漳州市名校新高考物理实验题大全100题含解析.pdf

word版可编辑】漳州市名校新高考物理实验题大全100题精 选 高 考 物 理 实 验 题100题含答案有解析1.某 同 学 利 用 图（a）所 示 电 路 测 量 量 程 为3 V的 电 压 表 的 内 阻（内阻为数千欧姆），可供选择的器材有：电 阻 箱R（最 大 阻 值9999.9。），滑 动 变 阻 器R（最 大 阻 值50 C）,滑 动 变 阻 器R2（最 大 阻 值5kC）,直 流 电 源E（电 动 势4 V,内阻很小）。开 关1个，导线若干。E S图（a）图（6）实验步骤如下：按 电 路 原 理 图（a）连接线路；将 电 阻 箱 阻 值 调 节 为0,将 滑 动 变 阻 器 的 滑 片 移 到 与 图（a）中最左端所对应的位置，闭 合 开 关S；调节滑动变阻器，使电压表满偏；保持滑动变阻器滑片的位置不变，调节电阻箱阻值，使 电 压 表 的 示 数 为2.00 V,记下电阻箱的阻值。回答下列问题：实 验 中 应 选 择 滑 动 变 阻 器 （填“Ri”或“R2”）；根 据 图（a）所 示 电 路 将 图（b）中实物图连线；（）（3）实验步骤中记录的电阻箱阻值为1500.0C,若认为调节电阻箱时滑动变阻器上的分压不变，计算可得电 压 表 的 内 阻 为。（结果保留到个位）；（4）如 果 此 电 压 表 是 由 一 个 表 头 和 电 阻 串 联 构 成 的,可 推 断 该 表 头 的 满 刻 度 电 流 为（填正确答案标号）A.100 NA B.250 pA C.500 iA D.1mA【答 案】R 3000 D【解 析】【分 析】【详 解】（1）1.本实验利用了半偏法测电压表的内阻，实验原理为接入电阻箱时电路的总电阻减小的很小，需要滑动变阻器为小电阻，故 选Ri可减小实验误差.(2)2.滑动变阻器为分压式，连接实物电路如图所示:3.电压表的内阻R和R串联，分压为2.00V和1.00V,则&=2R=30000.(4)4.电压表的满偏电流U 3V瓦3000Q=1mA故选D.2.某同学在实验室进行探究变压器原、副线圈电压与匝数关系的实验。他准备了可拆变压器、多用电表、开关和导线若干。(1)实 验 需 要 以 下 哪 种 电 源;A.低压直流电源 B.高压直流电源C.低压交流电源 D.高压交流电源(2)该同学认真检查电路无误后，先保证原线圈匝数不变，改变副线圈匝数：再保证副线圈匝数不变，改变原线圈匝数。分别测出相应的原、副线圈电压值。由于交变电流电压是变化的，所以，我们实际上测量的是电压的 值(填“有效或“最大”)。其中一次多用电表读数如图所示，此 时 电 压 表 读 数 为 ;理想变压器原、副线圈电压应与其匝数成(填“正比”或“反比”)，实验中由于变压器的铜损和铁损导致原线圈与副线圈的电压之比一般一(填“大于”“小于”或“等于)原线圈与副线圈的匝数之比。【答案】C 有效 7.2 正比 大于【解析】【分析】【详解】(1)口 因为探究变压器原、副线圈电压与匝数关系，必须用交流电，又因为安全起见必须用低压电，所以用低压交流电，故 选 C。(1)2多用电表测量的交流电压为有效值，不是最大值；网多用电表选用的档位是交流电压的10V档位，所以应该在010V档位读数，所以读数应该是7.2V；U.n.(4)4根 据 什=可知，理想变压器原、副线圈电压应与其匝数成正比。U2 n2U.、n,实验中由于变压器的铜损和铁损导致副线圈的电压U2减小，所以导致7TL,，故填大于。3.某兴趣小组用如图所示的办法来测玻璃的折射率，找来一切面为半球的透明玻璃砖和激光发生器。若激光垂直底面半径从。点射向玻璃砖，则光线沿着 射出；若将激光发生器向左移动，从 M 点垂直底面射向玻璃砖，光线将沿着如图所示的方向从N 点射出，若想求此玻璃砖的折射率，需要进行以下操作：(a)测玻璃砖的半径：.(b)入射角用的测量：,折射角的测量：。(c)玻璃砖的折射率计算表达式：o(d)将激光束继续向左移动到A 点，刚好看不到出射光线，则临界角。即 等 于 图 中。【答案】0 0 方向 在白纸上描出。、N 两点，并测出QV长 连接O N,入射光线与ON的夹角为门八 s i物4 ON与出射光线的夹角为仇 ZABOs 1向I【解析】【详解】1.当光线垂直质界面射入时，传播方向不发生改变，故从。点垂直底面射向玻璃砖的光线将沿0 0 方向射出。(a)2.记录出射点N,连接ON,ON长即为半径。(b)34.连接QV即为法线，入射光线与ON夹角为入射角耳，出射光线与QV夹角为折射角劣。