析评析】此题考点是必修此题考点是必修1 1中中“光合作用和呼吸作用的关系光合作用和呼吸作用的关系”及及“影响光合作用速率的环境因素影响光合作用速率的环境因素”，考查考生获取信息的能力，理，考查考生获取信息的能力，理解能力和综合应用能力。解能力和综合应用能力。作此题时要注意纵坐标是净光合速率作此题时要注意纵坐标是净光合速率【解析解析】（1 1）据图可知）据图可知COCO2 2浓度为浓度为a a时，高光强（曲线时，高光强（曲线A A）下的纵坐）下的纵坐标为标为0 0，即净光合速率为，即净光合速率为0 0；COCO2 2浓度在浓度在a ab b之间时，曲线之间时，曲线A A、B B、C C均表现为上升，即净光合速率均随均表现为上升，即净光合速率均随CO2CO2浓度增高而增高。浓度增高而增高。（2 2）COCO2 2浓度大于浓度大于c c时，高光强条件下（曲线时，高光强条件下（曲线A A）的净光合速率仍然）的净光合速率仍然能够随着能够随着COCO2 2浓度的增加而增加，由此可知限制浓度的增加而增加，由此可知限制B B、C C净光合速率净光合速率增加的环境因素是光强。增加的环境因素是光强。（3 3）COCO2 2浓度小于浓度小于a a时，时，3 3种光强下，净光合速率均小于种光强下，净光合速率均小于0 0，即呼吸速，即呼吸速率大于光合速率，也就是说呼吸作用产生的率大于光合速率，也就是说呼吸作用产生的COCO2 2量大于光合作用量大于光合作用吸收的吸收的COCO2 2量。量。（4 4）据图可知）据图可知COCO2 2浓度和光强会影响净光合速率从而影响植物的产浓度和光强会影响净光合速率从而影响植物的产量，故为提高植物的产量，应综合考虑量，故为提高植物的产量，应综合考虑COCO2 2浓度和光强对植物的浓度和光强对植物的影响。影响。30.30.（9 9分）为了探究某种复方草药对某种细菌性乳腺炎的疗效是否与机体免疫功分）为了探究某种复方草药对某种细菌性乳腺炎的疗效是否与机体免疫功能增强有关，某研究小组将细菌性乳腺炎模型小鼠随机分为实验组（草药胃）、能增强有关，某研究小组将细菌性乳腺炎模型小鼠随机分为实验组（草药胃）、空白对照组（蒸馏水灌胃）和阳性对照组（免疫增强剂空白对照组（蒸馏水灌胃）和阳性对照组（免疫增强剂A A灌胃），并检测免疫指灌胃），并检测免疫指标。标。回答下列问题：回答下列问题：（1 1）研究发现，实验组小鼠吞噬细胞的吞噬能力显著高于阳性对照组，极显著）研究发现，实验组小鼠吞噬细胞的吞噬能力显著高于阳性对照组，极显著高于空白对照组。这一结果至少说明该草药增强了小鼠的非特异性免疫功能。非高于空白对照组。这一结果至少说明该草药增强了小鼠的非特异性免疫功能。非特异性免疫的特点是特异性免疫的特点是 。（2 2）研究还发现：实验组小鼠的）研究还发现：实验组小鼠的T T细胞含量显著高于空白对照组，与阳性对照组细胞含量显著高于空白对照组，与阳性对照组相近。这一结果说明：该草药可能通过提高小鼠的相近。这一结果说明：该草药可能通过提高小鼠的T T细胞含量来增强其特异性免细胞含量来增强其特异性免疫功能。通常，在细胞免疫过程中，效应疫功能。通常，在细胞免疫过程中，效应T T细胞的作用是细胞的作用是 。（3 3）在特异性免疫中，）在特异性免疫中，T T细胞可产生细胞可产生 因子，受到抗原刺激因子，受到抗原刺激的的_细胞可在该因子的作用下，增殖分化为浆细胞，浆细胞产生细胞可在该因子的作用下，增殖分化为浆细胞，浆细胞产生_，参与体液免疫过程。，参与体液免疫过程。【答案答案】（1 1）机体生来就有的，不针对某一类特定病原体，而是对多种病原体都有一机体生来就有的，不针对某一类特定病原体，而是对多种病原体都有一 定的防御作用。