【3份试卷合集】东莞市名校2019-2020学年物理高一第二学期期末考试模拟试题.pdf

高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4 分，共 40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9 分）2017年 4 月，我国成功发射的天舟一号货运飞船与天宫二号空间实验室完成了首次交会对接，对接形成的组合体仍沿天宫二号原来的轨道（可视为圆轨道）运行.与天宫二号单独运行时相比，组合体运行的：（）A.周期变大 B.速率变大 C.动能变大 D.向心加速度变大【答案】C【解析】【详解】对于绕地球运行的航天器，地球对它的外有引力提供向心力，则 丝 二ma，由公式可知，半径不变，周期不变，速率不变，向心加速度不变.由于质量增加，所以动能增大，故 C 正确，ABD错误.2.（本题9 分）一船在静水中的速度大小为3 m/s,要渡过宽30 m、水流流速为4 m/s的河流，下列说法中正确的是A.此船不可能垂直河岸到达对岸B.此船不可能渡过河C.船相对于河岸的速度一定是5 m/sD.此船渡河的最短时间是6 s【答案】A【解析】A.由于船速小于水速，所以此船不可能垂直河岸到达对岸，但只要垂直于河岸有速度小船就可以过河，故 A 正确，B 错误；C.当船头方向垂直于河岸过河时，船相对于河岸的速度是5 m/s,当船头方向与河岸不垂直时速度就不是5 m/s，故 C 错；D.当船头垂直于河岸时，过河时间最短，最短为/=型=1 0 5，故 D 错；v 3综上所述本题答案是：A3.据报道，我国目前已经发射了三颗数据中继卫星“天链一号01星”“天链一号02星”“天链一号03星”，它们都是地球同步卫星。这些卫星的成功发射与组网运行，标志着我国第一代中继卫星系统正式建成。这三颗卫星相比，可能不同的是A.它们的质量 B.它们距地面的高度C.它们的周期 D.它们运行的线速度大小【答案】A【解析】根据万有引力提供圆周运动向心力可知，同步卫星的轨道、周期、高度、速率都相同，所以对于三颗同步卫星唯一可能不同的就是卫星的质量，本题选可能不同的，故选A.点睛：此题关键要掌握同步卫星的特点，由周期都与地球自转的周期相同可知：同步卫星定轨道、定周期、定高度、定速率.4.（本题9分）河宽420m,船在静水中速度为4?/s,水流速度是3m/S,则船过河的最短时间为（）A.140sB.105sC.84sD.100s【答案】B【解析】船参与了两个分运动，沿船头指向的分运动和沿水流方向的分运动，渡河时间等于沿船头指向分运动的时间，当船头与河岸垂直时，沿船头方向的分运动的位移最小，故渡河时间最短，因而d 420”?m in =-5=1055,故 B 正确，ACD 错误；匕 4故 选B.【点睛】本题关键是将船的实际运动沿着船头指向和顺着水流方向分解，由于渡河时间等于沿船头指向分运动的时间，故当船头指向垂直河岸时，沿船头方向的分运动的位移最小，小船渡河时间最短.5.（本题9分）关于下列四幅图的说法中，正确的是（）A.图甲中C摆开始振动后，A、B、D三个摆中B摆的振幅最大B.图乙为两列水波产生的干涉图样，这两列水波的频率可以不同C.图丙是波的衍射现象，左图的衍射更明显D.图丁是声波的多普勒效应，该现象说明，当观察者与声源相互靠近时，他听到的声音频率变低了【答案】C【解析】【详解】A.由单摆周期T =2万，金，故摆长越大，周期越大；又 有C摆开始振动后，A、B,D三个摆做受迫振动,故A摆和C摆周期相等，发生共振，振幅最大，故A错误；B.由两波发生稳定干涉现象可得：两波频率相等，故B错误;C.光线通过小孔时，物体边缘会出现光波分散的现象，这种光学现象便称为“衍射。小孔越小，衍射越明显,所以，左图的衍射更明显，故 c 正确；D.多普勒效应是指物体辐射的波长因为光源和观测者的相对运动而产生变化，当观察者与声源相互靠近时，他听到的声音频率变高了，故 D错误。6.（本题9 分）如图所示，两根长度不同的细绳，一端固定于。点，另一端各系一个相同的小铁球，两小球恰好在同一水平面内做匀速圆周运动，则（）A.A球受绳的拉力较大B.它们做圆周运动的角速度不相等C.它们所需的向心力跟轨道半径成反比D.它们做圆周运动的线速度大小相等【答案】A【解析】【分析】【详解】设绳子与竖直方向之间的夹角为。，A.小球在竖直方向上的合力等于零，有mg=F cos 0解得F=Scos 6A球与竖直方向上的夹角大，故 A球受绳子的拉力较大，A 正确;B.