2017届-人教版-遗传因子的发现-单元测试题一(共23页).doc

精选优质文档-倾情为你奉上2017届 人教版 遗传因子的发现 单元测试题一( 100分)一、选择题(共12小题，每小题2分，共48分)1.孟德尔利用豌豆作为实验材料进行植物杂交实验，成功地发现了生物的遗传规律。下列各项中不属于豌豆作为遗传实验材料优点的是()A.豌豆是严格的自花传粉、闭花受粉植物B.豌豆在自然状态下一般是纯合的C.豌豆具有许多明显的相对性状D.杂种豌豆自交后代容易发生性状分离【解析】选D。豌豆作为遗传实验材料的优点是豌豆是严格的自花传粉、闭花受粉植物，在自然状态下一般是纯合的，并且具有许多明显的相对性状。D项所述是所有实验材料都具有的特点。2.下列各组中，不属于相对性状的是()A.水稻的早熟和晚熟B.豌豆的紫花和红花C.小麦的抗病与感病D.绵羊的长毛与细毛【解析】选D。相对性状是指一种生物同一种性状的不同表现类型。水稻的早熟和晚熟、豌豆的紫花和红花及小麦的抗病与感病均为相对性状，而绵羊的长毛和短毛，细毛与粗毛分别为相对性状。3.(2016·天水模拟)某种高等植物的杂合子(Aa)产生的雌雄配子的数目是()A.雌配子雄配子=11B.雄配子很多，雌配子很少C.雌配子雄配子=13D.含A遗传因子的雌配子含a遗传因子的雄配子=11【解析】选B。基因分离定律的实质是等位基因的分离，基因型为Aa的植物产生的雄性配子中含A的和含a的数量相等，雌配子中含A的和含a的数量也相等，但雌雄配子之间数量上没有一定的联系，但根据减数分裂的特点可知，雄配子数量比雌配子多。4.大豆的白花和紫花是一对相对性状。下列四组杂交实验中：紫花×紫花紫花，紫花×紫花301紫花+101白花，紫花×白花208紫花，紫花×白花98紫花+102白花。能判断显性和隐性关系的是()A.和B.和C.和D.和【解析】选D。由同一表现型的个体杂交若子一代发生性状分离，则亲本为杂合子，判断“紫花×紫花301紫花+101白花”中，紫花为显性性状，白花为隐性性状；又由一对相对性状的纯合个体杂交，子一代表现出来的性状为显性性状，判断“紫花×白花208紫花”中，紫花为显性性状，白花为隐性性状。【方法技巧】显隐性及纯合子和杂合子的判断方法(1)显隐性性状的两种判断方法。A×BA，则A为显性性状，B为隐性性状。A×AA+B，则A为显性性状，B为隐性性状。注：A、B为表现型。(2)纯合子、杂合子的两种判断方法。A×BA，则亲本A、B是纯合子。A×AA+B，则亲本A为杂合子。5.(2016·重庆模拟)某二倍体植物的叶表面无蜡粉和有蜡粉由一对相对性状(由等位基因E、e表示)控制，某校研究性学习小组做了如下3组实验，有关分析不正确的是()编组亲本组合F1的表现型及比例甲组无蜡粉植株()×有蜡粉植株()无蜡粉有蜡粉=11乙组无蜡粉植株()×有蜡粉植株()无蜡粉有蜡粉=11丙组有蜡粉植株自交无蜡粉有蜡粉=13A.实验结果表明有蜡粉是显性性状B.控制这对相对性状的基因位于细胞核内C.3组亲本中有蜡粉植株的基因型都是EeD.丙组的F1中纯合子所占的比例是1/4【解题指南】解答本题应明确以下两点：(1)后代出现11，则亲本中的显性个体一定是杂合子。(2)后代出现31，且表现为“无中生有”，则新出现的性状一定是隐性性状。【解析】选D。由丙组杂交实验结果可知：有蜡粉植株自交无蜡粉有蜡粉=13，表明有蜡粉是显性性状；由甲组和乙组正反交结果相同，说明控制这对相对性状的基因位于细胞核内；由3组杂交结果可以得出3组亲本中有蜡粉植株的基因型都是Ee；丙组杂交后代基因型为：EE、2Ee和ee，所以丙组的F1中纯合子所占的比例是1/2。6.(2016·重庆模拟)人的褐眼对蓝眼为显性，其相关基因位于常染色体上，某家庭的双亲皆为褐眼。