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高二物理试卷附答案解析高二物理试卷附答案解析考试范围：xxx；考试时间：xxx 分钟；出题人：xxx姓名：_班级：_考号：_题号一二三四五六总分得分注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上评卷人得 分一、选择题一、选择题1.1.在变电站里，经常要用交流电表去监测电网上的强电流，所用的器材叫电流互感器。如下所示的四个图中，能正确反应其工作原理的图是（）2.2.一交流电压它的周期为_s，0.035s 时的电压为_V。用交流电压表测得时读数应为_V。3.3.了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要以下符合史实的是（）A英国的法拉第提出在电荷的周围存在由它产生的电场的观点B安培发现了电流的磁效应，首次揭示了电与磁的关系C美国的特斯拉提出了分子电流假说D法国的库仑最早测得元电荷e 的数值4.4.如图所示，灯丝发热后发出的电子经加速电场后，进入偏转电场，若加速电压为 U1，偏转电压为 U2，要使电子在电场中偏转量y 变为原来的2 倍，可选用的方法有（设电子不落到极板上）（）A只使 U1变为原来的倍B只使 U2变为原来的倍C只使偏转电极的长度L 变为原来的倍D只使偏转电极间的距离d 减为原来的倍5.5.在具有一定厚度的空心金属球壳的球心位置处放一正电荷，图中的四个图画出了其空间电场的电场线情况，符合实际情况的是（）A B C D6.6.如图所示为一种利用电磁原理制作的充气泵的结构示意图，其工作原理类似打点计时器。当电流从电磁铁的接线柱a 流入，吸引小磁铁向下运动时，以下选项中正确的是A电磁铁的上端为 N 极，小磁铁的下端为N 极B电磁铁的上端为 S 极，小磁铁的下端为 S 极C电磁铁的上端为 N 极，小磁铁的下端为 S 极D电磁铁的上端为 S 极，小磁铁的下端为 N 极7.7.如图所示，在两根平行长直导线 M、N 中，通入同方向同大小的电流，导线框 abcd 和两导线在同一平面内，线框沿着与两导线垂直的方向，自左向右在两导线间匀速移动，在移动过程中，线框中感应电流的方向为A沿 adcba 不变B沿 abcda 不变C由 abcda 变成 adcbaD由 adcba 变成 abcda8.8.手机是现代人们最常用的通信工具之一，手机间通信和收发信息是利用()A微波传送B超声波传送C光纤传送D空气传送9.9.如图所示，一束可见光射向半圆形玻璃砖的圆心O，经折射后分为两束单色光 a 和 b。下列判断正确的是()A玻璃对 a 光的折射率小于对 b 光的折射率Ba 光的频率大于 b 光的频率C在真空中 a 光的波长大于 b 光的波长Da 光光子能量小于 b 光光子能量10.10.下列说法中正确的是：A单晶体具有各向同性；B非晶体的各种物理性质，在各个方向上都是不同的C晶体由单晶体和多晶体组成D草叶上的露珠呈圆球形能用液体表面张力来解释评卷人得 分二、多选题二、多选题11.11.如图所示，两段材料相同、长度相等、但横截面积不等的导体接在电路中，总电压为 U，则下列表述正确的是A通过两段导体的电流相等B两段导体内的自由电子定向移动的平均速率不同C细导体两端的电压 U1小于粗导体两端的电压 U2D细导体内的电场强度大于粗导体内的电场强度12.12.如图所示，虚线 a、b、c 代表静电场中的三个等势面，它们的电势分别为和，一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线 KLMN 所示由图可知（）A粒子从 K 到 L 的过程中，电场力做负功B粒子从 L 到 M 的过程中，电场力做负功C粒子从 K 到 L 的过程中，电势能增加D粒子从 L 到 M 的过程中，动能增加13.13.磁流体发电机是一项新兴技术，如图所示，平行金属板之间有一个很强的磁场，将一束含有大量正、负带电粒子的等离子体，沿图中所示方向喷入磁场，图中虚线框部分相当于发电机，把两个极板与用电器相连，则A用电器中的电流方向从A 到 BB用电器中的电流方向从B 到 AC若只增大磁场，发电机的电动势增大D若只增大喷入粒子的速度，发电机的电动势增大14.14.