2021-2022学年浙江省温州市十五校联合体高二（下）期末物理试卷（附答案详解）.pdf

2021-2022学年浙江省温州市十五校联合体高二（下）期末物理试卷1.磁感应强度的单位符号是T,如果用国际单位制基本单位的符号来表示，正确的是（）A.B.A C.W b/m2 D.kg/A-s2）2.2022年北京冬奥会女子自由式滑雪大跳台比赛中，中国选手谷爱凌凭借惊人的“1620”动作勇夺金牌。如图所示是当时比赛的画面，谷爱凌从静止出发，滑行了大约92处至 IJ达跳台时以约78.6km 的速度起跳，在空中完成了“1620”动作，并稳稳地落地。有关下列说法正确的是（）A.裁判对谷爱凌的“1620”动作打分时，谷爱凌可看作质点B.92根是指位移的大小C.78.6/on/i是指瞬时速度的大小D.以谷爱凌为参考系，跳台是静止的3.下列说法正确的是（）A.卢瑟福的核式结构模型认为原子核集中了原子的全部质量和正电荷B.原子核发生 衰变时放出电子说明原子核内有电子C.光的偏振现象说明光是一种纵波D.由爱因斯坦的质能方程可知，原子核的比结合能越大，则原子核的核子平均质量越小4.物理学上很多地方出现“+”号与号，下 列 对 号 理 解 错 误 的 是（）A.某力/做的功W=-2 0/,其“一”号不是表示大小，而表示力做功的性质，即表示该力为阻力B.物体的重力势能与=-1 0 0/,其“-”号表示重力势能方向竖直向下C.某过程物体的动能变化量4以=-5 0/,其“-”号表示物体动能减少D.电场强度E=-200N/C,其号表示电场强度的方向与规定的正方向相反5.关于图，下列说法正确的是（）单位速率间隔的分f数占总分ftl（的百分比-一、W TA.图甲中微粒越大，单位时间内受到液体分子撞击次数越多，布朗运动越明显B.图乙中液晶分子排布有序，因此液晶材料不具备光学各向异性C.图丙中当分子间距离接近无穷大时，分子间作用力可以忽略不计D.图丁中虚线为同一气体温度较高时的速率分布图6.小明同学在拖地时沿拖把杆方向施加一推力F,使拖把在粗糙的地板上向前做匀速直线运动。已知杆与水平面的夹角为。，拖布与地板间的动摩擦因数保持不变，贝U（）A.拖把受到3个力作用B.地面对拖把的支持力与拖把所受重力是一对平衡力C.拖把对地板的压力大于地板对拖把的支持力D.若增大夹角0,使拖把仍做匀速直线运动，需增大推力F7.如图所示，向一个空的铝制饮料罐中插入一根内部粗细均匀透明吸管，接口用蜡密封，在吸管内引入-小段油柱（长度可以忽略），如 果 不 计 大 气 压 的 变 化，这就是一个简易的气温计。当 温度由变为72时，油柱从离接口 5c机处缓慢移到离接口 15“的位置。则下列说法中错误的是（）A.温度72大于温度AB.温度由A变为G的过程，饮料罐内气体的压强变大C.温度由71变为72的过程，饮料罐内气体对外做的功W小于气体向外界吸收的热量。D.若给吸管标上温度刻度值，刻度是均匀的8.如图所示，某水电站发电机的输出功率P=lOOkW,发电机的输出电压a =250E,经变压器升压后向远处输电，在用户端用降压变压器将电压降为=2207已知输电电流/谷=2 5 4两条输电线路总电阻R级=8 0,变压器均视为理想变压器，则（）第2页，共22页A.用户得到电功率为9 5 K WB.升 压 变 压 器 的 匝 数 比n2=4：5C.降压变压器的匝数比%：%=2 0 0：1 1D.发电机的输出的电流人=4 0 49 .工业上我国对产品的质量检测其中一种是采用光学检测玻璃装置的合格性。如图甲所示是货物的运输轨道，图乙是某次对某玻璃装置的质量检测。当光束以垂直玻璃砖底面的方向射入，当光束以与。点连线夹角。射入时，光线恰好在玻璃砖内发生全反射，若玻璃的折射率为2,则t a n 0=（）c2 1 1*2A.四B空1 0 .滑雪是冬奥会的比赛项目之一。如图所示，整个滑雪轨道在同一竖直平面内，高为”的弯曲滑道O A与长直斜滑道A B连接，某运动员从。点由静止滑下，到达A点并水平飞出后落到长直斜滑道上的B点，不计滑动过程中的摩擦和空气阻力，若弯曲滑道O A的高H减半，运动员仍落到斜滑道上，则（）n 26+1 2A.运动员在A点水平飞出的速度大小减半B.