根据牛顿第二定律可得mg tan 0=m arl sin 0两球的竖直高度相同，即/COS。相同，则相同，故 B错误；C.向心力等于合外力，即%=mg tan。=m g：n与 r成正比，C错误；D.圆周运动的线速度v=a)l sin 0角速度相同，半径不同，则线速度不等，D错误。故选A。7.如图所示，某人以力F将物体沿斜面向下拉，拉力大小等于摩擦力，则下列说法正确的是（）A.物体做匀速运动B.合力对物体做功等于零C.物体的机械能保持不变D.物体机械能减小【答案】C【解析】【详解】A、对物体受力分析，受重力、拉力、摩擦力和支持力，拉力和摩擦力平衡，故物体加速下滑；故A错误.B、合力沿着斜面向下大小等于重力的分力，合力做正功；故B错误.C、D、拉力和摩擦力平衡，做的功之和为零，支持力不做功，故总功等于重力的功，故机械能总量保持不变；故C正确，D错误.故选C.【点睛】本题关键明确机械能守恒的条件，然后受力分析并结合功能关系判断.8.（本题9分）在下列图像中，描述质点做匀速直线运动的是（）【答案】A【解析】A图中速度随时间不变，即匀速直线运动，A正确；B图中速度随时间均匀增加，匀加速直线运动，B错误；C图中速度随时间均匀减小，匀减速直线运动，C错误；D图中v-t图线的斜率不断增大，表示加速度不断增大的直线运动，D错误；故选A.点睛：本题首先要理解并掌握匀速直线运动速度不变的特点，其次要抓住图象的斜率数学意义来分析物体的运动性质.9.（本题9分）在物理学发展过程中，很多科学家做出了巨大的贡献，下列说法中符合史实的是A.卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力常量。B.开普勒利用他精湛的数学知识经过长期观察计算分析，最后终于发现了万有引力定律。C.伽利略通过观测、分析计算发现了行星的运动规律。D.库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律，并引入了 场”的概念。【答案】A【解析】【详解】A.卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力常量，选 项A正确；B.牛顿利用他精湛的数学知识经过长期观察计算分析，最后终于发现了万有引力定律，选 项B错误。C.开普勒通过观测、分析计算发现了行星的运动规律，选 项C错误。D.库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律，法拉第引入了 场”的概念，选 项D错误。10.（本 题9分）汽车始终以恒定功率运动，它先在水平路面上匀速行驶，某时刻突然驶入了另外一种路面,该路面的阻力比原路面的阻力小，前后两段路面上受到的阻力大小各自恒定，则下列说法正确的是A.汽车将做一段时间的加速度增大的减速运动B.汽车将做一段时间的加速度减小的加速运动C.汽车将做一段时间的加速度增大的加速运动D.汽车将做一段时间的加速度减小的减速运动【答案】B【解析】汽车做匀速运动时受力平衡，即F=f,当进入另一路面时，阻力f i 则汽车做加速运动，速度增加，因功率不变，根 据P=Fv得，F减小，则=二二减小，当F减小到与0相等时，汽车做匀速运动，则汽车将做一段时间的加速度减小的加速运动，故ACD错误，B正确；故 选B。点睛：本题考查分析汽车运动过程的能力，要抓住汽车的功率P=Fv,在功率一定时，牵引力与速度成反比,是相互制约的关系.二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分11.（本题9分）如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r.闭合开关S,增大可变电阻R的阻值后，电压表示数的变化量为A U.在这个过程中，下列判断正确的A.电流表的示数增大B.电压表的示数U 和电流表的示数I 的比值变大C.电容器的带电量减小，减小量小于CAUD.电压表示数变化量AU和电流表示数变化量A I的比值不变【答案】BCD【解析】【详解】A C.闭合开关S,增大可变电阻R 的阻值后，电路中电流减小，电流表示数减小，由欧姆定律分析得知，电阻两端的电压减小，电阻R 两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R i两端的电压减小量小于A U,则电容器的带电量减小，减小量小于C A U.