宜宾市新高考物理易错100题实验题含解析.pdf

word版可编辑】宜宾市新高考物理易错100题实验题精选高考物理实验题100题含答案有解析1.某同学用如图甲所示装置验证动量守恒定律.主要实验步骤如下：甲将斜槽固定在水平桌面上，调整末端切线水平；将白纸固定在水平地面上，白纸上面放上复写纸;用重锤线确定斜槽末端在水平地面上的投影点。;让小球A紧贴定位卡由静止释放，记录小球的落地点，重复多次，确定落点的中心位置。；将小球3放在斜槽末端，让小球A紧贴定位卡由静止释放，记录两小球的落地点，重复多次，确定4 B两小球落点的中心位置尸、R；用刻度尺测量P、Q、R距。点的距离玉、马、当；用天平测量小球A8质量叫、m2；分析数据，验证等式叫尤2=机内+加2&是否成立，从而验证动量守恒定律.请回答下列问题：(1)步骤与步骤中定位卡的位置应_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _；(2)步骤与步骤中重复多次的目的是；(3)为了使小球A与8碰后运动方向不变，4 B质量大小关系为叫 m2(选填或“=，)；(4)如图乙是步骤的示意图，则步骤中小球落点距。点的距离为 rn.0 P Q R0 1cm 35 36 37 38 39乙【答案】(1)保持不变；(2)减少实验误差；(3)；(4)0.3723(0.37210.3724)【解析】【详解】解：(1)为使入射球到达斜槽末端时的速度相等，应从同一位置由静止释放入射球，即步骤与步骤中定位卡的位置应保持不变；(2)步骤与步骤中重复多次的目的是减小实验误差;(3)为了使小球A与8碰后运动方向不变，A、B质量大小关系为班，；(4)由图示刻度尺可知，其分度值为1mm,步骤中小球落点距。点的距离为OQ=37.23cm=0.3723m.2.某同学用如图甲所示的装置对轻质弹簧的弹性势能进行探究：轻质弹簧水平放置在光滑水平面上，左端固定，右端与一小球接触而不固连。弹簧处于原长时，小球在A点，向左推小球压缩弹簧至C点，由静止释放。用频闪照相机得到小球从C点到B点的照片如图乙所示。已知频闪照相机频闪时间间隔为T,重力加速度大小为g。回答下列问题：C A B图甲(1)本实验中可认为，弹簧被压缩后的弹性势能纥与小球离开弹簧时的动能线相等。为 测 得 除 已 知物理量外，至 少 还 需 测 量 下 列 物 理 量 中 的 (填正确答案标号)。A.小球的质量mB.C A间距离C.C B间距离D.A、B间距离E.弹簧的压缩量AxF.弹簧原长/(用所选取的测量量和已知量表示Ek,得Ek=.(3)由于水平面不是绝对光滑，测 得 的 弹 性 势 能 弓 与 真 实 值 相 比(填“偏大”“偏小”或“相等【答案】AD 竺 河 偏小1 Q T 2【解析】【详解】口 小 球 的 动 能 线 因 此 需 要 测 量 小 球 的 质 量m,小球离开弹簧时的速度大小v可以通过测得A、B间的距离“结合经过该段的时间求出，所以AD项的物理量需要测量，故选AD。2小球的动能为p 1 2=mvk 2由桌面光滑，则小球从A到B做匀速直线运动，则离开弹簧时的速度大小3T联立解得动能的表达式（3）网由于水平面不是绝对光滑，小球在过程中克服摩擦力做功转化为内能，导致弹簧减少的弹性势能没有全部转化为小球的动能，所以测得的弹性势能小于其真实值。3.某实验小组在用双缝干涉测光的波长的实验中，将双缝干涉实验仪器按要求安装在光具座上，如图甲所示。双缝间距d=0.20m m,测得屏与双缝间的距离L=500mm。然后，接通电源使光源正常工作：某同学在测量时，转动手轮，在测量头目镜中先看到分划板中心刻线对准亮条纹A 的中心，如图乙所示，则游标卡尺的读数为 cm；然后他继续转动手轮，使分划板中心刻线对准亮条纹B 的中心，若游标卡尺的读数为L67cm,此时主尺上的 cm 刻度与游标尺上某条刻度线对齐；入射光的波长若实验中发现条纹太密，可采取的改善办法有（至少写一条）。【答案】1.11 2.3 3.2X10-7 减小双缝间距d 或者增大双缝到干涉屏的距离L【解析】【分析】【详解】（1）12.游标卡尺的读数为l.lcm+0.1mmxl=l.Ucm；若游标卡尺的读数为1.67cm,此时主尺上的2.3cm刻度与游标尺上某条刻度线对齐；3.条纹间距、1.67-1.11 Ax=-cm=0.08cm7则根据=t 为可得a,x d 0.08 x 10-2 x 0.2 xlO_3 0,o_7A=-=-m=3.2x10 mL 0.5 4.若实验中发现条纹太密，即条纹间距太小，根据-=刍a 可采取的改善办法有：减小双缝间距da或者增大双缝到干涉屏的距离L,4.