其甲、乙、丙三个孩子中，有一个是收养的(非亲生孩子)。甲和丙为蓝眼，乙为褐眼。由此得出的正确结论是()A.孩子乙是亲生的，孩子甲或孩子丙是收养的B.该夫妇生一个蓝眼男孩的概率为1/4C.控制孩子乙眼睛颜色的基因型是纯合的D.控制双亲眼睛颜色的基因型是杂合的【解析】选D。由于双亲皆为褐眼，在孩子中出现蓝眼，可推知双亲均为杂合子，若控制褐眼和蓝眼的基因分别用A和a表示，则双亲的基因型均为Aa，则其亲生孩子可能是蓝眼(aa)，也可能是褐眼(AA或Aa)，所以无法确定甲、乙、丙三个孩子中哪一个是收养的；该夫妇生一个蓝眼男孩的概率为1/4×1/2=1/8；控制孩子乙眼睛颜色的基因型可能是AA，也可能是Aa。【方法技巧】个体基因型的确定方法(1)若后代性状分离比为显性隐性=31，则双亲一定是杂合子(Aa)，即Aa×Aa3A_1aa。(2)若后代性状分离比为显性隐性=11，则双亲一定是测交类型，即Aa×aa1Aa1aa。(3)若后代只有显性性状，则双亲至少有一方为显性纯合子，即AA×AA或AA×Aa或AA×aa。(4)若后代只有隐性性状，则双亲均为隐性纯合子，即aa×aaaa。7.(2016·巴彦淖尔模拟)下列鉴定生物遗传特性的方法中恰当的是()A.鉴定一匹白马是否是纯合子用测交B.区分狗的长毛和短毛这一相对性状的显隐性关系用测交C.不断地提高小麦抗病系的纯度用测交D.检验杂种灰兔F1的基因型用杂交【解析】选A。用测交法可鉴别一匹白马是纯合子还是杂合子，如果后代只有显性个体，则很可能是纯合子；如果后代出现隐性个体，则为杂合子，A正确；用杂交法可以区别一对相对性状的显隐性关系，后代表现出的性状是显性性状，所以区分狗的长毛和短毛这一相对性状的显隐性关系用杂交的方法，B错误；用自交法可不断提高小麦抗病品种的纯度，因为杂合子自交后代能出现显性纯合子，并淘汰隐性个体，C错误；用测交法检验杂种F1的基因型时，如果后代只有显性个体，则很可能是纯合子，如果后代出现隐性个体，则为杂合子，D错误。8.(2016·太原模拟)西红柿果肉颜色红色和紫色为一对相对性状，红色为显性。用杂合的红果肉西红柿自交获得F1，将F1中表现型为红果肉的西红柿自交得到F2，以下叙述正确的是()A.F2中无性状分离B.F2中性状分离比为31C.F2红果肉个体中杂合子占2/5D.F2中首先出现能稳定遗传的紫果肉西红柿【解析】选C。若控制西红柿果肉颜色红色和紫色的基因分别用D、d表示，杂合的红果肉西红柿自交获得F1，将F1中表现型为红果肉的西红柿自交得F2，由于F1中，红果肉西红柿中基因型为DD的个体占1/3，基因型为Dd的个体占2/3，则F2中基因型为dd的个体占(2/3)×(1/4)=1/6，F2中性状分离比为51，其中红果肉个体中杂合子占2/5，在F1中即能出现稳定遗传的紫果肉西红柿。9.(2016·昆明模拟)在阿拉伯牵牛花的遗传实验中，用纯合子红色牵牛花和纯合子白色牵牛花杂交，F1全是粉红色牵牛花。将F1自交后，F2中出现红色、粉红色和白色三种类型的牵牛花，比例为121，如果取F2中的粉红色的牵牛花和红色的牵牛花均匀混合种植，进行自由传粉，则后代表现型及比例应该为()A.红色粉红色白色=441B.红色粉红色白色=331C.红色粉红色白色=121D.红色粉红色白色=141【解析】选A。F2中的粉红色牵牛花(Aa)和红色牵牛花(AA)的比例为21，A的基因频率为2/3，a的基因频率为1/3，后代中AA占4/9，Aa占4/9，aa占1/9，故后代中AAAaaa=441。10.(能力挑战题)喷瓜植株的雌雄性是由3个基因aD、a+、ad决定的，aD对a+为显性，a+对ad为显性。喷瓜个体只要有aD基因即为雄性，无aD而有a+基因时为雌雄同株，只有ad基因时为雌性。下列说法正确的是()A.