如图，由某种粗细均匀的总电阻为的金属条制成的矩形线框，固定在水平面内且处于方向竖直向下的匀强磁场 中一接入电路电阻为的导体棒，在水平拉力作用下沿、以速度 匀速滑动，滑动过程始终与垂直，且与线框接触良好，不计摩擦在从靠近处向滑动的过程中（）A中电流先增大后减小B两端电压先增大后减小C上拉力的功率先减小后增大D线框消耗的电功率先增大后减小15.15.如图，在正点电荷 Q 的电场中有 M、N、P、F 四点，M、N、P 为直角三角形的三个顶点，F 为 MN 的中点，M=30。M、N、P、F 四点处的电势分别用 M、N、P、F表示。已知 M=N，P=F，点电荷 Q 在M、N、P 三点所在平面内，则A点电荷 Q 一定在 MP 的连线上B连接 PF 的线段一定在同一等势面上C将正试探电荷从 P 点搬运到 N 点，电场力做负功DP大于 M评卷人得 分三、填空题三、填空题16.16.如图所示的电路中，电源电动势为 12V，内电阻为 1，R1=1，R2=6，电动机线圈电阻为 0.5，若开关闭合后通过电源的电流为3A，则 R1上消耗的电功率为_W，电动机消耗电功率为_W17.17.1820 年，发现电流能够产生磁场。1831 年，发现电磁感应定律。19 世纪 60 年代，在总结前人研究的基础上，建立了完整的电磁场理论，并预言了电磁波的存在。1888 年，第一次用实验证实了电磁波的存在。（填人名）18.18.如图所示，在场强为E 的匀强电场中有相距为 L 的两点 A、B，连线AB 与电场线的夹角为，将一电荷量为 q 的正电荷从 A 点移到 B 点若沿直线 AB 移动该电荷，电场力做功W_，AB 两点间的电势差UAB_.19.19.下图是一列横波在某一时刻的波形图像已知这列波的频率为5Hz，此时 x=05m 处的质点正向 轴正方向振动，可以推知：这列波正在沿轴（填“正”或“负”）方向传播，波速大小为 m/s，该质点 1s 内通过的路程为 m20.20.如图所示为变压器工作原理图，它_（选填“能”或“不能”）改变交流电的电压。一理想变压器的原线圈与副线圈匝数之比是10:1，此变压器正常工作时原线圈一端输入电压为2200V，则副线圈那端输出电压为_V。评卷人得 分四、实验题四、实验题21.21.有一个小灯泡上标有“4 V 2 W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的 IU 图线现有下列器材供选择：A电压表(05 V，内阻 10 k)B电压表(015 V，内阻 20 k)C电流表(03 A，内阻 1)D电流表(00.6 A，内阻 0.4)E滑动变阻器(10，2 A)F滑动变阻器(500，1 A)G学生电源(直流 6 V)、开关、导线若干(1)实验时，选用图中甲而不选用图乙的电路图来完成实验，请说明理由：.(2)实验中所用电压表应选用_，电流表应选用_，滑动变阻器应选用_(用序号字母表示)(3)把图中所示的实验器材用实线连接成实物电路图22.22.某同学用伏安法测一节干电池的电动势E 和内电阻 r，所给的其它器材有:A电压表 V：0315VB电流表 A：00.63AC变阻器 R1：(20，1A)D变阻器 R2：(1000，0.1A)E电键 S 和导线若干(1)根据实验要求连接实物电路图；(2)实验测得的 6 组数据已在 UI 图中标出，如图所示.请你根据数据点求出该电池的电动势 E=_V，电阻 r=_.评卷人得 分五、简答题五、简答题23.23.如图所示，三个阻值相同的电阻连成三角形电路，原来A、B 间电阻RAB等于 B、C 间电阻 RBC，由于某种原因，其中一个电阻发生了变化，结果 RABRBC，试通过计算说明其原因可能是什么？24.24.如图所示，足够长的平行光滑金属导轨竖直固定放置，导轨间距L=0.2m，完全相同的两金属棒ab、cd 均垂直于导轨放置且与导轨接触良好，其长度恰好等于导轨间距，两棒的质量均为m=O.O1kg，电阻均为R=0.2，回路中其余电阻忽略不计.cd 棒放置在水平绝缘平台上，整个装置处在垂直于导轨平面向里的匀强磁场中，磁感应强度B=1T.棒 ab 在恒力 F 作用下由静止开始向上运动，位移x=O.1m 时达到最大速度，此时cd 棒对绝缘平台的压力恰好为零g 取 1Om/s2.求：(1)恒力 F 的大小；(2)在此过程中 ab 棒产生的焦耳热.评卷人得 分六、综合题六、综合题25.（14 分）如图甲所示，在竖直平面内有一半径为R=0.4 m 的圆形绝缘轨道，匀强磁场垂直于轨道平面向里，一质量为m=110-3 kg、带电荷量为 q=+310-2 C 的小球，可在内壁滚动.