(c)5 .由折射率公式知sin&n=-sin。(d)6 .当光线从A 点入射时恰好发生全反射，即此时NABO等于临界角。4.如图甲所示是一种研究气球的体积和压强的变化规律的装置。将气球、压强传感器和大型注射器用T型管连通。初始时认为气球内无空气，注射器内气体体积治，压强P。，T 型管与传感器内少量气体体积可忽略不计。缓慢推动注射器,(1)该装置可用于验证_ 定律。填写气体实验定律名称)2将注射器内气体部分推入气球，读出此时注射器内剩余气体的体积为 力,压强传感器读数为巧，则此 时 气 球 体 积 为。(3)继续推动活塞，多次记录注射器内剩余气体的体积及对应的压强，计算出对应的气球体积，得到如图乙所示的“气球体积和压强 关系图。根据该图象估算：若初始时注射器内仅有体积为0.5%、压强为p。的气体。当气体全部压入气球后，气球内气体的压强将变为 P。(保留3 位小数)【答案】玻意耳 警 一 乎 1.027【解析】【分析】【详解】用 DIS研究在温度不变时，气体的压强随温度的变化情况，所以该装置可用于验证玻意耳定律;(2)2将注射器内气体部分推入气球，压强传感器读数为p i,根据玻意耳定律得：PM=PoVo所以X=凡%Pl2读出此时注射器内剩余气体的体积为匕，所以时气球体积为匕 _ 2%=居 一 处.(3)3由题可知，若初始时注射器内仅有体积为0.5%、压强为po的气体，气体全部压入气球后气球的压强与初始时注射器内有体积为、压强为po的气体中的;气体压入气球，结合题中图乙可知，剩余的气体的体积约在0.5%左右，压强略大于p。，所以剩余的气体的体积略小于0.5V。由图可以读出压强约为1.027poo【点睛】本实验是验证性实验，要控制实验条件，此实验要控制两个条件：一是注射器内气体的质量一定；二是气体的温度一定，运用玻意耳定律列式进行分析。另外，还要注意思维方式的转化，即可以将初始时注射器内仅有体积为0.5V。、压强为po的气体，气体全部压入气球，与初始时注射器内有体积为V。、压强为po的气体中的,气体压入气球是等效的。25.用图示装置测量重锤的质量，在定滑轮两侧分别挂上重锤和n 块质量均为mo的铁片，重锤下端贴一遮光片，铁架台上安装有光电门。调整重锤的高度，使其从适当的位置由静止开始下落，读出遮光片通过光电门的挡光时间to；从定滑轮左侧依次取下1 块铁片放到右侧重锤上，让重锤每次都从同一位置由静止开始下落，计时器记录的挡光时间分别为tl,t2，计算出t2?挡光时间为to时，重锤的加速度为ao从左侧取下i 块铁片置于右侧重锤上时，对应的挡光时间为t i,重a.锤的加速度为a i,则,=(结果用to和 ti表示)(2)作 出 幺-i 的图线是一条直线，直线的斜率为k,则重锤的质量M=%上、A 2+nk【答案】-T ；m0t,k【解析】【分析】【详解】遮光片经过光电门时的速度重锤做初速度为零的匀加速直线运动，由速度位移公式得vn2=2aoh,v/=2a（/z整理得,2q =t。一?a。由牛顿第二定律得Mg-（M+nmaO（M+力 力o）g（一 i）m（）g=（M+/叫）q整理得幺=l+2/g ,o Mg-nmng则 幺-i 图像的斜率%k-2 mogMg-nmg解得广（2+成）%k6.未来在一个未知星球上用如图甲所示装置研究平抛运动的规律。悬点O 正下方P 点处有水平放置的炽热电热丝，当悬线摆至电热丝处时能轻易被烧断，小球由于惯性向前飞出做平抛运动，现对小球采用频闪数码相机连续拍摄，在有坐标纸的背景屏前拍下了小球在做平抛运动过程中的多张照片，经合成后照片如图乙所示，a、b、c、d 为连续四次拍下的小球位置，已知照相机连续拍照的时间间隔是0.10s,照片大小如图中坐标所示，又知该照片的长度与实际背景屏的长度之比为1：4,贝！|：由以上信息，可知a 点（填“是”或“不是”）小球的抛出点；由以上信息，可以推算出该星球表面的重力加速度为 m/s2由以上信息可以算出小球平抛的初速度大小是 m/s;由以上信息可以算出小球在b 点时的速度大小是 m/s.482x/cm【答案】是，8,0.8,4 0【解析】【详解】（1）口 因为竖直方向上相等时间内的位移之比为1：3：5,符合初速度为零的匀变速直线运动特点，因此可知a 点的竖直分速度为零，a 点为小球的抛出点。