江苏省南通市高级中学2022-2023学年高三第一次调研测试物理试卷含解析.doc

2023年高考物理模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在光滑绝缘水平面上有A、B两个带正电的小球，。开始时B球静止，A球以初速度v水平向右运动，在相互作用的过程中A、B始终沿同一直线运动，以初速度v的方向为正方向，则（ ）AA、B的动量变化量相同BA、B组成的系统总动量守恒CA、B的动量变化率相同DA、B组成的系统机械能守恒2、下列说法正确的是（）A氢原子从能级3跃迁到能级2辐射出的光子的波长小于从能级2跃迁到能级1辐射出的光光子的波长B结合能越大，原子核结构一定越稳定C根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能增大，核外电子的运动动能减小D原子核发生衰变生成的新核原子序数增加3、2019年8月，“法国哪吒”扎帕塔身背燃料包，脚踩由5个小型涡轮喷气发动机驱动的“飞板”，仅用22分钟就飞越了英吉利海峡35公里的海面。已知扎帕塔（及装备）的总质量为120kg，设发动机启动后将气流以6000m/s的恒定速度从喷口向下喷出，则当扎帕塔（及装备）悬浮在空中静止时，发动机每秒喷出气体的质量为（不考虚喷气对总质量的影响，取g=10m/s2）（）A0.02kgB0.20kgC0.50kgD5.00kg4、如图所示，弹簧振子在a、b两点间做简谐振动当振子从平衡位置O向a运动过程中A加速度和速度均不断减小B加速度和速度均不断增大C加速度不断增大，速度不断减小D加速度不断减小，速度不断增大5、如图，装备了“全力自动刹车”安全系统的汽车，当车速v满足3.6km/hv36km/h、且与前方行人之间的距离接近安全距离时，如果司机未采取制动措施，系统就会立即启动“全力自动刹车”，使汽车避免与行人相撞。若该车在不同路况下“全力自动刹车”的加速度取值范围是46m/s2，则该系统设置的安全距离约为（）A0.08mB1.25mC8.33 mD12.5m6、如图，理想变压器原、副线圈匝数之比为1：2，原线圈与固定电阻R1串联后，接入输出电压有效值恒定的正弦交流电源。副线圈电路中负载电阻为可变电阻 R2，A、V是理想电表。当R2=2R1 时，电流表的读数为1A，电压表的读数为4V，则（ ）A电源输出电压为8VB电源输出功率为4WC当R2=8时，变压器输出功率最大D当R2=8时，电压表的读数为3V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，滑块沿倾角为的光滑固定斜面运动，某段时间内，与斜面平行的恒力作用在滑块上，滑块的机械能E随时间t变化的图线如图乙所示，其中0t1、t2时刻以后的图线均平行于t轴，t1-t2的图线是一条倾斜线段，则下列说法正确的是At=0时刻，滑块运动方向一定沿斜面向上Bt1时刻，滑块运动方向一定沿斜面向下Ct1t2时间内，滑块的动能减小Dt2t3时间内，滑块的加速度为gsin8、如图所示为平行于轴的静电场电势随变化的图象。电子只受电场力，自位置静止释放，到达O点时的动能为，已知电子电量为e，质量为m，则下列分析正确的是（ ）A电子在处速度为B电子在处加速度为C电子将沿轴做往复运动，周期D电子在处动能与电势能之和为9、如图所示，光滑轻质细杆AB、BC处在同一竖直平面内，A、C处用铰链铰于水平地面上，B处用铰链连接，AB杆竖直，BC杆与水平面夹角为37°。一个质量为3.2kg的小球（可视为质点）穿在BC杆上，现对小球施加一个水平向左的恒力F使其静止在BC杆中点处（不计一切摩擦，取g=10m/s2）。