定的防御作用。（2 2）识别并与被病原体入侵的宿主细胞紧密接触，可使之裂解死亡识别并与被病原体入侵的宿主细胞紧密接触，可使之裂解死亡（3 3）淋巴淋巴B B抗体抗体【评析评析】此题考点是必修此题考点是必修3 3中中“人体免疫系统人体免疫系统”，本题以探，本题以探究实验为背景，综合考查人体免疫相关知识，考查考生综究实验为背景，综合考查人体免疫相关知识，考查考生综合运用能力，理论联系实际，综合运用所学知识解决自然合运用能力，理论联系实际，综合运用所学知识解决自然界和社会生活中的一些生物学问题。界和社会生活中的一些生物学问题。【解析解析】（1 1）非特异性免疫人人生来就有，不针对某一类）非特异性免疫人人生来就有，不针对某一类特定病原体，而是对多种病原体都有防御作用。特定病原体，而是对多种病原体都有防御作用。（2 2）在细胞免疫过程中，效应）在细胞免疫过程中，效应T T细胞可以识别并结合被病原细胞可以识别并结合被病原体侵染的细胞（靶细胞），并使其裂解凋亡。体侵染的细胞（靶细胞），并使其裂解凋亡。（3 3）体液免疫时，受到抗原刺激的）体液免疫时，受到抗原刺激的B B细胞在细胞在T T细胞分泌的淋细胞分泌的淋巴因子作用下，增殖分化产生浆细胞和记忆细胞，浆细胞巴因子作用下，增殖分化产生浆细胞和记忆细胞，浆细胞分泌抗体，与刺激其产生的抗原进行特异性结合。分泌抗体，与刺激其产生的抗原进行特异性结合。3131（9 9分）某陆地生态系统中，除分解者外，仅有甲、乙、丙、丁、戊分）某陆地生态系统中，除分解者外，仅有甲、乙、丙、丁、戊5 5个种个种群。调查得知，该生态系统有群。调查得知，该生态系统有4 4个营养级，营养级之间的能量传效率为个营养级，营养级之间的能量传效率为10%10%20%20%，且每个种群只处于一个营养级。一年内输入各种群的能量数值如下表，且每个种群只处于一个营养级。一年内输入各种群的能量数值如下表所示，表中能量数值的单位相同。所示，表中能量数值的单位相同。回答下列问题：（回答下列问题：（1 1）请画出该生态系统中的食物网。）请画出该生态系统中的食物网。（2 2）甲和乙的种间关系是）甲和乙的种间关系是 ；种群丁是该生态系统生物组分中；种群丁是该生态系统生物组分中的的 。（3 3）一般来说，生态系统的主要功能包括）一般来说，生态系统的主要功能包括 、，此外还具有信息传递等功能。碳对生物和生态，此外还具有信息传递等功能。碳对生物和生态系统具有重要意义，碳在系统具有重要意义，碳在 和和 之间的循环主要以之间的循环主要以COCO2 2的形式进的形式进行。行。【答案答案】（1 1）戊戊（2 2）捕食捕食消费者消费者（3 3）物质循环物质循环能量流动能量流动生物群落生物群落无机环境无机环境种群种群 甲甲 乙乙 丙丙 丁丁 戊戊 能量能量 3.5612.8010.30 0.48 226.50 乙乙甲甲丙丙丁丁【评析评析】此题考点是必修此题考点是必修3 3中中“生态系统生态系统”，主要考查生态系统的，主要考查生态系统的结构和功能、种间关系的判断等相关知识，考查考生的理解能结构和功能、种间关系的判断等相关知识，考查考生的理解能力和知识应用能力。力和知识应用能力。【解析解析】（1 1）根据题干可知：）根据题干可知：1 1、营养级之间的能量流动效率、营养级之间的能量流动效率10%10%20%20%；2 2、每个种群只处于一个营养级。戊占有能量最多，、每个种群只处于一个营养级。