高考数学经典易错题会诊与高考试题预测13.pdf

经典易错题会诊与2012届高考试题预 测（十三）考 点1 3概率与统计求某事件的概率离散型承受机变量的分存列、期望与方差统计与比赛有关的概率问题以概率与统计为背景的数列题利用期望与方差解决实际问题经典易错题会诊命 题 角 度1求某事件的概率1 .（典型例题I ）从数字1,2,3,4,5中，随机抽取3个数字（允许重复）组成一个三位数，其各位数字之和等于9的概率为（）考场错解基本事件总数为5 3=1 2 5,而各位数字之和等于9的情况有：（1）这三个数字为1,3,5；（2）这三个数字为2,3,4；（3）这三个数字都为3。第（1）种情况有A3 3个，第（2）种情况有A3 3个，第（3）种情况只有1个。.各位数字之各等于9的 概 率 为 也。选1 2 5A 专家把脉 考虑问题不全面，各位数字之和等于9的情况不只三种情况，应该有五种情况，考虑问题的分类情况，应有一个标准，本题应这样来划分：（1）三人数字都不相同；（2）三个数字有两个相同；（3）三个数字都相同。这样就不会出现错解中考虑不全面的错误。对症下药基本事件总数为5 X 5 X 5=1 2 5,而各位数字之和等于9分三类：（1）三个数字都不相同，有（1,3,5）,（2,3,4）；共2 A3 3=1 2个；（2）三个数字有两个相同，有（2,2,5）,（4,4,1）,共2 C、个三位数；（3）三个数字都相同，有（3,3,3）,共1个三位数。二所求概率为超4=里。选D。1 2 5 1 2 52 .（典型例题）甲、乙两人参加一次英语口语考试，已知在备选的1 0道试题中，甲能答对其中的6题，乙能答对其中的8题，规定每次考试都从备选题中随机抽出3题进行测试，至少答对2题才算合格。（1）分别求甲、乙两人考试合格的概率；（2）求甲、乙两人至少有一人考试合格的概率。考场错解(1)由已知从1 0道题中，任选一道，甲答对的概率为|,那么选3道题甲至少答 对2道 相 当 于 三 次 独 立 重 复 试 验 发 生 两 次 或 三 次.甲 合 格 的 概 率 为C3.(2)2.2+C3.(4 3 =1 1 22 5 5 3 5 125 专家把脉相互独立事件的概念理解错误,只有当事件A发生与否对事伯B没有任何影响时,才能说A与B相互独立.而错解中,答对第一题这个事件发生与不发生对“答对第二题”这人事件有影响。所以它们之间不独立。对症下药(1)设甲、乙两人考试合格的事件分别为A、B,那么对于A：基本事件总数为C),而考试合格的可能有:(1)答对2题,共C C%(2)答对3题，共 已。.P(A)=k g C32 14=一 同理 P(5)=一.3 15(2)由(1)知A与B相互独立，甲、乙两人考试均不合格的概率为P ()嗝嗝=(咛。书/甲、乙 两 人 至 少 有 一 人 考 试 合 格 的 概 率 为P=1-P(/1 B)=1-=.45 453 .(典型例题)某人有5把钥匙，其中有1把可以打开房门，但忘记了开门的是哪一把，于是他逐把不重复地试开，那么恰好第三次打开房门的概率是一 _.考场错解基本事件总数为乙=1 2 0,而恰好第三次打开房门的可能为A2 4=1 2,故所求概率 专家把脉在利用等可能事件的概率公式P (A)=时，分子、分母的标准不一致，分母n是将五把钥匙全排列，而分子只考虑前三次，导致错误。正确的想法是：要么分子分母都考虑5次，要么都只考虑前三次，或者干脆都只考虑第三次。对诊下药(方法一)5把钥匙的次序共有A 5 5种等可能结果。第三次打开房门，看作正确的钥匙恰好放在第三的位置，有 机 种，.概率P=4=LA?5(方法二)只考虑前3把的次序，概率P=q_ =g.(方法三)只考虑第3把钥匙，概率P=g.4 .(典型例题)2 0典型例题)甲、乙两人各射击一次，击中目标的概率分别是2和3。假设3 4两人射击中目标，相互之间没有影响；每次射击是否击中目标，相互之间没有影响。(1)求甲射击4次，至 少1次未击中目标的概率；(2)求两人各射击4次，甲恰好击中目标2次且乙恰好击中目标3次的概率；(3)假设某人连续2次未击中目标，则停止射击。问：乙恰好射击5次后，被中止射击的概率是多少？考场错解第(3)问，乙恰好射击5次后，被中止，则乙前3次都击中，4、5次未击中，所求概率为4 4 4 1024 专家把脉乙恰好射击5次后，被中止射击，则4、5次未击中，但前3次不一定全部击中,可能有1次未击中，也可能有2次未击中。