故 A 错误，C 正确。B.由图，号=忆R 增大，则电压表的示数U 和电流表的示数I 的比值变大，故 B 正确。D.根据闭合电路欧姆定律得：U=E-I（R1+r）,由数学知识得知，当=A+r,保持不变，故 D 正确。1 2.（本题9 分）如图甲所示，质量为0.5kg的物体在水平粗糙的地面上受到一水平外力F 作用运动，当物块运动位移9m 时，撤去力F,最后物块停止运动。整个运动过程中外力F 做功和物体克服摩擦力做功与物体位移的关系如图乙所示，重力加速度g 取 10m/s下列分析正确的是（）A.物体与地面之间的动摩擦因数为0.4B.s=9 m 时，物体速度为6m/sC.前 9m运动过程中物体的加速度为3m/s2D.物体运动的位移为13m【答案】AB【解析】【分析】【详解】A.根据W-s图像的斜率表示力，由图乙可求物体受到的摩擦力大小为又摩擦力f=pmg可得摩擦因数卜=0.4,故A正确；B.设s=9m时物体的速度为V,根据动能定理：W-fs=-mv2代入数据可得u=6 m/s,故B正确；C.前9m拉力F=3N,根据牛顿第二定律F-f=ma代入得加速度a=2m/s2,故C错误；D.设物体运动的总位移为X,由乙图知，拉力的总功为2 7 J,根据W=fx可得x=13.5m,故D错误。故选AB。1 3.（本题9分）从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E总等于动能Ek与重力势能Ep之和。取地面为重力势能零点，该物体的E总和Ep随它离开地面的高度h的变化如图所示。重力加速度取lO m/J.由图中数据可 得（）A.从地面至h=4 m,物体重力做功80JB.从地面至h=4 m,物体克服空气阻力做功1OJC.物体的质量为1kgD.h=O时，物体的速率为10m/s【答案】BC【解析】【详解】A.从地面至h=4m,物体重力势能增加了 8 0 J,则物体重力做功-8 0 J,故A项与题意不相符；B.从地面至h=4m,物体的机械能减少1OJ,根据功能关系知，物体克服空气阻力做功1OJ.故B项与题意相符；C.由图知，h=4m时Ep=80J,由Ep=mgh得m=lk g,故C项与题意相符；D.h=O时，Ep=O,E总=100J,则物体的动能为Ek=E e-Ep=100J由n _n n；-0得：0=m/s故D项与题意不相符。14.小宏同学用力把质量为4kg的物体由静止向上提高1 m,物体获得2mls的速度，下列说法正确的是（g取 10m/s2）A.物体动能增加了 8J B.物体重力势能增加了 40JC.人对物体做的功为8J D.合外力对物体做的功为48J【答案】AB【解析】【详解】A.物体动能的增加量1 ,1 ,A,mv=x4x22=8jk 2 2故A正确；B.物体重力势能的增加量=/?=4x10 x1=40 J故B正确；C.人对物体做的功等于物体机械能的增加量，则有：W-mgh+AE*=48 J故C错误；D.根据动能定理可知，合外力对物体做的功等于物体动能的增加量，则有：W=Ek=40J故D错误。1 5.（本题9分）下列物体中，机械能守恒的是（）A.做平抛运动的物体B.被匀速吊起的集装箱C.光滑曲面上自由运动的物体D.物体以。的加速度竖直向上做匀减速运动【答案】AC【解析】【分析】物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹簧的弹力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，即可判断物体是否是机械能守恒。【详解】A 项：平抛运动的物体只受到重力的作用，所以机械能守恒，故 A 正确；B 项：被匀速吊起的集装箱，动能不变，重力势能增大；故机械能增大，故机械能不守恒，故 B 错误；C 项：物体沿光滑曲面上自由下滑，曲面的支持力不做功，只有重力做功，物体的机械能守恒，故 C 正确;D 项：物体以二=3 二的加速度竖直向上做匀减速运动，因 a m2,rir2B.mim2，rir2C.ri=r2D.mi rx=r2实验中，不容易直接测定小球碰撞前后的速度，但是可以通过仅测量_ _ _ _ _ _（填选项前的符号），间接地解决这个问题.A.小球开始释放高度hB.小球抛出点距地面的高度HC.小球做平抛运动的水平位移 图 中。点是小球抛出点在地面上的竖直投影，实验时，先让入射小球多次从斜轨上s位置由静止释放，找到其平均落地点的位置.