（2）2由照片的长度与实际背景屏的长度之比为1：4 可得乙图中正方形的边长l=4cm,竖直方向上有:y=2L=gT2解得:g2L _ 2X410-2予-0.12=8m/s2（3）3水平方向小球做匀速直线运动，因此小球平抛运动的初速度为:%2/2x4x10-2亍-OJ-=0.8m/s（4）4b点竖直方向上的分速度4L 0.162T7k2m/s=0.8m/s所以:vb-J*+vj,-0.8y/2m/s=rn/s7.某同学为了测量电源的电动势和内阻，根据元件的不同，分别设计了以下两种不同的电路。实验室提供的器材有：两个相同的待测电源E,辅助电源E；电阻箱飞、&,滑动变阻器R、R；电压表V,电流表A；灵敏电流计G,两个开关3、S2O主要实验步骤如下：按图连接好电路，闭合开关5 和 S 2,再反复调节R|和 冬，或者滑动变阻器R、R，使电流计G 的示数为0,读出电流表A、电压表V 示数分别为人、5。反复调节电阻箱与和R 2（与中的电阻值不同），或者滑动变阻器R、R,使电流计G 的示数再次为0,读出电流表A、电压表V 的示数分别为，2、。2。回答下列问题：哪 套 方 案 可 以 更 容 易 得 到 实 验 结 果（填“甲”或 乙（2）电源的电动势E 的 表 达 式 为,内阻 为 o（3）若不计偶然误差因素的影响，考虑电流、电压表内阻，经理论分析可得，E测一（填“大于 小于 或“等于“）4,奥（填“大于”“小于”或“等于”）缶。【答案】甲 -2 r=,；等于 等于【解析】【详解】甲电路的连接有两个特点：左、右两个电源间的路端电压相等，干路电流相同，电阻箱可以直接读数；乙电路更加适合一般情况，需要采集更多数据，并且需要作图处理数据才可以得到结论，同状态下采集数据，根据闭合电路欧姆定律列式求解电源的电动势E 和内阻广，甲电路更简单。3根据闭合电路欧姆定律得E=Ut+ItrE=U）+/“解得郎-/跖 UU Lli-./一 12Tl（3）45 当电流计G 的示数为0 时，相同电源，电流相等时路端电压相等，此电路中电流表测的是干路电流，电压表测的是用两端的电压（路端电压），因此电流表和电压表都是准确值，故8.图（甲）是演示简谐运动图像的装置，它由一根较长的细线和较小的沙漏组成。当沙漏摆动时，漏斗中的细沙均匀流出，同时匀速拉出沙漏正下方的木板，漏出的细沙在板上会形成一条曲线，这条曲线可以理解为沙漏摆动的振动图像。图（乙）是同一个沙漏分别在两块木板上形成的曲线（图中的虚线表示）。（1）图（乙）的 P 处堆积的细沙比Q 处（选填“多”、“少”或“一样多（2）经测量发 现 图（乙）中 OB=O，B，若木板1 的移动速度vi=3m/s,则木板2 的移动速度【答案】多 4m/s【解析】【详解】（1）1在 图（乙）的。处时，沙摆的速度最小，在。处时，沙摆的速度最大，所以堆积的细沙比Q 处多；（2）2根据单摆周期公式:7它们在同一地点，且摆长相同，则周期相同，设为T,0 B 段经历的时间是：t=2TOB段经历的时间为：t2=1.57设板长为L,贝!I：tt=2T匕t2=1.5T比较可得：4-=4m/s o9.为了测量木块与木板间动摩擦因数中某实验小组使用位移传感器设计了如图所示的实验装置，让木块从倾斜木板上A 点由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离。位移传感器连接计算机，描绘出滑块与传感器的距离S随时间t 变化规律，取 g=10m/s2,01137。=0.6,如图所示:根据上述图线，计算可得木块在0.4s时的速度大小为旷=()m/s；根据上述图线，计算可得木块的加速度大小a=()m/s2；(3)现测得斜面倾角为37。，贝卯=()o(所有结果均保留2 位小数)【答案】0.40 1.00 0.63【解析】【分析】【详解】(1)口 木块在斜面上做匀加速直线运动，某段时间内的平均速度等于这段时间内中间时刻的瞬时速度，则木块在0.4s时的速度大小v=(3 0-1 4)x l 0-2m/s0.6-0.2=0.40m/s(2)2 木块在0.2s时的速度大小,(32 24)x10-2v=-m/s=0.20m/s0.4-0木块的加速度大小0.4 0.20.4-0.2m/s2=1.00m/s2(3)斜面倾角为37。，则对木块受力分析，由牛顿第二定律可得zngsin37-，gcos37a=-m解得 =*a 0.6381 0.如图甲所示是一个多用电表的简化电路图。请完成下列问题。图甲 图乙 图丙(1)测量直流电流、直流电压和电阻各有两个量程。当选择开关S 旋到位置5、6 时，电表用来测量(选填“直流电流”、“直流电压”或“电阻”)。(2)某同学用此多用表测量某电学元件的电阻，选用“xlO”倍率的欧姆挡测量，发现多用表指针偏转很小，因此需选择(填“xl”或“xlOO”)倍率的欧姆挡。