四川省自贡市2021年中考物理试卷.pdf

:2四川省自贡市2021年中考物理试卷郑*郑姓名：班级：考号：题号四五总分评分 阅卷人一一、单 选 题（共20题；共40分）得分.S 抖.盘.1.（2 分）小军同学对教室中一些物理量的估测。合理的是（）A.黑板擦受到的重力约为15 NB.课桌的高度约为8d mC.教室内一盏日光灯的功率约为4 00WD.教室内的大气压强约为103P a【答案】B【考点】大气压强的存在；电功率【解析】【解答】A.黑板梯差不多15 0g,合 0.15 k g,则所受的重力为1.5 N,A 不符合题忌;B.课桌的高度约为80c m,则约为8d m,B 符合题意；C.教室内一盏日光灯的功率约为4 0W,C 不符合题意；D.教室内的大气压强约为105 P a,D 不符合题意。故答案为：Bo 2:氐：2-K【分析】对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。2.（2 分）下列关于声现象的说法中，正确的是（）A.吹奏长笛时，笛声是由空气柱的振动产生的B.同一乐器，弹奏的频率不同，发声的音色就不同C.声波在空气中的传播速度约为3 4 0m/s,比水中传播快D.上课时，听到窗外嘈杂的噪声后关上窗户，是从声源处减弱噪声【答案】A【考点】声音的产生；声速；音调及音调与频率的关系；防治噪声的途径【解析】【解答】A.声音是由物体的振动产生的，吹奏长笛时，笛声是由长笛内的空气柱振动产生的，A符合题意；B.音调与频率有关，同一乐器，弹奏的频率不同，发声的音调就不同，B不符合题意；C.一般情况下，声波在固、液、气三态物质中的传播速度关系为v户v波 v p声波空气中的传播速度约为340m/s,比水中传播慢，C不符合题意；D.上课时，听到窗外嘈杂的噪声后关上窗户，是为了阻断噪声的传播，即是从传播过程中减弱噪声的，D不符合题意。故答案为：A。【分析】声音的发生：由物体的振动而产生。振动停止，发声也停止。声速：在空气中传播速度是：340米/秒。声音在固体传播比液体快，而在液体传播又比空气体快。乐音的三个特征：音调、响度、音色。（1）音调:是指声音的高低，它与发声体的频率有关系。（2）响度:是指声音的大小，跟发声体的振幅、声源与听者的距离有关系。减弱噪声的途径：（1）在声源处减弱；（2）在传播过程中减弱；（3）在人耳处减弱。3.（2分）如图所示的四种现象中，其物态变化属于液化的是（）2/3 6.O.郛.O.H.O.拨.O.g.O:噩蒯出#.O.郛.O.白.O.热.O.氐.O.O.邹.O.I I-.O.媒.O.氐.O.一叩即,-S:乐强一招料O.郑.O.1 1-.O.盘.O.M.O.【答案】D【考点】液化及液化放热【解析】【解答】A.树叶上霜的形成是水蒸气凝华形成的，A不符合题意；B.露珠消失，液体水变为水蒸气，故是汽化，B不符合题意；C.冰雪消融是固体的水变为了气态的水，故是熔化，C不符合题意；D.护目镜“水雾”的形成是因为气态水变为了液体水，故是液化，D符合题意。故答案为：D。【分析1 熔化：物质从固态变成液态的过程叫熔化。要吸热。汽化：物质从液态变为气态的过程叫汽化，汽化的方式有蒸发和沸腾。都要吸热。液化：物质从气态变成液态的过程叫液化，液化要放热。使气体液化的方法有：降低温度和压缩体积。（液化现象如：“白气”、雾、等）升华和凝华：物质从固态直接变成气态叫升华，要吸热；而物质从气态直接变成固态叫凝华，要放热。4.（2分）关于信息的传递和能源，下列说法中正确的是（）A.电能是广泛使用的一次能源B.手机通信是利用电磁波来传递信息的C.北斗卫星是利用超声波来进行定位的D.因为能量在转化过程中是守恒的，所以能源是“取之不尽，用之不竭”的【答案】B【考点】能源及其分类；能源与可持续发展；电磁波在日常生活中的应用【解析】【解答】A.电能是消耗一次能源得到的，是广泛使用的二次能源，A不符合题意；B.手机通信是利用电磁波来传递信息的，手机既能发射电磁波，又能接受电磁波，B 符合题意；C.电磁波能够被反射，北斗卫星是利用电磁波的反射来实现进行定位的，C 不符合题意；D,能量在转移、转化过程中总是守恒的，但是能量的转移和转化具有方向性，在能源的使用过程中，使能源从便于利用的变成不便于利用的，所以说能量虽守恒但还是要节约能源，D 不符合题意。故答案为：Bo【分析】一次能源是指能从自然界直接获取的能源。二次能源是消耗一次能源来获得的；可再生与不可再生均是相对于一次能源来说的。手机、卫星等都是利用电磁波来传递信息的。能量的转移或转化是有方向性的。5.（2 分）下列光学作图中，错 误 是（）【答案】A【考点】作光的反射光路图；平面镜成像的相关作图；作光的折射光路图；光的色散【解析】【解答】A.