为了测量一个未知电阻R、（R、约为50。）的阻值，实验室提供了如下器材：A.电 源（电源电动势E=4.5V,内阻约0.5。）B.电压表V（量程为03 V,内阻约3kQ）C.电流表A（量程为（I.0 6 A,内阻约0.3。）D.滑动变阻器R：（020。）E.开关及导线若干（1）请在下面方框内画出实验电路图（）（2）连好实物电路后发现电压表损坏了，实验室又提供了一只毫安表mA（量 程 为030m A,内 阻5C）和 一 个 电 阻 箱（0999.9。），要 利用这两个仪器改装为3 V的电压表，需要将毫安表和电阻箱Ri联，并将电阻箱的阻值调到（3）请 画 出 改 装 后 的 实 验 电 路 图（）（4汝口果某次测量时毫安表示数为20.0m A,电 流 表A示 数 为0.058A,那 么 所 测 未 知 电 阻 阻 值&=（最 后 一 空 保 留3位有效数字）。【分 析】串联 95.052.6【详 解】（1）1由于电流表的内阻远小于待测电阻的阻值，故采用安培表内接法，滑动变阻器采用限流式接法即可，如图所示:（2）2 3改装成大量程的电压表，需 要 将 电 阻R 1与表头串联，其阻值为:U 3R、=R=-Q 5Q =95.0Q八 八 8 0.030（3）14|改装之后的电压表内阻为100Q,则此时采用安培表外接法，如图所示:(4)5根据欧姆定律可知，此时待测电阻的阻值为:R0.0 2 0 x(9 5 +5)0.0 5 8-0.0 2 0Q=5 2.6 Q o5.某高一同学寒假时，在教材中查到木质材料与金属材料间的动摩擦因数为0.2,为了准确验证这个数据,他设计了一个实验方案，如图甲所示，图中长铝合金板水平固定。大 球 打点 铝合金板甲(1)下列哪些操作是必要的4.25 4.73 5.225.696.66 单位：cm乙A.调整定滑轮高度，使细绳与水平铝合金板平行B.将铝合金板垫起一个角度C.选尽量光滑的滑轮D.祛码的质量远小于木块的质量(2)如图乙所示为木块在水平铝合金板上带动纸带运动时打出的一条纸带，测量数据如图乙所示，则木块加速度大小a=m/s2(电火花计时器接在频率为50Hz的交流电源，结果保留2 位有效数字)。(3)该同学在实验报告中，将测量原理写为：根 据 mg-11M g=M a,得“注衿Mg,其 中 M 为木块的质量，m 为祛码盘和祛码的总质量，a 为木块的加速度，重力加速度为g。判断该同学的做法是否正确，如不正确，请写出口的正确表达式：。(4)若 m=70g,M=100g,则可测得n=(g9.8m/s2,保留2 位有效数字)。me-(M +m)a【答案】(DAC(2)3.0(3)-.(4)0.18【解析】(1)实验过程中，电火花计时器应接在频率为50Hz的交流电源上，调整定滑轮高度，使细线与长木板平行，同时选尽量光滑的滑轮，这样摩擦阻力只有木块与木板之间的摩擦力，故 AC是必要;本实验测动摩擦因数，不需要平衡摩擦力，B项不必要；本实验没要求祛码的重力大小为木块受到的拉力大小，D项不必要。选 A C.(2)由纸带可知，两个计数点的时间T =2 x().0 2 s =().()4 s,根据推论公式A x =T?,得x6+x5+x4-x2-x,(6.6 +6.1 +5.6-5.2-4.7-4.2)x 1 0-9 T 2 9 x 0.0 4 2m/s2=3.0，”/.(3)对 M、组成的系统，由牛顿第二定律得：/、解得=上me八-(M-+-m-,a(4)将Mg加=70 g=0.07 0Z g,=10 0 g=0.Wg,。=3.0加/$2代 入 =上 乙-L,解得：=o 8.Mg【点睛】依据实验原理，结合实际操作，即可判定求解；根据逐差法，运用相邻相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度的大小；对系统研究，运用牛顿第二定律求出动摩擦因数的表达式，代入数据求出其大小.6.用如图甲所示装置，测定木块与长木板间的动摩擦因数。放在水平桌面上的长木板一端带有定滑轮，另一端固定有打点计时器，穿过打点计时器的纸带连接在木块上，绕过定滑轮的细线一端连接在木块上，另一端悬挂装有祛码的祛码盘，开始时木块靠近打点计时器。当地的重力加速度为g。木 弋 打 点 小 嗯(1)实验前，需要调节 的高度，使连接木块的细线与长木板平行。