该植物不可能存在的基因型是aDaDB.该植物可产生基因组成为aD的雌配子C.该植物不可能产生基因组成为a+的雌配子D.aDad×a+ad雄株雌雄同株雌株=121【解析】选A。根据题意可知，喷瓜的雄株基因型为aDa+、aDad，雌雄同株的基因型为a+a+、a+ad，雌株的基因型为adad。由于雌配子的基因组成没有aD，故该植物不可能存在的基因型是aDaD，但该植物可产生基因组成为a+的雌配子。aDad×a+ad雄株雌雄同株雌株=211。11.(2016·桂林模拟)某种品系的鼠毛色灰色和黄色是一对相对性状，科学家进行了大量的杂交实验得到了如下结果，由此推断不正确的是()杂交亲本后代杂交A灰色×灰色灰色杂交B黄色×黄色2/3黄色，1/3灰色杂交C灰色×黄色1/2黄色，1/2灰色A.杂交A后代不发生性状分离，亲本为纯合子B.由杂交B可判断鼠的黄色毛基因是显性基因C.杂交B后代黄色毛鼠既有杂合子也有纯合子D.鼠毛色这对相对性状的遗传符合基因的分离定律【解题指南】(1)解题关键：显隐性关系的判断及杂交组合比中后代21形成原因的理解。(2)关键知识：显性纯合致死仍旧遵循基因的分离定律。【解析】选C。由杂交B的结果可知，黄色为显性性状，灰色为隐性性状，且杂交B中的双亲为杂合子；杂交A的亲子代均表现为隐性性状(灰色)，因此，亲代均为隐性纯合子；结合杂交B后代中2/3黄色、1/3灰色，可知导致这一现象的原因可能是黄色个体纯合时会死亡，因此，杂交B后代黄色毛鼠都是杂合子，没有纯合子。12.让独立遗传的黄色非甜玉米YYSS与白色甜玉米yyss杂交，在F2中得到白色甜玉米80株，那么F2中表现不同于双亲的杂合植株约为()A.160株B.240株C.320株D.480株【解析】选C。F2中白色甜玉米占总数的1/16，故F2总数为1 280株。F2中表现不同于双亲的杂合植株(包括Yyss和yySs)占总数的1/4，故符合条件的植株约为320株。【易错提醒】易忽略题干要求“表现不同于双亲的杂合植株”，而直接按照“表现不同于双亲的植株”解题，将会错选D项。13.(2016·自贡模拟)已知A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是()A.表现型有8种，AaBbCc个体的比例为1/16B.表现型有4种，aaBbcc个体的比例为1/16C.表现型有8种，Aabbcc个体的比例为1/8D.表现型有8种，aaBbCc个体的比例为1/16【解析】选D。本题考查对基因自由组合定律的灵活运用。基因型为AaBbCc×AabbCc的杂交组合，其后代的表现型有2×2×2=8种；AaBbCc个体的比例为1/2×1/2×1/2=1/8；aaBbcc个体的比例为1/4×1/2×1/4=1/32；Aabbcc个体的比例为1/2×1/2×1/4=1/16；aaBbCc个体的比例为1/4×1/2×1/2=1/16。14.(2016·通辽模拟)水稻高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗稻瘟病(R)对易感稻瘟病(r)为显性，两对相对性状独立遗传，现用一个纯合易感稻瘟病的矮秆品种(抗倒伏)与一个纯合抗稻瘟病的高秆(易倒伏)杂交，子二代中出现既抗倒伏又抗病类型的比例为()A.1/8B.1/16C.3/16D.3/4【解析】选C。纯合高秆抗稻瘟病水稻的基因型为DDRR，纯合矮秆易感稻瘟病水稻的基因型为ddrr，它们杂交产生的F1基因型为DdRr，F1自交产生的F2：D_R_D_rrddR_ddrr=9331，F2中出现矮秆抗病类型的基因型及比例为1/16ddRR、2/16ddRr，所以子二代中出现既抗倒伏又抗病类型的比例为3/16。15.