（鲁京津琼）高考生物总复习 第14讲 基因的自由组合定律课件-人教版高三全册生物课件.pptx

第第14讲基因的自由基因的自由组合定律合定律课程内容课程内容核心素养核心素养提考能提考能1.分析孟德尔遗分析孟德尔遗传实验的科学方传实验的科学方法。法。2.阐明基因的自阐明基因的自由组合定律。由组合定律。生命观念生命观念通过对通过对“两对相对性状的杂交实验两对相对性状的杂交实验”的分析，能够的分析，能够解释相关的实验现象。解释相关的实验现象。科学思维科学思维通过讨论通过讨论“两对相对性状的杂交实验两对相对性状的杂交实验”掌握假说掌握假说演绎法的应用。演绎法的应用。科学探究科学探究通过个体基因型的探究与自由组合定律的验证实验，通过个体基因型的探究与自由组合定律的验证实验，掌握实验操作的方法，培养实验设计及结果分析的掌握实验操作的方法，培养实验设计及结果分析的能力。能力。1.两对相对性状的杂交实验两对相对性状的杂交实验发现问题发现问题考点一自由组合定律的发现考点一自由组合定律的发现绿圆绿圆绿皱绿皱93312.对自由组合现象的解释对自由组合现象的解释提出假说提出假说(1)理论解释理论解释F1产产生生配配子子时时，_基基因因分分离离，非非同同源源染染色色体体上上的的_基基因因可可以以自自由由组组合合，产生数量相等的产生数量相等的4种配子。种配子。受精时，雌雄配子的结合方式有受精时，雌雄配子的结合方式有_种。种。F2的基因型有的基因型有_种，表现型为种，表现型为_种，比例为种，比例为_。受精时，雌雄配子的结合是随机的。受精时，雌雄配子的结合是随机的。等位等位非等位非等位16949331(2)遗传图解遗传图解3.对自由组合现象的验证对自由组合现象的验证演绎推理、验证假说演绎推理、验证假说(1)方法：测交实验方法：测交实验(2)目的：测定目的：测定F1的基因型或基因组成。的基因型或基因组成。(3)遗传图解：遗传图解：(4)结论：实验结果与演绎结果相符，假说成立。结论：实验结果与演绎结果相符，假说成立。YRYryRyr4.自由组合定律自由组合定律非同源染色体非同源染色体非等位基因非等位基因真核生物真核生物细胞核遗传细胞核遗传5.孟德尔成功的原因孟德尔成功的原因豌豆豌豆统计学统计学假说假说演绎演绎1.重组类型的内涵及常见错误重组类型的内涵及常见错误(1)明明确确重重组组类类型型的的含含义义：重重组组类类型型是是指指F2中中表表现现型型与与亲亲本本不不同同的的个个体体，而而不不是是基基因因型与亲本不同的个体。型与亲本不同的个体。(2)含两对相对性状的纯合亲本杂交，含两对相对性状的纯合亲本杂交，F2中重组类型所占比例并不都是中重组类型所占比例并不都是6/16。当亲本基因型为当亲本基因型为YYRR和和yyrr时，时，F2中重组类型所占比例是中重组类型所占比例是6/16。当亲本基因型为当亲本基因型为YYrr和和yyRR时，时，F2中重组类型所占比例是中重组类型所占比例是1/169/1610/16。2.基因自由组合定律细胞学基础的模型构建基因自由组合定律细胞学基础的模型构建3.(思思维提升提升)观察甲、乙两图，分析自由组合定律观察甲、乙两图，分析自由组合定律(1)甲甲图图表表示示基基因因在在染染色色体体上上的的分分布布情情况况，其其中中哪哪组组不不遵遵循循基基因因的的自自由由组组合合定定律律？为为什么？什么？提提示示Aa与与Dd和和BB与与Cc分分别位位于于同同一一对同同源源染染色色体体上上，不不遵遵循循该定定律律。只只有有位位于于非同源染色体上的非等位基因之非同源染色体上的非等位基因之间，遗传时才遵循自由才遵循自由组合定律。合定律。(2)乙图中哪些过程可以发生基因重组？为什么？乙图中哪些过程可以发生基因重组？为什么？提提示示。基基因因重重组发生生于于产生生配配子子的的减减数数第第一一次次分分裂裂过程程中中，而而且且是是非非同同源源染染色色体体上上的的非非等等位位基基因因之之间的的重重组，故故过程程中中仅、过程程发生生基基因因重重组，图、过程程仅发生了等位基因分离，未生了等位基因分离，未发生基因重生基因重组。1.