2019内蒙古鄂尔多斯中考物理真题(含答案).docx

年寒窗苦读日，只盼金榜题名时，祝你考试拿高分，鲤鱼跳龙门！加油！2019内蒙古鄂尔多斯中考物理真题及答案一、单项选择题（本大题共13题，每题2分，共26分）1（2分）端午节，人们通常要包粽子，赛龙舟，挂艾草，在我们鄂尔多斯巴图同学家中却是另一番场景。下列描述，错误的是（）A巴图看赛马时，像成在视网膜前，用凹透镜来矫正B妈妈用红外线烤箱烤羊排是利用了红外线的热效应C巴图闻到阵阵烤羊排的香味属于扩散现象D巴图给自行车充气过程与热机的做功冲程相同2（2分）关于小实验、小现象下列说法，不正确的是（）A游泳上岸的人感到冷是因为水汽化放热B图乙是两个声音的波形图，它们的音色不同C录音棚墙壁装隔音棉是在传播过程中减弱噪声D冰和盐放在易拉罐中搅拌熔化过程中底部出现霜，说明盐使冰的熔点降低3（2分）关于物理知识下列说法中，正确的是（）A家庭电路中空气开关跳闸一定是因为使用了大功率用电器B隐形战机“歼20”的机身材料和涂层对雷达发射的超声波具有吸收作用C甲、乙、丙三个轻质小球，甲带正电，甲、乙排斥，乙、丙吸引，说明乙一定带正电，丙一定带负电D磁体周围存在着磁场，磁场对放入其中的磁体产生力的作用4（2分）下列物理实验原理与实际应用，不一致的一项是（）5（2分）在如图电路中，闭合开关后，当滑片P向右移动时，下列说法，正确的是（）A电流表的示数变大B小灯泡亮度变大C与示数乘积变大D的示数与示数之差的比值变大6（2分）2019年4月23日内蒙古“主席杯”足球赛在锡林郭勒盟拉开帷幕。小旭对比赛中如图所示现象的解释，不正确的是（）A足球在空中飞行的过程中，人对足球没有做功B足球飞在最高点时，若所受力全部消失，它将静止C球最终落回地面，说明力可以改变物体的运动状态D足球在地面滚动时速度越来越小，惯性的大小不变7（2分）在如图实验中，当开关闭合后，L1不亮，L2亮，电压表有示数，则下列判断，正确的是（）A可能是L1的灯丝断了B一定是L1短路了C可能是L1比L2电流小D一定是L1比L2电阻小8（2分）下列关于压强的说法，正确的是（）A如图是自制压强计，用它还可以制成高度仪，若瓶中装满水，还可制成液体温度计B如图是机翼的截面图，飞机获得升力是因为其上表面空气流速小于下表面空气的流速C如图所示装置中，水受到重力的方向竖直向下，因此不会对探头产生向上的压强D如图是嫦娥四号探月器，其静止时对月球和地球水平表面产生的压强相等9（2分）2019年6月5日长征11号运载火箭，以“一箭七星”的方式将卫星送入预定轨道，填补了我国运载火箭海上发射的空白。下列说法，正确的是（）A长征11号发射过程中，其动能转化为重力势能B地球同步卫星进入轨道后相对于地面是静止的C火箭加速升空时，气体对火箭的力大于火箭对气体的力D长征11号全长近21m，重58t，起飞推力为120t10（2分）如图A、B体积相同，B、C质量相等，将他们放入水中静止后，A漂浮，B悬浮，C沉底。下列说法，正确的是（）AA所受浮力可能大于B所受浮力BC所受浮力一定小于A所受浮力CB物体所受浮力一定是最大的DA下表面所受压力可能大于B下表面所受的压力11（2分）如图为某家装电路图，其中S1、S2都是单刀双掷开关，若要求拨动其中任一开关都能开灯、关灯，其中最优方案是（）ABCD12（2分）如图轻杆（不计杠杆重力），O为支点，物重为30N，OA：AB1：2，在竖直向上的拉力作用下始终保持平衡状态。