(3)某实验小组利用下列器材研究欧姆挡不同倍率的原理，组装如图乙、丙所示的简易欧姆表。实验器材如下：A.干电池(电动势E 为 3.0 V,内阻r 不计)；B.电流计G(量程300HA,内阻99Q)；C.可变电阻器R；D.定值电阻Ro=4C；E.导线若干，红黑表笔各一只。如图乙所示，表盘上100J1A刻度线对应的电阻刻度值是 C；如果将Ro与电流计并联，如图丙所示，这相当于欧姆表换挡，换挡前、后倍率之比为 o【答案】直流电源 xlOO 20000 100：1【解析】【详解】由图所示可知，当转换开关S 旋到位置5、6 时，表头G 与电阻串联，此时可用来测量直流电压。(2)2测量某电学元件的电阻，选用“x 10”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转很小，待测阻值较大,说明所选挡位太小，为准确测量电阻阻值，需选择“X100”倍率的电阻挡，重新欧姆调零后再测量。(3)3欧姆表中值电阻等于欧姆档内部电阻，则中间刻度值对应示数为E 3尺 卜1=&讷 =4=-3-0-0-X-1-0-6f l =1 x 104 Q有ER内3 s=七+解得/?=2X104Q所以表盘上lOOfiA刻度线对应的电阻刻度值是2x 10C=20000C。4当电流计满偏时：流过&的电流/=9 9/g电流计内阻为99。，给电流计并联1。的电阻，根据并联分流的规律可知电流表量程扩大100倍，用该电流表改装成欧姆表，同一刻度对应的电阻值变为原来的木，欧姆表换挡前、后倍率之比等于100:1。1 1.在研究“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，提供有以下器材：A.电压表 Vi(0-5 V)B.电压表V 2(015V)C.电流表Ai(050mA)D.电流表A2(0500mA)E.滑动变阻器Ri(0-60Q)F.滑动变阻器R2(02kC)G.直流电源EH.开关S 及导线若干I.小 灯 泡(U=5V)某组同学连接完电路后，闭合电键，将滑动变阻器滑片从一端移到另外一端，移动过程中发现小灯未曾烧坏，记录多组小灯两端电压U 和通过小灯的电流I 数据(包括滑片处于两个端点时U、I 数据)，根据记录的全部数据做出的u-I 关系图象如图甲所示：甲乙(1)根据实验结果在图乙虚线框内画出该组同学的实验电路图一;(2)根据实验结果判断得出实验中选用：电压表_(选填器材代号A”或B”)，电流表_(选填器材代号“C”或D”)，滑动变阻器(选填器材代号E”或F”)；(3)根据图甲信息得出器材G 中的直流电源电动势为_ V,内 阻 为 C；(4)将两个该型号小灯泡串联后直接与器材G 中的直流电源E 相连，则每个小灯消耗的实际功率为_ W。【答案】L B D E 8 10 0.56一 要匕【解析】【详解】(I)1 从图甲可知，将滑动变阻器滑片从一端移到另外一端过程中电表的示数不是从0 开始的，因此滑动变阻器采用的不是分压接法，而是限流接法；从图甲可知，小灯泡的电阻为10。3 0 Q,阻值较小，因此电流表采用外接法，作出的实验电路图如图所示：I-R L y iy(2)2 3 4从图甲可知，记录的全部数据中小灯两端电压U 最大为6 V,因此电压表的量程需要选择1 5 V,故电压表选B；通过小灯的电流I 最大为：0.2A=200mA,故电流表的量程需要选择500m A,故电流表选D；电路采用滑动变阻器限流接法，为了便于实验操作，滑动变阻器应选小阻值的，故滑动变阻器选 E；(3)5 6从图甲可知，当滑动变阻器接入电阻为0 时，小灯两端电压U i最大为6 V,通过小灯的电流L 最大为0.2 A,则此时小灯电阻%RL=y-=30Q由闭合电路欧姆定律有,E当滑动变阻器接入电阻为R2=60C时，小灯两端电压U2最小为I V,通过小灯的电流L 最小为0.1A,则此时小灯电阻U,RL=L=1 0 Q2由闭合电路欧姆定律有E&+/?+r解得电源电动势E=8V,内阻r=10Q；（4）7将两个该型号小灯泡串联后直接与器材G 中的直流电源E 相连，根据闭合电路欧姆定律，有E=2U+Ir解得U=4-51图中交点I=018A,U=3.1V,即通过每个灯泡的电流为0.18A,每个灯泡的电压为3.1 V,故每个小灯消耗的实际功率P=0.18Ax3.1V=0.56W（由于交点读数存在误差，因此在0.55W0.59W范围内均对）1 2.为了探究物体质量与加速度的关系，某同学设计了如图所示的实验装置。