戊占有能量最多，应属于第一营养级；乙和丙能量值处于同一数量级并且二者之应属于第一营养级；乙和丙能量值处于同一数量级并且二者之和（和（23.123.1）介于戊能量值的）介于戊能量值的10%10%20%20%（10.20%10.20%），故乙和丙应），故乙和丙应同属于第二营养级；甲能量值介于第二营养级的同属于第二营养级；甲能量值介于第二营养级的10%10%20%20%（15.4%15.4%），应属于第三营养级；丁能量值介于第三营养级），应属于第三营养级；丁能量值介于第三营养级的的10%10%20%20%（13.48%13.48%），应属于第四营养级。），应属于第四营养级。（2 2）根据（）根据（1 1）的食物网可推知：甲乙种间关系是捕食；题干已）的食物网可推知：甲乙种间关系是捕食；题干已声明所列数据不包括分解者，而戊属于第一营养级，为生产者，声明所列数据不包括分解者，而戊属于第一营养级，为生产者，因此其余生物包括丁在内均为消费者。因此其余生物包括丁在内均为消费者。（3 3）物质循环、能量流动、信息传递是生态系统的三大主要功能；）物质循环、能量流动、信息传递是生态系统的三大主要功能；碳以碳以COCO2 2的形式在生物群落与无机环境之间循环往复。的形式在生物群落与无机环境之间循环往复。3232（1111分）分）山羊性别决定方式为山羊性别决定方式为XYXY型。下面的系谱图表示了山羊某种性状的遗传，图中深色型。下面的系谱图表示了山羊某种性状的遗传，图中深色表示该种性状的表现者。表示该种性状的表现者。已知该性状受一对等位基因控制，在不考虑染色体变异和基因突变的条件下，回已知该性状受一对等位基因控制，在不考虑染色体变异和基因突变的条件下，回答下列问题：答下列问题：（1 1）据系谱图推测，该性状为）据系谱图推测，该性状为 （填（填“隐性隐性”或或“显性显性”）性）性状。状。（2 2）假设控制该性状的基因位于）假设控制该性状的基因位于Y Y染色体上，依照染色体上，依照Y Y染色体上基因的遗传规律，染色体上基因的遗传规律，在第在第代中表现型不符合该基因遗传规律的个体是代中表现型不符合该基因遗传规律的个体是 （填个体编号）。（填个体编号）。（3 3）若控制该性状的基因仅位于）若控制该性状的基因仅位于X X染色体上，则系谱图中一定是杂合子的个体是染色体上，则系谱图中一定是杂合子的个体是 （填个体编号），可能是杂合子的个体是（填个体编号），可能是杂合子的个体是 （填个体编号）。（填个体编号）。【答案答案】（1 1）隐性（）隐性（2 2）-1-1、-3-3和和-4-4(3)-2(3)-2、-2-2、-4-4；-2-2【评析评析】此题考点是必修此题考点是必修2 2中中“遗传的基本规律遗传的基本规律”，考查综合运用能力和，考查综合运用能力和获获取信息的能力取信息的能力。这是近年来遗传规律的考题中，比较简单的一类的，重这是近年来遗传规律的考题中，比较简单的一类的，重点考查伴性遗传的特点。点考查伴性遗传的特点。【解析解析】（1 1）根据系谱图，根据系谱图，-1-1和和-2-2均不表现该性状，但他们的后代均不表现该性状，但他们的后代-1-1出现该性状，出现该性状，“无中生有无中生有”，推知该性状为隐性，推知该性状为隐性，-1-1和和-2-2为该性为该性状的携带者。状的携带者。（2 2）假设该性状基因位于）假设该性状基因位于Y Y染色体上，该性状由染色体上，该性状由Y Y染色体传递，因此表现该染色体传递，因此表现该性状个体的所有雄性后代和雄性亲本都表现该性状，且雌性个体不会表现性状个体的所有雄性后代和雄性亲本都表现该性状，且雌性个体不会表现该性状。据此理论上第该性状。据此理论上第世代各个体的性状表现应为：世代各个体的性状表现应为：-1-1不表现该性不表现该性状（因为状（因为-1-1不表现该性状）、不表现该性状）、-2-2和和-3-3均不表现该性状（因为是雌性）均不表现该性状（因为是雌性）、-4-4表现该性状（因为表现该性状（因为-3-3表现该性状）。