下列说法，正确的是（）A该杠杆与镊子类型相同B图甲位置时，拉力大小为15NC图甲位置时，若仅增加物重，则拉力的变化量与物重的变化量之比为3：1D如图乙保持拉力方向不变，将轻杆匀速提到虚线位置，拉力不变13（2分）苏苏在做测小灯泡电功率实验后，又进行了如下研究，如图甲，已知电流表的量程为“00.6A”，电压表的量程为“03V”，调节R2滑片，两表示数关系如图乙，当R26，灯泡正常发光（不计灯丝电阻变化），在保证电路安全的前提下，下列选项，不正确的是（）A电源电压为4VB灯丝电阻为10C灯泡的额定功率为1.25WDR2接入电路的最大阻值不能超过30二、空趣（本大题3趣，每空1分，共8分）14（3分）小玲在探究水的沸腾实验中，用酒灯给初温20，质量100g的水加热7min，共消耗了4×103kg酒精，此过程是通过 的方式改变水的内能。若这些酒精完全燃烧放出热量的30%被水吸收（假设水质量保持不变），则水的末温为 ；实验后小玲感叹到：“70%的热量都被浪费了，还污染环境!”为提高加热效率，请提出一条建议 。（q酒精3.0×107J/kg，c水4.2×103J/（kg），标准大气压环境）15（3分）如图是网红擦玻璃神器，质量为1kg，其磁性强弱可调节，某时刻神器静止在竖直玻璃窗上，对玻璃的压力为100N，所受摩擦力为 N：减弱磁性，神器对玻璃的压力为30N，其匀速下滑，所受摩擦力 （选填“变大”“变小”或“不变”）下滑过程中的能量转化是 。16（2分）将一只“220V 484W”的浴霸灯泡接在家庭电路中，正常发光时，通电30min灯泡消耗的电能为 kWh，若用输电线把该灯泡由家引到较远的工地时，发现灯泡亮度变暗，测得灯泡的实际功率为400W，则输电线上消耗的功率为 W（不计灯丝电阻受温度影响）三、作图与实验探究题（本大题共5题，17题2分，18题5分，19题4分，20题6分，21题5分，共22分）17（1分）平静水面上方的小鸟和水中的小鱼，某时刻的实际位置A、B如图所示，C点的人恰好看到它们在水中的像A、B重合，请画出小鸟在水中像的位置和人眼看到小鱼的光路图。18（1分）闭合开关，小磁针静止，请在图中标出电源的“+”“”极，并在磁感线上标出磁场方向。19（5分）某兴趣小组的同学做了如下实验：（1）由图1甲图实验装置可以提出什么物理探究问题 ？（只写一个）（2）图1乙图中实验现象可以说明什么物理知识 。（只写一个）（3）图2甲、乙、丙三个装置完全相同，燃料的质量都是10g，各烧杯内液体质量和初温都相同。比较不同燃料的热值时应选择 两图进行实验，所测热值比真实值 （填“偏大”“偏小”或“不变”）。同学们选择其中两图继续探究“不同物质的吸热本领强弱”，并绘制了温度随时间变化关系图，如图丁所示，则a、b的比热容之比为 。20（4分）康巴什是全国首个以城市景观命名的国家4A级景区，来自南京的小华拍了一张康巴什大桥的照片，如图甲，感觉有点小，更换镜头站在原地又拍了一张，如图乙。两次像的大小不同是何原因呢？他猜想可能是两个镜头的焦距不同造成的，为此，返校后小华在实验室找来相关器材进行了以下探究：（1）如图丙，他先将f10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度处，再将蜡烛放在10cm刻度处，移动光屏直到成清晰的像，此时光屏应在 刻度范围内。（2）基于实验目的，接下来他换用f5cm的凸透镜仍固定在50cm刻度处，保持蜡烛位置不变，移动光屏找到最清晰的像，此像大小比（1）中所成的像 。（3）依据（2）问的结论，他又联想到望远镜的物镜（凸透镜）和目镜（凸透镜）的焦距大小也不同，为了尽可能成更大更清晰的像，则f物 f目，若将物镜和目镜互换位置，站在原地看同一物体，此时所成像的大小 不换位置时所成像的大小（均选填“”“”“”）。21（6分）如图甲，浩浩为探究“阻力对物体运动的影响”，每次都让小车从斜面顶端由静止开始下滑，改变水平面的粗糙程度，测量小车在水平面上滑行的距离。（1）如图乙，小车在木板上滑行的距离为 cm。