则AF的大小为40NB小球对BC杆的作用力大小为40NCAB杆对BC杆的作用力大小为25ND地面对BC杆的作用力大小为25N10、下列说法正确的是_A同种物质在不同条件下所生成的晶体的微粒都按相同的规律排列B热量不能自发地从低温物体传到高温物体C因为布朗运动的激烈程度跟温度有关，所以布朗运动叫分子热运动D知道阿伏伽德罗常数，气体的摩尔质量和密度，可以估算出该气体中分子间的平均距离E.当水面上方的水蒸气达到饱和状态时，水中还会有水分子飞出水面三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学要测量一个未知电阻Rx的阻值，实验过程如下：（1）先用多用电表粗测电阻Rx的阻值，将多用电表功能选择开关置于“×1k”挡，调零后经测量，指针位置如图所示，电阻Rx的阻值为_k。（2）为了尽可能精确测量其内阻，除了Rx，开关S、导线外，还有下列器材供选用：A电压表V1（量程01V，内阻约3k）B电压表V2（量程010V，内阻约100 k）C电流表A1（量程0250A，内阻）D电流表A2（量程00.6A，内阻约0.125）E滑动变阻器R0（阻值范围010，额定电流2A）F定值电阻R1（阻值R1=400）G电源E（电动势12V，额定电流2A，内阻不计）电压表选用_，电流表选用_（填写器材的名称）请选用合适的器材，在方框中画出实验电路图，标出所选器材的符号。（_）待测Rx阻值的表达式为Rx=_。（可能用到的数据：电压表V1、V2示数分别为U1、U2；电流表A1、A2的示数分别为I1、I2）12（12分）某实验小组要测量两节干电池组的电动势和内阻，实验室有下列器材：A灵敏电流计G（05mA，内阻约为60）B电压表V（03V，内阻约为10k）C电阻箱R1（0999.9）D滑动变阻器R2（0100，1.5A）E旧电池2节F开关、导线若干(1)由于灵敏电流计的量程太小，需扩大灵敏电流计的量程。测量灵敏电流计的内阻的电路如图甲所示，调节R2的阻值和电阻箱使得电压表示数为2.00V，灵敏电流计示数为4.00mA，此时电阻箱接入电路的电阻为10，则灵敏电流计内阻为_；（保留1位小数）(2)为将灵敏电流计的量程扩大为60mA，该实验小组将电阻箱与灵敏电流计并联，则应将电阻箱R1的阻值调为_；（保留3位有效数字）；(3)把扩大量程后的电流表接入如图乙所示的电路，根据测得的数据作出UIG（IG为灵敏电流计的示数）图象如图丙所示，则该干电池组的电动势E=_V；内阻r=_（保留3位有效数字）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）质量为M的滑块由水平轨道和竖直平面内的四分之一光滑圆弧轨道组成，放在光滑的水平面上质量为m的物块从圆弧轨道的最高点由静止开始滑下，以速度v从滑块的水平轨道的左端滑出，如图所示已知M:m=3:1，物块与水平轨道之间的动摩擦因数为µ，圆弧轨道的半径为R （1）求物块从轨道左端滑出时，滑块M的速度的大小和方向；（2）求水平轨道的长度；（3）若滑块静止在水平面上，物块从左端冲上滑块，要使物块m不会越过滑块，求物块冲上滑块的初速度应满足的条件14（16分）实验室内有一容积为的储气罐，里面充有压强为的空气（可视为理想气体），现用该储气罐给原来气体压强为的篮球充气，使篮球内气体的压强达到。已知每个篮球的体积为。不考虑温度变化及篮球体积的变化。（1）求给两个篮球充气后，储气罐中气体的压强大小?（2）该储气罐最多能给几个这种篮球充足气？15（12分）将电容器的极板水平放置分别连接在如图所示的电路上，改变滑动变阻器滑片的位置可调整电容器两极板间电压。极板下方三角形ABC区域存在垂直纸面向里的匀强磁场，其中B=、C=，底边AB平行于极板，长度为L，磁感应强度大小为B。一粒子源O位于平行板电容器中间位置，可产生无初速度、电荷量为+q的粒子，在粒子源正下方的极板上开一小孔F，OFC在同一直线上且垂直于极板。已知电源电动势为E，内阻忽略不计，滑动变阻器电阻最大值为R，粒子重力不计，求：(1)当滑动变阻器滑片调节到正中央时，粒子从小孔F射出的速度；(2)调整两极板间电压，粒子可从AB边射出。