然后把被碰小球静置于轨道的水平部分末端，再将入射小球从斜轨上s位置由静止释放，多次重复，并找到碰撞后两球落点的平均位置.用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置离o点的距离，即线段OM、OP、O N的长度.入射小球的质量为mi，被碰小球的质量为m 2,若满足关系式_则两球碰撞前后系统动量守恒.【答案】（1）C；C；mi0P=mi0M+m20N；【解析】试题分析：（1）为保证两小球发生对心正碰，要求勺=，为使碰后溶i不反弹，要求搐i 啊；选C；碰后僧1，叫做平抛运动，且落地时间相等，可用水平位移代替小球的水平速度，选C；根据动量守恒，根据的结论，可 得m1OP=m1OM+m2ON；考点：验证动量守恒定律.四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分1 9.（本题9分）如图所示，长木板质量M=3 k g,放置于光滑的水平面上，其左端有一大小可忽略，质量为m=lkg的物块A,右端放着一个质量也为m=l kg的物块B,两物块与木板间的动摩擦因数均为u=0.4,AB之间的距离L=6 m,开始时物块与木板都处于静止状态，现对物块A施加方向水平向右的恒定推力F作用，取g=10m/s1（1）.为使物块A与木板发生相对滑动，F至少为多少？(1).若F=8 N,求物块A 经过多长时间与B 相撞，假如碰撞过程时间极短且没有机械能损失，则碰后瞬间 A、B 的速度分别是多少？【答案】(1)5 N(1)vA-=lm/s vB=8m/s【解析】【分析】【详解】(1)据分析物块A 与木板恰好发生相对滑动时物块B 和木板之间的摩擦力没有达到最大静摩擦力.设物块A与木板恰好发生相对滑动时，拉力为F。，整体的加速度大小为a,贝 IJ：对整体：Fo=(lm+M)a对木板和B：pmg=(m+M)a解之得：F0=5N即为使物块与木板发生相对滑动，恒定拉力至少为5 N；(1)物块的加速度大小为：aA=.一%=4m/s2m木板和B 的加速度大小为：aB=lm/s1设物块滑到木板右端所需时间为t,贝!J：XA*=L1 ,1 ,r即/如 厂一5 即厂=L解之得：t=lsvA=aAt=8m/svB=aBt=lm/sAB发生弹性碰撞则动量守恒：mva+mvB=mva,+mvB,机械能守恒：mva1+-mvB1=-mva,12 2 2 2解得：VA=lm/s vBz=8m/s2 0.(本题9分)如图，AB为倾角6=37。的光滑斜面轨道，8P为竖直光滑圆弧轨道，圆心角为143。、半径R=0.4 m,两轨道相切于8点，P、。两点在同一竖直线上，轻弹资一端固定在A点另一自由端在斜面上C点处，现有一质量加二。.2 kg的小物块(可视为质点)在外力作用下将弹簧缓慢压缩到。点后(不栓接)静止释放，恰能沿轨道到达尸点，已知CO=0.2m、sin370=0.6.cos37=0.8,g取10m/s2.求:14V(1)物块经过p点时的速度大小力；(2)若5 C =L 0 m,弹簧在。点时的弹性势能Ep；(3)为保证物块沿原轨道返回，的长度至少多大.【答案】(1)lm/s(1)31.8J(3)1.0m【解析】【详解】(1)物块恰好能到达最高点P,由重力提供圆周运动的向心力，由牛顿第二定律得：mg=m 上R解得：vp=yfgR=J10 x0.4=2m/s(1)物块从D到P的过程，由机械能守恒定律得：Ep=mg(SDC+SCB)sin37+mgR(l+cos37)+；mvp.代入数据解得：EP=31.8J(3)为保证物块沿原轨道返回，物块滑到与圆弧轨道圆心等高处时速度刚好为零，根据能量守恒定律得:Ep=mg(SDC+SCB)sin37+mgR(l+cos370)解得：ScB=1.0m点睛：本题综合考查了牛顿第二定律、机械能守恒定律的综合，关键是搞清物体运动的物理过程；知道圆周运动向心力的来源，即径向的合力提供向心力.2 1.如图甲所示的电路中，小量程电流表的内阻R g=100C,满偏电流lg=lm A,Rx=1900n,R?=盥n.贝！J：z.(1)当 Si和 Sz均断开时，改装成的是什么表？量程多大？(2)当&和刈均闭合时，改装成的是什么表？量程多大？(3)利用改装后的电压表对图乙的电路进行故障分析.接通S 后，将电压表并联在A、C两点时，电压表有读数；当并联在A、B两点时，电压表读数为零，请写出存在故障的可能情况.【答案】(1)改装为电压表，其量程为。