对症下药(1)甲射击4次，全部击中的概率为(|)4,则至少1次未击中的概率为1 -6587甲恰好击中目标2次的概率为反守.(1)2乙恰好击中目标3次的概率为可弓)(I)1,A甲恰好击中2次且乙恰好击中3次的概率为丹4)2(孑C/(：)3U3 3 4 4 8(3)依题意，乙恰好射击5次后，被中止射击，则4、5两次一定未击中，前3次若有1次未击中，则一定是1、2两次中的某一次；前3次若有2次未击中，则一定是1、3两次，但此时第4次也未中，那么射击4次后就被停止，.这种情况不可能；前三次都击中也符合题意。所求事件的概率为(-)2.C l.-.(-)2+(-)3l=,考场思维训练1 (典型例题)掷三枚骰子，求所得点数中最大点数是最小点数两倍的概率是()4忖答案：(1,2,6,6).C解析：基本事件总数是：6:而这数点数是最小数点数的两倍包括:2),(2,2,4),(2,3,其中(1,1,2),(1,2,4),(2,4,4),(3,3,6),(3,4,6),(3,(1,1,2),5,6),(3,2),(2,2,4),(2,4,4),(3,3,6),(3,6,6)各包含 种 结 果，共有6 种结果；(2,3,4),(3,4,6),(3,5,6)各包含用种结果，共有3 A潸 中 结 果 所 求 概 率 为 凶 石 迷.,.选 C2(典型例题)同时抛掷3枚均匀硬币16次，则这三枚硬币至少出现一次两个正面一个反而的概率(用式子作答)。答案：解析：事 件A：出现两个正面一个反面的概率为可(：)3 =去则而8 2 8 8事件B:“至少出现一次两个正面个反面”的对立事件后：“没有一次出现两个正面个反面”的概率P(E)=0产所求事件的概率为1-()16.83(典型例题)设棋子在正四面体ABCD的表面从一个顶点向另外三个顶点移动是等可能的,现抛掷骰子根据其点数决定棋子是否移动，若抛出的点数是奇数，则棋子不动；若抛出的点数是偶数，棋子移动到另一顶点，若棋子的初始位置为A,则：(1)投掷2次骰子，棋子才到达顶点B A 的概率；答案：“棋子才到达顶点B”包括两种可能：(1)第 次 掷 出 奇 数，第二次掷出偶数；(2)第一次掷出偶数，第二次掷出偶数.它们的概率分别为PF-X1X1,P2=-!-XX1X-!-.2 2 3 2 3 3 2件的概率为P=PI+Pk上.36(2)投掷次骰子，棋子恰巧在顶点B的概率是多少？答案：设 表示掷n次骰子，棋子恰巧在顶点B的概率，R r 表示掷nT次骰子，棋子恰巧在顶点B的概率，掷 n次骰子，“棋子恰巧在顶点B”包括两种可能：掷n-1次骰子，棋子恰巧在顶点B,第 n次掷出奇数，棋子在B处不动；掷 nT次骰子，棋子不在B,第 n次掷出偶数，棋子从别的顶点移向B.?-.+(1-PH)而RJXL L2 2 3 3 6 2 3 6.P2=2,P3=U 所求事件的概率为：9 54 54专家会诊对于等可能性事件的概率，一定要注意分子分母算法要致，如分母考虑了顺序，则分子也应考虑顺序等；将一个较复杂的事件进行分解时，一定要注意各事件之间是否互斥，还要注意有无考虑全面；有时正面情况较多，应考虑利用公式P (A)=1-P (N)；对 于 A、B 是否独立，应充分利用相互独立的定义，只有A、B 相互独立，才能利用公式P (A B)=P (A)-P(B),还应注意独立与互斥的区别，不要两者混淆。命题角度2离散型随机变量的分布列、期望与方差1.(典型例题)盒子中有大小相同的球1 0 个，其中标号为1 的球3 个，标号为2的球4 个,标号为5的球3 个。第一次从盒子中任取1 个球，放回后第二次再任取1 个球(假设取到每个球的可能性都相同)。记第一次与第二次取得球的标号之和为。(1)求随机变量g的分布列；(2)求随机变量Z的期望。考场错解(1)依题意，;的取值是3,6,7,它们所对应的概率分别为0.2 4,0.1 8,0.2 4,故随机变量；的分布列如下：专家把脉随机变量&的取值不正确，当然随之概率之和不等于1,由于两次可能取到同标号的球，所以承受机变量之的取值应为2,3,4,6,7,1 0。367P0.2 40.1 80.2 4 对症下药(1)由题意可得，随机变量g的取值是2,3,4,6,7,1 0,月 一 P (g =2)=0.3X 0.3=0.0 9,P(；=3)=C 1 2 x O.3 x 0.4=0.2 4,P(&=4)=0.4 x 0.4=0.1 6,P(g=6)=2 x 0.3 x 0.3=0.1 8,P (&=7)2 x 0.4 x 0.3=0.2 4,P (&=1 0)=0.3 x 0.3=0.0 9.