若使粒子从三角形直角边射出且距离C点最远，两极板间所加电压应是多少。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】AB两球相互作用过程中A、B组成的系统的合外力为零，系统的总动量守恒，则A、B动量变化量大小相等、方向相反，动量变化量不同，故A错误，B正确；C由动量定理可知，动量的变化率等于物体所受的合外力，A、B两球各自所受的合外力大小相等、方向相反，所受的合外力不同，则动量的变化率不同，故C错误；D两球间斥力对两球做功，电势能在变化，总机械能在变化，故D错误。故选B。2、D【解析】A根据可知，从能级3跃迁到能级2辐射出的光子的能量小于从能级2跃迁到能级1辐射出的光子的能量，根据波长与频率成反比，则从能级3跃迁到能级2辐射出的光子的波长大于从能级2跃迁到能级1辐射出的光子的波长，故A错误；B比结合能越大，原子核的结构越稳定，故B错误；C根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子的过程中，电子半径减小，库仑力做正功，氢原子的电势能减小，根据库仑力提供向心力可知核外电子的运动速度增大，所以核外电子的运动动能增大，故C错误；D衰变的本质是原子核中的中子转化成一个质子和一个电子，电子从原子核中被喷射导致新核的质量数不变，但核电荷数变大，即原子序数增加，故D正确；故选D。3、B【解析】设扎帕塔（及装备）对气体的平均作用力为，根据牛顿第三定律可知，气体对扎帕塔（及装备）的作用力的大小也等于，对扎帕塔（及装备），则设时间内喷出的气体的质量，则对气体由动量定理得解得代入数据解得发动机每秒喷出气体的质量为0.2kg，故B正确，ACD错误。故选B。4、C【解析】弹簧振子的振动规律.【详解】当振子从平衡位置O向a运动过程中，位移逐渐增大，恢复力逐渐增大，加速度逐渐增大，因为速度和加速度方向相反，故速度逐渐减小，选项C正确.5、D【解析】由题意知，车速3.6km/hv36km/h即，系统立即启动“全力自动刹车”的加速度大小约为46m/s2，最后末速度减为0，由推导公式可得故ABC错误，D正确。故选D。6、C【解析】A当R2=2R1时，电流表的读数为1A，电压表的读数为4V，所以R2=4，R1=2，理想变压器原、副线圈匝数之比为1：2，根据电压与匝数成正比得原线圈电压是U1=2V，根据电流与匝数成反比得原线圈电流是I1=2A，所以电源输出电压为U=U1+I1R1=2+2×2=6V故A错误；B电源输出功率为P=UI1=12W故B错误；C根据欧姆定律得副线圈电流为，所以原线圈电流是，所以，变压器输出的功率所以当R2=8时，变压器输出的功率P2最大，即为，故C正确；D当R2=8时，U2=6V，即电压表的读数为6V，故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】ABC根据能量守恒定律可知，除重力以外的力做功使得物体的机械能变化，0t1内物体的机械能不变，说明没有其它力做功，但物体的运动可以是沿斜面向上或沿斜面向下；t1t2时间内机械能随时间均匀减小，而由功能关系则物体的位移关于时间变化，推得物体做匀速直线运动，则需要其它力，综合可得0t1物体可以是沿斜面向下做匀变速直线运动或沿斜面先向上匀减再向下匀加；t1t2物体沿斜面向下做匀速直线运动，此时滑块的动能不变；故A项错误，B项正确，C项错误；Dt2t3时间内,机械能不再变化，说明撤去了其它力，物体沿斜面方向只有重力的分力提供加速度，由牛顿第二定律：故D项正确；故选BD。8、BC【解析】A静电场平行于轴，则图线的斜率表示场强，所以到0间的电场为匀强电场，0到间电场也为匀强电场，设电子在处速度为v，根据动能定理所以故A错误；B电子只受电场力，根据牛顿第二定律故B正确；C电子将沿轴做往复运动，设从到0电子的运动时间为t1，根据运动学公式所以往复运动的周期故C正确；D.