判断正误判断正误(1)孟孟德德尔尔所所做做的的实实验验中中，黄黄圆圆豌豌豆豆(YyRr)自自交交产产生生的的4个个配配子子，比比例例为为1111。(上海高考上海高考)()(2)基基因因为为AaBbDdEeGgHhKk的的个个体体自自交交，假假定定这这7对对等等位位基基因因自自由由组组合合，子子代代中中3对对等等位位基基因因杂杂合合、4对对等等位位基基因因纯纯合合的的个个体体出出现现的的概概率率为为35/128。(2014海海南南卷卷，T22D)()提示提示(1)不是不是产生生4个配子，而是个配子，而是4种种类型的配子，比例型的配子，比例为1111。(2)2.深挖教材深挖教材(1)教教材材必必修修2P11“思思考考与与讨讨论论”：在在豌豌豆豆杂杂交交实实验验之之前前，孟孟德德尔尔曾曾花花了了几几年年时时间间研究山柳菊，结果却一无所获，其原因主要有哪些？研究山柳菊，结果却一无所获，其原因主要有哪些？提提示示山山柳柳菊菊没没有有既既容容易易区区分分又又可可以以连续观察察的的相相对性性状状。当当时没没有有人人知知道道山山柳柳菊菊有有时进行行有有性性生生殖殖，有有时进行行无无性性生生殖殖。山山柳柳菊菊的的花花小小、难以以做做人人工工杂交交实验。(2)教教材材必必修修2P10“旁旁栏栏思思考考”：两两对对相相对对性性状状实实验验中中9331数数量量比比与与一一对对相相对对性性状状实验中的实验中的31有什么关系？有什么关系？提提示示从从数数学学角角度度分分析析9331是是(31)2的的展展开开式式，由由此此推推知知两两对相相对性性状状的的遗传结果，是两果，是两对相相对性状独立性状独立遗传结果果31的乘的乘积(31)2。围绕自由组合定律的发生条件及过程考查生命观念与科学思维围绕自由组合定律的发生条件及过程考查生命观念与科学思维1.若若保保证证两两对对相相对对性性状状杂杂交交实实验验，F2出出现现四四种种性性状状类类型型，数数量量比比为为9331。产产生生上上述结果的必要条件不包括述结果的必要条件不包括()A.F1雌雄配子各有四种，数量比均为雌雄配子各有四种，数量比均为1111B.F1雌雄配子的结合是随机的雌雄配子的结合是随机的C.P的一方是双显纯合子，另一方是双隐纯合子的一方是双显纯合子，另一方是双隐纯合子D.F2的个体数量足够多的个体数量足够多解解析析F1雌雌雄雄配配子子各各有有四四种种且且数数量量比比均均为1111是是自自由由组合合定定律律应用用的的必必要要条条件件，另另外外还要要遵遵循循雌雌雄雄配配子子的的结合合是是随随机机的的。F2的的个个体体数数量量应足足够多多，才才能能避避免免实验的的偶偶然然性性，但但是是亲本本的的一一方方是是一一显一一隐纯合合子子，另另一一方方是是一一隐一一显纯合合子子也也会会得得到到F1双双杂合子。合子。答案答案C2.(2019山山师附附中中模模拟)现现有有4个个水水稻稻纯纯合合品品种种，具具有有两两对对相相对对性性状状且且各各由由一一对对等等位位基基因因控控制制。若若用用该该4个个品品种种组组成成两两个个杂杂交交组组合合，使使F1中中这这两两对对相相对对性性状状均均为为显显性性性性状状，且且这这两两个个组组合合的的F2的的表表现现型型及及数数量量比比完完全全一一致致，为为实实现现上上述述目目的的，下下列列说说法法错错误误的的是是()A.两对等位基因必须位于非同源染色体上两对等位基因必须位于非同源染色体上B.形成配子时等位基因必须自由组合形成配子时等位基因必须自由组合C.受精时雌雄配子必须要随机结合受精时雌雄配子必须要随机结合D.每种基因型的受精卵的存活率必须相同每种基因型的受精卵的存活率必须相同解解析析根根据据题干干信信息息，4个个纯合合品品种种组成成两两个个杂交交组合合，F1中中两两对相相对性性状状均均为显性性性性状状，且且F2的的表表现型型及及数数量量比比一一致致，说明明F1产生生的的配配子子种种类和和比比例例是是相相同同的的，因因此此这两两对基基因因不不可可能能位位于于同同一一对同同源源染染色色体体上上，只只能能位位于于两两对非非同同源源染染色色体体上上，在在形形成成配配子子时非非等等位位基基因因自自由由组合合，A正正确确、B错误；受受精精时雌雌雄雄配配子子随随机机结合合，受受精精卵卵的的存存活率相同，才能保活率相同，才能保证F2的表的表现型和比例相同，型和比例相同，C、D正确。