故随机变量 g 的分布列如下：234571 0P0.0 90.2 40.1 60.1 80.2 40.0 9(2)随机变量&的数学期望E&=2 X 0.0 9+3 x 0.2 4+4 x 0.1 6+6 x 0.1 8+7 x 0.2 4+1 0 x 0.0 9=5.2.2.(典型例题H)某同学参加科普知识竞赛，需回答三个问题竞赛规则规定：每题回答正确得 100分，回答不正确得TOO分，假设这名同学每题回答正确的概率均为0.8,且各题回答正确与否相互之间没有影响。(1)求这名同学回答这三个问题的总得分&的概率分布和数学期望；(2)求这名同学总得分不为负分(即的概率。考场错解(1)由于这名同学每题回答正确的概率均为0.8,且各题回答正确与否相互之间没有影响，服从二项分布。=100X0.8。专家把脉二项分布的概念理解错误，把 n 次独立重复试验事件A发生的次数作为随机变量，则这个随机变量服从二项分布，而本题中的得分不是这种随机变量，所以不服从二项分布，实际上本题中回答正确的个数服从二项分布。对症下药(1)设这名同学回答正确的个数为随机变量n,则依题意nB(3,0.8),En=2.4,又 8=-300=180.n=0 时，=-300;n=l 时，&=T00;n=2 时，&=100;n=3时，；=300.所以W的分布列如下表所示：g-300-100100300p0.0080.0960.3840.512(2)这名同学总得分不为负分的概率为P(&2 0)=0.384+0.5学=0.986.3.(典型例题)某电器商经过多年经验发现本店每个月售出的电冰箱的台数E是一个随机变量，它的分布列如下：g123 12p111 112121212设每售出一台电冰箱，电器商获利300元，如销售不出而囤积于仓库，则每台每月需花保养费 100元，问电器商月初购进多少台电冰箱才能使自己平均收益最大？考场错解(解 答 1)由题意，&的 期 望 E&=，(1+2+12)=上，由期望的意义知：122电器商月初购进6 台或7 台电冰箱才能使自己平均收益最大。(解答2)设月初购进x 台电冰箱，则获利也是随机变量，取值为300-(x-1)100,600-(x-2)-100,-,300 x,它 们 的 概 率 均 为 工，.获 利 的 期 望 为12.(400-100 3 0 0 x)25 2+.0。2 12 3 x=12时期望最大，月初购进12台电冰箱。专家把脉解 答 1,错把期望当作与实际等同，表示平均能卖百台，不是一定能卖2 2月 台，总之是期望理解错误：解 答 2 中当获利的取值为300 x时，概率也为,是错误的，212错误认为只有x 台,卖出比X大的分数不可能。实际上获利的取值为300 x时，概率应为殳士。12 对症下药设 月 初 进 X 台，则获利n 是一个随机变量取值为3 0 0-(X-1)-100,600-(x-2),100,300 x,共 x 个值，它的分布列如下：n300-(x-1)-100600-(x-2)-100300 xP1121V23-x12E n =(4 0 0 T 0 0 x+8 0 0 T 0 0 x+3 0 0 x-4 0 0)+3 0 0 x生三=-竺(x,T 9 x).当 x=9 或 x=1 012 12 3时，E n 最大，即月平均收益最大。.月初购进9台或1 0 台电冰箱才能使月平均收益最大。4 .(典型例题I )一接等中心有A、B、C、D 四部热线电话，已知某一时刻电话A、B占线的概率为0.5,电话C、D 战线的概率为0.4,各部电话是否占线相互之间没有影响，假设该时刻有8 部电话占线，试求随机变量；的概率分布和它的期望。考场错解由已知得，&的 取 值 为 0,1,2,3,4。且 P (&=0)=0.5 2 x0.6 2=0.0 9,P(,=1)=0.52X0.62+0.52XO.4X0.6=0.1 5,P(g =2)=0.52x0.62+0.52x0.4 x0.6+0.52x0.4=0.2 3,P(g=4)=0.52X0.42=0.0 4,P(W =3)1-0.0 9-0.1 5-0.2 3-0.0 4=0.4 9.Eg=1 x0.1 5+2 x0.2 3+4 x0.0 4+3 x0.4 9=2.4 专家把脉P (g=1),P (&=2),P (&=3)的计算有错误。