图中入射光线与镜面的夹角为40。，则入射角为90。-40。=50。4/3 6.O.郛.O.H.O.拨.O.g.O:噩蒯出#.O.郛.O.白.O.热.O.氐.O.O.邹.O.I I-.O.媒.O.氐.O.一叩即,-S:乐强一招料O.郑.O.1 1-.O.盘.O.M.O.反射角等于入射角也等于50。，而图中反射角等于40。，A错误，符合题意；B.分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A，、用虚线连接A，、B，即为AB在平面镜中的像。B正确，不符合题意；C.当线从空气斜射入水中时，折射光线和入射光线分居法线两侧，折射光线向法线偏折，折射角应小于入射角，C正确，不符合题意；D.在光的色散中，太阳光被三棱镜分解，形成的彩色光带从上到下依次是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光，D正确，不符合题意。故答案为：Ao【分析】利用光的反射定律、平面镜成像的特点、光的折射定律及色散现象分析即可。6.（2分）关于四冲程内燃机，下列说法正确的是（）A.汽油机和柴油机都是内燃机，吸入汽缸的物质相同B.汽油机和柴油机都是通过火花塞点火的C.燃料在汽缸内猛烈燃烧，燃料热值迅速减小D.压缩冲程主要是通过做功的方式增大缸内气体的内能【答案】D【考点】内燃机的四个冲程【解析】【解答】A.汽油机和柴油机都是内燃机，吸入汽缸的物质不相同，汽油机吸入的是汽油和空气，而柴油机吸入的是空气，A不符合题意；B.柴油机是压燃式点火，B不符合题意；C.燃料在汽缸内猛烈燃烧，燃料热值不变，热值指的是1kg的燃料，完全燃烧释放的热量，是一个定值，C不符合题意；D.压缩冲程主要是通过做功的方式增大缸内气体的内能，压缩气体，对气体做功，气体的内能增大，D符合题意。故答案为：D。【分析】内燃机可分为汽油机和柴油机，它们一个工作循环由吸气、压缩、做功和排气四个冲程。一个工作循环中对外做功1次，活塞往复2次，曲轴转2周。7.（2分）在科学发展的历程中，许多学者、科学家做出了杰出的贡献，下列叙述正确的是（）沈 括最早记述了“地理的两极和地磁两极不重合”的现象；牛顿最早利用实验测量出了大气压的数值；奥斯特首先发现了电磁感应现象；伽利略通过实验分析得出，物体的运动不需要力来维持.A.只 有 、正确 B.只有、正确C.只有、正确 D.只 有 、正确【答案】B【考点】物理常识【解析】【解答】解：沈括最早记述了“地理的两极和地磁两极不重合”的现象，即发现了磁偏角，说法正确；托里拆利最早利用实验测量出了大气压的数值，而不是牛顿测出的，说法错误；奥斯特首先发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，说法错误；伽利略通过理想斜面实验分析得出，物体的运动不需要力来维持，说法正确.综上所述，只 有 、正 确.故 选B.【分析】本题考查物理学史，应记住一些物理学家及他们的贡献，可逐一对题干中的描述做出判断.物理学史也是物理考试中经常出现的一类题型，要求学生熟记著名科学家的贡献.8.（2分）将重为7牛的物体放入盛水的容器中，物体漂浮在水面上且溢出3牛的水，物体 受 到的浮力（）A.一定等于3牛 B.一定等于7牛 C.可能等于3牛 D.可能等于4牛【答案】B【考点】物体的浮沉条件及其应用【解析】【解答】物体漂浮在水面上，物体受到的浮力等于物体的重力，B符合题意，ACD不符合题意。故答案为：Bo【分析】物体漂浮，浮力等于重力。9.（2分）如图所示是在一个标准大气压下完成的托里拆利实验，原来玻璃管竖直，后来让玻璃管倾斜，水银充满全管，有关尺寸如图所示。下列说法中错误的是（）6/3 6.O.郛.O.H.O.拨.O.g.O:噩蒯出#.O.郛.O.白.O.热.O.氐.O.O.邹.O.I I-.O.媒.O.氐.O.一叩即,-S:乐强一招料O.郑.O.1 1-.O.盘.O.M.O.A.玻璃管倾斜后，水银对玻璃管上端有压强B.外界大气压强等于76cm高水银柱所产生压强C.玻璃管竖直时，上端无水银的部分肯定是真空D.玻璃管倾斜后，若不慎将上端碰出一小孔，则水银会向上喷出【答案】D【考点】大气压强的测量方法【解析】【解答】A.大气压不变，对玻璃管顶端水银液面进行受力分析，由于液面受力平衡，所以玻璃管顶端的水银液面受到的压强等于大气压减去水银柱的压强，也等于玻璃管上端对液面的压强，进而等于液面对玻璃管上端的压强，即2cm高水银柱产生的压强，A正确，不符合题意；B.由于玻璃管上方是真空，所以外界大气压就等于76cm高水银柱，B正确，不符合题忌；C.