正确。答案答案B围绕自由组合定律的实质及验证考查科学思维与科学探究围绕自由组合定律的实质及验证考查科学思维与科学探究3.(2019山山东威威海海模模拟)某某单单子子叶叶植植物物非非糯糯性性(A)对对糯糯性性(a)为为显显性性，叶叶片片抗抗病病(T)对对易易染染病病(t)为为显显性性，花花粉粉粒粒长长形形(D)对对圆圆形形(d)为为显显性性，三三对对等等位位基基因因分分别别位位于于三三对对同同源源染染色色体体上上，非非糯糯性性花花粉粉遇遇碘碘液液变变蓝蓝，糯糯性性花花粉粉遇遇碘碘液液为为棕棕色色。现现有有四四种种纯纯合合子子，其其基基因因型型分分别别为为：AATTdd，AAttDD，AAttdd，aattdd，下下列列说说法法正正确确的的是是()A.若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应选择亲本若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应选择亲本和和杂交杂交B.若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以选择亲本若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以选择亲本和和杂交杂交C.若培育糯性抗病优良品种，应选用若培育糯性抗病优良品种，应选用和和杂交杂交D.若若将将和和杂杂交交所所得得F1的的花花粉粉用用碘碘液液染染色色，可可观观察察到到比比例例为为1111的的四四种种花花粉粉粒粒解解析析根根据据题意意，若若采采用用花花粉粉鉴定定法法验证基基因因的的分分离离定定律律，应选择亲本本或或或或，然然后后再再自自交交；若若采采用用花花粉粉鉴定定法法验证基基因因的的自自由由组合合定定律律，应选择亲本本；若若培培育育糯糯性性抗抗病病优良良品品种种，应选用用和和杂交交；将将和和杂交交所所得得F1的的基基因因型型为AaTtdd，由由于于只只有有非非糯糯性性和和糯糯性性花花粉粉遇遇碘碘出出现颜色色变化化，因因此此F1花花粉粉用用碘碘液液染色，可染色，可观察到比例察到比例为11的两种花粉粒。的两种花粉粒。答案答案C4.(2019四四川川成成都都市市一一诊)某某种种昆昆虫虫长长翅翅(A)对对残残翅翅(a)为为显显性性，直直翅翅(B)对对弯弯翅翅(b)为为显显性性，有有刺刺刚刚毛毛(D)对对无无刺刺刚刚毛毛(d)为为显显性性，控控制制这这3对对性性状状的的基基因因均均位位于于常常染染色色体体上上。现现有有一一这这种种昆昆虫虫个个体体细细胞胞的的基基因因型型如如图图所所示示，请请回回答答下下列列问问题题。(不不考考虑虑基基因因突突变变和和交交叉叉互换互换)(1)长长翅翅与与残残翅翅、直直翅翅与与弯弯翅翅两两对对相相对对性性状状的的遗遗传传是是否否遵遵循循基基因因自自由由组组合合定定律律，并并说说明明理由：理由：_。(2)正常情况下该昆虫一个初级精母细胞产生的精细胞的基因型为正常情况下该昆虫一个初级精母细胞产生的精细胞的基因型为。(3)该昆虫细胞有丝分裂后期，移向细胞同一极的基因有该昆虫细胞有丝分裂后期，移向细胞同一极的基因有。(4)该昆虫细胞分裂中复制形成的两个该昆虫细胞分裂中复制形成的两个D基因发生分离的时期有基因发生分离的时期有。(5)为为验验证证基基因因自自由由组组合合定定律律，可可用用来来与与该该昆昆虫虫进进行行交交配配的的异异性性个个体体的的基基因因型型分分别别是是_。解解析析(1)题图显示示，控控制制长翅翅(A)与与残残翅翅(a)、直直翅翅(B)与与弯弯翅翅(b)的的这两两对相相对性性状状的的基基因因位位于于一一对同同源源染染色色体体上上，因因此此它它们的的遗传不不遵遵循循基基因因自自由由组合合定定律律。