结合系谱图可知，不符合该表现该性状）。结合系谱图可知，不符合该基因遗传规律的个体是基因遗传规律的个体是-1-1、-3-3和和-4-4。（3 3）假设该控制该性状的基因仅位于）假设该控制该性状的基因仅位于X X染色体上，且由（染色体上，且由（1 1）知该性状为隐）知该性状为隐性遗传（为解析方便假定该性状由基因性遗传（为解析方便假定该性状由基因A-aA-a控制）；控制）；-2-2和和-2-2均未表现均未表现出该性状（出该性状（X XA AX X-），但他们的雄性后代（），但他们的雄性后代（-3-3和和-1-1）却表现出该性状）却表现出该性状（X Xa aY Y）；同时考虑到雄性个体的）；同时考虑到雄性个体的X X染色体来自于雌性亲本，据此断定染色体来自于雌性亲本，据此断定-2-2和和-2-2一定为杂合体（一定为杂合体（X XA AX Xa a）。）。-3-3表现该性状（表现该性状（X Xa aX Xa a），其所含的一条），其所含的一条X X染色体必然源自染色体必然源自-4-4（X Xa aX X-）；同时）；同时-3-3不表现该性状，据此断定不表现该性状，据此断定-4-4为杂合体（为杂合体（X XA AX Xa a）。）。-2-2表现不该性状（表现不该性状（X XA AX X-），其雌性亲本），其雌性亲本-2-2为杂合为杂合体（体（X XA AX Xa a），因此），因此-2-2既可以是杂合子（既可以是杂合子（X XA AX Xa a）也可以是纯合子（）也可以是纯合子（X XA AX XA A）。）。3939 生物生物选修选修1 1：生物技术实践：生物技术实践（1515分）分）为了调查某河流的水质状况，某研究小组测定了该河流水样中的细菌含量，并为了调查某河流的水质状况，某研究小组测定了该河流水样中的细菌含量，并进行了细菌的分离等工作。回答下列问题：进行了细菌的分离等工作。回答下列问题：（1 1）该小组采用稀释涂布平板法检测水样中的细菌含量。在涂布接种前，随机）该小组采用稀释涂布平板法检测水样中的细菌含量。在涂布接种前，随机取若干灭菌后的空平板先行培养了一段时间，这样做的目的是取若干灭菌后的空平板先行培养了一段时间，这样做的目的是 ；然后，将；然后，将1mL1mL水样稀释水样稀释100100倍，在倍，在3 3个平板上用涂布法分别接入个平板上用涂布法分别接入0.1mL0.1mL稀释液；经适当培养后，稀释液；经适当培养后，3 3个平板个平板上的菌落数分别为上的菌落数分别为3939、3838和和3737。据此可得出每升水样中的活菌数为。据此可得出每升水样中的活菌数为 。（2 2）该小组采用平板划线法分离水样中的细菌。操作时，接种环通过）该小组采用平板划线法分离水样中的细菌。操作时，接种环通过 灭菌，在第二次及以后划线时，总是从上一灭菌，在第二次及以后划线时，总是从上一次的末端开始划线。这样做的目的是次的末端开始划线。这样做的目的是 。（3）示意图）示意图A和和B中，中，表示的是用稀释涂布平板法接种培养后得到的表示的是用稀释涂布平板法接种培养后得到的结果。结果。（4）该小组将得到的菌株接种到液体培养基中并混匀，一部分进行静置培养，另一部分进行振荡培养。结果发现：振荡培养的细菌比静置培养的细菌生长速度快。分析其原因是：振荡培养能提高培养液的 的含量，同时可以使菌体与培养液充分接触，提高 的利用率。【答案答案】（1 1）检测培养基平板灭菌是否合格；检测培养基平板灭菌是否合格；3.8107 （2 2）灼烧；将聚集的菌体逐步稀释以便获得单个菌落灼烧；将聚集的菌体逐步稀释以便获得单个菌落（3）B（4）溶解氧）溶解氧；营养物质；营养物质【评析评析】此题考点是选修一中此题考点是选修一中“微生物的利用微生物的利用”，考查考生，考查考生实验与探究能力实验与探究能力。