（2）实验时，小车每次都滑到水平面上运动，小车在竖直方向上受一对 ，其作用效果相互抵消，相当于小车只受阻力（f）的作用。（即合外力F合f）（3）对比甲图可知：小车所受阻力越小，运动的距离就越远，速度减小的就越 ，如果阻力为零，小车将 。（4）浩浩评估实验时发现，本实验还可以探究物体速度变化快慢与阻力（合外力）的定量关系，在老师的指导下，他用类比的方法联想到：物体运动的快慢等于路程与时间之比，用速度v来表示，那么速度变化快慢就等于速度的变化量与时间之比，用加速度a来表示，他重新实验对这个问题进行了研究，得到下表所示数据：水平接触面小车质量m/（kg）初速度v0（m/s）末速度v1（m/s）减速所用时间t（s）速度减小快慢a（m/s2）阻力f（N）1毛巾0.04100.1100.42棉布0.04100.250.23木板0.04100.42.50.1对数据进行定量研究，分析可知：同一物体速度变化快慢（a）与阻力（f）的关系式为 。（5）交流讨论时，薇薇说：高速路上，满载的大货车很难停下来，而小轿车却容易得多。试猜想，速度变化的快慢（a）可能还与 有关。22（5分）小月和小亮在探究“欧姆定律”的实验，用电阻箱代替定值电阻，电路如图甲所示，已知电源电压恒为6V，电阻箱R1规格为“0999.9”，滑动变阻器R2的规格为“50 1A”。（1）小月在探究电流与电阻关系时，分别将R1调到5、10、15和20接入电路，调节R2使电压表示数均为2V，记下对应电流值，依据数据作出IR图象，如图乙所示，根据实验目的分析图象可得出结论 。（2）小月继续探究电流与电压关系，调节R1和R2的阻值，获取了第一组数据，电压表示数如图丙所示，该电压为 V接着他保持R2的滑片位置不动，调节R1的阻值，又测得三组数据，如表所示，他分析实验数据后发现通过R1的电流与其两端电压不成正比，请指出实验中存在的问题 。试验次数电压U/V电流I/A10.324.00.2034.50.1545.00.10（3）正在他准备重新实验时，小亮巧妙处理了实验数据，做出了某个元件的IU图象，顺利得出了正确结论，请你帮他们在图丁中画出该图象。（4）与两实验中使用电阻箱实现多次测量的目的相同的是 。A测量定值电阻的阻值B探究平面镜成像的特点四、综合计算题（本大题共2题，22题6分，23题8分，共14分）23（6分）甜甜要制作一个电动航模，需要电动机作为动力源，她找来电吹风，研究了电吹风的工作原理。如图甲，电吹风工作时，可以分别吹出热风和冷风，为了防止温度过高，用一个PTC电阻R0与电阻为50的电热丝R串联，R0的阻值随温度的变化如图乙所示，请回答下列问题：（1）PTC电阻是由 材料制成的；电动机的工作原理是 。（2）电吹风吹热风时，求电热丝的最大发热功率。（3）电吹风吹冷风时，通过电动机的电流为1A，工作20s，电动机的机械效率为90%，求电动机线圈电阻。（不计机械摩擦损耗的能量）24（8分）举世嘱目的港珠澳大桥于2018年10月24日正式通车，是集桥、岛、隧道于一体的跨海桥梁。图甲是建造大桥时所用的起吊装置示意图，若使用柴油机和滑轮组将高h1m的实心长方体A从海底以0.1m/s的速度匀速吊出海面；图乙是物体A所受拉力F1随时间t变化的图象。（海1.0×103kg/m3，g取10N/kg，不计摩擦、水的阻力及绳重）。求：（1）物体A的密度。（2）当物体A在计时起点的位置时，上表面受到海水的压力。（3）物体A露出水面前，柴油机对绳的拉力F做的功W随时间t的变化图象，如图丙，求此过程滑轮组的机械效率。2019年内蒙古鄂尔多斯市中考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题共13题，每题2分，共26分）1（2分）端午节，人们通常要包粽子，赛龙舟，挂艾草，在我们鄂尔多斯巴图同学家中却是另一番场景。