玻璃管倾斜后能够充满全管，说明上端无水银的部分肯定是真空，若不是真空，管内水银不会充满全管，c正确，不符合题意；D.上端碰出一小孔，管内水银会下降，而不会向上喷，D错误，符合题意。故答案为：D。【分析】测定大气压强值的实验是：托里拆利实验。注意a、将玻璃管稍微倾斜一点，水银柱的长度将变长，但是水槽和玻璃管内液面的高度差不变；b、根据玻璃管内水银产生的液体压强p=pgh可知，液体压强与玻璃管的粗细无关，所以将玻璃管换成更粗的玻璃管，水银柱的高度不变；c、若有少量空气残留在玻璃管内，则管内空气产生的压强与液体压强之和才等于外界大气压强，而外界大气压强不变，所以水银柱的高度将变短。10.（2分）如图所示，水平桌面上有甲、乙两个相同容器，分别装有密度为Pi、P2的两种不同液体，将两个相同的小球分别放在两容器中，小球静止时，两容器液面相平，两个小球受到的浮力分别为鼻、七，则下列判断中正确的是（）Fi F2Pl P2甲容器底部受到液体的压强大于乙容器底部受到液体的压强A.B.C.D.【答案】A【考点】压强的大小及其计算；物体的浮沉条件及其应用【解析】【解答】将两个相同的小球分别放在两容器中，小球静止时，在甲液体中漂浮，说明甲的重力等于浮力，而在乙液体中是悬浮的，重力仍然等于浮力，故浮力相同，错误；由于浮力相同，相同的小球，甲球的排开液体的体积教小，说你甲液体的密度较大，故 正确；由于深度相同，根 据p=p g h可知，甲的液体的密度大，故甲对容器底的压强大，故 正确。故答案为：Ao【分析】根据物体浮沉条件得出小球在两种液体中所受浮力的大小关系及两种液体的密度关系。利 用p=pgh比较甲、乙两烧杯底受到液体的压强大小。11.（2分）如图所示的实例中，利用了“流体压强与流速关系”工 作 的 是（）A.茶壶吸盘挂钩8/3 6.O.郛.O.H.O.拨.O.g.O:噩蒯出#.O.郛.O.白.O.热.O.氐.O.o寂OOO氐OO飞机机翼上面凸起n|p沏料.郑.O.，二.O.热.O.M.O.水坝上窄下宽【考点】流体压强与流速的关系【解析】【解答】A.茶壶的壶嘴和壶身上端开口下端连通，构成了连通器，没有利用流体压强与流速关系，A不符合题意；B.用力挤压吸盘，吸盘内空气减少，外部大气压把吸盘紧紧压住，所以用吸盘挂钩挂衣物，利用了大气压强的作用，B不符合题意；C.在气体和液体中，流速越大的位置，压强越小；飞机的机翼做成上面凸起，下面平直，由此飞机在飞行时，机翼上方的空气流速大压强较小，机翼下方的空气流速小，压强大所以飞机受到一个向上的升力，c符合题意；D.水坝上窄下宽是因为液体压强随深度的增加而增大，水坝下面宽能够承受水给它的压强，D不符合题意。故答案为：Co【分析】流体压强大小与流速关系：在流体中流速越大地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大。12.（2分）如图所示，有三个实心圆柱体甲、乙、丙，放在水平地面上，其中甲、乙高度相同，乙、丙的底面积相同.三者对地面的压强相等，下列判断正确的是：（）A.p甲=p乙 丙C.01甲=口1乙=1 1 1 丙B p M=p乙=p丙D.m 甲 01 乙=1 1 1 丙【答案】A【考点】压强的大小及其计算【解析】【解答】AB.对于粗细均匀的固体，放在水平地面上，其产生的压强为：P=即压强只与固体密度和高度有关，甲、乙高度相同，对地面的压强相等，则甲、乙密度相等，丙的高度大，则丙的密度小于甲、乙的密度，A 符合题意，B 不符合题意;CD.乙的底面积大于甲的底面积，据p=（可知，乙对地面的压力大于甲对地面的压力，即G 乙大于G w,乙、丙的底面积相同，对地面的压强相等，则对地面的压力相等，即G乙等于GN,由G=mg可知，m 单 G2,不计绳重和摩擦。则下列判断正确的是（）A.拉 力/（x）一定大于F2B.乙滑轮组的机械效率较高C.甲、乙滑轮组的有用功相同D.甲的额外功与有用功的比值较小【答案】D【考点】滑轮组及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算10/36.O.郛.O.H.O.拨.O.g.O:噩蒯出#.O.郛.O.白.O.热.O.氐.O.O.邹.O.I I-.O.媒.O.氐.O.O.郑.O.1 1-.O.盘.O.M.O.【解析】【解答】A.拉力B的大小为g（Gi+G动）,而拉力Fz的大小为1（G2+G动），虽然GIG2,但是拉力/（x）不一定大于F2,A不符合题意；B.甲与乙两组，额外功相同，甲组的有用功比较大，甲组的物体更重，故甲机械效率大，B不符合题意；C.升高相同的高度，G1G2,物重不同，则甲、乙滑轮组的有用功不同，C不符合题意；D.