有一种软骨发育不全的遗传病，两个有这种病的人(其他性状正常)结婚，所生第一个孩子得白化病且软骨发育不全，第二个孩子全部性状正常。假设控制这两种病的基因符合基因的自由组合定律，请预测，他们再生一个孩子同时患两种病的概率是()A.1/16B.1/8C.3/16D.3/8【解析】选C。假设软骨发育不全由B、b基因控制，白化病由A、a基因控制，因为两个软骨发育不全的人(其他性状正常)结婚，所生第一个孩子得白化病且软骨发育不全，第二个孩子全部性状正常，可以推断出此夫妇的基因型均为AaBb，他们再生一个孩子同时患两种病的概率是1/4×3/4=3/16。16.(2016·天水模拟)现用山核桃的甲(AABB)、乙(aabb)两品种作亲本杂交得F1，F1测交结果如表所示，下列有关叙述中，不正确的是()测交类型测交后代基因型种类及所占比例父本母本AaBbAabbaaBbaabbF1乙1/72/72/72/7乙F11/41/41/41/4A.F1产生的基因型AB的花粉可能有50%不能萌发，不能实现受精B.F1自交得F2，F2的基因型有9种C.F1花粉离体培养，将得到四种表现型不同的植株D.正反交结果不同，说明这两对基因的遗传不遵循自由组合定律【解析】选D。AABB与aabb杂交得到的F1的基因型为AaBb。根据F1与乙的测交结果可知，F1产生的AB花粉50%不能萌发，不能实现受精；表中F1作为母本与乙测交，后代性状分离比为1111，可见这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。17.如图为某植株自交产生后代过程示意图，下列对此过程及结果的描述，不正确的是()A.A、a与B、b的自由组合发生在过程B.过程发生雌、雄配子的随机结合C.M、N、P分别代表16、9、3D.该植株测交后代性状分离比为1111【解析】选D。图中为减数分裂产生配子的过程，减数第一次分裂过程中发生A、a与B、b的自由组合。为受精作用，该过程发生雌雄配子的随机结合。4种雌雄配子有42种结合方式，子代有32种基因型，根据P的表现型比例判断，有3种表现型，故该植株测交后代的性状分离比为211。18.(2016·哈尔滨模拟)某种植物的果皮颜色有白色、绿色和黄色三种，分别由位于两对同源染色体上的等位基因控制。如图是控制果皮不同色素合成的生理过程，则下列说法不正确的是()A.过程称为基因的表达B.黄果皮植株的基因型可能有两种C.BbTt的个体自交，后代中白果皮黄果皮绿果皮=961D.图中显示了基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物的性状【解析】选C。黄果皮植株的基因型可能有bbTT、bbTt两种；BbTt的个体自交，后代的基因型(表现型及所占比例)为B_T_(白色，9/16)、B_tt(白色，3/16)、bbT_(黄色，3/16)、bbtt(绿色，1/16)，因此，后代中白果皮黄果皮绿果皮=1231；题图中显示了基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物的性状。19.(2016·昆明模拟)有人将两亲本植株杂交，获得的100粒种子种下去，结果为结红果叶上有短毛37株、结红果叶上无毛19株、结红果叶上有长毛18株、结黄果叶上有短毛13株、结黄果叶上有长毛7株、结黄果叶上无毛6株。下列说法不正确的是()A.两株亲本植株都是杂合子B.两亲本的表现型都是红果短毛C.两亲本的表现型都是黄果长毛D.就叶毛来说，无毛与长毛的植株都是纯合子【解题指南】解答本题的关键：(1)理清相对性状：黄果叶与红果叶是一对相对性状，短毛、长毛和无毛是相对性状。(2)分别分析每对相对性状，根据性状分离比推测亲代基因组成。【解析】选C。