=2丫(2)改装为电流表，其量程为/=1A(3)8 c 段断路或A8段短路或两种情况均存在。【解析】【详解】(1)当 Si、S2均断开时，Rg与 R1串联，改装为电压表，其量程为。乜(4+中解得：U=2 V(2)当 Si、S2均闭合时，Rg与 Rz并联，改装为电流表。其量程为：/=/解得：/=1A(3)接通S 后，将电压表并联在A、C两点时，电压表有读数；说明故障在AC之间；当并联在A、B两点时，电压表读数为零，说明故障的原因可能是BC段断路或AB段短路或两种情况均存在。2 2.(本题9 分)质量为m 的物体，在竖直平面内高h=lm 的光滑圆弧轨道A 点，以速度v=4m/s的初速度沿轨道下滑，并进入BC轨道，如图所示.已知BC短动摩擦因数4=0.4,取 g=1 0 m/s,求B C(1)物体从A 到 B运动过程中，机械能是否守恒?(2)物体滑至B点时的速度VB;(3)物体最后停止在离B点多远的位置上？【答案】(1)守 恒(2)6 m/s(3)4.5m【解析】(1)物体从A到B运动过程中，只有重力做功，则物体的机械能守恒;(2)由A到B段由动能定理得：1 2 1 2mgh=mvB-mv0vB=+说-,2 x1 0 x1 +42 m/s=6m/s；(3)由B到C段由动能定理得：y mvB2=nmgs所以：s=-=4.5m；2g 2x0.4x10点睛：动能定理求解单个物体的运动较为简单，注意合理选择研究过程，全面分析各力的功以及其正负第3问还可以用牛顿第二定律结合运动公式求解.高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9分）如图所示，一理想变压器原线圈匝数吗=5 0 0匝，副线圈匝数%=100匝，原线圈中接一交变电源，交变电电压 =22O0sinlOOR（V）。副线圈中接一电动机，电阻为1 1 C,电流表2示数为1A。电表对电路的影响忽略不计，则（）A.此交流电的频率为100HzB.电压表示数为2 2 0 8 VC.电流表1示数为0.2AD.此电动机输出功率为30W2.下列单位属于国际单位制中基本单位的是（）A.牛顿B.米/秒C.千克D.厘米3.（本题9分）长度为0.5 m的轻质细杆OA,A端有一质量为3 kg的小球，以O点为圆心，在竖直平面内做圆周运动，如图所示，小球通过最高点时的速度为2 m/s,取g=10 m/s 2,则此时轻杆OA将（）A.受到6 N的拉力 B.受到6 N的压力C.受到24 N的拉力 D.受到24 N的压力4.（本题9分）如图，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大圆环上的质量为m的 小 环（可视为质点），从大圆环的最高处由静止滑下，重力加速度为g.当小圆环滑到大圆环的最低点时，大圆环对细杆的拉力大小为：A.5mgB.Mg+4mgC.Mg+5mgD.Mg+lOmg5.（本题9分）两个质量相同的物体放在水平桌面上，与桌面间的动摩擦因数相同，因为水平方向受到的拉力大小不同，A做匀速运动，B做变速运动，则它们受到的滑动摩擦力大小（A.FAFBB.FA=FBC.FAFBD.不能确定6.小球在光滑的水平桌面上以速度v做匀速直线运动，当它受到沿桌面向外的水平力F作用时，如图所示，小球运动的轨迹可能是7.（本题9分）从同一高度以不同的速度同时水平抛出两个质量不同的石子，下面说法正确的是A.速度大的先着地 B.速度小的先着地C.质量大的先着地 D.两石同时着地8.（本题9分）.已知引力常量为G,地球表面重力加速度为g,地球半径为R,则地球质量为（）A.M =gR2 B.M C.M =工 D.M =6 G gR G9.（本题9分）为了估测一深井井口到水面的距离，某同学让一个小石块从井口自由落下，2s后听到石块击水的声音，重力加速度取lOm/s：则井口到水面的距离约为A.5m B.10m C.20m D.45m10.下列4个图中，a、b两点电势相等、电场强度矢量也相等的是（）二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分11.下图中描绘的四种虚线轨迹，可能是人造地球卫星轨道的是（）口1 2.如图为某一机械手表，其分针与时针上的点看作做匀速圆周运动，且分针长度是时针长度的1.5倍.下A.分针与时针的角速度之比是12：1B.分针末端与时针末端的线速度之比是18：1C.分针与时针的周期之比是12：1D.分针末端与时针末端的加速度之比是216：11 3.