由于甲组的机械效率高，由于额外功相同，甲组的有用功大于乙组的有用功，所以甲组的额外功与有用功的比值较小，D符合题意。故答案为：Do一叩即,-S:乐强一招料【分析】不计摩擦和绳重，可利用公式：F=aG+GG得到绳端拉力F的大小关系；利用公式W产Gh得到有用功的大小关系。利用公式WG动h得到额外功的关系以及额外功与有用功的比值大小关系；根据公W.W式：w产w号+w领和效率公式：n=i淤 确定机械效率的大小。总 有额14.（2分）一位摄影爱好者采用在同一张底片上多次曝光的方法，拍摄了极限跳伞运动员从悬崖上跳下的过程。从运动员离开悬崖时开始，每隔0.3s曝光一次，得到了一张记录运动员在打开降落伞之前的一段下落情况的照片，如图。已知运动员从a点到d点可视为沿竖直方向运动，通过ab、be和cd的时间间隔均为0.6s,空气阻力不能忽略。对于运动员从a点到d点的下落过程，下列分析中正确的是（）A.运动员下落过程中速度的大小保持不变B.运动员所受的重力在ab段所做的功等于在cd段所做的功C.运动员所受的重力在ab段做功比在cd段做功慢D.运动员下落过程中减少的重力势能全部转化为动能【答案】C【考点】功率的计算；动能和势能的大小变化；功的计算及应用【解析】【解答】A.由图知，运动员下落过程中在相同时间内通过的距离不同，因此他的速度的大小是变化的，A 不符合题意；B.由图知，运动员在ab段与cd段通过的距离不同，但运动员的重力不变，由公式W=Gh可知，其所受的重力在ab段所做的功不等于在cd段所做的功，B 不符合题意；C.由图知，运动员在ab段比在cd段通过的距离短，因此相同时间内做功少，即重力在ab段做功比在cd段做功慢，C 符合题意；D.由于空气阻力不能忽略，所以运动员下落过程中克服空气阻力会消耗一部分机械能（会转化为内能），所以减少的重力势能并没有全部转化为动能，D 不符合题意。故答案为：Co【分析】利用v=f判断其速度是否变化。根据W=Gh判断距离的变化，即可判断做功的情况。利用P=母分析判断做功的快慢。在有空气阻力的情况下，克服空气阻力会消耗一部分机械能。15.（2 分）如图甲电路，闭合开关S 后，两个灯泡都能发光，乙图为电流表Ai指针的位置，如果电流表A2读数是0.6A,则下列说法错误的是（）A.电流表A i的读数是0.3AB.灯泡L 和 L2并联C.电流表Ai 一定连接“-、3”接线柱D.通过灯L 的电流为0.9A【答案】A【考点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律【解析】【解答】由电路图知，两灯泡并联在电路中，电流表Ai测干路的电流，A2测灯L2的电流。而 A2的读数为0.6A,据并联电路电流的特点知，Ai所测的电流比A2的大，那么A i的量程为03 A,由图乙知，A i的示数为1.5A,那么通过Li的电流L=I-L=L5A-12/36.O.郛.O.H.O.拨.O.g.O:噩蒯出#.O.郛.O.白.O.热.O.氐.O.o0.6A=0.9AA 错误，符合题意，BCD正确，不符合题意。故答案为：Ao【分析】两灯泡并联在电路中，电流表Ai测干路的电流，A2测灯L2的电流。根据并联电路特点判断Ai量程并读数，由并联电路的电流特点计算L 的也流。16.（2 分）如图所示，下列描绘物理现象或规律正确的是（）oo塌o氐MA.甲图中闭合开关后看到的现象称为电磁感应现象B.乙图展示了电动机的原理C.丙图也可把拉线开关与灯的位置互换D.丁图用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒带负电是由于毛皮束缚电子的能力比较强【答案】B【考点】两种电荷；家庭电路的连接；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应【解析】【解答】A.甲图说明通电导线的周围存在磁场，此现象为电流的磁效应，A 不符合题意；B.图乙说明通电直导线在磁场中要受到力的作用，是电动机的原理，B 符合题意；C.从安全用电的角度分析，开关和灯的位置互换后，易造成触电事故，不安全，C 不符合题意；D.丁图用毛皮摩擦橡胶棒，毛皮束缚电子的能力比较弱，电子转移到橡胶棒上，而使oo其带负电，D不符合题意。故答案为：B。【分析】研究通电导体在磁场中受力的实验装置中有电池，电能转化为机械能，根据此原理制成电动机；研究电磁感应现象的实验装置中没有电池，机械能转化为电能，根据此原理制成发电机。在家庭电路中，开关应该接在火线和用电器之间。17.（2分）如图所示，是科技小组设计的监测河水流速变化的装置原理图，机翼状的探头始终浸没在水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P上下移动，电源电压保持不变。