根据后代中红果黄果31，短毛无毛长毛211，可确定亲本都为杂合子，亲本的表现型均为红果短毛；就叶毛来说，短毛的个体为杂合子，无毛和长毛的个体为纯合子。20.(2016·长春模拟)南瓜的果实中白色(W)对黄色(w)为显性，盘状(D)对球状(d)为显性，两对基因独立遗传。下列不同亲本组合所产生的后代中，结白色球状果实最多的一组是()A.WwDd×wwddB.WWdd×WWddC.WwDd×wwDDD.WwDd×WWDD【解题指南】解答本题时，需明确以下内容：(1)南瓜的果实中的两对基因独立遗传，即表明两对基因位于两对同源染色体上，此时两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。(2)白色球状果实的基因型为W_dd，可以先用分离定律对基因逐对分析，后利用乘法法则计算结果即可。【解析】选B。WwDd×wwdd，后代结白色球状果实(W_dd)的概率=1/2×1/2=1/4；WWdd×WWdd，后代结白色球状果实(W_dd)的概率=1；WwDd×wwDD，后代结白色球状果实(W_dd)的概率=1/2×0=0；WwDd×WWDD，后代结白色球状果实(W_dd)的概率=1×0=0，故B项正确。21.(能力挑战题)已知某一动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型的个体(aa的个体在胚胎期致死)，两对性状的遗传遵循基因的自由组合定律，AabbAAbb=11，且该种群中雌雄个体比例为11，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的成活子代中能稳定遗传的个体所占比例是()A.5/8B.3/5C.1/4D.3/4【解析】选B。在自由交配的情况下，上下代之间种群的基因频率不变。由AabbAAbb=11可得，A的基因频率为3/4，a的基因频率为1/4。故子代中AA的基因型频率是A的基因频率的平方，为9/16，子代中aa的基因型频率是a的基因频率的平方，为1/16，Aa的基因型频率为6/16。因基因型为aa的个体在胚胎期死亡，所以成活子代中能稳定遗传的个体(AA)所占比例是9/16÷(9/16+6/16)=3/5。组别黑蚁黄茧黑蚁白茧淡赤蚁黄茧淡赤蚁白茧组合一9331组合二0101组合三3010【加固训练】22.(2015·哈尔滨模拟)在家蚕遗传中，黑色(A)与淡赤色(a)是有关蚁蚕(刚孵化的蚕)体色的相对性状，黄茧(B)与白茧(b)是有关茧色的相对性状，假设这两对相对性状自由组合，有三对亲本组合，杂交后得到的数量比如表所示，下列说法不正确的是()A.组合一亲本一定是AaBb×AaBbB.组合三亲本可能是AaBB×AaBBC.若组合一和组合三亲本杂交，子代表现型及比例与组合三的相同D.组合二亲本一定是Aabb×aabb【解析】选C。组合一的杂交后代比例为9331，所以亲本一定为AaBb×AaBb；组合二杂交后代只有白茧，且黑蚁与淡赤蚁比例为11，所以亲本一定为Aabb×aabb；组合三杂交后代只有黄茧，且黑蚁与淡赤蚁比例为31，所以亲本为AaBB×AaBB或AaBb×AaBB；只有组合一中AaBb和组合三中AaBB杂交，子代表现型及比例才与组合三的相同。23.某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，基因型为Aa的植株表现为小花瓣，基因型为aa的植株表现为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣为红色，基因型为rr的花瓣为黄色，两对基因独立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是()A.