运动员在A点飞出后在空中运动的时间减半C.运动员落到斜滑道上的速度大小不变D.运动员落到斜滑道上的速度方向不变1 1 .如图所示，学生练习用头颠球。某一次足球从静止开始下落2 0 c 7小被头竖直顶起，离开头部后上升的最大高度仍为2 0 c m。已知足球与头部的作用时间为0.1 s,足球的质量为0.4 k g,不计空气阻力。下列说法正确的是（）A.头部对足球的平均作用力为足球重力的5倍B.与头部作用过程中，足球动量变化量大小为0C.下落到与头部刚接触时，足球动量大小为1.6kg m/sD.从最高点下落至重新回到最高点的过程中，足球重力的冲量为012.2020年的中国航天让国人振奋不已，也让世界看到了中国力量、中国速度。“北斗三号”最后一颗全球组网卫星成功定点于距离地球3.6万公里的地球同步轨道，其轨道半径约为地球半径的6.6倍，顺利进入长期运行管理模式；长征五号遥四运载火箭飞行了约36分钟就成功将首个火星探测器“天问一号”送入预定轨道。若火星密度是地球密度的0.7倍，则“天问一号”绕火星表面做圆周运动的周期约为（）A.0.2/1 B.1.7h C.4/7 D.12/?13.利用如图甲所示装置可以研究磁铁下落过程中的重力势能与电能之间的相互转化,螺线管的电阻值r=40。，初始时滑动变阻器（最大阻值为400）的滑片位于正中间，打开传感器，将质量为，”的磁铁从螺线管正上方由静止释放，磁铁下端为N 极。磁铁下落中受到的电磁力一直明显小于磁铁重力，且不发生转动，穿过螺线管后掉落到海绵垫上立即静止，释放点（磁铁N 极的下端）到海绵垫的高度为小 电压、电流传感器的示数分别为U、/,计 算 机 屏 幕 上 显 示 出 如 图 乙 所 示 的 图 像，图像中出现两个峰值。下列说法正确的是（）A.磁铁穿过螺线管的过程中，产生第一峰值时线圈中的感应电动势约为0.3VB.在磁铁下降/?的过程中，可估算出机械能转化为电能约为6.2x10-4/C.如果仅将滑动变阻器的滑片从中间向左移动，图像中的两个峰值都会增大D.磁铁下落过程受到的电磁力方向先向上后变为向下14.下列说法正确的是（）用同一装置仅调节单缝宽度得到某单色光的两幅衍射图样，可判定A 的缝宽小于B 的缝宽第4页，共22页B.”与合成后的，一 一,图 中，消声的原理是波的干涉是波的多普勒效应医生用“彩超”技术给病人检查身体的原理15.电子显微镜与光学显微镜相比具有更高的分辨率，其原因是电子比可见光的波动性弱。在电子显微镜中，电子通过“静电透镜”实现会聚或发散。如图所示，某静电透镜区域的等势面为图中虚线，其中M、N 两点电势9M 0N。现有一束正电子经电压U 加速后，从 M 点沿垂直虚线的方向进入“透镜”电场，正电子运动过程中仅受电场力，最终穿过小孔。下列说法正确的是()A.进 入“透镜”电场后正电子可能经过N 点B.从 进 入“透镜”电场至穿过小孔的过程中，电场力对正电子做正功C.加速后的正电子，其物质波波长大于可见光波长D.保持加速电压U 不变，将正电子换成质子，加速后质子的物质波波长小于原正电子的物质波波长16.一列简谐横波沿龙轴传播，在t=0时刻和t=1s时刻的波形分别如图中实线和虚线所示。已知 =0处的质点在01s内运动的路程为3.5cm。下列说法正确的是()A.波沿x 轴负方向传播B.波源振动周期为台C.波的传播速度大小为llm/sD.t=Is时，x=6m处的质点沿y 轴正方向运动17.在“测定金属的电阻率”的实验中，小明同学设计了如图甲所示的电路图来测量金属丝的电阻。(1)用实线代替导线将图乙的实物图连线补完整；(2)实验时，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P 移到最 端(填 左”或“右”);(3)两电表的示数分别如图丙、丁所示(电压表量程。3 U,电流表量程00.64),电压表读数 V,电流表读数 A；(4)若已知被测金属丝的直径和长度分别是d、L测得电压和电流分别是。、/.则该金属材料的电阻率表达式p=。18.(1)在“用单分子油膜法估测分子的大小”的实验中，下列说法正确的是 oA.实验中使用油酸酒精溶液，酒精作用是能使油酸和琲子粉之间形成清晰的边界轮廓B.