开始时，在最低点处给小球一个初速度 v0，使小球在竖直平面内逆时针做圆周运动，图乙（a）是小球在竖直平面内做圆周运动的速率v 随时间 t 变化的情况，图乙（b）是小球所受轨道的弹力 F 随时间 t 变化的情况，结合图象所给数据，（取g=10 m/s2）求：（1）匀强磁场的磁感应强度；（2）小球的初速度 v0参考答案参考答案1.1.A【解析】略2.2.0.02 -536 380【解析】试题点评：根据瞬时表达式对比题干中给出的关系式直接求解周期，某一时刻的瞬时电压只要把时间代入即可。解：根据和可得：，所以把 t=0.035s 代入表达式解得：电压表的读数是指有效值：考点：考查交流电瞬时值的计算和有效值的应用点评：瞬时表达式应该熟练掌握，电压表和电流表的读数都指的是有效值。3.3.A【解析】解：A、法拉第提出在电荷的周围存在由它产生的电场的观点，故 A 正确；B、奥斯特发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕，故B 错误；C、安培提出了分子电流假说，故C 错误；D、密立根最早测得元电荷e 的数值，故 D 错误；故选：A【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一4.4.ACD【解析】试题分析：电场中加速由动能定理qU1=，电场中偏转，加速度a=,由侧移距离公式得 y=，故 ACD 正确，U2变为原来的倍时侧移距离也会变为原来的 倍，故 B 错误。考点：带电粒子在电场中的运动5.5.D【解析】解：把正电荷放在金属球壳内部，由于静电感应的作用，在球壳的内壁会感应出负电荷，在球壳的外壁会感应出正电荷，所以在金属球壳的壳壁之间，由于正电荷的电场和感应电场的共同的作用，在金属球壳的壳壁之间的电场强度为零，所以在金属球壳的壳壁之间没有电场线，对于球壳外部的电场分布情况不会受到影响，所以正确的是D故选 D考点：电场线；静电场中的导体分析：当正电荷放入不带电金属球壳内部的时候，由于静电感应的作用，在金属球壳的壳壁之间的电场强度为零，在球壳外的电场的分布不受球壳的影响点评：本题是考查学生对于静电感应现象的理解情况，在球壳的内壁放电荷的时候，球壳不会对球壳外部的电场产生影响，只影响壳壁之间的电场的分布情况6.6.D【解析】试题分析：电磁铁实际为通电螺线管，如题图，当电流从a 流入电磁铁时上端为 S 极，由异名磁极相互吸引知永磁铁下端为N 极，故D 正确考点：考查了安培定则【名师点睛】由安培定则知电磁铁的上端为S 极，再根据同名磁极相互吸引，异名磁极相互排斥判定小磁铁的极性7.7.B【解析】试题分析：线框沿着与两导线垂直的方向，自右向左在两导线间匀速移动，在移动过程中，线框的磁通量先垂直纸面向外减小，后垂直纸面向里增大，由楞次定律可知，感应电流的磁场方向一直垂直纸面向外，由安培定则知感应电流一直沿adcba 不变；故 B 正确考点：楞次定律的应用点评：难度中等，弄清楚两导线中间磁场强弱和方向的变化的特点是解决本题关键，应用楞次定律判断感应电流方向的关键是确定原磁场的方向及磁通量的变化情况8.8.A【解析】手机是现代人们最常用的通信工具之一，手机间通话和收发信息是利用电磁波，即微波故A 正确，B、C、D 错误故选 A【点睛】本题主要考查学生对现代传递信息的工具手机的了解和掌握，要注意明确手机能接收信号也能发射信号9.9.B【解析】试题分析：由题图可知 a 光在玻璃砖中的偏折程度较大，所以玻璃砖对a 光的折射率大，故 A 错误；折射率大，频率大，所以a 光的频率大于 b光的频率，故 B 正确；因为 a 光的频率大，根据知，则 a 光的波长小，故 C 错误；由可知 a 光光子能量大于 b 光光子能量，D 错误。所以选 B。考点：光的折射定律10.10.CD【解析】晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，单晶体的物理性质是各向异性的，而多晶体和非晶体是各向同性的，晶体的分子排列是有规则的，而非晶体的分子排列是无规则的解：单晶体的物理性质是各向异性的，而多晶体和非晶体是各向同性的露珠呈球形，是由于表面张力作用的结果点评：加强对基本概念的记忆，基本方法的学习利用，是学好3-3 的基本方法此处高考要求不高，不用做太难的题目11.11.ABD【解析】试题分析：两个导体串联，电流相同故A 正确电流的微观表达式I=nevS，由题 n、e、I 相同，S 不同，则自由电子定向移动的平均速率v不同故 B 正确根据电阻定律可知，细导体的电阻大于粗导体的电阻，由欧姆定律 U=IR 得知，I 相同，则细导体两端的电压U1大于粗导体两端的电压 U2故 C 错误设导体的长度为L，横截面积为 S导体内的电场强度，I、相同，则 E 与 S 成反比，所以细导体内的电场强度大于粗导体内的电场强度故D 正确故选 ABD。