子代共有9种基因型B.子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例为1/3C.子代共有6种表现型D.子代的红花植株中，R的基因频率为2/3【解题指南】解答本题时，需要明确以下两点：(1)一对等位基因可以组成3种基因型，但表现型不一定是2种，如题干中花瓣大小的表现型是3种。(2)两对基因独立遗传时，杂合子自交基因型是9种，但表现型不一定是4种。【解析】选C。由题干分析知，基因型为AaRr的亲本自交，子代共有9种基因型；由于aa表现为无花瓣，因此aa_的个体只有1种表现型，综合分析知其后代应有5种表现型；子代有花瓣植株(AA_、Aa_)中，AaRr所占的比例为1/3；子代的红花植株(1/3RR、2/3Rr)中，R的基因频率为1/3+1/2×2/3=2/3。【延伸探究】若题干中Aa表现为中花瓣，aa表现为小花瓣，则子代表现型的种类是多少？提示：6种。24.在小鼠的一个自然种群中，体色有黄色(Y)和灰色(y)，尾巴有短尾(D)和长尾(d)，两对相对性状的遗传符合基因的自由组合定律。任取一对黄色短尾个体经多次交配，F1的表现型为黄色短尾黄色长尾灰色短尾灰色长尾=4221。实验中发现有些基因型有致死现象(胚胎致死)。以下说法错误的是()A.黄色短尾亲本能产生4种正常配子B.F1中致死个体的基因型共有4种C.表现型为黄色短尾的小鼠的基因型只有1种D.若让F1中的灰色短尾雌雄鼠自由交配，则F2中灰色短尾鼠占2/3【解题指南】(1)关键知识：自由组合定律中9331的变式应用。(2)解题思路：首先明确基因Y或D纯合时都会使胚胎死亡，即确定YY_ _个体和_ _DD个体是不存在的，然后根据各选项进行综合分析。【解析】选B。由题干分析知，当个体中出现YY或DD时会导致胚胎死亡，因此黄色短尾个体的基因型为YyDd，能产生4种正常配子；F1中致死个体的基因型共有5种；表现型为黄色短尾的小鼠的基因型只有YyDd 1种；若让F1中的灰色短尾(yyDd)雌雄鼠自由交配，则F2中灰色短尾鼠占2/3。二、非选择题(共5小题，共52分)25.(10分)为了验证基因的分离定律，甲、乙两组同学都将纯合的非甜玉米和甜玉米间行种植，分别挂牌，试图按孟德尔的实验原理进行操作，以验证F2的分离比。甲组实验中，亲本的杂交如图所示(箭头表示授粉方式)。实验结果符合预期：F1全为非甜玉米，F1自交得到F2，F2有非甜和甜两种玉米，甜玉米约占1/4。乙组实验中，F1出现了与预期不同的结果：亲本A上结出的全是非甜玉米；亲本B上结出的既有非甜玉米，又有甜玉米，经统计分别约占9/10和1/10。请回答下列问题。(1)甲组实验表明，玉米的非甜是_(选填“显性”或“隐性”) 性状。(2)用遗传图解表示甲组的实验过程(相关基因用T、t表示)。(3)乙组实验中，F1出现了与预期不同的结果，是由于在操作上存在失误，该失误最可能出现在_环节。(4)乙组实验中，亲本B的性状是_(选填“非甜”或“甜”)玉米。(5)如果把乙组实验中亲本B所结的全部玉米粒播种、栽培，并能正常结出玉米棒，这些玉米棒上的玉米粒情况是_。【解题指南】解答本题的关键是：(1)根据甲组实验结果可判断相对性状的显隐性，判断乙组亲本B的性状类型，分析乙组实验结果的可能原因。(2)明确玉米为风媒花，自然条件下进行随机交配。【解析】甲组中F1全为非甜玉米，说明非甜性状为显性性状。乙组实验中出现了甜玉米(隐性性状)，说明甜玉米有自交现象，亲本B上发现有甜玉米，说明亲本B是甜玉米亲本，则子代非甜玉米全是杂合子。正常播种就是随机交配，所以T基因频率为9/20，t基因频率为11/20，后代中tt的概率为121/400，T_的概率为279/400。