【解析解析】（1 1）为了确定培养基的灭菌是否合格，微生物学实验一般会设置空白）为了确定培养基的灭菌是否合格，微生物学实验一般会设置空白对照：随机取若干灭菌后的空平板培养一段时间，观察培养基上是否有菌落对照：随机取若干灭菌后的空平板培养一段时间，观察培养基上是否有菌落生成；利用平板菌落计数法的计算公式估算水样中的活菌数：生成；利用平板菌落计数法的计算公式估算水样中的活菌数：（2 2）接种时接种环需要灼烧灭菌；在第二次及以后划线时，总是从上一次的末）接种时接种环需要灼烧灭菌；在第二次及以后划线时，总是从上一次的末端开始划线，这样做的目的是：通过划线次数的增加，使每次划线时菌体的端开始划线，这样做的目的是：通过划线次数的增加，使每次划线时菌体的数目逐渐减少，以便得到菌落。数目逐渐减少，以便得到菌落。（3 3）由题图可知）由题图可知B B图为平板划线法接种的结果（菌落相对均匀分布）。图为平板划线法接种的结果（菌落相对均匀分布）。（4 4）震荡培养可以增加液体培养基的氧气含量，促进好氧型微生物的生长；另）震荡培养可以增加液体培养基的氧气含量，促进好氧型微生物的生长；另外震荡培养还可以使菌体与培养液充分接触，提高营养物质的利用率。外震荡培养还可以使菌体与培养液充分接触，提高营养物质的利用率。4040 生物生物选修选修3 3：现代生物科技专题：现代生物科技专题(15(15分分)植物甲具有极强的耐旱性，其耐旱性与某个基因有关。若从该植物中获得该耐旱基因，并植物甲具有极强的耐旱性，其耐旱性与某个基因有关。若从该植物中获得该耐旱基因，并将其转移到耐旱性低的植物乙中，有可能提高后者的耐旱性。将其转移到耐旱性低的植物乙中，有可能提高后者的耐旱性。回答下列问题：回答下列问题：（1 1）理论上，基因组文库含有生物的）理论上，基因组文库含有生物的 基因；而基因；而cDNAcDNA文库中含有生物的文库中含有生物的 基因。基因。（2 2）若要从植物甲中获得耐旱基因，可首先建立该植物的基因组文库，再从中）若要从植物甲中获得耐旱基因，可首先建立该植物的基因组文库，再从中出所需的耐旱基因。出所需的耐旱基因。（3 3）将耐旱基因导入农杆菌，并通过农杆菌转化法将其导入植物）将耐旱基因导入农杆菌，并通过农杆菌转化法将其导入植物 的体细胞中，的体细胞中，经过一系列的过程得到再生植株。要确认该耐旱基因是否在再生植株中正确表达，应经过一系列的过程得到再生植株。要确认该耐旱基因是否在再生植株中正确表达，应检测此再生植株中该基因的检测此再生植株中该基因的 ，如果检测结果呈阳性，再在田间试验中，如果检测结果呈阳性，再在田间试验中检测植株的检测植株的是否得到提高。是否得到提高。（4 4）假如用得到的二倍体转基因耐旱植株自交，子代中耐旱与不耐旱植株的数量比为）假如用得到的二倍体转基因耐旱植株自交，子代中耐旱与不耐旱植株的数量比为3131时，则可推测该耐旱基因整合到了时，则可推测该耐旱基因整合到了 （填（填“同源染色体的一同源染色体的一条上条上”或或“同源染色体的两条上同源染色体的两条上”）。）。【答案答案】（1 1）全部；部分全部；部分 (2)(2)筛选筛选 (3)(3)乙；表达产物；耐旱性乙；表达产物；耐旱性 （4 4）同源染）同源染色体的一条上色体的一条上【评析评析】此题考点是选修此题考点是选修3 3中中“基因工程基因工程”，考查考生综合运用能力。，考查考生综合运用能力。