闭合开关S,当水流的速度变大时（）A.电压表的示数变大B.电流表的示数变小C.电路消耗的总功率变小D.电流表示数与电压表示数的比值变大【答案】D【考点】欧姆定律及其应用；电功率的计算【解析】【解答】A B.根据电路图可知，电阻和滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路的电流：流体的压强跟流速有关，流速越大的位置（上表面流速大），压强越小，当水流速度增大时，下表面压强大于上表面压强，R2滑片上移，变阻器连入电路的阻值变小，由电阻串联的规律知，电路的总电阻变小，由/=,可 知 电 路 的电流变大，电流表示数变大；根 据U=IR,&两 端 的 电 压 变 大，由串联电路电压的规律，电压表示数减小，AB不符合题意；C.因电路的电流变大，根 据P=UI知电路消耗总电功率变大，C不符合题意；D.电流表示数变大，电压表示数减小，电流表示数与电压表示数比值变大，D符合题意。.O.郛.O.H.O.拨.O.g.O:噩蒯出#.O.郛.O.白.O.热.O.氐.O.O.邹.O.II-.O.媒.O.氐.O.O.郑.O.O.盘.O.M.O.故答案为：Do【分析】电阻和滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路的电流，结合压强与流速的关系及串联电路的规律和欧姆定律分析即可。18.（2分）如图甲是身高测量仪，体检者站在绝缘平台上，能自动最示身高，电路原理如图乙，Ro为定值电阻，下列有关分析中正确的是（）一叩即,-S:乐强一招料A.电流表示数显示身高，身高越高示数越大B.电压表示数显示身高，身高越高示数越大C.身高越高，R消耗的电功率越小D.身高越高，电路消耗的总功率越大【答案】B【考点】欧姆定律及其应用；电功率的计算【解析】【解答】由电路图可知，R与R。串联在电路中，电压表测滑片P下方电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流。A.因电压表在电路中相当于断路，则当滑片移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻不变，身高越高时，滑片会向上移动，由于滑动变阻器接入电路的电阻不变，电路的总电阻不变，由欧姆定律可知，电路中的电流不变，所以电流表示数不能显示身高的变化，A不符合题意；B.电压表测滑片下方电阻丝两端的电压，身高越高时，滑片下方电阻丝的阻值越大，由U=IR可知电压表示数越大，所以应该用电压表示数显示身高，且身高越高示数越大，B符合题意；C.身高越高时，由于电路中的电流不变、R的阻值不变，则根据P=12R可 知R消耗的电功率不变，C不符合题意；D.身高越高时，总电压不变，电路中电流不变，由P=UI可知，电路消耗的总功率不变，故 D 不符合题意。故答案为：B。【分析】R 与 R。串联在电路中，电压表测滑片P 下方电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑片移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻不变，结合串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式分析即可。19.（2 分）如图所示是“探究电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关”的实验装置。两个透明容器中密封着等量的空气，下列说法错误的是（）A.U 形管液面高度变化是因为容器中气体热胀冷缩的缘故B.通电后透明容器中气体的内能增大是通过做功的方式改变的C.图甲中，通电一段时间后左右两边容器内电阻产生的热量之比是1口 2D.图乙所示的装置可以用来探究电流通过导体产生的热量多少跟电流大小的关系【答案】B【考点】焦耳定律【解析】【解答】A.电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但容器中空气的温度变化导致容器中空气体积的变化，即可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法，A 正确，不符合题意；B.电流通过电阻丝时，电流会做功，电能转化为内能，使得电阻丝的内能变大，空气会吸收电阻丝的热量，是通过热传递的方式改变内能的，B 错误，符合题意；C.甲实验，两个电阻丝是串联的，电流和通电时间相同，右侧容器电阻的阻值是左侧容器电阻的阻值的2 倍，由焦耳定律Q=PRt可知，右侧电阻产生热量是左侧电阻产生热量的2 倍，即左右两边容器内电阻产生的热量之比是1口 2,C 正确，不符合题意；D.