(2)接通电源，释放纸带，图乙为打出的纸带上点迹清晰的一段，纸带上0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻计数点间均有四个计时点未标出，若打点计时器所接交流电的频率为一,测出纸带上计数点0、2间的距离为M，计数点4、6间的距离为马，则打计数点5时，木块的速度大小为一，木块的加速度大小为.(3)若木块的质量为悬挂的硅码和硅码盘的总质量为，则木块与长木板间的动摩擦因数为【答案 定滑轮 压 (%一)/1 0 2 00m(w +A/)(x2-xj/2M 2 0()爆【解析】【分析】【详解】(1)调节定滑轮的高度使连接木块的细线与长木板平行。(2)2 3 根据时间中点速度等于某段时间的平均速度，则可求打计数点5时，木块的速度大小为匕=生 二 星1 0-1 0f根据得木块的加速度马一王 _ (_ 尤|)/J io Y 200u)(3)4由牛顿第二定律有mg-/jMg-(m+M)a解得m(T W+M)(X2-x j f2M 200Mg7.为了精密测量一金属丝的电阻率：(D如图甲所示，先用多用电表“x iQ”挡粗测其电阻为。，然后用螺旋测微器测其直径为甲(2)为了减小实验误差，需进一步测其电阻，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下:A.电压表V(量程3 V,内 阻 约 15 kQ；量 程 1 5 V,内 阻 约 75 kC)B.电流表A(量程0.6 A,内 阻 约 1Q；量 程 3 A,内阻约0.2。)C.滑动变阻器RM05C,1A)D.滑动变阻器R2(02000 Q,0.1 A)E.1.5 V 的干电池两节，内阻不计F.电阻箱G.开 关 S,导线若干为了测多组实验数据，则 上 述 器 材 中 的 滑 动 变 阻 器 应 选 用(选 填“Ri”或“R2”).请在虚线框内设计最合理的电路图并完成实物图的连线【解析】【分析】欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；为准确测量电阻阻值，应测多组实验数据，滑动变阻器可以采用分压接法，根据待测电阻与电表内阻间的关系确定电流表的接法，作出实验电路图，然后根据电路图连接实物电路图；【详解】解：（1）由图示多用电表可知，待测电阻阻值是8x10=8。；由图示螺旋测微器可知，的固定刻度读数为2m m,可动刻度读数为0.01x9.6mm=0.096mm,其读数为：2mm+9.6x0.01mm=2.096mm；（2）滑动变阻器R2（02000。，（）.1 A）的阻值比待测金属丝阻值8。大得太多，为保证电路安全，方便实验操作，滑动变阻器应选R i,最大阻值5Q；为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，由于被测电阻阻值较小，则电流表应采用外接法，实验电路图如图所示根据实验电路图连接实物电路图，如图所示8.重物带动纸带自由下落，测本地重力加速度。用6V。50Hz的打点计时器打出的一条纸带如图甲所示,O为重物下落的起点，选 取 纸 带 上 连 续 打 出的A、B、C、D、E、F为测量点，各 测 量 点 到O点 的 距 离h已标在测量点下面。打 点 计 时 器 打C点 时，重 物 下 落 的 速 度 匕=m/s；分别求出打其他各点时的 速 度v,作声力关系图像如图乙所示，根据该图线，测得本地的重力加速度8=m/s?。(结果保留三位有效数字)【答 案】1.56 9.70-9.90【解 析】【分 析】【详 解】1.由匕=3 可知2T0.1571 0.0947(MM=1.56m/s2.根 据v2=2gh,由图象求斜率得2 g,所以k2gi 4 9.=-x-m/s2=9.80m/s22 0.259.一根均匀的细长空心金属圆管，其横截面如图甲所示，长 度 为L,电 阻R约 为5。，这种金属的电阻率 为P，因管线内径太小无法直接测量，某同学设计下列实验方案尽可能精确测定它的内径d；(1)用螺旋测微器测量金属管线外径D,图乙为螺旋测微器校零时的示数，用该螺旋测微器测量的管线外径读 数 为5.200m m,则 所 测 金 属 管 线 外 径D=mm.（2）为测量金属管线的电阻R,取两节干电池（内阻不计）、开关和若干导线及下列器材：A.电流表0 0.6 A,内阻约0.05。B.电流表0 3 A,内阻约0.01。C.电压表0 3 V,内阻约10k。D.电压表0 1 5 V,内阻约50kCE.滑动变阻器，0 10。（额定电流为0.6A）F.滑动变阻器，0 100。（额定电流为0.3A）为准确测出金属管线阻值，电流表应选_ _ _ _ _ _ _,电压表应选_ _ _ _ _ _,滑动变阻器应选_ _ _ _ _ _ _（填序号）如图丙所示，请按实验要求用笔代线将实物图中的连线补充完整_ _ _ _ _ _.