辽宁省鞍山市普通高中2022-2023学年高三上学期第一次质量监测物理试卷及答案.pdf

辽宁省鞍山市普通高中2022-2023学年高三上学期第一次质量监测物理试题一、单选题1.一束光从真空进入某介质，如图所示。则下列判断中正确的是（）B.该 介 质 的 折 射 率 是 诉C.a增大到9 0。时，反射光线可能消失D.a减小时，折射光线可能先消失2.甲、乙两辆汽车沿同一平直路面行驶,其v-t图像如图所示，若2 0s末两车并排行驶，下列对汽车运动情况的描述正确的是（）A.占1 0s时，乙车改变运动方向B.六2 0s时甲、乙两车的加速度相等C.片0s时甲车在乙车后方2 5 0m处D.在7=1 0s 2 0s时间内乙车比甲车快3.钻，银白色铁磁性金属，元素符号Co,中国古代就已知并用于陶器釉料：*C o衰变的核反应方程为2 C。-；N i+A,其半衰期为r,C o,垓N i、A的质量分别为mi.rm、机3下列说法正确的是（）A.经过丁的时间，1 0g”C。原子核中有5 g已经发生了衰变B.通过高温可以加速；$C o原子核的衰变C.该核反应中释放的能量为（W 2+mi-ini）c2D.4 是电子，来源于原子核外电子4.如图为仁0 时刻一列沿x 轴正方向传播的简谐横波的完整波形图，波速大小为5m/s,P 质点位于x 轴上且横坐标为10m,Q 质点横坐标为0.5 m,下列说法正确的是A.z=1.8s时。质点速度沿y 轴负方向B.r=1.8s时 Q 质点加速度沿y 轴负方向C.尸质点开始振动的方向沿y 轴负方向D.P 质点开始振动的方向沿x 轴正方向5.一定质量的理想气体从状态4 依次经过状态8、C 和。后又回到状态4。其中C-C-A 为等温过程，该循环过程如图所示，下列说法正确的是（）A.8-C 过程中，气体对外界做功B.B-C 过程中，外界对气体做功C.ATB过程中，1s内撞击Im?器壁的气体分子个数变少D.AB过程中,气体分子的平均动能减小6.某电影虚构了一个天体，其属于半人马a 星系，即半人马a 星系B-4号行星，大小与地球相差无几（半径与地球半径近似相等），若把电影中的虚构视为真实的，地球人登上该星球后发现自己在该星球上所受重力只有在地球上所受重力的!（n D,由此可以判断（）A.该星球上的近地卫星周期是地球的近地卫星周期的9倍B.该星球的自转角速度是地球的17倍C.若在该星球上发射卫星，最小发射速度是地球第一宇宙速度的9倍D.地球人站在该星球上时处于失重状态7.如图，AEFCC区域内有一方向垂直纸面向里、磁感应强度大小为B 的匀强碰场。NA=30。，AE=L,弧 EFC是直径为2L的半圆，在 A 点有一个粒子源，可以沿AO方向发射速度大小不同的带正电的粒子，均打到弧EFC上。已知粒子的比荷均为鼠不计粒子间相互作用及重力，则关于粒子在上述过程中的运动时间可能的是（）2万3Bk6Bk7万SBk2万9Bk二、多选题8.甲、乙两个完全相同的小球在同一高度处，将甲球从静止释放，乙球水平抛出，如图所示。则从开始到两小球落地的过程中，下列判断正确的是（）v甲 o 乙A.落地前瞬间甲球重力的功率等于乙球重力的功率B.落地前瞬间甲球重力的功率比乙球重力的功率小C.上述过程中甲球动量的变化量和乙球动量的变化量相等D.上述过程中甲球动量的变化量比乙球动量的变化量小9.x 轴上各点电势。随 x 变化的关系如图所示，其中N 点的电势为零，ND段中C 点电势最高。则（)A.同一负电荷在C 点的电势能大于在N 点的电势能B.同一负电荷在C 点的电势能小于在N 点的电势能C.N 点的电场强度小于C 点的电场强度D.N 点的电场强度大于C 点的电场强度10.如图甲所示，光滑斜面的倾角为30。，一根轻质弹簧一端固定在斜面底端，另一端与滑块A 相连，滑块B 与 A 靠在一起（不粘连），两滑块的质量均为2?，两滑块静止于 M 点（不计滑块大小）。从零时刻起对滑块B 施加一个恒力F,F 平行于斜面且大小为m g,运动一段距离后A、B 在 N 点分离，分离时B 的 速 度?口，若将装置中两滑块的质量减小为如将两滑块仍然压到M 点由静止释放（其它条件不变），则下列说法正确的是（弹簧始终处于弹性限度内，弹簧的劲度系数为总重力加速度大小为g）（）A.