P (&=1)表示一部电话占线的概率，它有两种情况：(1)A、B当中有一部占线，C、D 都不占线；(2)A、B都不占线，C、D 当中有一部占线，而 对 于(1),A、B当中有部占线应为两次独立重复试验发生一次的概率，&(1)的概率应为C X O.5 2 X 0.6；同理(2)的概率应为 C 2X 0.52X0.4 X 0.6./.P(&=l)=C+xO.52x0 .62+C 2xO.52x0.4 x0,6=0.3.同理可求 P (g =2),P (；=3)。对症下药由题意知之的取值为0,1,2,3,4,它们的概率分别是:P(；=0)=0.52X0.62=0.0 9,P(I=l)=C 2xO.52X0.62+C 2XO.52X0.4X0.6=0.3,P(g=2)=0.52X0.62+20 0.52X0.4X0.6+0.5、0.4=0.3 7,P(&=3)=C 2XO.52X0.4X0.6+C 2XO.52X0.4=0.2,P(&=4)=0.52X0.4=0.0 4。，&的概率分布如下：/.E&=0 X 0.0 9+1 X 0.3+2 X 0.3 7+3 X 0.2+4 X 0.0 4=1.8.01234P0.0 90.30.3 70.20.0 45 .(典型例题)某城市有甲、乙、丙 3个旅游景点，一位客人浏览这三个景点的概率分别为0.4,0.5,0.6,且客人是否浏览哪个景点互不影响，设；表示客人离开该城市时浏览的景点数与没有浏览的景点数之差的绝对值。(1)求&的分布及数学期望；(2)记”函数f(x)=x2-3；x+l,在区间 2,+8 上单调递增”为事件A,求事件A的概率。考 场 错 解 (1)&的 取 值 为 1,3,g=3表示客人浏览了 3 个 景 点，.p(a=3)=0.4 x0.5 x0.6=0.1 2.：.P(&=1)=1-0.1 2=0.8 8,E g=0.3 6+0.8 8=1.2 4.专家把脉 =3 表示的事件应为两个互斥事件,而错解中的M =3 表示一个事件，所以错误,这是很容易出现的错误，所以在做概率分布的题H时，特别应分析随机变量取某个值，对应哪些事件。对症下药(1)客人浏览的景点数的可能取值为0,1,2,3,相应地，客人没有浏览的景点数的可能取值为3,2,1,0,所以己的取值为1,3.P (=3)=0.4 X 0.5 X 0.6+0.6 X0.5 X 0.4=0.2 4,P(，=1)=1-0.2 4,E&=1 X0.7 6+3 X0.2 4=1.4 8.(2)当g =1时，函数f (x)=x-3 x函在区间上单调递增;当=2时,函 数f (x)=x,-9 x函在区间 2,+8 上不单调递增。V P (A)=P (&=1)=0.7 6 o考场思维训练1 .某商店搞促销活动规则如下：木箱内放有5枚白棋子和5枚黑棋子，顾客从中一次性任意取出5枚棋子，如果取出的5枚棋子中恰有5枚白棋子或4枚白棋子或3枚白棋子，则有奖品，奖励办法如下表：如果取出的不是上述三种情况，则顾客需用5 0元购买商品。(1)求获得价值5 0元的商品的概率；取出的棋子奖品5枚白棋子价值5 0元的商品4枚白棋子价值3 0元的商品3枚白棋子价 值1 0元的商品答案：解：(1)依题意，基本事件总数为C由，而取到5枚白棋子的可能只有一种.获得价值5 0元的商品的概率为I 1C f o 2 5 2.(2)求获得奖品的概率;答案：获得奖品有三种情况：摸到5枚白棋子，概率为一；摸到4枚白棋子、1枚黑2 5 2.棋子，概率为球4旦=会;摸 到3枚白棋子，2枚黑棋子，概 率 为*L空，由于互斥,C f o 2 5 2 贫 2 5 2所以获得奖品的概率为P=+W +空42 5 2.2 5 2 2 5 2 2(3)如果顾客所买商品成本价为1 0元，假设有1 0 0 0 0人次参加这项促销活动，同商家可以获得的利润大约是多少(精确到元)。答案：设商家在某顾客处获得的利润为随机变量g ,则3的取值为：-5 0,-3 0,-1 0,4 0,它 们 所 对 应 的 概 率 分 别 为 费果:的分布列如下所示:-5 0-3 0-1 04 0P12 5 212 5 21 0 02 5 22E&=-5 2 x +(-3 0)x +(-1 0)x +4 0 x -2 5 2 2 5 2 2 5 2 2.1 0 0 0 0人参加这项促销活动，则商家可以获得的利润大约为X1 0 0 0 0-1 2 8 5 7 1元.72.A、B两地之间有6条网线并联，它们能通过的信息量分别为：1,1,2,2,3,3,现从中任取三条网线，设可通过的信息量为x,当可通过的信息量x26时，则保证信息畅通。