本实验不考虑油酸分子间的间隙C.将油酸酒精溶液滴入水中后应立即迅速描绘油膜轮廓D 为减小实验误差，应往均匀撒好琲子粉的水盘中多滴几滴油酸酒精溶液(2)小军同学利用如图1所示的装置做“用双缝干涉测量光的波长”实验。在正确的操作下，若想增加从目镜中观察到的条纹数量，则小军同学应_ _ _ _ _(多选)。第6页，共22页图1图24将单缝向双缝靠近B.使用间距更大的双缝C将光源向靠近透镜的方向移动。.将毛玻璃向靠近双缝的方向移动(3)利用图2所示的装置做“探究气体等温变化的规律”的实验，下列说法正确的是(多选)。A.实验过程中应保持被封闭气体的质量和温度不发生变化8.实验中为找到体积与压强的关系，一定要测量空气柱的横截面积C为了减小实验误差，可以在柱塞上涂润滑油，主要是为了减小摩擦D处理数据时采用P-/图像，是因为P-3图像比P-V图像更直观19.人们有时用“打夯”的方式把松散的地面夯实(如图所示)。设某次打夯符合以下模型：两人同时通过绳子对重物各施加一个大小相等的恒力尸，力的方向都与竖直方向成37。，当重物离开地面25c加时两人同时放手停止施力，最后重物自由下落把地面砸深3c7”。已知重物的质量为32依，放手时重物的速度大小为2m/s,sin37。=0.6,cos37=0.8.(1)求放手前重物向上运动加速度的大小及力尸的大小；(2)若将重物落地到把地面砸深的过程看成匀减速运动，求人放手后到重物把地面砸深3cm的过程重物运动的时间。20.小明用如图所示轨道探究滑块的运动规律。足够长的光滑斜轨道倾角为a,斜轨道底端平滑连接长L =0.16的水平轨道，水平轨道左端与半径R=0.2m的光滑半圆形轨道底端B平滑连接。将质量m=0.2kg的滑块(可不计大小)放在斜轨道离底端距离为G处静止释放。已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为=0.4.(1)当a =30。、h =0.4徵时，求滑块到达B点时对半圆轨道压力FN的大小；(2)当a =30。时，为保证滑块运动时不脱离轨道，求的取值范围：(3)为保证滑块离开半圆轨道顶端A后恰好能垂直撞击斜轨道，求ta n a的范围。2 1 .发电机和电动机具有装置上的类似性，源于它们机理上的类似性在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，两根光滑平行的、足够长的金属轨道M N、P Q固定在水平面内，相距为心 电阻为R、质量为，的金属导体棒岫垂直于M N、P Q恰好放在轨道上，与轨道接触良好。轨道的左端点间一条支路上接有电动势为E、内电阻不计的直流电源，另一条支路上仅仅是一段导线，导体棒仍通过滑轮与一根轻绳水平连接着质量也为根的重物。忽略一切阻力、导轨的电阻。(1)当单刀双掷开关s接到位置1,再将重物由静止释放，求棒运动的速度最大值%;(2)在上述过程中，棒 运 动时间f时速度达到以，求这段时间内通过棒的电量4；(3)当单刀双掷开关s接到位置2,重物将被棒牵引着从静止向上运动，求棒运动的2 2 .如图所示，一平行金属极板竖直置于x轴负半轴某一位置，现施加一光照使得“-极板”的电子逸出。在“+极板A B”处有一特殊网罩，它只能够接受速度以最大初动能逸出且速度方向垂直极板的电子。极板A B长度 为2 a,且在极板中心处开有一个长度为的区域，电子只能从该区域水平向右射出。在原点。的正上方有一半径为a的圆形区域磁场，磁感应强度为B,且在三四象限也分布着范围足够宽的磁场，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小可调。若从极板A 8逸出的电子均能够从。点的小孔射出。已知电子的质量为机，电荷量为e.(1)若极板间的电压为U,极板”逸出功为明，普朗克常量为，求圆形区域内磁场的方向及照射光光子的频率V；(2)若第三、四象限磁场的磁感应强度大小也为8,求电子从。点射出后，打在x轴的坐标范围；第8页，共22页(3)若第三、四象限磁感应强度在(8 4-A8)到(B-ZB)之间变化。要完全分辨从y=0.5a与y=a射出的电子经。点后打在x 轴的位置，则4B应小于多少？