质量分别为m i和 m2的两个小车，用一条柔软的轻绳通过滑轮连起来，重物的质量为m o,忽略滑轮的质量和各种摩擦，使两车同时从静止开始运动，同时停止，两个小车发生的位移大小分别为XI和 X2。小车I小车2（D如果想验证小车的质量和加速度成反比，只需验证表达式_ 成立。（用题中所给物理量表示）实验中（填“需要”或“不需要”）满足重物的质量远小于小车的质量。【答案】叫王=加232 不需要【解析】【详解】根据运动学公式X=,。产可知甲、乙两车运动的加速度之比为2要验证“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量成反比”的结论，则满足q:4 =m2:m可得网S 2 s2即等式仍再=加2s2近似成立，则可认为“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量成反比”；(2)根据实验装置可知甲、乙两车所受的合外力相等，而甲、乙两车运动的时间相同，根据运动学公式X=。/可知甲、乙两车运动的加速度之比等于甲、乙两车运动的位移之比，所以只要测出甲、乙两车2的质量和运动的位移就可验证“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量成反比”的结论，故不需要满足钩码的质量远小于任一小车的质量。1 3.在一次测量定值电阻Rx阻值的分组实验中，甲、乙两组分别进行了如下实验过程：(1)甲组可选器材如下：滑动变阻器 RA(0-500Q,100mA)；滑动变阻器RB(05C,2A)；电流表A(0-0.6A,内阻约2。；03A、内阻约0.5。)；电压表V(03V、内阻约1.5kC；0-1 5 V,内阻约7.5kC)；电源E(电动势为3V)；开关S,导线若干。为便于调节和测量，滑动变阻器采用分压接法，应选择(选填“RA”或“RB”);请根据以上实验器材，在图甲中将实物电路连接完整_;按以上操作，测得R、测 Rx*(填或 v )。(2)乙组可选器材如下：电压表V(0-3V)；滑动变阻器Rc(10。，1A)；电阻箱 Ro(0999.99C)；电源E(电动势为3V)；开关S。：M N：-E S h图乙请根据乙组的电路图乙和以上实验器材在M N 处先接,按一定的步骤操作后记下仪表的读数，再换接,正确操作后测出Rx的阻值；若在M N 处更换器材时，不小心将滑动变阻器的滑片P 向左移了一些，测 量 结 果 将(填“变大”、“变小”或“不变(3)比较甲乙两组测量结果，组更接近真实值(填“甲”或 乙【答案】RB【答案】6.710 钩码 A、B 的质量 mi、m2 (z?；+m,)=/rgL /ngL2 V2 7 V 1 /【解析】【分析】【详解】根据螺旋测微器测量原理得d.=6.5mm+21.0 x 0.01mm=6.710mm网为验证机械能守恒定律，还需测量钩码A、B的质量n、m2。对系统，因为动能的增加量等于重力势能的减少量，则验证方程为3 ml+网）=m2gL-mygL3 2.圆柱形陶瓷元器件表面均匀镀有一层导电薄膜，已知导电薄膜电阻率为P，为了测量该薄膜厚度，某同学使用铜丝紧绕在元件表面，铜丝绕制成圆形，圆柱体轴线垂直于铜丝圆面，制成电极A、B,如图甲所示(1)用螺旋测微器测量元件的直径，测量结果如图乙所示，其读数为 1(2)为了测量元件电阻，某同学首先使用多用电表对元件粗测，元件电阻约为1 0 Q,现需准确测量电阻阻值，可供器材如下A.被 测 元 件&(阻值约10Q)B.直流电源(电动势约6 V,内阻约3Q)C,电流表A 1(量程0 0.6 A,内阻约2Q)D.电压表V 1(量程0 2 V,内阻=100)E.电压表V?(量程。1 2 V,内阻约5(X)()。)F.定 值 电 阻 凡(&=2000Q)G滑动变阻器用(0 2DQ)H.滑 动 变 阻 器&(0 100Q)I.电键、导线等在可供选择的器材中，已经选择A、B、C、I除此之外，应该选用(填写序号)根据所选器材，在图丙方框中画出实验电路图_ _ _ _ _ _ _需要测量的物理量_ _ _ _ _ _ _,请用上述物理量表示被测电阻&=。(3)为 了 测 量 薄 膜 厚 度 还 需 要 测 量 的 物 理 量 为.