答案：(1)显性(2)比例：非甜甜=31(3)套袋(4)甜(5)非甜玉米甜玉米=27912126.(11分)(能力挑战题)(2016·西宁模拟)安哥拉兔的长毛和短毛是由一对基因控制的性状。用纯种安哥拉兔进行杂交实验，产生大量的F1和F2个体，杂交亲本及实验结果如下表。实验一()长毛×短毛()F1雄兔全为长毛雌兔全为短毛实验二F1雌雄个体交配F2雄兔长毛短毛=31雌兔长毛短毛=13请回答：(1)在_(填“雌”或“雄”)兔中，长毛为显性性状。(2)用多只纯种短毛雌兔与F2长毛雄兔杂交，子代性状和比例为_。(3)安哥拉兔的长毛和短毛性状既与_有关，又与_有关。(4)如果用A1和A2分别表示长毛基因和短毛基因，请画出实验二的遗传图解。【解析】(1)纯种安哥拉长毛雄兔与短毛雌兔进行杂交所产生F1应都是杂合子，对杂合子来说，雄兔表现长毛，雌兔表现短毛，杂合子雌雄个体交配，后代杂合子占1/2，显性纯合子与隐性纯合子各占1/4，根据两实验结果可判断，对雄兔来说长毛是显性性状，短毛是隐性性状，对雌兔来说，短毛是显性性状，长毛是隐性性状。(2)用A1和A2分别表示长毛基因和短毛基因，F2长毛雄兔的基因型中纯合A1A1占1/3，杂合A1A2占2/3，纯种短毛雌兔基因型是A2A2，F2长毛雄兔和多只纯种短毛雌兔杂交后代，有两种基因型，即2/3A1A2、1/3A2A2，子代性状和比例为雌兔全为短毛，雄兔有长毛有短毛且比例为21。(3)实验说明安哥拉兔的长毛和短毛性状既与基因型有关，又与雌雄有关。(4)遗传图解中应标出亲代和子代的基因型和表现型。答案：(1)雄(2)雌兔全为短毛，雄兔有长毛有短毛且比例为21(3)基因型雌雄(4)【延伸探究】让F1长毛雄兔与多只纯种短毛雌兔杂交，请说明子代雌雄兔的表现型及比例。提示：F1长毛雄兔的基因型为A1A2，纯种短毛雌兔的基因型为A2A2，杂交后代中雌兔均为短毛，雄兔既有长毛又有短毛，且比例为11。27.(12分)(2016·柳州模拟)果蝇中灰身(B)与黑身(b)、大翅脉(E)与小翅脉(e)是两对相对性状且独立遗传。灰身大翅脉的雌蝇与灰身小翅脉的雄蝇杂交，子代中47只为灰身大翅脉，49只为灰身小翅脉，17只为黑身大翅脉，15只为黑身小翅脉，回答下列问题：(1)果蝇体色和翅脉这两对性状的遗传遵循_定律。(2)两个亲本的基因型为_。(3)亲本雌蝇产生的卵的基因组成有_种。(4)让上述子代中表现型为灰身大翅脉的果蝇与黑身小翅脉的果蝇自由交配，所得后代的表现型及比例为_。【解析】(1)已知果蝇中灰身(B)与黑身(b)、大翅脉(E)与小翅脉(e)是两对相对性状且独立遗传，说明两对基因遵循自由组合定律。(2)子代灰身黑身=31，可推知亲本基因型是Bb和Bb；子代大翅脉小翅脉=11，可推知亲本基因型是Ee和ee，所以亲本灰身大翅脉雌蝇基因型是BbEe，灰身小翅脉雄蝇基因型是Bbee。(3)已知雌果蝇的基因型为BbEe，其可以产生2×2=4种基因型的卵细胞。(4)亲本中灰身大翅脉雌蝇的基因型是BbEe，灰身小翅脉雄蝇的基因型为Bbee，子一代中灰身大翅脉的果蝇(B_Ee)与黑身小翅脉的果蝇(bbee)自由交配，产生的后代黑色比例为2/3×1/2=1/3，大翅脉小翅脉=11，则后代的表现型及比例为灰身大翅脉灰身小翅脉黑身大翅脉黑身小翅脉=2211。答案：(1)(基因的)自由组合(2)BbEe、Bbee(3)4(4)灰身大翅脉灰身小翅脉黑身大翅脉黑身小翅脉=2211【加固训练】28.(2013·福建高考10)甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。花色表现型与基因型之间的对应关系如表。