在乙装置中，一个5 c 的电阻与两个5 c 的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右边两个电阻的总电流和通过左边电阻的电流相等，左边容器中通过电阻的电流大于右边容器中通过电阻的电流，这是研究电流产生的热量与电流的关系，D 正16/36.O.那.O.H.O.期.O.宅.O:.噩蒯出#.O.郛.O.白.O.热.O.氐.Oo.邹.o.fa-.o.媒.o.氐.o.一nimp.-s:乐强一招料o.郑.o.Il-.o.盘.o.M.o.确，不符合题意。故答案为：Bo【分析】探究电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关的实验，运用了控制变量法（探究电流产生的热量与电流的关系，控制电阻和通电时间不变）及转换法（电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化法）。20.（2分）如图所示的电路中，电源电压为12V。在a、b间接入灯“4V2W”，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P使灯L正常发光。断开开关取下灯L,保持滑片P的位置不变，在a、b间接灯L2,“4V4W”后闭合开关（本题不考虑温度对灯丝电阻的影响），则正确的是（）A.灯L2正常发光B.电压表的示数保持4V不变C.灯L2的实际功率为1.44WD.滑动变阻器接入电路的电阻为8c【答案】C【考点】欧姆定律及其应用；电功率的计算：实际功率【解析】【解答】在a、b间接入灯“4V 2W”，调节滑动变阻器的滑片P使灯L,正常发光，则此时电流为/=1=第=0.54则此时滑动变阻器的电压为U=U-U.=12V-4V=8V则此时滑动变阻器的阻值为R=）道=型_=160K 滑 I 0.54当保持滑片P的位置不变，在a、b间接灯L2,“4V 4W”，此时的灯泡L2的电阻为_U2 _（4V）2 _K2-p-4则总电阻为R总=R滑+&=160+40=20。则 电 流 为/=卷差=0.6/1则此时电灯泡的电压为U2=I R2=0.6/1 x 40=2.47A.此时灯泡的电压不等于额定电压，故不会正常发光，A不符合题意;B.电压表测量灯泡L2的电压，变为了 2.4V,B不符合题意;C.灯 L2 的实际功率为 p2=ui=1 12R2=（0.64）2*40=1.44UZC符合题意；D.此时滑动变阻器的阻值不变，故仍然为16C,D不符合题意。故答案为：C【分析】利用电功率公式和欧姆定律、串联电路特点分析计算即可，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。阅卷人得分二、填 空 题（共6题；共12分）21.（2分）每 年6月6日是“爱眼日”，如图所示中的图（选填“甲”或 乙”）是近视眼的成像示意图；CCTV“广而告之”栏目曾播放过一段公益广告（如右图所示），图中通过插座接入电路的用电器同时工作时，很有可能烧断保险丝，这说明电路中电流过大的原因之一是,甲 乙【答案】乙；总功率过大18/36.O.郛.O.H.O.拨.O.g.O:噩蒯出#.O.郛.O.白.O.热.O.氐.O.【考点】近视眼的成因与矫正办法；家庭电路电流过大的原因【解析】【解答】近视眼是折光能力强，成像在视网膜前，故答案为：乙。图中通过插座接入电路的用电器同时工作时，总功率过大，会导致电路中电流过大，很有可能烧断保险丝。【分析】近视眼会将物体的像呈在视网膜之前，应该佩戴凹透镜进行矫正。远视眼会将物体的像呈在视网膜之后，应该佩戴凸透镜进行矫正。家庭电路中电流过大的原因有两个：短路和用电器的总功率过大。2 2.（2分）在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量均为1 k g的水和某种液体进行对比实验，并用图像对实验数据进行了处理，如图所示，实验过程中，水和D|p :某种液体在相同时间内放出的热量相等，分析图像可以得出：（选填“甲 或曲:“乙”）物质是某种液体，某种液体的比热容为J/(k g P)。温度6050-03020:一 丁 在 乙1 0 1 5 2 0 时间/m i n【答案】乙；2.1 X 1 03【考点】热量的计算N ：报.【解析】【解答】由、=。1 1 1&可知，在质量和放出热量相同时，比热容越大，温度变化越小；由图可知，放出相同热量时，甲温度变化较小，比热容较大，则乙物质是某种液体。