(2)正正常常情情况况下下，位位于于一一条条染染色色体体上上的的基基因因会会随随着着这条条染染色色体体一一起起遗传给后后代代。在在减减数数分分裂裂过程程中中由由于于同同源源染染色色体体分分离离、非非同同源源染染色色体体自自由由组合合，该昆昆虫虫一一个个初初级精精母母细胞胞产生生的的4个个精精细胞胞的的基基因因型型两两两两相相同同，为AbD、abd或或Abd、abD。(3)该昆昆虫虫细胞胞有有丝分分裂裂后后期期，因因着着丝点点分分裂裂，姐姐妹妹染染色色单体体分分开开成成为两两条条子子染染色色体体，分分别移移向向细胞胞两两极极，因因此此移移向向细胞胞同同一一极极的的基基因因有有A、a、b、b、D、d。(4)该昆昆虫虫细胞胞分分裂裂中中复复制制形形成成的的两两个个D基基因因分分别位位于于一一条条染染色色体体的的两两条条姐姐妹妹染染色色单体体上上，发生生分分离离的的前前提提是是着着丝点点分分裂裂，而而着着丝点点分分裂裂发生在有生在有丝分裂后期和减数第二次分裂后期。分裂后期和减数第二次分裂后期。(5)图示昆虫的基因型示昆虫的基因型为AabbDd。为验证基基因因自自由由组合合定定律律，可可选用用长翅翅(A)与与残残翅翅(a)、有有刺刺刚毛毛(D)与与无无刺刺刚毛毛(d)这两两对相相对性性状状进行行研研究究，既既可可采采取取自自交交方方案案，也也可可以以采采用用测交交方方案案，所所以以与与图示示昆昆虫虫进行交配的异性个体的基因型可以是行交配的异性个体的基因型可以是AaBBDd或或aaBBdd或或aabbdd或或AabbDd。答案答案(1)不遵循，控制这两对相对性状的基因位于一对同源染色体上不遵循，控制这两对相对性状的基因位于一对同源染色体上(2)AbD、abd或或Abd、abD(3)A、a、b、b、D、d(4)有丝分裂后期和减数第二次分裂后期有丝分裂后期和减数第二次分裂后期(5)aabbdd、aaBBdd，AabbDd、AaBBDd孟德尔两大定律的验证三种常用方法孟德尔两大定律的验证三种常用方法验证方法方法结论自交法自交法F1自交后代的分离比自交后代的分离比为31，则符合基因的分离定律，由位于一符合基因的分离定律，由位于一对同源同源染色体上的一染色体上的一对等位基因控制等位基因控制F1自交后代的分离比自交后代的分离比为9331(或其或其变式式)，则符合基因的自由符合基因的自由组合定合定律，由位于两律，由位于两对同源染色体上的两同源染色体上的两对等位基因控制等位基因控制测交法交法F1测交后代的性状比例交后代的性状比例为11，则符合分离定律，由位于一符合分离定律，由位于一对同源染色同源染色体上的一体上的一对等位基因控制等位基因控制F1测交后代的性状比例交后代的性状比例为1111，由位于两，由位于两对同源染色体上的两同源染色体上的两对等等位基因控制位基因控制花粉花粉鉴定法定法F1若有两种花粉，比例若有两种花粉，比例为11，则符合分离定律符合分离定律F1若有四种花粉，比例若有四种花粉，比例为1111，则符合自由符合自由组合定律合定律一、利用一、利用“拆分法拆分法”解决自由组合定律问题解决自由组合定律问题考点二自由组合定律重点题型突破考点二自由组合定律重点题型突破题型分类题型分类解题规律解题规律示例示例种类种类问题问题配子类型配子类型(配子种类数配子种类数)2n(n为等位基因对数为等位基因对数)AaBbCCDd产生配子种类数为产生配子种类数为238配子间结合方式配子间结合方式配子间结合方式种类数等于配子种类配子间结合方式种类数等于配子种类数的乘积数的乘积AABbCcaaBbCC配子间结合配子间结合方式种类数方式种类数1428子代基因型子代基因型(或表现型或表现型)种种类类双亲杂交双亲杂交(已知双亲基因型已知双亲基因型)，子代基，子代基因型因型(或表现型或表现型)的种类等于各性状按的种类等于各性状按分离定律所求基因型分离定律所求基因型(或表现型或表现型)的种的种类的乘积类的乘积AaBbCcAabbcc，基因型为，基因型为32212种，表现型为种，表现型为2228种种概率概率问题问题基因型基因型(或表现型或表现型)的比例的比例按分离定律求出相应基因型按分离定律求出相应基因型(或表现型或表现型)概率，然后利用乘法原理进行组合概率，然后利用乘法原理进行组合AABbDdaaBbdd，F1中中AaBbDd所占的比例为所占的比例为11/21/21/4纯合子或杂合子出现的比纯合子或杂合子出现的比例例按分离定律求出纯合子的概率的乘积按分离定律求出纯合子的概率的乘积为纯合子出现的比例，杂合子概率为纯合子出现的比例，杂合子概率1纯合子概率纯合子概率AABbDdAaBBdd杂交，纯合杂交，纯合子所占比例为子所占比例为1/21/21/21/8【方法体验】【方法体验】1.