表现型白花乳白花黄花金黄花基因型AA_Aa_aaB_aa_D_aabbdd请回答：(1)白花(AABBDD)×黄花(aaBBDD)，F1基因型是_，F1测交后代的花色表现型及其比例是_。(2)黄花(aaBBDD)×金黄花，F1自交，F2中黄花基因型有_种，其中纯合个体占黄花的比例是_。(3)甘蓝型油菜花色有观赏价值，欲同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为_的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是_。【解题指南】解答此类题目需注意以下要点：(1)准确写出后代的基因型。(2)将自由组合定律问题分解为若干个分离定律问题，然后用乘法原理汇总是解答此类题目的捷径。(3)灵活运用题干中提供的基因相互制约关系而生成的表现型及比例。【解析】本题综合考查自由组合定律及其应用。(1)AABBDD×aaBBDDF1：AaBBDD。AaBBDD与aabbdd进行测交，后代为AaBbDd(乳白花)aaBbDd(黄花)=11。(2)aaBBDD×aabbddF1：aaBbDd。aaBbDd自交，F2有9种基因型，其中aabbdd开金黄花，其余8种全部开黄花，黄花个体占F2的15/16，纯种黄花个体(aaBBDD、aaBBdd、aabbDD)占F2的3/16，因此黄花个体中纯合个体占1/5。(3)甘蓝型油菜花色有33种基因型，只看A和a这一对等位基因，AA基因型自交后代全部为白花，aa后代的个体不可能出现白花，所以自交后代同时获得四种花色的基因型只能是Aa，同理可推另外两对等位基因是bbDd、Bbdd或BbDd，则相应个体基因型为AabbDd、AaBbdd或AaBbDd。上述个体自交，F1表现型：白花占1/4，乳白花占1/2，黄花和金黄花共占1/4，比例最高的为乳白花。答案：(1)AaBBDD乳白花黄花=11(2)81/5(3)AaBbDd(或AabbDd、AaBbdd)乳白花29.(9分)(能力挑战题)研究发现，小麦颖果的皮色遗传中，红皮与白皮这对性状的遗传涉及Y、y和R、r两对等位基因。两种纯合类型的小麦杂交，F1全为红皮，用F1与纯合白皮品种做了两个实验。实验1：F1×纯合白皮，F2的表现型及数量比为红皮白皮=31实验2：F1自交，F2的表现型及数量比为红皮白皮=151分析上述实验，回答下列问题。(1)根据实验_可推知，与小麦颖果皮色有关的基因Y、y和R、r位于_对同源染色体上。(2)实验2产生的F2中红皮小麦的基因型有_种，其中纯合子所占的比例为_。(3)让实验1得到的全部F2植株继续与白皮品种杂交，假设每株F2产生的子代数量相同，则F3的表现型及数量比为_。【解析】(1)根据题意可知，小麦颖果的皮色受两对等位基因的遗传控制，两种纯合类型的小麦杂交，F1全为红皮，又由实验2可知，F1自交，其F2的性状分离比为151，即(933)1，则F1的基因型为YyRr，且两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律，即两对基因分别位于两对同源染色体上。(2)F1为YyRr，自交得F2，基因型共有9种：除yyrr表现为白皮外，还有1YYRR、2YYRr、1YYrr、2YyRR、4YyRr、2Yyrr、1yyRR、2yyRr共8种基因型表现为红皮。纯合子(1YYRR、1YYrr、1yyRR)占3/15，即1/5。(3)实验1中YyRr×yyrrF2：1YyRr1 Yyrr1yyRr1yyrr。F2产生yr配子的概率为9/16，故全部F2植株继续与白皮品种杂交，F3中白皮占9/16×1=9/16，红皮占7/16，红皮白皮=79。答案：(1)2两(不同)(2)81/5(3)红皮白皮=79 专心-专注-专业