答案和解析1.【答案】D【解析】解：根据磁感应强度的定义式B=三,结合磁感应强度单位为T,则17=2=ILA m驾 叱=学 近=S2）,故力正确，ABC错误。A-m A J、/故选：D。明确国际单位制中基本单位以及基本物理量，明确国际单位制中，磁感应强度的单位是特斯拉，根据物理学公式分析答题。本题考查了单位制的知识，熟练掌握物理学公式、知道各物理量的单位是正确解题的关键；同时注意明确物理公式同样可以进行物理单位的计算。2.【答案】C【解析】解：A、自由式滑雪肢体动作完成情况是打分时需要关注的重点，故谷爱凌不可看作质点，故A错误；B、92?是指路程，故8错误；C、78.6km/i是指瞬时速度的大小，故C正确；。、以谷爱凌为参考系，跳台是运动的，故。错误；故选：Co物体可以看成质点的条件：如果在研究的问题中，物体的形状、大小及物体上各部分运动的差异是次要或不起作用的因素，就可以把物体看作一个质点。路程是物体运动的轨迹；瞬时速度是某时刻的速度；以谷爱凌为参考系，跳台是运动的。明确物体可以看成质点的条件，知道路程和位移的区别，知道瞬时速度是与时刻相对应的，知道参考系的选择不同，物体的运动状态不同。3.【答案】D【解析】解：A、卢瑟福的核式结构模型认为原子核集中了原子的几乎全部质量（并不是全部质量，一小部分质量在核外电子上）和全部正电荷，故A错误；8、夕衰变时放出的电子是由中子转变为质子时产生的，故8错误；C、光的偏振现象说明光是一种横波，故C错误；D,由爱因斯坦的质能方程可知，原子核的比结合能越大，则原子核的核子平均质量越小，故。正确；故选：I）。原子核集中了原子的几乎全部质量和全部正电荷：6衰变时放出的电子是由中子转变为质子时产生的；第 10页，共 22页光的偏振现象说明光是一种横波；比结合能越大，则原子核的核子平均质量越小。明确0 衰变的概念，知道光的偏振，知道比结合能的概念，知道卢瑟福的核式结构。4.【答案】B【解析】解：人功的正负不表示大小，只是表示力做功的性质，负功表示物体受到的阻力做功，故 A 正确：B、重力势能是标量，只有大小，没有方向，所以正负表示大小，不表示方向，故 8 错误；C、某过程物体的动能变化量4Ek=-5 0 7,其 号 表 示 末 动 能 比 初 动 能 小，即表示物体动能减少，故 C 正确；。、电场强度是矢量，所以E=-200N/C,其号表示电场强度的方向与规定的正方向相反，故。正确。本题选错误的，故选：Bo正负号在物理学中有多种应用，要求知道负号在不同物理量中所表示的意义，结合物理量的性质分析即可。本题考查对不同物理量中正负的意义，要注意在矢量中正负表示方向。5.【答案】C【解析 1 解：A、微粒体积越大，四面八方分子对微粒撞击概率越均等，布朗运动越不明显，故 A 错误；B、液晶具有光学各向异性，故 8 错误：C、分子间距离趋近于无穷大时，分子力趋近于零，分子势能可以忽略不计，理想气体就是属于这种情况，故 C正确；虚线峰值对应横坐标即速率更小，即大量分子处于速率较小的状态，温度更低，故。错误。故选：C。根据布朗运动的规律分析。根据液晶的特性分析。根据分子势能与分子间距的关系分析。根据分子速率分布图分析。该题考查了布朗运动、晶体、分子势能、分子动理论等，知识点多，难度小，关键是记住基础知识。6.【答案】D【解析】解：A、对拖把受力分析如图：八可知拖把受到重力，支持力、摩擦力和推力4个力的作用，故A错误；3、由题意可知，拖把做匀速直线运动，在竖直方向受到重力，支持/力和推力的分力，三力平衡，故地面对拖把的支持力与拖把所受重力4 不是一对平衡力，故B错误；C D,根据拖把做匀速直线运动可知，拖把受力平衡，根据平衡条件 m g v有水平方向：f=Fcose竖直方向：N =G +F s i n O拖把对地板的压力等于地板对拖把的支持力；又滑动摩擦力：f=liN可知若增大夹角氏则s i n。增大，c o s。减小，此时推力F增大，故C错误，。正确。故选：D o通过受力分析，可知拖把的受力情况；结合共点力的平衡条件，可知地面对拖把的支持力与拖把所受重力不是一对平衡力；根据平衡条件可以求出拖把受到的摩擦力及推力和夹角的关系，由夹角变化可以分析推力的变化。