(1)求线路信息畅通的概率；答案：解：(1)线路信息畅通包括三种情况，且它们彼此互斥：x=6;x=7;x=8.由已知 P (x=6)=0 2;G.=2,p*=7）=_ L,p（x=8）=2 =!.线 路 信 息 畅 通 的 概 率cl 5 d 5 cl 1 0(2)求任取三条网线所通过信息量的数学期望。答案：任取三条网线所通过的信息量为随机变量x,且 x的取值为：4,5,6,7,8。它们所 对 应 的 概 率 分 别%普 嗥 号 的 分 布 列 如 下:X45678P1l o 52 5251T o/.E x=4 X +5 X 1+6 X-+7 X 1+8 X =6.1 0 5 5 5 1 0.任取三条网线所通过信息量的数学期望为6。3.袋中放2个白球和3个黑球，每次从中取一个球，直到取到白球为止，若每次取出的球不再放回去，求取球次数的概率分布及数学期望。答案：解：袋中放2个白球和3 个黑球，每次从中取一球，直至取到白球为止，取球次数，的取值为1，2,3,4,它们所对应的概率分别为P (己=1)=2,P (&=2)-x-=-,5 5 4 1 0P （己=3）=2 x-x-=l,P（=4）=-x-x-!-x l =.l i f t，的分布列为:5 4 3 5 543 1 01234P253T o51T o：.El=1 X-+2 X-1+3 X 1+4 X =2.5 1 0 5 1 0专家会诊离散型随机变量的分布列,期望与方差是概率统计的重点内容，对离散型随机变量及分布列，期望与方差的概念的关键。求离散型随机变量的分布列的步骤是：(1)根据问题实际找出随机变量日的所有可能值X i；(2)求出各个取值的概率P (E=x J =B;(3)画表填入相应数字,其中随机变量己的取值很容易出现错误，解题时应认真推敲，对于概率通常利用所有概率之和是否等于1 来进行检验。期望与方差的计算公式尤其是方差的计算公式较为复杂，要在理解的基础上进行记忆。命题角度3统计1.(典型例题)样本总体中有1 0 0 个个体，随机编号为0,1,2,，9 9,依编号顺序平均分 成 1 0 个小组，组号依次为1,2,3,1 0,现用系统抽样方法抽取一个容量为1 0 的样本,规定如果在第一组抽取的号码为m 那么在第k组中抽取的号码个位数字与m+k 的个位数字相同，若 m=6,则在第7 组中抽取的号码是.考场错解由于m=6,k=7,：m+k=1 3,它的个位数字是3,.在经7 组中抽取的号码是73。或这样解答：由于第一组抽取的为6 号，则第二组抽取的为1 6号，第 7 组抽取的为66号。专家把脉答案为7 3 的错因是：第 7 组中个体的号码错误，第 7 组应为61,6 2,69。答案为66 的错因是：死套课本上介绍的方法不管问题实际。对症下药；m=6,k=7,，m+k=1 3,它的个位为3,依题意第7 组的号码为61,62,69第 7 组抽取的号码应为63。2.(典型例题)某校为了了解学生的课外阅读情况，随机调查了 5 0 名学生得到他们在某一天各自课外阅读所用时间的数据，结果用图1 3-1 所示的条形图表示，根据条形图可得这5 0 名学生这 天平均每人的课外阅读时间为()A.0.6 B.0.9C.1.0 D.1.5 考场错解由图可以盾出用时间为0.5的人数最多，.选A。专家把脉对条形图理解错误，实际上条形图应是一个离散型随机变量的期望的问题。对症下药设每人阅读的时间为I，则 g =0,0.5,1.0,1.5,2.0.且 P (&=0)=5,P (;=0.5 )|,P(=1.0)=g，P(&=1,5)=1 ,P(I=2.0)=.E I_n 5 八 20 八 10 10”5 八 八 Ox +0.5x +1 .Ox +1.5x-F 2.0 x =0.9.50 50 50 50 50 这5 0 名学生这一天平均每人的课外阅读时间为0.9 小时。，选 B。3 .(典型例题)若随机变量，、n 都服从正态分布，并且，N(3,2),n=t，则随机变 量 n 的期望是。考场错解,.飞 N (3,2),.,.1 1=3,。?=2,0=72,.,.E&=u=3,又 n=,E n=()=-L (E；-3)=0。J 2 V 2 J 2.n 的期望为o。4 .(典型例题)设随机变量服从正态分布N (0,1),记。(x)=P(W x),则下列结论不正确的是()A.。