(4)若被测元件电阻为R,元件直径为d,电阻率为P，请结合使用(3)物理量表示薄膜厚度Ad=【答 案】0.398（0.3960.399均 可 给 分）DFG（分压式接法也 可 以）电 流 表A1示 数/,电 压 表V1示 数U之 间 的 距 离L P-1nd-R【解 析】电 极A、B【详 解】螺 旋 测 微 器 主 尺 刻 度 为0,可 动 刻 度 为39.8x0.01mm=0.398mm,所以读数为0+0.398mm=0.398mm（2）2因为直流电源电动势为6 V,电 压 表V?量程太大，不能选择，可 将 电 压 表V1改装，因 此 需 要DF；滑动变阻器起限流作用，安全下选择小的，比较方便操作，所 以 选 择G。3该电路设计滑动变阻器阻值比被测阻值大，而且能保证仪器安全，因此滑动变阻器采用限流方式，使用伏安法测量被测电阻，其中电压表需串联一个分压电阻，总电阻远大于待测电阻，采用电流表外接。电路如 图：R-、Re/-s11-lR、4根据欧姆定律，需要测量电流表A1示 数/,电压表V1示数 5电压应为电压表和定值电阻的总电压，电流应为流过待测电阻的电流，则高 风 内U风凶网,u因 为/丁，所以也可表示为为着同+飞）叩 一）6根据电阻定律其中薄膜很薄，展开后可认为是以圆周长为边，厚度为高的矩形，即S TRZ-ZV/所以为了测量薄膜厚度，还需要测量连入电路的电阻长度为电极A、B 之间的距离心。(4)7据题有R=p -nd d因此3 3.某兴趣小组欲测量滑块与水平木板间的动摩擦因数，他们设计了一个实验，实验装置如图1 所示。该小组同学首先将一端带滑轮的木板固定在水平桌面上，连接好其他装置，然后挂上重物，使滑块做匀加速运动，打点计时器在纸带上打出一系列点.(1)图 2 是实验中获取的一条纸带的一部分，相邻两计数点间的距离如图所示，已知电源的频率为50 Hz,相邻两计数点间还有4 个计时点未标出，根据图中数据计算的加速度a=M/S?.(结果保留两位有效数字)(2)为测定动摩擦因数，该小组同学事先用弹簧测力计测出滑块与重物的重力分别如图3、4 所示，则图3 对应的示数为 N,图 4 对应的示数为 N；1234N=-h三-三一-三一-=-=-=-=k.441/34，针指*12-34N=E-三-三一-g-三一h三-三=3M三-一三-三一一华1234(3)重力加速度g 取 10加/./,滑块与木板间的动摩擦因数=(结果保留两位有效数字）。【答案】0.50 2.00 1.00 0.43【解 析】【详 解】(1)1.相 邻 两 计 数 点 间 还 有4个计时点未标出，则T=O.ls；根 据Ac=结合逐差法可知:-2 2 ，-m/s-=0.50m/s-x6+x5+x4-x3 x2 X j (3.87+3.39+2.88 2.38 1.901.40)x 1 099x 0.12(2)23.则 图3对 应 的 示 数 为2.00N；图4对 应 的 示 数 为1.00N；(3)4.对滑块以及重物的整体：mg-fiMg=(M+m)a其中 mg=1.00N,Mg=2N,解得M=0.433 4.实验小组的同学用如图所示的装置做“用单摆测重力加速度”的实验。(1)实验室有如下器材可供选用：A.长 约1m的细线B.长 约1m的橡皮绳C.直 径 约2cm的铁球D.直 径 约2cm的塑料球E.米尺F.时钟G停表实验时需要从上述器材中选择：一(填 写 器 材 前 面 的 字 母)。(2)在挑选合适的器材制成单摆后他们开始实验，操作步骤如下:将单摆上端固定在铁架台上测得摆线长度，作为单摆的摆长在偏角较小的位置将小球由静止释放记录小球完成n 次全振动所用的总时间t,得到单摆振动周期T =-n根据单摆周期公式计算重力加速度的大小。其中有一处操作不妥当的是一o (填写操作步骤前面的序号)(3)按照以上的实验步骤，测量多组摆长和对应的周期，并根据实验数据做出了图像，根据该图像得出重力加速度的测量值为m/s2.(4)实验后同学们进行了反思。他们发现由单摆周期公式可知周期与摆角无关，而实验中却要求摆角较小。请你简要说明其中的原因【答案】ACEG，单摆的摆长应等于摆线长度加摆球的半径；9.86T =是单摆做简谐运动的周期公式。当摆角较小时才可以将单摆的运动视为简谐运动。【解析】【分析】【详解】(D H 1.单摆的摆长不可伸长，为减小空气阻力的影响和实验误差，先选用长约1m 的细线，直径约2cm的铁球，要用米尺测量摆长，停表测量周期，故答案为：ACEGo(2)2.操作不妥当的是.单摆的摆长应等于摆线长度加摆球的半径。(3)3.根据单摆的周期公式得7 =2万g解得24病T-=Ig由图像可知,4/4.0,k=-=4g 1解得g=9.86m/s2(4)4 1.公 式 T=2万是单摆做简谐运动的周期公式。当摆角较小时才可以将单摆的运动视为简谐运 动。