本题考查了共点力的平衡，要熟记共点力的平衡条件即合力为零，在正交分解时，则有Fx=0,Fy=Oo7.【答案】B【解析】解：A B,由于油柱受内外气压的作用处于平衡状态，所以在温度变化时，罐内气体做等压变化，压强不变；根据盖-吕萨克定律可知，罐内气体温度越高，体积越大，油柱从离接口 5 c m处缓慢移到离接口 15 c机的位置说明温度升高了，故A正确，B错误；C、温 度 由 变 为 彩的过程，罐内气体温度升高，内能增大；则由热力学第一定律4 U =W+Q可知，饮料罐内气体对外做的功W小于气体向外界吸收的热量，故C正确；D、根据盖-吕萨克定律可知，空气的体积和温度成正比，即 空 色=3=C=g，则有：加=4 7 =?=?4 3其中：。=喏（定值），所以温度的变化量与距离的变C C化量成正比，则吸管上的温度刻度分布均匀，故。正确。本题选错误的，故选：B。明确原理，知道罐内气体做等压变化，根据热力学第一定律分析做功与吸收热量间的关系；根据盖-吕萨克定律进行分析吸管上的温度刻度值的大小、吸管上的温度刻度是否分布均匀。本题主要考查了热力学第一律和盖-吕萨克定律，关键是找出初末状态参量，利用好状第12页，共22页态方程即可。8.【答案】A【解析】解:A、是输电线路上损失的功率为/P =/R线=252 x 8W=5000=SkW,故用户的的电功率线=P-A P =100kW-5kW =95/cIV,故A正确；BD、升 压 变 压 器 原 线 圈 两 端 的 电 流 为=嘤 4=4 0 0 4故原副线圈两端的匝U1 250数之比为也=?=焉=尚，故8力错误；n2/i 400 16C、根据P=4/线可得。2=4000V,输电线路上损失的电压为AU=I线R线=25 x 8U =200V,故降压变压器原线圈两端的电压为g=U2-A U =4000V-200V=38001/故降压变压器怨妇线圈的匝数之比为%=牛=鬻=若，故C错误；n4 1/4 220 11故选：A。根据/P =彳/及求得损失的功率，即可求得用户得到的功率，对于变压器，输入功率等于出功率，根据理想变压器的变流比与变压比分析答题。分析清楚输电过程，根据题意应用电功率公式、欧姆定律与理想变压器的变压比与变流比即可解题。9.【答案】B【解析】解：绘出光路图，如图根据几何关系C+0=9根据全反射临界角公式sine=工n解得tan。=当工故AC。错误，B正确；故选：B。当光束以与。点连线夹角。射入时，光线恰好在玻璃砖内发生全反射，作出光路图，根据全发射条件和折射定律联立可解。本题考查了光的折射和全反射，解题关键是要弄清楚光的传播情况，画出光路图，根据图中几何关系求出折射角或入射角，然后根据折射定律列式求解。10.【答案】D【解析】解：A、根据mgH=g in/可得运动员水平飞出的速度”=/为万，若H加倍，则水平飞出的速度u变为四 倍，故4错误；B、运动员从A点飞出后做平抛运动，则tan。=以=乎，解得t=照”=2隹tan。,Vt 2v g 7 g若H加 倍,则在空中运动的时间f变为近倍，故B错误；CD、运动员落到斜面上的速度方向与水平方向夹角a的正切值是位移方向与水平方向夹角。正切值的2倍，若加倍，则运动员落到斜面上的速度方向不变，其落到斜面上的速度大小“a不变，若”加倍，则运动员落到斜面上的速度大小变为近倍，故cosaC错误，O正确。故选：Do不计滑动过程的摩擦和空气阻力，满足机械能守恒，据此可解运动员在A点水平飞出的速度；运动员落到斜面上，竖直位移与水平位移的比始终等于斜面夹角的正切值可求解其运动时间表达式；知道平抛运动速度方向与水平夹角的正切值始终等于位偏角正切值的2倍，据此分析即可。运动员落到斜面上的空中运动的时间，是一个典型问题，用位移关系解决；。选项中应用的平抛运动速度方向与水平夹角的正切值始终等于竖直位移与水平位移的比的2倍的推论可以作为结论使用。11.【答案】A【解析】解：ABC、下落或上升的高度为h=20cm=0.2m。下落到与头部刚接触时，由。