(2015海南卷，海南卷，12)下列叙述正确的是下列叙述正确的是()A.孟德尔定律支持融合遗传的观点孟德尔定律支持融合遗传的观点B.孟德尔定律描述的过程发生在有丝分裂中孟德尔定律描述的过程发生在有丝分裂中C.按照孟德尔定律，按照孟德尔定律，AaBbCcDd个体自交，子代基因型有个体自交，子代基因型有16种种D.按照孟德尔定律，对按照孟德尔定律，对AaBbCc个体进行测交，测交子代基因型有个体进行测交，测交子代基因型有8种种解解析析孟孟德德尔指指出出，生生物物的的性性状状是是由由遗传因因子子决决定定的的，这些些遗传因因子子就就像像一一个个个个独独立立的的颗粒粒，既既不不会会相相互互融融合合，也也不不会会在在传递中中消消失失，他他不不支支持持融融合合遗传，A错误；孟孟德德尔指指出出，生生物物体体在在形形成成生生殖殖细胞胞配配子子时，成成对的的遗传因因子子彼彼此此分分离离，分分别进入入不不同同的的配配子子中中，而而形形成成生生殖殖细胞胞的的过程程是是减减数数分分裂裂，B错误；根根据据孟孟德德尔的的自自由由组合合定定律律，AaBbCcDd个个体体自自交交，四四对等等位位基基因因的的分分离离和和组合合是是互互不不干干扰的的，每每对等等位位基基因因可可产生生三三种种不不同同的的基基因因型型，所所以以子子代代基基因因型型可可以以产生生333381种种，C错误；同同理理，AaBbCc个个体体进行行测交交，每每对等等位位基基因因可可以以产生生两两种种不不同同的的基基因因型型，所所以以测交交子子代代基基因因型有型有2228种，种，D正确。正确。答案答案D2.(2019山山东菏菏泽模模拟)某某二二倍倍体体植植物物花花瓣瓣的的大大小小受受一一对对等等位位基基因因A、a控控制制，基基因因型型为为AA的的植植株株表表现现为为大大花花瓣瓣，Aa为为小小花花瓣瓣，aa为为无无花花瓣瓣。花花瓣瓣颜颜色色(红红色色和和黄黄色色)受受另另一一对对等等位位基基因因R、r控控制制，R对对r为为完完全全显显性性，两两对对基基因因独独立立遗遗传传。下下列列有有关关叙叙述述错错误误的的是是()A.若基因型为若基因型为AaRr的个体测交，则子代表现型有的个体测交，则子代表现型有3种，基因型种，基因型4种种B.若基因型为若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有的亲本自交，则子代共有9种基因型，种基因型，6种表现型种表现型C.若若基基因因型型为为AaRr的的亲亲本本自自交交，则则子子代代有有花花瓣瓣植植株株中中，AaRr所所占占比比例例约约为为1/3，而而所有植株中的纯合子约占所有植株中的纯合子约占1/4D.若基因型为若基因型为AaRr与与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣的植株占的亲本杂交，则子代是红色花瓣的植株占3/8解解析析若若基基因因型型为AaRr的的个个体体测交交，则子子代代基基因因型型有有AaRr、Aarr、aaRr、aarr4种种，表表现型型有有3种种，分分别为：小小花花瓣瓣红色色、小小花花瓣瓣黄黄色色、无无花花瓣瓣，A项正正确确；若若基基因因型型为AaRr的的亲本本自自交交，由由于于两两对基基因因独独立立遗传，因因此此根根据据基基因因的的自自由由组合合定定律律，子子代代共共有有339种种基基因因型型，而而Aa自自交交子子代代表表现型型有有3种种，Rr自自交交子子代代表表现型型有有2种种，但但由由于于aa表表现为无无花花瓣瓣，故故aaR_与与aarr的的表表现型型相相同同，所所以以子子代代表表现型型共共有有5种种，B项错误；若若基基因因型型为AaRr的的亲本本自自交交，则子子代代有有花花瓣瓣植植株株中中，AaRr所所占占比比例例约为2/31/21/3，子子代代的的所所有有植植株株中中，纯合合子子所所占占比比例例约为1/4，C项正正确确；若若基基因因型型为AaRr与与Aarr的的亲本本杂交，交，则子代是子代是红色花瓣色花瓣(A_Rr)的植株所占比例的植株所占比例为3/41/23/8，D项正确。