【解析解析】（1 1）基因文库包括基因组文库和）基因文库包括基因组文库和cDNAcDNA文库，基因组文库包含文库，基因组文库包含生物基因组的所全部基因，生物基因组的所全部基因，cDNAcDNA文库是以文库是以mRNAmRNA反转录后构建的，只含反转录后构建的，只含有已经表达的基因（并不是所有基因都会表达），即部分基因。有已经表达的基因（并不是所有基因都会表达），即部分基因。（2 2）从基因文库中获取目的基因需要进行筛选。）从基因文库中获取目的基因需要进行筛选。（3 3）要提高植物乙的耐旱性，需要要利用农杆菌转化法将耐旱基因导入）要提高植物乙的耐旱性，需要要利用农杆菌转化法将耐旱基因导入植物乙的体细胞中。要检测目的基因（耐旱基因）是否表达应该用抗植物乙的体细胞中。要检测目的基因（耐旱基因）是否表达应该用抗原抗体杂交检测目的基因（耐旱基因）的表达产物（即耐旱的相关蛋原抗体杂交检测目的基因（耐旱基因）的表达产物（即耐旱的相关蛋白质）；个体水平检测可以通过田间实验，观察检测其耐旱性情况。白质）；个体水平检测可以通过田间实验，观察检测其耐旱性情况。（4 4）如果耐旱基因整合到同源染色体的两条上，即为耐旱基因纯合子，）如果耐旱基因整合到同源染色体的两条上，即为耐旱基因纯合子，则自交子代将全部表现耐旱，不会出现性状分离。则自交子代将全部表现耐旱，不会出现性状分离。或或“如果耐旱基如果耐旱基因整合到同源染色体的一条上，则转基因植株的基因型可以用因整合到同源染色体的一条上，则转基因植株的基因型可以用A_A_表示表示即为耐旱基因杂合子，（即为耐旱基因杂合子，（A A表示耐旱基因，表示耐旱基因，_ _表示另一条染色体上没有表示另一条染色体上没有相应的基因），相应的基因），A_A_自交后代基因型为自交后代基因型为AAA_AAA_=121_=121，所以耐，所以耐旱旱不耐旱不耐旱=31=31，与题意相符。，与题意相符。”综合各题的分析，总结一下这套试卷的命题特点：综合各题的分析，总结一下这套试卷的命题特点：1、试卷在命题上仍以主干知识作为重点考查的对象。例、试卷在命题上仍以主干知识作为重点考查的对象。例如选择题考查了细胞、稳态、核酸、代谢等基础知识、如选择题考查了细胞、稳态、核酸、代谢等基础知识、主干知识。整体难度较低。主干知识。整体难度较低。2、从考查形式上分析，试题多借助图表等形式来命题，、从考查形式上分析，试题多借助图表等形式来命题，侧重考查考生获取信息的能力，如第侧重考查考生获取信息的能力，如第4、29、32题。此题。此外，命题时还紧密联系生产实践，以实验题的形式呈外，命题时还紧密联系生产实践，以实验题的形式呈现，如第现，如第30、31题。题。3、试卷重点考查的知识点包括细胞的代谢（第、试卷重点考查的知识点包括细胞的代谢（第6、29两题）、生命活动的调节（第两题）、生命活动的调节（第3、30两题）、遗两题）、遗传的分子基础与遗传规律（第传的分子基础与遗传规律（第5、32两题），生态两题），生态学（第学（第31题）所占分值略低。其中，第题）所占分值略低。其中，第4题结合柱题结合柱状图考查植物细胞的失水与吸水及其应用，对考状图考查植物细胞的失水与吸水及其应用，对考生来说，仅掌握基础知识，却不能正确分析图示生来说，仅掌握基础知识，却不能正确分析图示很难答对；第很难答对；第32题结合山羊性别定的实例与遗传题结合山羊性别定的实例与遗传系谱图，考查考生对基因的分离定律及自由组合系谱图，考查考生对基因的分离定律及自由组合定律的理解、应用，命题方式新颖，难度较低。定律的理解、应用，命题方式新颖，难度较低。4、选考知识点中、选考知识点中,第第39题考查微生物的实验室培养，题考查微生物的实验室培养，第第40题考查了基因工程等知识。总体上看，考查