两滑块分离的位置在N 点的上方B.分离时B 的 速 度 为 细2 V k2mC.分离时B 的 速 度 法 产D.过程中B 的机械能一直在增大三、实验题11.在用图1 的装置测当地的重力加速度时，进行了如下操作，完成步骤中的填空:（1）安装器材时.，将 长 木 板 的 右 侧 适 度 垫 高（选填“挂上 或 不挂）砂桶，轻推小车，使小车恰能匀速运动；（2）实验中打出的一条纸带如图2所示。已知打点计时器的频率为5 0 H z,相邻两计数点间还有四个点未画出，则小车的加速度折 m/s 2 保留两位有效数字）；（3）不改变砂及砂桶质量，在小车上增减祛码改变小车的总质量重复步骤（2）,测 得 多 组 数 据 描 绘 出 图 像。已知图线的斜率为左、纵截距为 则当地的重力加速度为。（用物理量的符号表示）1 2.小明现要准确测量一个量程已知的电压表的内阻，器材如下：待测电压表（量程3V,内阻未知）电流表（量程0.6 A,内阻0.0 1。）电池组（电动势为 3V,内阻不计）滑动变阻器变阻箱（0-9 9 9 9。）开关和导线若干小明利用上面所给器材，进行如下实验操作：（1）首先，用多用电表进行粗测，选用X 1 0 0 0 倍率，操作方法正确。若这时刻度盘上的指针位置如图甲所示，则测量的结果是。（结果保留两位有效数字）甲（2）小明开始时设计了如图乙所示的实验电路，你认为该电路使用题目中给定的电流表是否合理（“合理”或“不合理”），原因是p 彳-1 b l|乙 丙（3）用选择的丙电路进行实验，闭 合 电 键 前 宜 将 电 阻 箱 的 电 阻 调 到 （“最大”或“最小”），闭合开关S,调节电阻箱，小明测出电阻箱读数R和电压表读数U,则伏特表内阻为（用电动势E以及电阻箱读数R和电压表读数/表示）。四、解答题1 3.如图所示，在水平面上有两个相距L=lm足够长的平行金属导轨MN、P Q。它们的电阻可忽略不计，在M和P之间接有阻值为/?=0.6Q的定值电阻，与两导轨垂直放置的导体棒必的质量加=0.2kg,电阻尸0.4 C,与导轨接触良好且动摩擦因数=0.1,认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，导 体 棒 外 到 的 距 离 为 户0.5 m,整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化的规律为2=1+01/（T）,现用F=0.1N的、水平向右的拉力作用在棒上。求：（1）开始运动之前 两端的电压U；（2）从匚0时刻开始经过多长时间导体棒开始运动。1 4 .如图所示，4B为半径R=l m 的四分之一光滑绝缘竖直圆弧轨道，在四分之一圆弧区域内存在着E=lx l()6 v/m的竖直向上的匀强电场，一质量机=lkg、带电荷量g=+1.2 x lO-5 c 的物体(视为质点)从A 点的正上方距离A 点 H=l m 处由静止开始下落(不计空气阻力)，B C 段为长乙=3.0 m、与物体间动摩擦因数=0.2 5 的粗糙绝缘水平面，段为倾角Q 4 5。且最高点C与地面D E 距离/0.8 m的斜面。(g=1 0 m/s2),(1)试通过计算说明物体能否通过B点；(2)求物体从C点射出后的落点离C点的水平距离(不讨论物体反弹以后的情况)。1 5 .如图所示，水平面上放置长为L=4 m 的长木板A 和滑块C,滑块B置于A 的左端，二者间的动摩擦因数/=0.1,A、C与地面间的动摩擦因数相同，均为 2=0.3,A、B和 C质量分别为 M=2 k g,用 p=lkg,z n c-lkg o 开始时A、B静止，C以vo=9m/s 的速度与A 发生弹性碰撞，重力加速度g=1 0 m/s 2,求：(1)A 与 C发生碰撞后的瞬间A、B的加速度；(2)A、C碰 后 1 s 时，A 与 C的距离；(3)从 A、C碰后到C停止的过程中，B相对于A 的位移。贪 参考答案:1.B【详解】A B.该介质的折射率是sin(90-a)cos an=-=-sin(90-/3)cos p选项A 错误，B 正确；c.a 增大到90。时，入射光与界面垂直，此时反射光线不可能消失，选项C 错误；D.因光线由光疏介质射向光密介质，则不可能发生全反射，即 a 减小时，折射光线不可能先消失，选 项 D 错误。