正确。答案答案B二、二、“逆向组合法逆向组合法”推断亲本基因型问题推断亲本基因型问题 (1)利用基因式法解答自由组合遗传题利用基因式法解答自由组合遗传题根根据据亲亲本本和和子子代代的的表表现现型型写写出出亲亲本本和和子子代代的的基基因因式式，如如基基因因式式可可表表示示为为A_B_、A_bb。根根据据基基因因式式推推出出基基因因型型(此此方方法法只只适适用用于于亲亲本本和和子子代代表表现现型型已已知知且且显显隐隐性性关关系系已已知时知时)。(2)根据子代表现型及比例推测亲本基因型根据子代表现型及比例推测亲本基因型规规律律：根根据据子子代代表表现现型型及及比比例例拆拆分分为为分分离离定定律律的的分分离离比比，确确定定每每一一对对相相对对性性状状的的亲亲本本基因型，再组合。如：基因型，再组合。如：9331(31)(31)(AaAa)(BbBb)；1111(11)(11)(Aaaa)(Bbbb)；3311(31)(11)(AaAa)(Bbbb)；31(31)1(AaAa)(BBBB)或或(AaAa)(BBBb)或或(AaAa)(BBbb)或或(AaAa)(bbbb)。【方法体验】【方法体验】3.(2017全全国国卷卷，6)若若某某哺哺乳乳动动物物毛毛色色由由3对对位位于于常常染染色色体体上上的的、独独立立分分配配的的等等位位基基因因决决定定，其其中中A基基因因编编码码的的酶酶可可使使黄黄色色素素转转化化为为褐褐色色素素；B基基因因编编码码的的酶酶可可使使该该褐褐色色素素转转化化为为黑黑色色素素；D基基因因的的表表达达产产物物能能完完全全抑抑制制A基基因因的的表表达达；相相应应的的隐隐性性等等位位基基因因a、b、d的的表表达达产产物物没没有有上上述述功功能能。若若用用两两个个纯纯合合黄黄色色品品种种的的动动物物作作为为亲亲本本进进行行杂杂交交，F1均均为为黄黄色色，F2中中毛毛色色表表现现型型出出现现了了黄黄褐褐黑黑5239的的数数量量比比，则则杂杂交交亲亲本本的的组合是组合是()A.AABBDDaaBBdd，或，或AAbbDDaabbddB.aaBBDDaabbdd，或，或AAbbDDaaBBDDC.aabbDDaabbdd，或，或AAbbDDaabbddD.AAbbDDaaBBdd，或，或AABBDDaabbdd答案答案D4.下下表表为为3个个不不同同小小麦麦杂杂交交组组合合及及其其子子代代的的表表现现型型和和植植株株数数目目。据据表表分分析析，下下列列推推断断正正确的是确的是()组合组合序号序号杂交组合类型杂交组合类型子代的表现型和植株数目子代的表现型和植株数目抗病红种皮抗病红种皮抗病白种皮抗病白种皮感病红种皮感病红种皮感病白种皮感病白种皮一一抗病红种皮抗病红种皮感病红种皮感病红种皮416138410135二二抗病红种皮抗病红种皮感病白种皮感病白种皮180184178182三三感病红种皮感病红种皮感病白种皮感病白种皮140136420414A.由组合二可以判定白种皮为隐性性状由组合二可以判定白种皮为隐性性状B.由组合三可以判定抗病为显性性状由组合三可以判定抗病为显性性状C.亲本亲本和和的基因型不相同的基因型不相同D.亲本亲本和和的基因型相同的基因型相同解解析析根根据据子子代代表表现型型及及比比例例可可判判断断亲本本的的基基因因型型。