(0)=12B.(x)=1-B(-x)C.P(!|a)=2 0)D.P(j I|a)=l-(a)(a 0)考场错解由于小(a)可能小于工，即 2 小(a)-1 可能小于0,.选C.2 专家把脉对正态分布不熟悉导致错误，实际上小(a)(0)=1.2 对症下药由洋态函数的图像知；(0)=-,6(x)=l-1(-x),P(|U a)=P(-a*(a)-(-a)=2 6(a)-l,而 P(|g|a)=P(a)+P(&-a)=l-(a)+4 (-a)=1-2 (a).,.不正确的为D o.选D o考场思维训练1某厂生产的零件外径,N (1 0,0.0 4),今从该厂上午生产的零件中各取一件，测得外径分别为9.9c m,9.3 c m,则可认为()A.上午生产情况正常，下午生产情况异常B.上午生产情况异常，下午生产情况正常C.上、下午生产情况均正常D.上、下午生产情况均不正常A 解析:由已知U=10,。=0.2,.,.9.9G (9.4,1 0.6),9.3 (9.4,1 0.6).选 A.2设随机变量己N (u ,。2),且 P (g W c)=P(g Ac),则 c等于A.0 B.6C.-n D.口答案：D解析：由正态分布的知识知：C应为正态函数的对称轴，.=,选 D.3从某社区家庭中按分层抽样的方法，抽 取 1 0 0 户高、中、低收入家庭调查社会购买力的某项指标，若抽出的家庭中有5 6 户中等收入户和1 9户低收入户，已知该社区高收入家庭有1 2 5 户，则 该 社 区 家 庭 总 户 数 为.答案：3.5 0 0 解析：I 分层抽样是按比例抽取，而高收入家庭有1 2 5 户，抽取了 1 0 0-(5 6+1 9)=2 5 户，所以抽取的比例为(，.中等收入家庭有2 80 户，低收入家庭有9 5 户，.该社区家庭总户数为2 80+95+1 2 5=5 0 0.专家会诊对抽样方法，总体分布的估计，正态分布及线性回归近几年高考要求都不高，有的尚未考查，但作为新的知识点，高考也不会完全放弃，所以平时学习应以基础知识为主，重点学习抽样方法，正态分布的基础知识。抽样方法主要是概念的理解，iE 态分布主要是图像的性质。探究开放题预测预 测 角 度 1与比赛有关的概率问题1 .甲、乙两个围棋队各5 名队员按事先排好的顺序进行擂台赛，双 方 1 号队员选赛，负者被淘汰，然后负方的2号队员再与对方的获胜队员再赛，负者又被淘汰，一直这样进行下去，直到有一方队员全被淘汰时，另一方获胜。假设每个队员实力相当，则甲方有4名队员被淘汰且最后占胜乙方的概率是 O 解题思路假设第个被淘汰的队员站在第一个位置，第二个被淘汰的队员站在第二个位置，依此类推，最后获胜队员站在第十个位置，考虑双方队员的位置可得解。解答基本事件总数为：从 1 0 个位置中选5 个位置给甲方队员，剩下5 个给乙方队员，基本事件总数为C5,o,依题意甲方有4名队员被淘汰且最后战胜乙方就是说甲方前4个人应排在前8个位置中的4 个，原因是第9 应是乙方的第5 人，第 1 0 应是甲方的第5 人，.事件包含的可能有C s,且每种可能等可能性。，所求事件的概率为卑=2.2 .某种比赛的规则是5 局 3 胜制，甲、乙两人在比赛中获胜的概率分别是2 和3 3(1)若有3 局中乙以2：1 领先，求乙获胜的概率；(2)若胜一局得2 分，负一局得分，求甲得分;的数学期望。解题思路乙获胜的可能有两种：(1)3：1,乙只需用胜第4场即可；(2)3：2,乙需第4场失败，第 5场获胜，第(2)问先分析&的取值，注意在计算各种情况的得分时要将正分加上负分。解答(1)依题意，前三局乙以2：1 领先，.乙获用的可能有两种：(1)乙在第4局获胜，概率为；(2)乙在第4局失败，在 第 5 局获胜，概率为2 x 1 =2,而这两种情况互斥，3 3 3 9.乙获胜的概率为1+2 =2.3 9 9(2)将甲获胜的场数写在前面，则比赛结果有以下几种：(1)0：3；(2)1：3；(3)2：3；(4)3：0；(5)3：1；(6)3：2(1)中&=-3,(2)中=-1,(3)中，=1,(4)中 =6,)(5)中；=5,(6)中 g =4。&的取值为-3,-1,1,4,5,6。P (=-3)=()3=5P (P (=1)=C 2 4 (|)2.(1)3=A,P (g=4)=C 2 4.g)2.g)3=9,P (；=5)=C 1 3.1.(1)3=A,p (&=6)=(守 嗤.