点子只受电场力，所以动能和电势能之和不变，初始时动能为零，电势能也为零，所以任意位置动能和电势能之和为0，故D错误。故选：BC。9、BCD【解析】AB对小球受力分析，受重力、推力和支持力，如图所示根据平衡条件，得到：故A错误，B正确；C对杆BC和球整体分析，以C点为支点，设AB对杆的作用力为F，AB杆没有绕A点转动，说明AB对BC的作用力的方向沿AB的方向。根据力矩平衡条件，有：F0.6h=F1.6h-mg0.8h解得：F=25N故C正确；D对杆BC和球整体分析，整体在竖直方向受到小球的重力和杆的重力、AB杆的作用力以及地面的作用力，设该力与水平方向之间的夹角为，则：竖直方向：Mg+mg-F-FCsin=0水平方向：FCcos=F联立得：FC=25N故D正确。故选BCD。10、BDE【解析】A. 同种物质在不同条件下所生成的晶体的微粒都按不同的规律排列，显示处不同的性质，如金刚石和石墨，故A错误；B. 根据热力学第二定律知热量只能够自发地从高温物体传到低温物体，但也可以通过热机做功实现从低温物体传递到高温物体，故B正确；C. 因为布朗运动的激烈程度跟温度有关，但它不是分子的热运动，它反映了液体分子无规则的热运动，故C错误；D. 利用阿伏伽德罗常数，气体的摩尔质量和密度，可以估算出气体分子间的平均距离，故D正确；E. 当水面上方的水蒸气达到饱和状态时，单位时间内从水中出来的水分子和从空气进入水中的水分子个数相等，达到一种动态平衡，故E正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、10 V2 A1 或 【解析】（1）1将多用电表功能选择开关置于“×1k”挡，调零后经测量，则电阻Rx的阻值为：10×1k=10k；（2）2因电源E的电动势12V，所以电压表选V2；3回路中的最大电流：A=1.2A所以电流表选A1；4根据题意，为了尽可能精确测量其内阻，所以滑动变阻器用分压式接法；因该电阻是大电阻，所以电流表用内接法，又回路程中的最大电流=1.2A大于A1的量程，所以应并联定值电阻R1，改成一个大量程的电流表，则设计的电路图，如图所示：5根据电路图可知，Rx两端的电压为流过Rx的电流为：根据欧姆定律有：代入解得：或12、50.0 4.55 【解析】(1)1根据电路结构和欧姆定律得解得(2)2根据并联电路特点可得，电阻箱的阻值(3)3由闭合电路欧姆定律可得解得根据图象可得电源电动势图象斜率为4解得电源内阻四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1），方向水平向右 （2）（3）【解析】（1）对于滑块M和物块m组成的系统，物块沿轨道滑下的过程中，水平方向动量守恒，物块滑出时，有滑块M的速度，方向向右（2）物块滑下的过程中，物块的重力势能，转化为系统的动能和内能，有解得（3）物块以速度v0冲上轨道，初速度越大，冲上圆弧轨道的高度越大若物块刚能达到最高点，两者有相同的速度V1，此为物块不会越过滑块的最大初速度对于M和m组成的系统，水平方向动量守恒，有相互作用过程中，系统的总动能减小，转化为内能和重力势能，有解得:要使物块m不会越过滑块，其初速度14、（1）；（2）36【解析】（1）设给两个篮球充气后储气罐中气体的压强大小为，由于温度不变，则根据理想气体状态方程有解得（2）设该储气罐最多能给个这种篮球充足气，温度不变根据理想气体状态方程有解得15、 (1)；(2)【解析】(1)当滑动变阻器调到时，两极板间电压为设粒子加速电压为，则有由动能定理可得解得(2)粒子在磁场中做匀速圆周运动，与AB相切，设轨道半径为r，由几何关系得由牛顿第二定律可知设两极板间电压为，由动能定理得解得