假假设感感病病与与抗抗病病基基因因用用A、a表表示示，种种皮皮颜色色基基因因用用B、b表表示示，根根据据题意意和和图表表分分析析可可知知：组合合二二中中，红种种皮皮白白种种皮皮后后代代红种种皮皮白白种种皮皮11，无无法法判判断断显隐性性关关系系，A错误；组合合三三中中，感感病病感感病病后后代代出出现抗抗病病，即即出出现性性状状分分离离，说明明感感病病相相对于于抗抗病病为显性性性性状状，B错误；组合合一一子子代代感感病病抗抗病病11，红种种皮皮白白种种皮皮31，则亲本本基基因因型型是是aaBb和和AaBb；组合合二二子子代代感感病病抗抗病病11，红种种皮皮白白种种皮皮11，则亲本本基基因因型型是是aaBb和和Aabb，因因此此亲本本和和基基因因型型相相同同，C错误；组合合三三子子代代感感病病抗抗病病31，红种种皮皮白白种种皮皮11，则亲本基因型是本基因型是AaBb和和Aabb，因此，因此亲本本与与基因型相同，基因型相同，D正确。正确。答案答案D三、三、“十字交叉法十字交叉法”解答自由组合的概率计算问题解答自由组合的概率计算问题(1)当两种遗传病之间具有当两种遗传病之间具有“自由组合自由组合”关系时，各种患病情况的概率分析如下：关系时，各种患病情况的概率分析如下：(2)根据序号所示进行相乘得出相应概率再进一步拓展如下表：根据序号所示进行相乘得出相应概率再进一步拓展如下表：序号序号类型类型计算公式计算公式同时患两病概率同时患两病概率mn只患甲病概率只患甲病概率m(1n)只患乙病概率只患乙病概率n(1m)不患病概率不患病概率(1m)(1n)拓展求解拓展求解患病概率患病概率或或1只患一种病概率只患一种病概率或或1()【方法体验】【方法体验】5.(经典典考考题)一一个个正正常常的的女女人人与与一一个个并并指指(Bb)的的男男人人结结婚婚，他他们们生生了了一一个个白白化化病病且且手手指指正常的孩子。若他们再生一个孩子：正常的孩子。若他们再生一个孩子：(1)只患并指的概率是只患并指的概率是。(2)只患白化病的概率是只患白化病的概率是。(3)既患白化病又患并指的男孩的概率是既患白化病又患并指的男孩的概率是。(4)只患一种病的概率是只患一种病的概率是。(5)患病的概率是患病的概率是。答案答案(1)3/8(2)1/8(3)1/16(4)1/2(5)5/8澄清易错易混澄清易错易混强化科学思维强化科学思维易错易混易错易混易错点易错点1对自由组合定律发生的时期及基因与染色体的关系区分不清对自由组合定律发生的时期及基因与染色体的关系区分不清点点拨拨(1)发生生时期期：自自由由组合合发生生于于配配子子形形成成(M后后期期)过程程中中，而而不不是是受受精精作作用用过程中。程中。(2)基基因因与与染染色色体体的的关关系系：能能发生生自自由由组合合的的是是位位于于非非同同源源染染色色体体上上的的非非等等位位基基因因，而不而不仅指指“非等位基因非等位基因”，因，因为同源染色体上也有非等位基因。同源染色体上也有非等位基因。易错点易错点2不能用恰当的方法判断性状的显隐性不能用恰当的方法判断性状的显隐性点拨点拨性状性状显隐性的判断基本的方法有性的判断基本的方法有(1)杂交交法法：具具有有相相对性性状状的的亲本本杂交交，不不论正正交交、反反交交，若若子子代代只只表表现一一种种性性状状，则子代所表子代所表现出的性状出的性状为显性性状。性性状。(2)自自交交法法：具具有有相相同同性性状状的的亲本本杂交交，若若子子代代出出现了了不不同同性性状状，则子子代代出出现的的不不同同于于亲本的性状本的性状为隐性性状。性性状。除除此此之之外外假假设推推证法法也也很很常常用用，即即在在运运用用假假设法法判判断断显隐性性性性状状时，若若出出现假假设与与事事实相相符符的的情情况况，要要注注意意两两种种性性状状同同时作作假假设或或对同同一一性性状状作作两两种种假假设，切切不不可可只只根根据据一一种种假假设得得出出片片面面的的结论。但但若若假假设与与事事实不不相相符符，则不不必必再再作作另另一一假假设，可可直接予以判断。直接予以判断。易错点易错点3误认为误认为YyRryyrr和和yyRrYyrr均为测交均为测交点点拨拨测交交是是指指F1与与隐性性纯合合子子杂交交。