（4）根据已知的物理量（长度L、电阻率p）和实验中测量的物理量（电压表读数U、电流表读数I、金属管线外径D）,则金属管线内径表达式d=【解析】【详解】螺旋测微器校零时的示数3.3x0.01mm=0.033mm螺旋测微器测量的管线外径读数为5.200m m,则所测金属管线外径D=5.200-0.033mm=5.167mm.(2)2两节新的干电池电动势为3 V,因此电压表选择3 V 的量程，即为C；3因为电量中最大电流大约为E 3/,=-=-A =0.6AR 5为了测量的精确，电流表应选择A,4滑动变阻器采用限流式接法，因为待测电阻较小，所以滑动变阻器选择E.(3)5由于待测电阻的平方小于电压表与电流表内阻的乘积，属于小电阻，所以电流表采用外接法，连接滑动变阻器的滑片接头错误，应该在接线柱；(4)6该实验需要测量空心金属管的内径，通过欧姆定律测出电阻的大小，结合电阻定律测出横截面积，从而根据外径求出内径的大小.故所需测量的物理量为金属管的长度L、金属管的外径D、加在管两端的电压U、通过管的电流强度I.据欧姆定律得，R=y ,又R=p七,则 5=半，因为5=-()2-(-)22 2解得：1 0.某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度如图甲所示，用游标卡尺测一金属块的长度如图乙所示。图甲所示读数为 mm,图乙所示读数为 mm。2 3 cmI I I I I I I I I I I I I I II I I|I II 1 I II!I I I I I I I5 10 15 20【答案】6.869(6.8686870 均可)9.60【解析】【详解】1螺旋测微器固定刻度部分读数为6.5mm,可动刻度部分读数为36.9 x 0.01mm=0.369mm,所以金属板厚度测量值为6.869m m,由于误差6.868mm6870mm均可2游标卡尺主尺部分读数为9 m m,游标尺部分读数为12x0.05mm=0.60m m,所以金属块长度测量值为 9.60mm1 1.学校实验小组为测量一段粗细均匀的金属丝的电阻率，实验室备选了如下器材:A 电流表A i,量程为10m A,内阻n=50QB 电流表A i,量程为0.6 A,内阻0=0.2。C 电压表V,量程为6 V,内阻门约为15k。D.滑动变阻器R,最大阻值为1 5 Q,最大允许电流为2AE 定值电阻Ri=5CE.定值电阻R2=100。G直流电源E,动势为6 V,内阻很小H.开关一个，导线若干I.多用电表J.螺旋测微器、刻度尺(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，如 图 1所示，则 金 属 丝 的 直 径 口=mm.(2)实验小组首先利用多用电表粗测金属丝的电阻，如图2 所示，则金属丝的电阻为 Q(3)实验小组拟用伏安法进一步地测量金属丝的电阻，则电流表应选择,定值屯阻应选择.(填对应器材前的字母序号)(4)在如图3 所示的方框内画出实验电路的原理图.电压表的示数记为U,所选用电流表的示数记为I,则该金属丝电阻的表达式Rx=,用刻度尺测得待测金属丝的长度为L,则 由 电 阻 率 公 式 便 可 得 出 该 金 属 丝 的 电 阻 率.(用 字 母 表 示)【答 案】1.7 00 6 0 AM l+K)=4 U(4+K)【解 析】【分 析】(1)由于流过待测电阻的最大电流大约为/=().1 4,所 以 不 能 选用电流表A 2,量程太大，要改装6 0电流表;(2)根据闭合电路知识求解待测电阻的表达式【详 解】(1)根据螺旋测微密读数规则可知D=1.5/?7 m+2 0.0 x 0.01 =1.7 00，?(2)金 属 丝 的 电 阻 为R =6.0 x l 0=6 0Q(3)流过待测电阻的最大电流大约为/=0.1 A，所 以 选 用4与q 并联充当电流表，所 以 选 用A、6 0E(3)电路图如图所示:(5)根据闭合电路欧姆定律R=X I+4解 得：&6%/+R j根 据R =?5 =04 LTTD2可求得:_ 乃 2(U _ )p=4 +用【点睛】在解本题时要注意，改装表的量程要用改装电阻值表示出来，不要用改装的倍数来表示，因为题目中要的是表达式，如果是要计算待测电阻的具体数值的话可以用倍数来表示回路中的电流值.1 2.某实验小组要做“探究小车所受外力与加速度关系”的实验，采用的实验装置如图1 所示。