考点：电流；电场强度【名师点睛】本题从宏观与微观两个角度考查对电流、电压和导体中电场强度的理解能力主要抓住电流的微观表达式和导体内的电场强度。12.12.ACD【解析】试题分析：根据轨迹的弯曲判断出电荷的受力，通过电场力做功判断电势能的变化，以及根据动能定理，通过电场力做功判断动能的变化粒子从 K 到 L 的过程中，电场力方向与运动方向相反，电场力做负功，A正确；粒子从 L 到 M 的过程中，虚线 a、b、c 代表静电场中的三个等势面，电势能减小，知电场力做正功，B 错误；粒子从 K 到 L 的过程中，电场力做负功，电势能增加，C 正确；粒子从 L 到 M 的过程中，电场力做正功，根据动能定理，动能增加，D 正确13.13.ACD【解析】试题分析：开始时由左手定则判断正离子所受洛伦兹力方向向上（负离子所受洛伦兹力方向向下），则正离子向上板聚集，负离子则向下板聚集，两板间产生了电势差，即金属板变为一电源，且上板为正极下板为负极，所以通过用电器的电流方向从A 到 B，故 A 正确 B 错误；此后的正离子除受到向上的洛伦兹力f 外还受到向下的电场力F，最终两力达到平衡，即最终等离子体将匀速通过磁场区域，因，则，解得，所以电动势 E 与速度 v 及磁场 B 成正比，CD 正确考点：考查了带电粒子在复合场中的运动【名师点睛】正确受力分析和运动过程分析是解决动力学问题的关键，先根据左手定则判断等离子体的正离子（或负离子）所受洛伦兹力的方向，从而知道金属板的电势高低，进一步受力分析结合牛顿第二定律可得出最终等离子体做匀速直线运动，根据洛伦兹力等于电场力即可得出结论14.14.BC【解析】A、导体棒由靠近 ad 边向 bc 边匀速滑动的过程中，产生的感应电动势E=BLv，保持不变，外电路总电阻先增大后减小，由欧姆定律分析得知PQ 中的电流先减小后增大，A 错误；B、PQ 中电流先减小后增大，PQ 两端电压为路端电压，由 U=E-IR，可知 PQ 两端的电压先增大后减小，B 正确；C、导体棒匀速运动，PQ 上外力的功率等于回路的电功率，而回路的总电阻 R总先增大后减小，由，分析得知，PQ 上拉力的功率先减小后增大，C 正确；D、线框作为外电路，总电阻最大值为，线框电阻最小值为，当导体棒向右运动的过程中电路中的总电阻先增大后减小，根据闭合电路的功率的分配关系与外电阻的关系可知，当外电路的电阻值与电源的内电阻相等时外电路消耗的电功率最大，所以在靠近ab、bc 附近有两个位置能使外电路的电阻值与电源的内电阻相等，所以可得线框消耗的电功率先增大后减小再增大再减小D 错误故选 BC【点睛】解答本题关键是清楚线框总电阻如何变化，抓住PQ 位于 ad 中点时线框总电阻最大，分析电压的变化和电流的变化；再根据推论：外电阻等于电源的内阻时电源的输出功率最大，分析功率的变化15.15.AD【解析】试题分析：点电荷的等势面是一系列的同心圆，对于圆，圆弧上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心；找出电荷位置后，根据电势能的变化情况判断电场力做功情况点电荷的等势面是一系列的同心圆，对于圆、圆弧上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心，故场源电荷在MN 的中垂线和 FP 的中垂线的交点上，在 MP 的连线上，如图所示，故A 错误；，线段 PF 是 P、F所在等势面（圆）的一个弦，故B 错误；在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，将正试探电荷从P 点搬运到 N 点，电势能降低，故电场力做正功，故 C 错误；在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，故，故 D 正确16.16.9、12【解析】R1消耗的电功率为：P1=I2R21=3 1W=9W；通过 R2的电流：I2=A=1A；通过电动机的电流：IM=I-I2=（3-1.5）A=2A；电动机消耗的电功率为：PM=IMUM=26W=12W思路分析：开关闭合后，由P1=I2R1求解 R1上消耗的电功率；由干路电流和 R2的电流求出流过电动机的电流，由能量守恒求解电动机消耗的电功率。