2=2 g/t,可得u=2m/s,则足球动量大小为：Pi=mv=0.4 x 2kg-m/s=0.8kg-m/s,由题意可知，与头部碰撞后，速度反向，大小不变，取向下为正分向，则动量变化量为Ap=mv-mv=(0.8 0.8)kg-m/s=-1.6kg-m/s,由动量定理：=其中/t =0.1 s,即：(mg-F)Zlt=Ap代入数据解得：F=20N=5 m g,故A正确，BC错误；从最高点下落至重新回到最高点的过程中，足球重力的作用时间不为零，冲量不为零，故。错误。故选：Ao由速度-位移公式及竖直上抛运动的对称性求得足球到达头部的速度大小和反弹后的速度大小，对足球应用动量定理求解。本题以学生练习用头颠球为情景载体，考查了动量定理、运动学公式相结合的问题，解决此题的关键是要注意运动的对称性，使用动量定理解题时一定要规定正方向。12.【答案】B第 14页，共 22页【解析】解：根据万有引力提供向心力，有Mm 27r _。铲 二 砌 铲又地球可以看作球体，故有/=兀/?3,根据密度公式可得P明=?三式联立整理可得7。=底，式中G为引力常量，To为卫星绕地球表面做圆周运动的周期。根据开普勒第三定律可得今=g整 理 可 知 方=名 必6.6,代入数据解得7o x 1.4/1火星密度是地球的0.7倍，设“天问一号”绕火星表面做圆周运动的周期为7；,则 =P地联立整理代入数据可得n =1.7九，故AC。错误，B正确。故选：B。根据万有引力提供向心力，结合密度公式和开普勒第三定律得出卫星绕地球表面做圆周运动的周期，结合题意进而得出“天问一号”绕火星表面做圆周运动的周期。在处理天体运动问题时，要注意解题的关键在于：一是万有引力提供向心力；二是万有引力等于物体的重力。13.【答案】B【解析】解：人由U/-t曲线可知，产生第一峰值时滑动变阻器功率为P 滑=0.0045 勿线圈输出功率表达式为PR外根据闭合电路欧姆定律得：E=l(R 内+R 疝解得：E=0.9 K,故A错误；8、根据电功的定义式可得：W=Ult根据图像物理意义可知，图像与横轴围城面积大小等于下落过程中电源的输出电能，由图像可得，在磁铁下降h的过程中机械能转化为电能约为6.2 X IO-，/,故B正确；C、根据闭合电路欧姆定律可知，当外电阻等于内电阻时，电源的输出功率最大，本题中滑动变阻器的最大阻值与内阻相等，因此如果滑片从中间向左移动时，减小滑动变阻器阻值，坐标系中的两个峰值一定都会减小，故C错误；。、根据楞次定律客户自，磁铁下落过程中受到的磁场力方向始终向上，故。错误；故选：B。理解图像的物理意义，结合电功的知识和能量的转化特点完成分析；根据电阻对电源输出功率的影响，结合电阻的大小关系完成分析；根据楞次定律分析出磁铁受到的电磁力方向。本题主要考查了楞次定律的相关应用，理解图像的物理意义和能量的转化特点，结合楞次定律即可完成分析，难度不大。14.【答案】ABC【解析】解：A、根据明显衍射的特点可知，缝的尺寸越小，衍射越明显，所以在丙甲中，用同一装置仅调节单缝宽度得到某单色光的两幅衍射图样，可判定A的缝宽小于B的缝宽，故4正确；8、由题意可知，两束波频率相同，在相遇时可削弱噪声，故此装置利用了干涉原理，故8正确；C、“彩超”技术利用了多普勒效应，这是波源和接受物体相对位置改变而产生的效应，故C正确；D、医院用“CT”检查身体，利用了 X射线穿透本领强的特性，而y射线穿透能力更强，对人体有很大的伤害，故。错误。故选：A B C。根据明显衍射的条件判断；消声器利用了光的干涉原理；彩超利用了多普勒效应；根据X射线穿透本领强的特性判断。本题考查了衍射现象、干涉现象、多普勒效应、X射线的特点及应用等基础知识，要求学生对这部分知识要重视课本，强化理解并记忆。15.【答案】BD【解析】解：4进 入“透 镜”电场后正电子受到的电场力与电场方向相同，由图中等势面可知，正电子应向上穿过小孔，不会经过N点，故A错误；B.正电子从进入“透 镜“电场至穿过小孔的过程中，从电势高的位置运动到电势低的位置，且正电子带正电，故电场力对正电子做正功，故B正确；C.由题意，电子比可见光的波动性弱，即电子的波长小于可见光波长，结合物质波波长表达式hA =P可知加速后的正电子，其物质波波长变小，故加速后的正电子，其物质波波长肯定小于可见光波长，故C错误；D粒子经过加速电场后，由动能定理可得1.qU=2m v第 16页，共 22页解得粒子动量为p=mv=y2qmU粒子的物质波波长为h hA=-=P y/2qmU保持加速电压U 不变，将正电子换成质子，由于质子电荷量与正电子电荷量相等，质子质量大于正电子质量，可知加速后质子的物质波波长小于原正电子的物质波波长，故。