（1）本实验中（填“需要”或“不需要”）平衡摩擦力，（填“需要”或“不需要”）钩码的质量远小于小车的质量。（2）该同学在研究小车运动时打出了一条纸带，如图2 所示。在纸带上，连续5 个点为一个计数点，相邻两个计数点之间的距离依次为 xi=1.45cm,X2=2.45 cm,xj=3.46cm,X4=4.44 cm,xs=5.45 cm,XA=6.46 cm,打点计时器的频率f=50Hz,则打纸带上第5 个计数点时小车的速度为 m/s；整个过程中小车的平均加速度为 m/s2.（结果均保留2 位有效数字）【答案】需要不需要。.49二/二j.0二/二；【解析】【详解】（1）本实验是通过力传感器测量的细线的拉力，要想将拉力作为小车的合外力，需要平衡摩擦力；由于拉力可以直接读出，所以钩码的质量不需要远远小于小车的质量；（2）频率二=5 0二二 则周期二=0.02二 连续5 个点为一个计数点，相邻两个计数点之间的时间间隔二=5 二=0 1 二；第 5 个计数点的速度为二5=口 三=江 三 洋 兰=0.49二/二 根据逐差法可知小车的加速7口 OY一；r度为：-=-9X0.01G A1,0 二/二2.1 3.如图所示，是把量程为010mA的电流表改装成欧姆表的结构示意图，其中电池电动势E=L5V。(1)经改装后，若要确定0”。刻度位置，应将红、黑表笔短接，并调节滑动变阻器R 的阻值，使原电流表指针指到 m A 刻度处；改装后的欧姆表的内阻值为 Si,电流表2 m A 刻度处应标【答案】10 150 600【解析】【分析】【详解】根据闭合欧姆定律1 =-&+R可知，当电流最大时，测量电阻最小，即若要确定“0”。刻度位置，应将红、黑表笔短接，并调节滑动变阻器R 的阻值，使原电流表指针指到1 0 m A 刻度处(2)改装后欧姆表的内阻为=150Q32mA刻度处标p 1 5R =-T 凡=(J-150)。=600。I s 2x10-31 4.图(甲)是演示简谐运动图像的装置，它由一根较长的细线和较小的沙漏组成。当沙漏摆动时，漏斗中的细沙均匀流出，同时匀速拉出沙漏正下方的木板，漏出的细沙在板上会形成一条曲线，这条曲线可以理解为沙漏摆动的振动图像。图(乙)是同一个沙漏分别在两块木板上形成的曲线(图中的虚线表示)。（1）图（乙）的 P 处堆积的细沙比Q 处（选填“多”、“少”或“一样多（2）经测量发现图（乙）中 OB=O，B，若木板1 的移动速度vi=3m/s,则木板2 的移动速度【答案】多 4m/s【解析】【详解】（1）1在 图（乙）的 P 处时，沙摆的速度最小，在 Q 处时，沙摆的速度最大，所以堆积的细沙比。处多;（2）2根据单摆周期公式：它们在同一地点，且摆长相同，则周期相同，设为T,0 3 段经历的时间是：4=2 T段经历的时间为：t2=.5T设板长为L,则：tt=-=2T匕t,=1.57%比较可得：4,v2=-V）=4m/s o15.小华同学欲测量小物块与斜面间的动摩擦因数，其实验装置如图1 所示，光 电 门 1、2 可沿斜面移动,物块上固定有宽度为d 的挡光窄片。物块在斜面上滑动时，光电门可以显示出挡光片的挡光时间。（以下计算的结果均请保留两位有效数字）用游标卡尺测量挡光片的宽度，其示数如图2 所示，则挡光片的宽度1=mm。在 P 处用力推动物块，物块沿斜面下滑，依次经过光电门1、2,显示的时间分别为40ms、20m s,则物块经过光电门1处时的速度大小为 m/s,经过光电门2 处时的速度大小为 m/s比较物块经过光电门1、2 处的速度大小可知，应_ _ _ _ _ _ _ （选填“增大”或“减小”）斜面的倾角，直至两光电门的示数相等；(3)正确调整斜面的倾角后，用刻度尺测得斜面顶端与底端的高度差h=6 0.00c m、斜面的长度L=1 00.00c m,g取9.8 0m/s 2,则物块与斜面间的动摩擦因数的值四=()【答案】5.2 0.1 3 0.2 6 减小 0.7 5【解析】【分析】【详解】(1)口 挡光片的宽度为。-0.5 c m+2 x 0.h n i n -5mm+2 x 0.1mm=5.2 m m ；(2)2 3 d=5.2 m m=5.2 x l 0-3m,t i=4 0m s=4 0 x l 0 Js,t 2=2 0m s=2 0 x l 0Js,用平均速度来求解瞬时速度：d5.2 x 1 034 0 x 1 0-3m/s =0.1 3 m/sd 5.2 x 1 0-3v,=-m/s =0.2 6 m/s2 t2 2 0 x 1 0-3由于V 2 i m g c o s 0故应减小斜面的倾角，直到m g s i n 0=j i m g c o s 0此时物块匀速运动，两光电门的示数相等(3)5 h=60.00c m=0.6m,L=10().0()c m=l m,物块匀速运动时m g s i n 0=g m g c o s 0即t a n 0=p又八 ht a n 0-/J/3 一解得p=0.7516.