在1 5分钟时，甲乙放出相同热量，乙温度变化是甲的2倍，则c“，mt=c，m 2 t【分析】结合图像，由Q=c mAt分析计算即可。2 3.（2分）有一种电热水壶有“烧水”和“保温”两个挡，如右图所示是其内部简化电路图，已知R o=4 4 C,R,=1 O 56 Q,当S接1时，电热水壶处于（选填“烧水”或“保温”档，当S接2时，通 电2 mi n该电热水壶产生的热量是 J。2 2 0 V o【答案】保温；1.3 2 x 1 0s【考点】电功的计算；电功率的计算【解析】【解答】当S接1时，两电阻串联，当开关S接2时，只有电阻R o接入，根据PT可知，电源电压不变，两电阻串联，总电阻比较大，电功率比较小，故当开关S接1时，两电阻串联，处于保温状态。2 2当S接2时，通 电2 mi n该电热水壶产生的热量是Q=u/t=必 丝-x 2 xR 4 4 1 26 0 s=1.3 2 x 1 0s；通 电2 mi n该电热水壶产生的热量是1.3 2 X 1 05/。【分析】结合开关接不同位置时电路的连接方式，利用p=l&Q=U I t进行计算即可。R2 4.（2分）如图所示，A、B、C、D是四个接线柱，要 使L i、L2并联，应用导线分别连接 两接线柱和连接 两接线柱。【答案】B D；AC【考点】串联电路和并联电路的辨别【解析】【解答】分别连接B D和A C,这样电流从正极出发后会分别通过两盏灯泡，最后回到电源的负极，两个灯泡之间互不影响。【分析】利用电流流向法和串并联电路中电流路径的特点分析电路的连接方式即可。2 5.（2分）甲、乙两辆小车在平直的路面上向东运动，小林测出它们运动的路程和时间，并由所测数据作出了相应的s-t图像，如图所示。由 图 可 知v 申”/（选填“”、=，或，；西D|P沏【考点】速度公式及其应用；时间速度路程的图像分析【解析】【解答】由图知，甲和乙车都通过7 0 m的路程时t产8s,t乙=1 2 st（|V乙甲、乙两辆小车在平直的路面上向东运动，且v,Avc所以以甲为参照物，乙车向西运动。Oo期【分析】s-t图像上直线表示物体做匀速直线运动，再利用速度计算公式v=j分析计算即可。2 6.（2分）用图甲所示的滑轮组运送货物上楼，每件货物重为1 0 0 N,每次运送的量不定，图乙记录了在整个过程中滑轮组的机械效率随货物重力增加而变化的图像，则动滑轮重为 N；当某次运送4件货物时，滑 轮 组 的 机 械 效 率 为%（不考虑绳重和摩擦）。O氐料oM【答案】1 0 0；80OO【考点】滑轮组及其工作特点；滑 轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算【解析】【解答】由图乙知，当 G=100N时，T=50%V=T-=W+W=GTG总 有 额 动50%=100/V10N+G动代入数据得G 动=100N。运 送 4 件货物时G=4xl00N=400N由图甲知，滑轮组由2 段 绳 子承担物重 G+G动400N+100N n.,F=-=-=250/Vn2W 1 滑轮组的机械效率=两 =争X 100%=东=2普 器N X 10%=80%【分析】不考虑绳重和摩擦时,W W滑轮组的机械效率=蜡=w总 尸额GG+G一求出动动滑轮的重力及滑轮组的机械效率。三、计 算 题（共3题；共3 0分）阅卷人得分27.（5 分）如图是建筑工人用钻孔机在墙面上钻孔的情景，钻孔时钻头会发热，要不断给钻头浇水降温以保护钻头。请用学过的相关知识解释钻孔时钻头发热和浇水能给钻头降温的原因。【答案】解：钻孔时钻头发热克服摩擦力做功产生的内能；浇水能给钻头降温利用水的比热容比较大，能够吸收更多的热量。【考点】做功改变物体内能【解析】【分析】改变物体的内能两种方法：做功和热传递，这两种方法对改变物体的内能是等效的。物体对外做功，物体的内能减小；外界对物体做功，物体的内能增大。28.（10分）如图甲是食堂为餐具消毒、烘干的保洁消毒柜，其内部电路如图乙所示，S 1 为温控开关，S2为门控开关，R 为石英加热管。消毒柜的总功率为1250W,其中臭22/36.O.郛.O.H.O.拨.O.g.O:噩蒯出#.O.郛.O.白.O.热.O.氐.O.O.邹.O.II-.O.媒.O.氐.O.一叩即,-S:乐强一招料O.郑.O.O.盘.O.M.O.氧发生器的功率为1 5 0 W。求:（1）（5 分）正常工作时通过石英加热管R的电流为多大？（2）（5 分）在货架上放1 0 0 k g 的不锈钢餐具，将其从2 6 加热到7 0 ,若电流产生的热量有2 0%损失，消毒柜石英加热管需要正常工作多长时间？c 0.4 6 x 1 0 3（k g.）