的分布列如下所示:a-3-11456P12721788?16而827827.W3X-L+(-1)x +1 X A+4 X 2 +5 X A+6X27 27 81 81 27 27甲得分&的数学期望为27预测角度2以概率与统计为背景的数列题1.从原点出发的某质点M,按向量a=(0,1)移动的概率为g,按向量b=(0,2)移动的概率 为:，设 M 到 达 点(0,n)的概率为P”求 P.解题思路引进数列 P J,再根据题意，找到递推关系，再 求 P“，注 意 P”的实际意义，M到 达 点(0,n)的 概 率 为 那 么 到 达(0,n-1)的概率为P i。解答依题意，M 到 达 点(0,n)有两种情形：(1)从 点(0,n-1)按向量a=(0,1)移动到点(0,n),由于M 到 达 点(0,n-1)的概率为P.T,按 a=(0,1)移 动 的 概 率 为.这种情形 的 概 率 为(2)从 点(0,n-2)按 向 量 b=(0,2)移动到点(0,n),依(1)同样想法，得这种情形的概率为由于(1 )、(2 )两种情形互斥。?I 1?2 2 17P n=+-Pn_2(n3)./.月 一 耳_1 =一(2 _ 1 一5一2)(之3),又 易 得6 =石,马=yx-+-=J是 以P 2-P产工为首项，为公比的等比数列，于 是PP,r=L .(-1)-2=(-l)n(n9 3 9 3 322).，P=P +(P2-P1)+(P3-P2)+-+(P n-P-i)=|+(-1)2+(-1)3+(-1)2产加-（71（铮.质 点 能 达（0,n）的概率为:+；（_ 5.2.一个口袋中放有若干个球，每 一 球 上 标 有1至n中某一个整数，设 标 有 数k的 球 有k个,现从中任取一球。，为取的球上所标数字，求己的期望与方差。解题思路先 求；的分布列，再利用数列求和的知识求E；和D&。解答依 题 意 袋 中 共 有 球1+2+也 鲁 个。由于标有数字k的 球 有k个，=k）小=高 二&的 分 布 列 如 下 所 示22 M12 k rP2n(n+1)4n(n+1)2kn(n+1)2n t+2kz(+l)n(n 4-1)n(n+1)(+l)i 2 c 4l x-+2 x-2一 (+】)2(l2+22+-+n2)n(n+1)(2 +1)In+1E g 二 n(n+1)6 312 2k 2 2n(n+1)(n +1)-(I3+23+/?)=n(n+1)n(n+i).Q但2（喏）2 二 （丁）22fl+L 2 1/2-(-)=二5 +-2).3 1 o预 测 角 度3利用期望与方差解决实际问题1.四位母亲带 领 自 己 的 孩 子 参 加 电 视 台“我爱妈妈”综艺节目，其中有一环节，先把四位小孩的眼睛蒙上，然后四位母亲分开站，而且站杳不许动、不许出声，最后让蒙上眼睛的小朋友找自己的妈妈，一位母亲的身边只许站一位小朋 友，站对一对后亮起两盏红灯，站错不亮 灯，求所亮灯数的期望 值。解题思路先求灯数的分布列，再求期望。解答 设所亮灯数为则 m的取值为。，2,4,8,且 P =)=等.(g =2)(8=4)=写 ，川4(；=8)_ 1 =1Ai 24亮灯数&的分布列如下:0248p3834124(注意：&不可能等于6,因为有3 人站对后，第 4 人一定站对)。2.某商场根据天气预报来决定节目节日在商场内还有在商场外开展促销活动，统计资料表明，每一年五一节商场内的促销活动可获得经济效益2.5 万元，商场外的促销活动如果不遇害到有雨天可获得经济效益1 2 万元，如果促销活动遇到雨天则带来经济损失5万元，4月3 0 日气象台报五一节当地有雨的概率是4 0%,问商场应该采用哪种促销方式？解题思路计算出商场外的促销活动可获得经济效益的期望值，将这个值与2.5万元比较。解答设五一节商场外促销收益为&(万元)，则依题意，&的分布列如卜：1 2-5p0.60.4A E g=1 2 X 0.6+(-0.4 x 5)=5.2万 元,又 5.2 2,5,.商场应采用在商场外的促销活动。考点高分解题综合训练1 一个盒子里装有相同大小的黑球1 0 个，红 球 1 2 个，白球4个，从中任取两个，其中白球的个数记为g,则下列算式中等于以2以+,当的是()弓A.P (0 g W 2)B.P(g W 1)C.E g D.B 解析：P (；W l)=P (g=0)+P (&=1)=尊 +绛1 =匿以+C-.