试题点评：电动机正常工作时的电路非纯电阻电路，机械功率由电功率减去电动机发热功率求解17.17.奥斯特法拉第麦克斯韦赫兹【解析】1820 年，奥斯特发现电流能够产生磁场。1831 年，法拉第发现电磁感应定律。19 世纪 60 年代，麦克斯韦在总结前人研究的基础上，建立了完整的电磁场理论，并预言了电磁波的存在。1888 年，赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在。故答案为：奥斯特法拉第麦克斯韦赫兹18.18.qELcos ELcos【解析】若沿直线 AB 移动该电荷，电场力做的功 W1=qELcos；AB 两点间的电势差点睛：静电场力和重力都是保守力，电场力做功与电荷移动路径无关，只与初末位置有关，静电场和重力场是保守场19.19.正；10；2【解析】试题分析：x=05m 的质点此刻振动的速度方向向上，据波形平移法说明波沿 x 轴正方向传播从图中可得出波长=2m，A=01m这列波的频率是 f=5Hz，所以 v=f=10m/s1s=5T，所以该质点 1s 内通过的路程为20A=200cm=2m。考点：机械波的传播【名师点睛】根据质点的振动方向，由“逆向描波法-逆着波的传播方向，用笔描绘波形，若笔的走向向下则质点的振动方向向下；若笔的走向向上则质点的振动方向向上”来确定波的传播方向同时质点的运动方向不随波迁移。20.20.能 220【解析】根据变压器的原理可知，变压器能改变交流电的电压；根据变压器电压和匝数的关系可知：，则：点睛：此题关键是知道变压器的原理；知道变压器原副线圈的电压和匝数之间的关系：.21.21.(1)描绘小灯泡的 IU 图线所测数据需从零开始，要多取几组数据(2)A D E(3)如下图所示【解析】试题分析：(1)描绘这个灯泡的 IU 图线需要电压从零开始，并且多组实验数据，（2）小灯泡的额定电压为4V，电源提供的电压为6V，所以选用电压表A，小灯泡的额定电流为：=0.5A，故选用电流表 D；由于采用分压式接法时，变阻器的电阻越小越方便调节，所以变阻器应选E；（3）实物图如图所示考点：描绘小灯泡的伏安特性曲线实验【名师点睛】电学实验中，在选择仪表时应根据待测电阻的额定电压和额定电流大小来选择电压表与电流表的量程；当要求电流从零调或变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法，并且全电阻越小时调节越方便22.22.(1)实物电路图（2 分）(2)1.5（1 分）；0.50（1 分）【解析】（1）根据电池的电动势和图中的电流值可选取电流表及电压表；滑动变阻器在本实验中作为限流使用，故应选取若大于内阻的滑动变阻器；（2）用直线将各点相连，注意让各点尽量分布在直线两侧；由图象与纵坐标的交点可求得电动势；图象的斜率表示电池的内电阻解：（1）由图可知，电流小于0.6A，故电流表应选用的量程为0-0.6A；而电池的电动势约为 1.5V，故电压表应选用的量程为 0-3V；为了调节方便并能减小误差，故变阻器应选用R1；电路图如下：（2）根据数据点位置完成U-I 图线，由图可知，电动势为1.5V；图象的斜率为：r=0.50；故答案为：（1）00.6；03；R1；（2）1.5；0.523.23.R3减小或 R1增大【解析】试题分析：根据电阻的串并联关系求出A、B 间电阻 RAB和 B、C间电阻 RBC，在进行比较即可解题。根据电阻的串并联关系可得：，由题意知：原来 A、B 间电阻 RAB等于 B、C 间电阻 RBC，则说明 R1=R3，要使 RABRBC，应增大 R1或减小 R3。点睛：本题主要考查串并联电路电阻的求法，要注意由物理规律得出相应的表达式，属于基础题。24.24.（1）0.2N；（2）J【解析】（1）以 cd 为研究对象：对 ab，速度最大时，合外力为零：(2)根据动能定理：联立解得：ab 棒产生的焦耳热：25.（1）B=0.25 T（2）v0=8 m/s【解析】（1）从乙图（a）可知，小球第二次过最高点时，速度大小为4 m/s，而由乙图(b)可知，此时轨道与球间的弹力为零，故mgqvB=代入数据得：B=0.25 T（2）从乙图(b)可知，小球第一次过最低点时，轨道与球之间弹力为F=0.11 N，根据牛顿第二定律得：Fmgqv0B=代入数据：v0=8 m/s