（本题9分）如图所示，A、B、C、D四图中的小球以及小球所在的左侧斜面完全相同，现从同一高度h处由静止释放小球，使之进入右侧不同的竖直轨道,除去底部一小圆弧，A图中的轨道是一段斜面，其高度小于h；B图中的轨道是一个内径略大于小球直径的管道，其上部为直管，下部为圆弧形，与斜面相连，管的高度大于h；C图中的轨道是一段斜面，高度大于h；D图中的轨道是个半圆形轨道，其直径等于h。如果不计任何摩擦阻力和拐弯处的能量损失，小球进入右侧轨道后能到达h高度的是（）hhB.1 4.（本题9分）如图所示，光滑水平面上放有一-斜面体，斜面体的斜面光滑，质量M =2 k g倾角。=30。、底边长L=3 m.将一质量m=1kg的小滑块从斜面的1端由静止释放.取重力加速度g=10 m/s 2,则下列说法正确的是（）A.滑块下滑过程中滑块和斜面体组成的系统机械能守恒B.滑块下滑过程中滑块和斜面体组成的系统动量守恒C.滑块下滑过程中斜面体向左运动的位移为1mD,块下滑过程中对斜面体的压力为5后N15.（本题9分）如图所示，一小球自A点由静止自由下落到B点时与竖直弹簧接触，到C点时弹簧被压缩到最短，不计弹簧质量和空气阻力，在小球由C TB TA反弹的运动过程中，下列说法正确的是（）O AA.小球、地球和弹簧组成的系统机械能守恒B.小球重力势能的增加量等于弹簧弹性势能的减少量C.小球在B点时动能最大D.在C点，弹性势能最大16.起重机将质量为m的货物沿竖直方向匀加速提起，加速度大小为专，货物上升h的过程中（已知重力加速度为g）,则（）A.货物克服重力做功mgh2B.货物的动能增加了 mghc.合外力对货物做功为;mgh4D.货物的机械能增加了 5 mgh三、实验题:共2小题，每题8分，共16分1 7.利用图装置做“验证机械能守恒定律”的实验.(1)除打点计时器(含纸带、复写纸)、交流电源、铁架台、导线及开关外，在下面的器材中，必须使用的还有。(选填器材前的字母)A.大小合适的铁质重锤 B.体积较大的木质重锤C.刻度尺 D,游 标 卡 尺E.秒表(2)在实验过程中，下 列 实 验 操 作 和 数 据 处 理 正 确 的 是。A.释放重锤前，使纸带保持竖直B.做实验时，先释放重锤，再接通打点计时器的电源C.为测量打点计时器打下某点时重锤的速度V,可测量该点到。点的距离h,再根据公式v=，茄 计 算,其中g应取当地的重力加速度D.用刻度尺测量某点到。点的距离h,利用公式mgh计算重力势能的减少量，其中g应取当地的重力加速度(3)图是实验中得到的一条纸带.在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C,测得它们到起始点0的距离分别为hA、he、he。重锤质量用m表示，已知当地重力加速度为g,打点计时器打点的周期为T。从打下。点到打下B点的过程中，重锤重力势能的变化量|AEp|=,动能的变化量|AEk|=o0 (J ABC(-*-hA-hB-U-h.c-*-(4)某同学在纸带上选取计数点后，测量它们到起始点。的距离h,并计算出打相应计数点时重锤的速度V,通过描绘v?-h图象去研究机械能是否守恒。若实验中重锤所受阻力不可忽略，且阻力大小保持不变，从理论上分析，合理的v2-h图象是下列图中的 O1 8.在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准。待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm。（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图1所示，其读数应为 mm（该值接近多次测量的平均值）。（2）用伏安法测金属丝的电阻Rx。实验所用器材为：电池组（电动势为3 V,内阻约1。）、电流表（内阻约0.1Q）、电压表（内阻约3kQ）、滑动变阻器R（0-2 0 0,额定电流2A）、开关、导线若干。某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下表：次数1234567UN0.100.300.701.001.501.7 02.30/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由右表数据可知，他们测量Rx是采用图2中的.图（选填 甲 或 乙（3）图3是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端。