选 B.C 2 6%C%2 袋中有红、黄、绿色球各1 个，每次任取一球，又放回地抽取三次，球颜色全不相同的概率是()答案：C解析：基本事件总数为33=2 7,而球颜色全不相同的可能有温种，.所求概率为3 在独立重复的射击试验中，某射手击中目标的概率为0.4,则他在射击时击中目标所需要的射击次数的数学期望，方差分别为()A.2.5,4 B.2.5,3.75C.0.2 4,3.75 D.2 5,3 7.5答案：B解析:依题意他射击中目标所需要的射击次数服从几何分布,P=0.4,q=l-P=0.6,E M =2.5,=-%=3.75,.-.选BP 0.4 ,p24 袋中有红球3 个，白球3 个，任抽取一球确认颜色后放入袋中，最多可以取3次，但是取到红球后就不能再取了，若每取一次可以得到1 0 元，那么可得金额的期望值为()A.3 0 元 B.2 0 元C.1 7.5 元 D.1 3.75 元答 案：C 解 析：依 题 意 摸 球 次 数&的 取 值 为 1,2,3 ,且P (g=1)=工乂工=工/=3)=1-工-工=工,；.4 =以工+2 1 +3 乂工=1,二可得金额的期望值为2 2=1 7.52 2 4 244 2 4 44 4元.5 若 g N (2,。与，且 P (2 4)=0.4,则 P(&4)=ll-P(0 I 4)=-!-l-2 P(2 U 4)=1(1-2X0.4)=0.1,2 2 2.填 0.16 甲、乙二人各拿两骰子做抛掷游戏，规则如下：若掷出的点数之和为3的倍数，该掷骰子的人再继续掷；若掷出的点数之和不是3的倍数时，就由对方接着掷，第一次由A掷，若第n次由A掷的概率为P”则 P“=答案：-+-x (-I)-1解析：第 n次由A掷的概率为P,则第n次由B搓的概率为1-P.2 2 3则第n+1次由A掷的可能有两种：(1)第 n次由A 掷，掷出的点数和为3 倍数，第 n+1次由A掷，概率为1 分(2)第 n次 B掷，掷出的点数和不为3的倍数，第 n+1次由A掷，概率为|(1-P.),由于上面两种情况互斥，二P ”=g 2 =_ g 4 +y,A g=_ g(与 P=(勺 乂勺=Pn=-+X(-)，_,.2 2 37 某电路图如图13-2 所示，在某段时间内，开关A、B、C、D 能合(接通)的概率为P,且互不影响，计算这段时间内电灯不亮的概率。答案：解析：先求电灯亮的概率，电灯亮包括以下几种情形：(1)A DB C；(2)ABC万；(3)A B C D.(其中D 表示D 能合，方表示D 不能合)。且三种情形互 斥。P(A DB C)=P(A)-P(D)1-P(B)P(C)=P P(1-P2)P(A B C D)=P(A)-P(B)-P(C)(1-P(D)=P-PP(1-P),P(A B C D)=P ,灯亮的概率为P2+P-P o.灯不亮的概率为1-P 2+P(P 38 美国DB A 总决赛采用七局四胜制，预计2 0 0 6 年比赛，两队实力相当，且每场比赛组织者可获得2 0 0 万美元，问：(1)组织者在本次比赛中获得8 0 0 万美元的概率是多少？答案：依题意，组织者在本次比赛中获利8 0 0 万美元，则比赛结果应是某队以4：0获胜。其概率为P=2 X(；)4=3(2)组织者在本次比赛中获利不低于12 0 0 万美元的概率是多少答案：组织者在本次比赛中获利不低于12 0 0 万美元，则至少打6 场，分两种情况：(1)只打 6场，则比赛结果应是某队以4：2获得胜利，其概率为R=0 玛(孑 1 二;打7 场,2 Z 10则比赛结果应是某队以4：3获得胜利，其概率为P 否或(；)7=尚，山于两种情况互斥，P=P i+P2=-,A获利不低于12 0 0 万美元的概率为2.8 89 已知方程ax、2 bx+c=0 的系数可以随机地取1,2,3,4,5中三个数字(不许重复)，试求方程有实数解的概率。答案：解：由已知基本事件总数为恁=6 0,方程有实数解的充要条件是=比2-4 12 0,即 b2ac,Vac 2,；.2 W b W 5.当 b，4 时，a c W 3 x 5=15,b e ac 总成立，这样的选法有C；A：=2 4 种;当 b=加,a,c在1,3 或1,4 中取值，这样的选法有2 A l =4 种；当 b=3 时，a、c 在 1、2 或 1、4 或 1、5 或 2、4中取值，这样的行选法有4 4 A l =8 种，.方程有实数解的可能有2 4+4+8=3 6种.所求概率为至=26 0 510 一个工人看管三台机床，在一小时内机床不需要工人照顾