在“用油膜法估测分子大小”的实验中，用移液管量取0.25 m L油酸，倒入标注2 5 0 m L的容量瓶中，再加入酒精后得到2 5 0 m的溶液。然后用滴管吸取这种溶液，向小量筒中滴入100滴溶液，溶液的液面达到量筒中1 mL的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有琲子粉的盛水浅盘中滴下2滴溶液，在液面上形成油酸薄膜，待油膜稳定后，放在带有正方形坐标格的玻璃板下观察油膜，如图所示。坐标格的正方形大小为2 c m x 2 c m,由图可以估算出油膜的面积是 c n?(结果保留两位有效数字)，由此估算出油酸分子的直径是 m(结果保留一位有效数字)。【答案】2.4X102【解析】【详解】8x0-io1.2 滴溶液中含有纯油酸的体积0 75?V=x mL=2 x 105mL2.50 100观察油膜，大于或等于半格的算一格，小于半格的舍弃，数出小方格个数为6（）,乘以小方格面积2cmx2cm=4cm2,可估算出油膜面积为S=60 x4cm2=2.4xl02cm22.把油膜视为单分子油膜，油膜厚度为分子直径，由 V=dS得出油酸分子的直径d=8xlOinm1 7.实验室有一节干电池，某同学想测量其电动势和内阻。除了一节干电池、开 关 S,导线还有下列器材供选用：A.灵敏电流计G（0200pA,内阻RA为 10。）B.定值电阻Ri（9990。，额定电流0.3A）C.定值电阻R2（9 9 0 C,额定电流1A）D.电阻箱R（0-99.9C,额定电流3A）（1）为了测量电动势，该 同 学 应 该 选 哪 个 定 值 电 阻 （选填“Ri”或“R 2”）；（2）在虚线框中画出实验电路图_ _ _ _ _；（3）按照正确的电路图连接好电路，实验后得到如图所示的:一:图像，则该同学测得电源的电动势为V,内阻为。（结果均保留两位有效数字）。-/104A-I1【解析】【分析】【详解】一节干电池电动势约为L 5 V,可以把表头改装成2V 的电压表，需要串联电阻阻值为:U2RiS=-R.、=-玄-100=9990。4 200 x10-6选定值电阻R 1O(2)2应用电压表与电阻箱测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，实验电路图如图所示：34电压表内阻为：RV=RA+RI由图示电路图可知，电源电动势为：E=U+Ur=IRv+(I+-)rR整理得：1 _ rRv 1 Ry+r1E TR+E由 图 示:-图象可知，图象的斜率：,_ R _ 0.7 xlO4k-E 2截距：b=&+r=0.7xl()4E解得电源电动势：E=1.4V,r=0.50Q1 8.在“用单摆测定重力加速度”的实验中，下列所给器材中，哪个组合较好？长 1m左右的细线长30cm左右的细线直径2cm的塑料球直径2cm的铁球秒表时钟最小刻度线是厘米的直尺最小刻度是毫米的直尺A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】单摆模型中，小球视为质点，故摆线长点，测量误差越小，故要选择长1m左右的细线；摆球密度要大，体积要小，空气阻力的影响才小，故要选择直径2cm 的铁球；秒表可以控制开始计时和结束计时的时刻，比时钟的效果要好。故选择秒表；刻度尺的最小分度越小，读数越精确，故要选择最小刻度是毫米的直尺。A.综上所述，组合较好，A 错误；B.综上所述，组合较好，B 正确；C.综上所述，组合较好，C 错误；D.综上所述，组合较好，D 错误；故选B。1 9.按如图甲所示电路，某实验小组将一电流表改装成能测量电阻的欧姆表，改装用的实验器材如下:甲A.待改装电流表一个：量程为03 m A,内电阻为100Q,其表盘如图乙所示B.干电池一节：电动势E=1.5V,内电阻r=0.5QC 电阻箱R：阻值范围0999.9。请根据改装的欧姆表的情况，回答下列问题：(D 测量电阻前，先进行欧姆调零，将电阻箱R 调至最大，将红、黑两表笔直接接触，调节电阻箱R 使电流表指针指到表头的 刻度，此 位 置 应 该 是 欧 姆 表 盘 所 示 电 阻 的 (填“最大值”或“最小值”)(2)欧姆表调零后，将红、黑表笔分别接触待测电阻的两端，若电流表的示数为1.0 m A,则待测电阻的阻 值 股=C(3)如果换一个电动势大的电源，其他器材不变，则 改 装 欧 姆 表 的 倍 率 (填“变大”或“变小”).