请根据第（2）问所选的电路图，补充完成图3中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏。图3（4）这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图4所示，图中已标出了测量数据对应的4个坐标点。请在图4中标出第2、4、6次测量数据坐标点，并描绘出U T图线，由图线得到金属丝的阻值Rx=O（保留两位有效数字）。2.5201.5100.50UN：O 3X14 J A-H-4:a d i UI J XY:a n.U J A-H-：0 3 I.U JIx:S1I.U J I*U J JX Y：0 3 1.U J JMH-4:o a iJ A-X”.“T，:o a i.u J AJ 4E o iT.U 4 1:o a i.U J I I ：O 3I：y t ii on.U J I-M 4 X：O11：ODI：OJ1：OD1.5 A.O J 1-M4 IY*，r，：OJ I：ODI.4JJX .U J X T，L g tr：O 1I：O JI.U J X .U J I44 4.1/.U J J IY .U J JXTr=5()H z2万故 A 错误;B.原线圈电压有效值为22 0V,故电压表的示数为22 0V,故 B 错误;C.根据电流与匝数成反比知，电流表A i示数为0.2 A,故 C 正确;D.根据电压与匝数成正比知副线圈电压为44Vp2=U2l2=44xlW=44W电动机内阻消耗的功率为 P=I22R=12X11W=11W此电动机输出功率为P a=P2-A P=44-11=33W故 D 错误；故选C。2.C【解析】【详解】国际单位制中的基本单位只有七个：米、秒、千克、安培、摩尔、开尔文、坎德拉。A.导出单位，不符合题意B.导出单位，不符合题意C.基本单位，符合题意D.导出单位，不符合题意3.B【解析】【详解】小球到达最高点时，受重力和杆的弹力，先假设为向下的弹力，由牛顿第二定律v2r+mg=mr解得v2 22F=mmg=3x-30=-6N2代入数据解得：co=屈rad/s(2)在最低点，对重锤根据牛顿第二定律有：r-mg=mRu)2解得：T=Mg+2mg对打夯机有：N=T+Mg=2(M+m)g=2x(50+25)xl0N=1500N,点睛：本题主要考查了竖直面内的圆周运动问题，采用隔离法分析，对重锤，在竖直方向上的合力提供圆周运动的向心力。22.h=2.5R【解析】解：设物块恰好能通过圆形轨道最高点的速度为串，由机械能守恒定律得mgh=；m v2+2 m g R，物块在最高点受到自身的重力G=m g和轨道的压力N,在圆形轨道上运动物体重力与压力的合力提供向心力，有m g=、，物块恰好能通过圆形轨道最高点条件是N =0，由两式得1,2=g R,(4)由两式得，物块初始位置相对于圆形轨道底部的高度为mgR+2mgR 52-=-/?=2.5/?mg 2高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.如图所示，曲线AB为一质点的运动轨迹，某人在曲线上P点做出质点在经过该处时其受力的8个可能方向，正确的是A.8个方向都可能B.只有方向1、2、3、4、5可能C.只有方向1、3可能D.只有方向2、3、4可能2.如图，一个质量为m的刚性圆环套在粗糙的竖直固定细杆上，圆环的直径略大于细杆的直径，圆环的两边与两个完全相同的轻质弹簧的一端相连，轻质弹簧的另一端相连在和圆环同一高度的墙壁上的P、Q两点处，弹簧的劲度系数为k,开始时圆环处于。点，弹簧处于原长状态且原长为I,细杆上的A、B两点到。点的距离都为I,将圆环拉至A点由静止释放，重力加速度为g,对于圆环从A点运动到B点的过程中，下列说法正确的是3A.圆环通过。点的加速度小于gB.圆环与两弹簧组成的系统机械能不守恒C.圆环在。点 的 速 度 为 国D.圆环在B点的速度为23.（本题9分）关于匀速圆周运动，下列说法不正确的是（）A.周期不变 B.频率不变 C,角速度不变 D.线速度不变4.（本题9分）在高处以初速V。水平抛出一石子，当它的速度由水平方向变化到与水平方向夹。角的过程中，石子的水平位移的大小是（）C.二 T H 二D.Zsinl5.（本题9分）如图甲所示，静止在水平地面上的物块A,受到水平拉力的作用，F与时间t的关系如图乙所示.