故选B。2.C【详解】A.因 20s内乙车的速度一直为正，可知片10s时，乙车没有改变运动方向，选项A 错误；B.图像的斜率等于加速度，可知片20s时甲、乙两车的加速度不相等，选 项 B 错误；C.在 20s内，甲车的位移x 行20 x20m=400m乙车的位移x,=x 10 x10m+xl0 x20m=l 50m乙 2 2因 20s末两车并排行驶，则占0 s时甲车在乙车后方250m处，选项C 正确；D.在 U10s20s时间内乙车比甲车运动的慢，选项D 错误。故选C。3.A【详解】A.根据半衰期的定义可知，经过的时间，10g$Co原子核还剩下的质量为zn=10g x=10gx1=5g故有5 g 已经发生了衰变，故 A 正确；B.元素的半衰期是由放射性元素本身决定的，与原子所处的物理状态和化学状态无关,故 B 错误；C.根据质能方程可知核反应中释放的能量为故 C 错误；D.根据质量数和核电荷数守恒，可知A 为电子，它是原子核内的一个中子转变为质子时产生的，故 D 错误。答案第1 页，共 9 页故选A o4.B【详解】A B,依题意知I,该波沿不轴正方向传播，根据“逆向波形法”可知D时刻,质 点。沿y轴正方向运动。质点的周期为A 4T=s =O.8 sv 5r=1.8 s时，质点。已振动质 点。在2 T 2；T时间内，由图示位置向上运动，在f =2；T时，质点Q在x轴 上 方（未到达波峰），故z=1.8 s时、质点。速度沿y轴正方向。由于质点加速度方向指向平衡位置，可知片1.8 s时，。质点加速度沿v轴负方向，故A错误，B正确；CD.由图可知，7=0时刻，x轴上横坐标为4 m的质点，在左侧相邻质点的带动下向上运动，可知此质点的起振方向沿y轴正方向，由于介质中每个质点的起振方向均与波源相同（即每个质点的起振方向相同），可知尸质点开始振动的方向沿y轴正方向，故CD错误。故选B o5.C【详解】A B.B-C过程中，气体的体积不变，则气体不对外界做功，外界也不对气体做功，选项A B错误；C D.A-B过程中，气体压强不变，温度升高，气体分子的平均动能变大，分子对器壁的碰撞力变大，但是气体体积变大，分子数密度减小，则1 s内撞击I n?器壁的气体分子个数变少，选项C正确，D错误；故选C。6.C【详解】C.根据星球表面物体所受的万有引力等于重力，有解得根据星球的半径跟地球半径相近，由人所受重力是在地球上的!可知，该星球表面的重力n加速度是地球表面重力加速度的L,在该星球上卫星最小发射速度即为该星球的第一宇宙n速度，而第一宇宙速度是匕=病答案第2页，共9页所以该星球的第一宇宙速度是地球的、口，故 c 正确；V nA.近地卫星速度即为第一宇宙速度，则近地卫星周期7=出=2邛该星球表面的重力加速度是地球表面重力加速度的工，则近地卫星周期是地球的近地卫星n周期的6倍，故 A 错误；B.根据已知信息，无法判断星球自转角速度，故 B 错误；D.人站在该星球上时静止不动，处于平衡状态，故 D 错误。故选C。7.B【详解】粒子在磁场中转动周期打到AE界面时，转动角度最小，-2711n 2 左1=-=qB Bk运动时间最短，根据几何关系，转动角度为6=6()。最短时间为600 丁 7 1A -1 一1 3600 3Bk设圆弧上存在一点B,轨迹圆心与B 连线恰与圆弧相切，则从B 点射出的粒子转动角度最大，运动时间最大，根据几何关系，转动角度为故选B。夕=120。最长时间为120 2兀2 3600 3Bk故运动时间范围为冗 2万荻 荻8.A C【详解】A B.两球竖直方向均做自由落体运动，落地时，竖直方向速度相同，根据重力功率则落地前瞬间甲球重力的功率等于乙球重力的功率，故 A 正确，B 错误;P=fngvy答案第3 页，共 9 页C D.根据动量定理即=mgt两球重力相同，运动时间相同，则动量的变化量相等，故 c 正确，D 错误。故选ACo9.B D【详解】A B.负电荷在电势高处电势能小，则同一负电荷在C 点的电势能小于在N点的电势能，故 A 错误，B 正确；C D.夕随x 变化图像斜率表示场强，由图知，N 点的电场强度大于C 点的电场强度，故 C错误，D 正确。故选BD。10.B D【详解】A.