正确；故选：BD.由受力分析判断是否经过N 点，由运动轨迹及电势电性判断粒子做功情况，由物质波波长表达式分析波长，由动能定理进一步分析波长。本题考查物质波，学生需灵活运用相关公式，综合解题。16.【答案】AC【解析】解：A、x=0处的质点在。1s的时间内通过的路程为3.5 cm,可知3-T ls T4则波传播的距离为 d 错误；故选：AC.根据题目条件结合图线的特点得出波的传播方向；根据运动学公式得出波源的振动周期和波速；根据同侧法分析出质点的振动方向。本题主要考查了简谐横波的相关应用，理解简谐横波在不同方向上的运动特点，结合运动学公式和传播特点完成分析。17.【答案】左 1.200.50岁【解析】解：(1)根据电路图可知实物连线图如图所示:(2)实验时，闭合开关钱，应将滑动变阻器的滑片P移到最左端；(3)电压表的分度值为0.1 V,需要估读到下一位，则电压表读数为1.2 0 V；电流表的分度值为0.0 2 A,不需要估读，则电流表的读数为0.5 0 4(4)根据欧姆定律可得：R =彳根据电阻定律可得：R =急4联立解得：。=若4/L故答案为：(1)如上图所示;(2)左；(3)1.2 0；0.5 0；(4)嘿(1)根据电路图画出对应的实物连线图；(2)根据电表的读数规则得出对应的示数；(3)根据欧姆定律结合电阻定律得出电阻率的表达式。本题主要考查了金属电阻率的测量，熟悉电学仪器的读数，结合欧姆定律和电阻定律得出电阻率的表达式。1 8.【答案】B B D A D【解析】解：(1)4、实验中使用油酸酒精溶液，酒精作用是稀释油酸，故A错误；8、本实验把分子间距离当做分子直径，则不考虑油酸分子间的间隙，故8正确；C、将油酸酒精溶液滴入水中后，待油膜稳定后，再描绘油膜轮廓，故C错误；。、多滴几滴油酸酒精溶液，油酸可能不会形成单分子油膜，会增大实验误差，故。错误；故选：B o(2)4 C、透镜出来的是平行光，将单缝向靠近双缝方向移动或者将光源靠近透镜方向移动，不影响条纹间距，故A C错误；B、根 据 公 式=可知，使用间距更大的双缝，会使条纹间距变小，则相应位置的条纹增多，故8正确；。、将毛玻璃向靠近双缝的方向移动，则L减小，可知条纹间距减小，则相应位置的条数增加，故。正确；故选：BDo(3)4、本实验探究采用的方法是控制变量法,所以要保持被封闭气体的质量和温度不变,故A正确；8、由于注射器是圆柱形的，横截面积不变，所以只需要测出空气柱的长度即可，故B第 18页，共 22页错误；C、涂润滑油主要是防止漏气，使被封闭气体的质量不发生变化，也可以减小摩擦，故c错误；。、当P与V成反比时，图像是一条过原点的直线，而P U图像是曲线，所以P 行图像更直观，故。正确；故选：ADo故答案为：(1)B；(2)BD；(3)4D根据不同实验的实验原理掌握正确的实验操作，结合选项完成分析。本题主要考查了油膜法测量分子直径的实验，根据不同的实验掌握对应的实验操作即可,难度不大。19.【答案】解：设 放手前重物上升的加速度为a,则a=1=8m/s2根据牛顿第二定律有：2尸cos37。-m g =m a代入数据解得：F=360N(2)放手后到落地过程重物做竖直上抛运动，有1 h=Viti-5g 4代入数据解得：ti=0.5s(负根舍去)设重物落地时的速度大小为功，则有-外=v i-gti解得：v2=3m/s由九2=箕2解得：t2=0.02s人放手后到重物把地面砸深3cm的过程重物运动的时间：t=tj+t2=0.5s+0.02s=0.52s答：(1)放手前重物向上运动加速度a的大小为8m/s2：力下的大小为360N；(2)人放手后到重物把地面砸深3cm的过程重物运动的时间为0.52s。【解析】(1)根据运动学公式得出加速度的大小，结合牛顿第二定律计算出力的大小；(2)根据运动学公式分段计算出运动时间，最后相加即可。本题主要考查了牛顿第二定律的相关应用，熟悉物体的运动特点，结合运动学公式和牛顿第二定律即可完成解答。