因因此此虽然然YyRryyrr和和yyRrYyrr这两两对组合合的后代的基因型相同，但只有的后代的基因型相同，但只有YyRryyrr称称为测交。交。易错点易错点4对分解组合法解决自由组合定律问题运用不灵活对分解组合法解决自由组合定律问题运用不灵活点点拨拨所所谓分分解解组合合法法是是在在两两对或或多多对相相对性性状状的的遗传中中，每每一一对相相对性性状状的的遗传都都遵遵循循基基因因分分离离定定律律，而而不不同同相相对性性状状之之间却却存存在在着着随随机机组合合。因因此此，在在解解遗传题时，可可先先运运用用基基因因分分离离定定律律进行行分分析析，然然后后再再将将分分析析结果果进行行组合合。该类题目目的的解解题步步骤如下：如下：(1)分分解解：将将两两对或或多多对基基因因(或或性性状状)分分离离开开来来，分分别用用基基因因分分离离定定律律进行行分分析析。如如AaBbAabb，可分解，可分解为如下两如下两组：AaAa，Bbbb。(2)组合：将分析合：将分析结果按一定方式果按一定方式进行行组合合(通常相乘通常相乘)。(2018全全国国卷卷，32)果果蝇蝇体体细细胞胞有有4对对染染色色体体，其其中中2、3、4号号为为常常染染色色体体。已已知知控控制制长长翅翅/残残翅翅性性状状的的基基因因位位于于2号号染染色色体体上上，控控制制灰灰体体/黑黑檀檀体体性性状状的的基基因因位位于于3号号染染色色体体上上。某某小小组组用用一一只只无无眼眼灰灰体体长长翅翅雌雌蝇蝇与与一一只只有有眼眼灰灰体体长长翅翅雄雄蝇蝇杂杂交交，杂杂交交子子代代的的表表现现型及其比例如下：型及其比例如下：规范答题规范答题眼眼性别性别灰体长翅灰体长翅灰体残翅灰体残翅黑檀体长翅黑檀体长翅黑檀体残翅黑檀体残翅1/2有眼有眼1/2雌雌93311/2雄雄93311/2无眼无眼1/2雌雌93311/2雄雄9331回答下列问题：回答下列问题：(1)根根据据杂杂交交结结果果，(填填“能能”或或“不不能能”)判判断断控控制制果果蝇蝇有有眼眼/无无眼眼性性状状的的基基因因是是位位于于X染染色色体体还还是是常常染染色色体体上上。若若控控制制有有眼眼/无无眼眼性性状状的的基基因因位位于于X染染色色体体上上，根根据据上述亲本杂交组合和杂交结果判断，显性性状是上述亲本杂交组合和杂交结果判断，显性性状是，判断依据是，判断依据是_。(2)若若控控制制有有眼眼/无无眼眼性性状状的的基基因因位位于于常常染染色色体体上上，请请用用上上表表中中杂杂交交子子代代果果蝇蝇为为材材料料设设计计一个杂交实验来确定无眼性状的显隐性一个杂交实验来确定无眼性状的显隐性(要求：写出杂交组合和预期结果要求：写出杂交组合和预期结果)。(3)若控制有眼若控制有眼/无眼性状的基因位于无眼性状的基因位于4号染色体上，用灰体长翅有眼纯合体和黑檀体残号染色体上，用灰体长翅有眼纯合体和黑檀体残翅无眼纯合体果蝇杂交，翅无眼纯合体果蝇杂交，F1相互交配后，相互交配后，F2中雌雄均有中雌雄均有种表现型，其中黑檀种表现型，其中黑檀体长翅无眼所占比例为体长翅无眼所占比例为3/64时，则说明无眼性状为时，则说明无眼性状为(填填“显性显性”或或“隐性隐性”)。答题采样答题采样错因分析错因分析忽视题干中关键信息忽视题干中关键信息“无眼灰体长翅雌蝇与一只有眼灰体长翅无眼灰体长翅雌蝇与一只有眼灰体长翅雄蝇杂交雄蝇杂交”。正确答案：正确答案：_不能不能(1)不清楚上表中杂交子代无眼果蝇与有眼果蝇的基因型导致错不清楚上表中杂交子代无眼果蝇与有眼果蝇的基因型导致错误的确定杂交组合。误的确定杂交组合。(2)由于杂交组合确定错误而导致预期结果出现错误。由于杂交组合确定错误而导致预期结果出现错误。正确答案：正确答案：_预期结果：预期结果：_(1)忽视了忽视了“黑檀体长翅黑檀体长翅”显隐性的确定依据；显隐性的确定依据；(2)不能灵活地利不能灵活地利用分离组合法解决该问题。用分离组合法解决该问题。正确答案：正确答案：_杂交组合：无眼杂交组合：无眼无眼无眼若子代中无眼若子代中无眼有眼有眼31，则无眼为显性性状；，则无眼为显性性状；若子代全部为无眼，则无眼为隐性性状若子代全部为无眼，则无眼为隐性性状隐性隐性