【答案】3mA 最小值 1000 变大【解析】【详解】将红、黑两表笔短接是欧姆调零，电流表的最大刻度3mA对应待测电阻的最小值，即对应欧姆表的电阻零刻度(2)3欧姆表调零后，其内阻F|5&=一=500Q讷(3x10-3电流表示数为/=1.0 m A,则/=上&-+R内解得R s=1000。(3)4当电动势变大后，由/E%+&可知，内阻变大，相同电流时，测量的电阻变大，所以倍率变大。2 0.某物理实验小组的同学用如图甲所示的装置来验证机械能守恒定律.(1)为减少阻力对测量结果的影响，实验中应选用(填“电磁打点”或“电火花”计时器进行打点.(2)本 实 验 中 需 要 直 接 测 量 的 物 理 量 是,通 过 计 算 得 到 的 物 理 量 是 (均填标号).A.重锤的质量B.重锤下落的高度C.与下落高度对应的重锤的瞬时速度(3)在实验得到的纸带中，选用如图乙所示的起点O 与相邻点之间距离约为2mm的纸带来验证.图中A、B、C、D、E、F、G 为七个相邻的点，E、F、G 到起点O 的距离分别为h”.】、h”、hn+i.设打相邻点间的时间间隔为T,如果机械能守恒得到验证，则可根据以上物理量求得当地重力加速度g=./ABC D E F G f J-H-h.-J.h.i乙【答案】电火花；B；C；;8rh.【解析】(1)打点计时器有电磁打点计时器和电火花计时器，其中电火花计时器实验误差较小.电火花打点记时器是利用照明电打出的火花而打出点，由于作用快，不会产生托痕，可使实验更精确，误差更小.(2)重锤的质量可测可不测，因为动能的增加量和重力势能的减小量式子中都有质量，可以约去.需要测量的物理量是B：重锤下落的高度，通过计算得到的物理量是C：与下落高度对应的重锤的瞬时速度.h h(3)根据匀变速直线运动直线运动过程中中间时刻速度推论可得匕=弋产，根据机械能守恒定律可得)%如)2=*善二号泸2 1.货运交通事故往往是由车辆超载引起的，因此我国交通运输部对治理货运超载有着严格规定。监测站都安装有称重传感器，图甲是一种常用的力传感器，由弹簧钢和应变片组成，弹簧钢右端固定，在其上、下表面各贴一个相同的应变片，应变片由金属制成。若在弹簧钢的自由端施加一向下的作用力F,则弹簧钢会发生弯曲，上应变片被拉伸，下应变片被压缩。力越大，弹簧钢的弯曲程度越大，应变片的电阻变化就越大，输出的电压差AU=|UI U2|也就越大。已知传感器不受压力时的电阻约为19Q,为了准确地测量该传感器的阻值，设计了以下实验，实验原理图如图乙所示。图丙实验室提供以下器材：A.定值电阻Ro(Ro=5Q)B.滑动变阻器(最大阻值为2 Q,额定功率为50 W)C.电流表Ai(0.6 A,内 阻 门=1。)D.电流表A2(0.6 A,内阻。约为5。)E.直流电源Ei(电动势3 V,内阻约为1。)F.直流电源E2(电动势6 V,内阻约为2。)G.开 关 S 及导线若干。(1)外力F 增大时，下 列 说 法 正 确 的 是；A.上、下应变片电阻都增大B.上、下应变片电阻都减小C.上应变片电阻减小，下应变片电阻增大D.上应变片电阻增大，下应变片电阻减小（2）图乙中、为电流表，其 中 电 流 表 选 （选填AF或“A2”），电源选（选填“Ei”或“E2”）；（3）为了准确地测量该阻值，在图丙中，将 B、C 间导线断开，并将滑动变阻器与原设计电路的A、B、C 端中的一些端点连接，调节滑动变阻器，测量多组数据，从而使实验结果更准确，请在图丙中正确连接电路;（4）结 合 上 述 实 验 步 骤 可 以 得 出 该 传 感 器 的 电 阻 的 表 达 式 为（A】、A2两电流表的电流分别用Iih 表 2K）o【答案】D Ai E2Gi儿【解析】【详解】外力F 增大时，上应变片长度变长，电阻变大，下应变片长度变短，电阻变小故选D。题图乙中的要当电压表使用，因此内阻应已知，故应选电流表Ai；因回路总阻值接近U C,满偏电流为0.6A,所以电源电动势应接近6.6V,故电源选E2。（3）4 滑动变阻器应采用分压式接法，将 B、C 间导线断开，A、B 两端接全阻值，C 端接在变阻器的滑动端，如图所示。（4）5 由题图乙知，通过该传感器的电流为L-L,加在该传感器两端的电压为L n,故该传感器的电阻为72 一 人2 2.某同学用图中所给器材进行与安培力有关的实验。