第一次分离时，A B的加速度和速度均相同，此时B 的加速度为F-2mg sin 30-=02m则 A 的加速度也为零，说明弹簧弹力耳=2/ng sin 30=mg第二次分离时，A B的加速度和速度均相同，此时B 的加速度为了 一 sin 30。1-二7 gm 2对 A,根据牛顿第二定律F2-mg sin 30=解得F2=mS说明此时分离点仍然是N 点，故 A 错误；B C.初始静止时4mg sin 30=kx解得题k第一次分离时，弹簧形变量鼠 整1 k k弹簧弹性势能减小量答案第4 页，共 9 页第二次分离时，分离点与第一次相同，则弹簧弹性势能减小量不变，拉力做功不变，重力 Ep-2 氏5 再)-2k重力势能增加量2加2女2AEQ=4mg(x0-x j sin 30=-k拉力做功u,、FmgW=F(XQ%)=K根据能量守恒19AEp+W AEG=x 4/nv解得2 2k势能增加量为m2AEG 1=2mg(xQ-x j sin 30=根据能量守恒1,AP+W-AEG=-X 2mva解得V故B正 确，C错误;D.过程中，除重力外，有 拉 力 和A的 支 持 力 对B做正功，故B的机械能一直增大，故D正确。故 选BD。1L不挂64 详解】为 平 衡 摩 擦 力，应将长木板的右侧适度垫高，不挂 砂 桶，轻推小车，使小车恰能匀速运动。(2)2 相邻两计数点间还有四个点未画出，相邻两计数点时间间隔为T=0.02 x5s=0.1s由逐差法可得12.37-4.91-4.914x0.1x 10 2 m/s2 0.64 m/s答 案 第5页，共9页(3)3根据牛顿第二定律mg-(M+fh)a整理得1 1 1=-Md-a mg g故1g=z12.3.0 x18 不 合 理 电 路 中 电 流 过 小，导致电流表读数不准确(表述正确即可)最大 瓷7【详解】(1)由图读出E-U30X1000Q=3.0X104Q(2)23不合理，因为电压表内阻很大，电源电动势较低，则电路中电流过小，导致电流表读数不准确；(3)4为保护电路，闭合电键前宜将电阻箱的电阻调到最大；5电路总电流ER+R、根据欧姆定律联立解得U =IRv13.(1)0.03V；(2)50s【详解】(1)根据法拉第电磁感应定律，回路电动势L BLxE-=-X Ar由题意可知=0.1T/sAr解得 =0.05 V根据闭合电路欧姆定律E =U +Ir=I(R+r)解得答案第6 页，共 9 页(7 =0.0 3 V(2)刚要滑动时F+jumg=BIL解得8 =6 T代入B=l+0.1 f(T),可得r =5 0 s1 4.(1)能；(2)0.2 m【详解】(1)假设物体能通过8点，由mg(H+/?)-EqR=解得vB=4 m/s由Eq-mg=m可得过B点的最小速度v,=V2 m/s因力匕，可知，物体能通过B 点。(2)由B到C由动能定理71 2 1 2-mgL=-m vc-m vB可得过C点的物体的速度v c=l m/s假设物体下落方，由.1 .2h=Qg 厂可得下落的时间r=o.4 s由x-vcf可得水平位移答案第7页，共9页x-0.4 m由题可知斜面底边的水平距离s =ta n 夕=0.8 m可知物体打到斜面上ta n =xx=vct1 2y.g 广可得Z=0.2 sx=0.2 m1 5.(1)5 m/s2,l m/s2；(2)2 m；(3)3m【详解】(1)对 A,根据牛顿第二定律+2(7 A+“B)g =解得A=5 m/s2对 B,根据牛顿第二定律mBg=mBab解得%=l m/s2(2)AC碰撞过程，根据动量守恒和能量守恒有?c%=牝 匕+%匕-1 ,7?cvo2 =-1 cV2 1 2c+-/nAvA解得vc=-3 m/svA=6 m/s碰 后 I s 时，假设B未从A上滑下，A的速度V)=VA=1 血S答案第8页，共 9页B的速度v2=at=Im/sB的位移XB=gB 产=0.5mA的位移1 2 c u4=一万%=3.5m则A B之间相对位移为3 m,说明B未从A上滑下。此时对C,根据牛顿第二定律可得ac=%g=3m/s2xc=ac(2=L5m则A与C的距离s=xA xc=2m(3)C停止用时由以上分析可知，碰 后Is时，A B共速，B相对于A的位移Ax=%A-xB=3m【点睛】答案第9页，共9页