设物块与地面间的最大静摩擦力工皿的大小等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是（）A.0-4时间内物块受到的摩擦力保持不变B.4。时间内物块受到的摩擦力保持不变C.4时刻拉力F的功率一定最大D.4时刻拉力F的功率一定最大6.（本题9分）材料相同的A、B两块滑块质量mAmB，在同一个粗糙的水平面上以相同的初速度运动,则它们的滑行距离XA和XB的关系为（）A.xAxB B.xA=xBC.xA 口 口 匚 45 X 44.8-=-=-=01口1+二；二/二 二 +匚;二 二 一 45x 35.2+5 x 55.68-(3)小球发生弹性碰撞时，被碰小球平抛射程最大，有一？_ _=一，_ _ _+_ -_ _ _代 入0 P,得=-=匚匚=76.80cm口 +18.D【解析】【分析】【详解】试题分析：当橡皮筋伸长量按倍数增加时，功并不简单地按倍数增加，变力功一时无法确切测算.因此我们要设法回避求变力做功的具体数值，可以用一根橡皮筋做功记为W,用两根橡皮筋做功记为2 W,用三根橡皮筋做功记为3W.,从而回避了直接求功的困难，故A正确；小车运动中会受到阻力，使木板适当倾斜，小车阻力补偿的方法是平衡摩擦力，故B正确；本实验中小车先加速后减速，造成纸带上打出的点，两端密、中间疏，说明摩擦力没有平衡，或没有完全平衡，可能是没有使木板倾斜或倾角太小，故C正确；本实验的目的是探究橡皮绳做的功与物体获得速度的关系.这个速度是指橡皮绳做功完毕时的瞬时速度，而不是整个过程的平均速度，故D错误.考点：考查了探究功与速度变化的关系四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分19.(1)1.2s(2)6.2m(3)3.6m【解析】vL如图所示：石子落地时的速度方向和水平线的夹角为60。，则 工=tan60=6匕即：vy=75 vx=73 Vocos 30=9 m/s取竖直向上为正方向，落地时竖直方向的速度向下，则一Vy=Vosin3(F-gt,解得t=1.2s石子在水平方向上做匀速直线运动：x=v0cos 30-t=6x-Lxl.2 m6.2 m2由竖直方向位移公式：h=vosin 30 t gt2=(6x xl.2 xlOxl.22)m=-3.6 m,负号表示落地点比2 2 2抛出点低.点睛：斜抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，对竖直方向进行分析，根据竖直上抛运动规律即可明确运动时间和高度.根据水平速度和时间可求水平射程.20.(1)6mg；(2)2R；(3)2mg【解析】【详解】(1)设小球经过半圆形轨道B点时，轨道给球的作用力为FN在 B 点：FN-mg=m二R由B到C过程，由动能定理得：-2mgR=1/nv在C点，由牛顿第二定律和向心力公式可得:2%mg=m R联立解得：FN=6mg根据牛顿第三定律，小物块经过半圆形轨道B点时对轨道的压力大小：F/=FN=6mg,方向竖直向下。(2)离开C点，小球做平抛运动，贝!J：竖直方向：2R=；gt?水平方向：SAB=vct解得A、B间的水平距离：SAB=2R(3)由A到B运动过程，由动能定理得:1 2(F-mg)SAB=nvB-0代入数据解得：小物块所受水平恒力F=2mg21.(1)2m/s(2)4.29m/s(3)1.38m【解析】(1)由题意，在C处滑块仅在重力作用下做圆周运动，设滑块的质量为m,由牛顿定律:9mg=解得：vc=yfgR=2m/s(2)由几何关系，B C 高度差H为：”=R(l +c os 3 7 )=0.7 2 加1 ,1 ,滑块由B到 C的运动过程中重力做功，机械能守恒，以 B为势能零点：-m v l=m g H+-m v 以=J 2 g”+名带入数据：vB=4.2 9 m/s(3)滑块由A到 B过程，由牛顿定律：w s i n 3 7 f-m aN =m g cos37f =N解得：a =g(s i n 3 7 -c os 3 7 )解得：a=4 m/s2；设 A B 间距为L,由运动公式：vB2=2 a L由几何关系：h=L s i n 3 7 2解得：h=s i n 3 7 =1.3 8/篦2 a2 2.2 s,2 0 m【解析】【详解】7 2 k m/h=2 0 m/sv由丫=2 1 可知，最短刹车时间t=2 sa由 v2=2 a s 可得，最短刹车距离s=2 0 m2a