3 5.某同学用如图甲所示的电路测量一段总阻值约为10。的均匀电阻丝的电阻率p。在刻度尺两端的接线柱a和b之间接入该电阻丝，金 属 夹P夹在电阻丝上，沿电阻丝移动金属夹，从而可改变接入电路的电阻丝 长 度。实验提供的器材有：电 池 组E（电 动 势 为3.0 V,内 阻 约1C）；电 流 表Ai（量 程00.6A）；电 流 表A2（量 程0100mA）；电阻箱 R（0-99.9911）；开 关、导线若干。实验操作步骤如下：用螺旋测微器测出电阻丝的直径D；根据所提供的实验器材，设计如图甲所示的实验电路；调节电阻箱使其接入电路中的电阻值最大，将金属夹夹在电阻丝某位置上；闭合开关，调整电阻箱接入电路中的电阻值，使电流表满偏，记 录 电 阻 箱 的 电 阻 值R和接入电路的电阻丝 长 度L；改 变P的位置，调整_ _ _ _ _ _ _ _ _,使电流表再次满偏；重复多次，记 录 每 一 次 的R和L数 据；电流表应选择（选填“Ai”或“A2”）；步 骤 中 应 完 善 的 内 容 是;（3）用 记 录 的 多 组R和L的数据，绘出了如图乙所示图线，截 距 分 别 为r和I,则电阻丝的电阻率表达式p=（用给定的字母表示）；（4）电 流 表 的 内 阻 对 本 实 验 结 果 （填“有”或“无”）影 响。【答 案】A2 电 阻 箱R的阻值 P=色 匕 无4Z【解 析】【分 析】【详 解】E（1）1 .当 电 流 表Ai接 入 电 路，电 流 表 满 偏时电路中的总电阻为厂%3 Q=5Q.0.6 而 当 电 流 表A2接入E 3电路，电流表满偏时电路中的总电阻为厂=7 3。=3 0 0,可知电流表应选择A2；(2)2J.步骤中应完善的内容是：改变P 的位置，调整电阻箱R 的阻值，使电流表再次满偏;(3)3.当每次都是电流表满偏时，外电路的总电阻是恒定值，设 为 R o,则R+=R。即由图像可知S 一7即(4)4.若考虑电流表的内阻，则表达式变为R+P5=&-RA因 R-L的斜率不变，则测量值不变，即电流表的内阻对实验结果无影响。36.某同学要将一量程为250pA的微安表改装为量程为L50V的电压表。该同学测得微安表内阻为1200。，经计算后将一阻值为R 的电阻与微安表连接，进行改装。然后利用一标准电压表，对改装后的电表进行检测。(1)将 图(a)中的实物连线补充完整_ _ _ _ _ _ _；(2)当标准电压表的示数为1.00V时，微安表的指针位置如图(b)所示，由此可以推测出改装的电压表量程不是预期值，而是;(填正确答案标号)A.1.20V B.1.25V C.1.30V D.1.35V(3)产 生 上 述 问 题 的 原 因 可 能 是。(填正确答案标号)A.微安表内阻测量错误，实际内阻大于1200QB.微安表内阻测量错误，实际内阻小于1200QC.R 值计算错误，接入的电阻偏小D.R 值计算错误，接入的电阻偏大【解析】【详解】微安表与分压电阻串联可以改装成电压表，实物电路图如图所示。（2）微安表量程为250jiA,由 图（b）所示表盘可知，其分度值为5jiA,其示数为200HA,是满偏量程的4 4，此时标准电压值为LOOV,即满偏量程的1 对应着电压值为1.00V,故改装后的电压表最大量程为5B 正确，ACD错误。故选B。（3）3 由微安表改装的电压表，示数偏大，说明其内阻偏小，原因有可能是微安表内阻值小于1200C,也有可能滑动变阻器R 的接入电阻偏小造成的，故 BC正确，AD错误。故选BC3 7.利用图示装置可以测物体间的动摩擦因数。水平粗糙桌面左端固定着定滑轮、B 点固定着光电门。跨过定滑轮的细线两端分别栓接质量m 的重物和质量M 的 物 块（含宽度为d 的遮光条），实验时每次都由静止释放物块，多次改变物块释放点A 的位置，记录每次A B的间距x 和遮光条通过光电门的时间to（细线与滑轮间的摩擦及空气阻力均不计，重力加速度为g)光电n水平z我、速光热-物块(1)物块从A 运动至B 的过程中，重物和物块整体的动能增量为A Ek=(2)下列各图中，能够正确反映运动过程中x 与 t 之间关系的图像是(填选项序号字母)。2kmg-(M+m)d2 2kmg+(M+m)d2、2kMg2kMg*2kMg*2kmg-(M+m)d2【答案】c A2 t2【解析】【分析】【详解】物块到达B 点时的速度为d则物块从A 运动至B 的过程中，重物和物块整体的动能增量为17(M+md2屿=2(M+m)v =一 斤一(2)2根据动能定理有整理后有(m +A/)J2 1x-x 2(mg-/.iMg)V故选C。