20.【答案】解：从最开始到3点过程中，根据动能定理有：mgksin30。一=如 诏-0根据牛顿第二定律有FN-巾9=小?由以上各式并代入数据解得：FN=5.2/V根据牛顿第三定律知：滑块到达B 点时对半圆轨道压力的大小FN=F/=5.2N(2)若滑块刚好能滑到与圆心等高的位置，根据动能定理有m(Z,1sin30 /?)imgL2=0解得：L =0.48m若滑块刚好能通过A 点，则有mvmg=根据动能定理有：1m,g(L1sin30 2R)iimgL2-2m vA。国 军 得：L=1.08m因此，为保证滑块运动时不脱离轨道，则5 1.08m或人 ygR由以上各式并代入数据得：tan3a+2tan2a-1 0即：(tana+l)(tanza+tana-1)0而0 a 1.08m或人 安 L【解析】(1)根据动能定理，结合牛顿第二和牛顿第三定律得出滑块对轨道的压力；(2)理解临街条件，结合动能定理和几何关系完成分析；(3)根据平抛运动的特点，结合几何关系完成分析。本题主要考查了动能定理的相关应用，熟选择合适的物体和过程，根据动能定理，同时结合牛顿第二定律和几何关系完成分析。21.【答案】解：(1)对杆向左运动切割磁感线产生的电动势为：%BLv1根据闭合电路欧姆定律得：R对重物和导体棒系统，根据牛顿第二定律得：mg BIL=mapin V-t即：m g-=maR第2 0页，共2 2页当a =0即m g =广时，速度最大解 得 一=鬻(2)对重物取向下为正方向，根据动量定理得：mgt Ft=mv2 0对杆取向左为正方向，根据动量定理得：Ft BlLt-=mv2 0联立解得：q=lt=m 9 tmV2BL(3)对整个电路，根据闭合电路欧姆定律得：E-E2=IR且%=BLV3对重物和导体棒系统，根据牛顿第二定律得：BI L mg=ma!即：B(叫6 L mg=maR当a =0即m g =B 丝 誓L时，速度最大R解得 v,=_.解付%一 BL(Bt)2答：(1)当单刀双掷开关S接到位置1,再将重物由静止释放，棒运动的速度最大值%为?n g R(2)棒外运动时间r时速度达到玲，这段时间内通过棒的电量g为 吟 吧。D L(3)当单刀双掷开关s接到位置2,重物将被棒牵引着从静止向上运动，棒运动的速度的最大值为嘉-浸【解析】(1)对重物和导体棒系统，根据牛顿第二定律列方程，结合导体棒切割磁感线产生的电动势的表达式可求也。(2)分别对重物和对杆列动量定理方程，结合电量的表达式可求棒油运动时间/内通过棒的电量如(3)对重物和导体棒系统，根据牛顿第二定律列方程，结合导体棒切割磁感线产生的电动势的表达式可求。3。本题主要是考查电磁感应现象与动量定理、牛顿第二定律的综合应用，注意应用动量定理解题时要规定正方向。2 2.【答案】解：(1)根据左手定则可知，圆形区域内磁场的方向垂直纸面向里电子在磁场中运动半径R =aV2eBv=m 根据动能定理有e U =1 m v2-Ek根据光电方程有a=h v-W0由以上各式解得：1/=学+也 产2mh h(2)由图得出中心射出的电子击中的X坐标最小，从最上面与最下面射出击中的X坐标最大，运动轨迹如图所示.根据几何关系可得：%m i n=2a%max=-2acos30=V3a故x的坐标范围是-2Q,-(3)当第三、第四象限的磁感应强度为夕，则电子在第三、第四象限磁场中运动半径,mv aBR=D当y=Q射出的电子打在x 轴离0 点最近位置与从y=0.5a射出的电子打在x 轴 离。点最远位置相同，则有2aB y/3aB解得：=(7-4V3)F即：4B应小于(7-4 百 答：(1)圆形区域内磁场的方向为垂直纸面向里，照射光光子的频率为，禁+”叫；(2)电子从。点射出后，打在x 轴的坐标范围为-2 a,-百 甸；(3)4B应小于(7 4旧。【解析】(1)根据左手定则分析出磁场的方向，结合牛顿第二定律和光电效应方程完成分析；(2)画出电子的运动轨迹，根据几何关系得出x 的坐标范围；(3)根据牛顿第二定律结合几何关系完成分析。本题主要考查了带电粒子在磁场中的运动，理解粒子的受力特点，结合牛顿第二定律和几何关系即可完成分析。第 22页，共 22页