【答案】（1）解：正常工作时，石英加热管的功率为P 加 P ,尸P发+P 加P t t l=P ;S-P =1 2 5 0 W-1 5 0 W=1 1 0 0 Wp正常工作时通过石英加热管R的电流/一 初一 1 1 0 0 W 一答：正常工作时通过石英加热管R的电流5 A；（2）解：不锈钢餐具吸收的热量Q C i H m q O-t o）消毒柜石英加热管Q加=P游消毒柜石英加热管的效率7；=1-2 0%=80%利士力 Q 吸 0.4 6 X 1 0 3 J/6 k g .）X100/C5X（70-26）。八”列方程 n=3 J 一%厂=-lioowxt-=80%解得 t=2 30 0 s答：消毒柜石英加热管需要正常工作时间为2 30 0 s o【考点】热量的计算；电功率的计算；电功与热量的综合计算【解析】【分析】（1）电路中的总功率等于各用电器功率之和，根据P=U I求出通过石英加热管R的电流。（2）根据Q=c m （t-t0）求出吸收的热量，不计热量损失，消耗的电能和不锈钢餐具吸收的热量相等，根据P邛求出正常工作需要的加热时间。2 9.（1 5 分）如图甲所示，有一体积、质量忽略不计的弹簧，其两端分别固定在容器底部和正方体形状的物体上。已知物体的边长为1 0 c m,弹簧没有发生形变时的长度为1 0 c m,弹簧受到拉力作用后，伸长的长度A L 与拉力F的关系如图乙所示。向容器中加水，直到物体上表面与液面相平时水深2 4 c m (g=1 0 N/k g,p*=1.0 x l 03k g/m3)o 求：(1)(5 分)物体上表面与液面相平时所受到水的浮力(2)(5 分)物体的密度(3)(5 分)打开出水口，缓慢放水，当弹簧处于没有发生形变的自然状态时，关闭出水口。求放水前后水对容器底部压强的变化量。【答案】(1)解:物块刚好完全浸没在水中，则V产V物=(O.l m)3=l x i o+m 3物体受到的水的浮力 F s 7=p 木 g V t l t=1.0 x 1 03k g/m3x 1 ON/k g x 1 x 1 0-3m.3=1 0 N答：物体上表面与液面相平时所受到水的浮力为1 0 N；(2)解：由图甲可知，当物体上表面与上液面齐平时，物体上表面距容器底的距离为h=2 4 c m,弹簧伸长的长度 A L=2 4 c m-1 0 c m-1 0 c m=4 c m由图乙可知，此时弹簧对物体的拉力为F拉=4 N,物体的重力6物=口下拉=1 0 N-4 N=6 N物体的密度 p =1 7 4=-兽-=0-6 x 103kg/m3丫 物 V 卷(O.l m f x l ON/k g答：物体的密度为0.6 x 1 03k g/m3；(3)解：当弹簧处于没有发生形变的自然状态时，L 衿=1 0 c m,此时物体受到的浮力F浮 =G 物=6 N噩蒯出#，浮 6N 一 一V 排=-=-5-=6 X 1 0 4r H3P7Kg 1 x 103kg/m3 x ION/kgV 排 6 X 10-47 T l3h,=-=-2-=0.0 6 m =6cm浸 S 0.1m x 0.1m此时水的深度h-L弹 宽+h 浸=1 0 c m+6 c m =1 6 c m=0.1 6 m24/36.o.郛.o.n.o.拨.o.g.o:.o.郛.o.白.o.热.o.氐.o.O.邹.O.I I-.O.媒.O.氐.O.一叩即,-S:乐强一招料O.郑.O.1 1-.O.盘.O.M.O.放水前后水对容器底部压强的变化量Ap=p-p=pg（h-h）=1 x 103kg/m3 xlON/kg x（0.24m-0.16m）=800Pa答：放水前后水对容器底部压强的变化量为800Pa。【考点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理【解析】【分析】（1）利用阿基米德原理F,；=p gV!lt即可求出浮力。（2）由图乙分析图甲状态下弹簧对木块的拉力，根据力的平衡知识求木块的重力，由密度公式p与计算即可。（3）物体刚好完全浸没在水中，根据物体受力平衡求出物体漂浮时浸在水中的深度，再根据p=pgh求出容器底部受到的水的压强差。阅卷入四、综合题（共1题；共7分）得分30.（7 分）（1）（2分）小邱同学在践行我市中小学生“研学旅行”活动中，赴大邑县“建川博物馆进行了一次远行研学。他所用的拉杆旅行箱示意图如下所示。装有物品的旅行箱整体可视为杠杆，O为支点，B为重心，A为拉杆的端点。在A点沿图示方向施加拉力F,画出拉力F的力臂1。要使作用在A点的拉力减小，保持其他条件不变，下列做法可行的是（选填符合要求的选项标号）。A.缩短拉杆的长度B.使拉力方向顺时针改变20。C.将箱内较重的物品靠近O点摆放，重心由B变至B（2）（5分）放有条形磁体的小车静止在水平地面上，闭合