(3)3由函数关系可知，斜率k m+M)d22(mg-/jMg)由此变形可得_ 2kmg-(M +m)d“-2kMg故选A。3 8.某同学用图甲所示装置测量木块与木板间动摩擦因数。图中，置于实验台上的长木板水平放置，其左端固定一轻滑轮，轻绳跨过滑轮，一端与放在木板上的小木块相连，另一端可悬挂钩码。实验中可用的钩码共有N 个，将(依次取=1,2,3,4,5)个钩码挂在轻绳左端，其 余 个 钩 码 放 在 木 块 的 凹 槽中，释放小木块，利用打点计时器打出的纸带测量木块的加速度。打点计时器首逆带甲o-1 -2 3 4 5 6?J；：.单位：。耳 J O-；：-7.32-1乙(1)正确进行实验操作，得到一条纸带，从某个清晰的打点开始，依次标注0、1、2、3、4、5、6,分别测出位置0 到位置3、位置6 间的距离，如图乙所示。已知打点周期T=0.02s,则木块的加速度。=m/S2o(2)改变悬挂钩码的个数n,测得相应的加速度a,将获得数据在坐标纸中描出(仅给出了其中一部分)如图丙所示。取重力加速度g=10m/s2,则木块与木板间动摩擦因数 =(保留2 位有效数字)(3)实 验 中(选 填“需要”或“不需要”)满足悬挂钩码总质量远小于木块和槽中钩码总质量。【答案】2.0 0.14-0.16 不需要【解析】【详解】(1)木块的加速度：a=-挚=_3 3 .3*1。-2加/$2=2.0/nIs1.(37y 9X0.022(2)对 N 个祛码的整体，根据牛顿第二定律：=，解得a=+一；N画出a-n图像如图;由图可知jig=1.6,解得 1=0.16.(3)实验中是对N 个祛码的整体进行研究，则不需要满足悬挂钩码总质量远小于木块和槽中钩码总质量。3 9.图甲是简易多用电表的电路原理图，图中E 是电源，Ri、R2、R3、&、R5是定值电阻，R6是可变电阻，表 头 G 的满偏电流为200flA。内阻为600。，其表盘如图乙所示。图甲中虚线方框内为换挡开关，A端和B 端分别与两表笔相连，该多用电表有5 个挡位，分别为：直流电流1A挡和500BA 挡，欧姆xlkQ挡，直流电压2.5V挡 和 10V挡。若用欧姆Xlk。挡测二极管的反向电阻，则 A 端与二极管的(选填“正”或“负”)极相接触，测得的示数如图乙中a 所示，则该二极管的反向电阻为 kQo某次测量时该多用电表指针位置如图乙中b 所示，若此时B 端是与“1”相连的，则多用电表的示数为;若此时B 端是与“4”相 连 的 则 多 用 电 表 的 示 数 为。(3)根据题中所给的条件可得Ri、R2的阻值之和为【答案】负 7.0 0.30A 0.75V 400【解析】【分析】【详解】(1)口 若测二极管的反向电阻，则电流从二极管的负极流入；又欧姆表的电流从A 端流出，故 A 端与二极管的负极相接触；根据刻度盘，得出示数为7.0,又选用了xlkQ 挡，故二极管的反向电阻为7.0k。(2)3 若此时B 端是与“1”相连的，则此时是大量程电流表，为直流1A档，故此时每小格表示0.02A,读数为0.30A；4 若此时B 端是与“4”相连的，则此时为小量程的电压表，为直流电压2.5V档，故此时每小格表示0.05V,读数为0.75 V.(3)5 由电路特点，由题意知(500-200)xl0 6x(RI+R2)=200 x10-6x600整理得RI+R2=400C4 0.图甲是某同学验证动能定理的实验装置。其步骤如下:A.易拉罐内盛上适量细沙，用轻绳通过滑轮连接在小车上，小车连接纸带。合理调整木板倾角，让小车沿木板匀速下滑。B.取下轻绳和易拉罐，测出易拉罐和细沙的质量m i以及小车质量m2。C.撤去细绳和易拉罐后，换一条纸带，让小车由静止释放，打出的纸带如图乙(中间部分未画出)，O 为打下的第一点。己知打点计时器的打点时间间隔为T,重力加速度为g。(1)步骤C 中小车所受的合外力大小为一(2)为验证从OC 过程中小车合外力做功与小车动能变化的关系，测出BD 间的距离为为，O C间距离为A,则 C 点速度大小为一,需要验证的关系式为一(用所测物理量的符号表示)。【答案】mig；*叫 口=喘【解析】【详解】小车匀速下滑时受到重力、支持力、摩擦力和轻绳的拉力，合力为零；撤去拉力后，其余力不变,故合力等于撤去轻绳的拉力，而轻绳的拉力等于易拉罐和细沙的重力，所以小车所受的合外力为m.g;(2)匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻瞬时速度