两根金属导轨ab和川也，固定在同一水平面内且相互平行，足够大的电磁铁（未画出）的 N 极位于两导轨的正上方，S 极位于两导轨的正下方，一金属棒置于导轨上且与两导轨垂直。（不计金属导轨的电阻和摩擦）b(1)在开关闭合后，金属棒向(选填“左侧”或“右侧”)移动。为使金属棒在离开导轨时具有更大的速度，有人提出以下建议：A.适当增加两导轨间的距离B.保持两个导轨间距不变，换一根更长的金属棒C.将滑动变阻器滑片向左移动D.把磁铁换成磁性更强的足够大的铉铁硼磁铁其中正确的是(填入正确选项前的字母)。(3)如果将电路中电流方向反向，磁场也反向，金 属 棒 将 会 向 (选填“左侧”或“右侧”)移 动。【答案】左侧 A C D 左侧【解析】【分析】【详解】(1)口 根据题意可知，磁场方向竖直向下，电流方向垂直纸面向里。所以根据左手定则可得安培力方向为水平向左，故导体棒向左侧运动。(2)2 ACD.根据公式尸=可得，适当增加导轨间的距离或者增大电流或者增大磁场磁感应强度，可增大金属棒受到的安培力，根据动能定理得Fs -1 2/jmgs=mv则金属棒离开导轨时的动能变大，即离开导轨时的速度变大，A C D 正确；B.若换用一根更长的金属棒，但金属棒切割磁感线的有效长度即导轨间的宽度不变，安培力F 不变，棒的质量变大，由l2 Fs,v=-2 Hgs m可知速度变小，故 B 错误。故选ACDo网都反向后，电流垂直纸面向外，磁场方向竖直向上，根据左手定则可得安培力方向仍向左，故导体棒仍向左侧移动。2 3.二极管具有单向导电性，正向导通时电阻几乎为零，电压反向时电阻往往很大。某同学想要测出二极管的反向电阻RD，进行了如下步骤：步骤一：他先用多用电表欧姆档进行粗测：将红、黑表笔分别插入正、负表笔插孔，二极管的两端分别标记为A 和 B。将红表笔接A 端，黑表笔接B 端时，指针几乎不偏转；红表笔接B 端，黑表笔接A 端时，指针偏转角度很大，则为了测量该二极管的反向电阻，应将红表笔接二极管的 端（填“A”或“B”）；步骤二：该同学粗测后得到RD=1490Q,接着他用如下电路（图一）进行精确测量：已知电压表量程03V,内阻Rv=3kQ。实验时，多次调节电阻箱，记下电压表的示数U 和相应的电阻箱的电阻R,电源的内阻不计，得到 与 R 的关系图线如下图（图二）所示。由图线可得出：电源电动势E=,二极管的反向电阻品=；步骤二中二极管的反向电阻的测量值与真实值相比，结果是（填“偏大”、“相等”或“偏小【答案】A 2.0V 1500。相等【解析】【分析】【详解】多用电表测电阻时电流从黑表笔流出，红表笔流入。当红表笔接A 时，指针几乎不偏转，说明此时二极管反向截止，所以接A 端。根据电路图由闭合电路欧姆定律得RV+RD整理得U E ERVRD再由图像可知纵截距0.5=-E解得E=2.0V3 斜率1.5 0.5 7?v+Ro2 X 1()3-ER.RD解得%=1500C4由于电源内阻不计，电压表内阻已知，结合上述公式推导可知二极管反向电阻的测量值与真实值相等。2 4.图示为做“碰撞中的动量守恒”的实验装置(1)入射小球每次都应从斜槽上的同一位置无初速度释放，这是为了一A.入射小球每次都能水平飞出槽口B.入射小球每次都以相同的速度飞出槽口C.入射小球在空中飞行的时间不变D.入射小球每次都能发生对心碰撞(2)入射小球的质量应一(选填“大于”、“等于”或“小于”)被碰小球的质量；设入射小球的质量为犯，被碰小球的质量为m 2，P 为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式町 丽=(用 网、加2 及图中字母表示)成立，即表示碰撞中动量守恒。【答案】B 大于 mdM+mON【解析】【详解】入射小球每次都应从斜槽上的同一位置无初速度释放，目的是使入射小球每次都以相同的速度飞出槽口，故 B 正确，A C D 错误。故 选 B。(2)2 为了防止入射小球反弹，入射小球的质量应大于被碰小球的质量。(3)3 由于小球下落高度相同，则根据平抛运动规律可知，小球下落时间相同；P 为碰前入射小球落点的平均位置，M 为碰后入射小球的位置，N 为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度OP 7碰撞后入射小球的速度碰撞后被碰小球的速度匕=7如果相 匕=肛匕+mV2则表明通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，即iriyOP-町 OM+m,ON成立，即表示碰撞中动量