下列描述，错误的是（）A巴图看赛马时，像成在视网膜前，用凹透镜来矫正B妈妈用红外线烤箱烤羊排是利用了红外线的热效应C巴图闻到阵阵烤羊排的香味属于扩散现象D巴图给自行车充气过程与热机的做功冲程相同【分析】（1）近视眼的晶状体较厚，会聚能力较强，看远处的物体时，将像成在视网膜的前面，需戴凹透镜矫正；（2）红外线具有热效应；（3）分子在不停地做无规则运动；（4）做功冲程对外做功，将内能转化为机械能。【解答】解：A、近视眼所成的像在视网膜的前方，为了使像正好呈在视网膜上，应使光线推迟会聚，使所成的像相对于晶状体后移，所以应配戴发散透镜即凹透镜，故A正确；B、红外线烤箱是利用了红外线的热效应来加热食物的，故B正确。C、烤羊排时闻到香味，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；D、给自行车充气过程（压缩过程），车胎内的空气内能增大，温度升高，是将机械能转化为内能的过程，而热机的做功冲程是将内能转化为机械能，则两个过程是不同的，故D错误。故选：D。【点评】本题涉及问题多、综合性强，但问题简单，要求灵活运用所学知识解释实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。2（2分）关于小实验、小现象下列说法，不正确的是（）A游泳上岸的人感到冷是因为水汽化放热B图乙是两个声音的波形图，它们的音色不同C录音棚墙壁装隔音棉是在传播过程中减弱噪声D冰和盐放在易拉罐中搅拌熔化过程中底部出现霜，说明盐使冰的熔点降低【分析】（1）物质从液态变为气态叫做做汽化，汽化吸热；（2）声音的三个特性：音调、响度和音色，并能够搞清影响它们的因素。音调与发声体的振动频率有关；响度与振幅有关；音色与发声体有关；（3）减弱噪声有三种途径：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱；（4）冰与盐混合后，冰的熔点降低。【解答】解：A、夏天，在水中游泳的人上岸后会感到冷，是因为身上的水汽化时要从人体吸热，故A错误；B、读图可知，两个声音的波形是不同的，即音色是不同的，故B正确；C、录音棚墙壁装隔音棉可以吸收声波，是在传播过程中减弱噪声，故C正确；D、冰和盐混合并搅拌，使冰中参入杂质，降低冰的熔点，使冰熔化，熔化吸热；同时空气中的水蒸气遇冷直接凝华成小冰晶附在易拉罐底部形成霜，故D正确。故选：A。【点评】此题考查的是物态变化的判断和物态变化伴随的吸放热情况及控制噪声的图甲。熟记概念是解决本题的关键3（2分）关于物理知识下列说法中，正确的是（）A家庭电路中空气开关跳闸一定是因为使用了大功率用电器B隐形战机“歼20”的机身材料和涂层对雷达发射的超声波具有吸收作用C甲、乙、丙三个轻质小球，甲带正电，甲、乙排斥，乙、丙吸引，说明乙一定带正电，丙一定带负电D磁体周围存在着磁场，磁场对放入其中的磁体产生力的作用【分析】（1）家庭电路电流过大的原因：短路或总功率过大；（2）隐形飞机就是能吸收更多的电磁波，减少电磁波的反射，防止被雷达发现；（3）根据带电体的性质和电荷间的作用规律可知：两个物体相互吸引，有三种带电情况：一个带正电，一个带负电；一个带正电，一个不带电；一个带负电，一个不带电；两个物体相互排斥，则都带同种电荷。由此入手分析即可确定甲乙丙三者的带电情况；（4）磁体周围存在着磁场。【解答】解：A、空气开关跳闸，说明家庭电路中电流过大，可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故A错误；B、雷达是通过电磁波来传递信息，隐形飞机机身材料和涂层对雷达发射的电磁波具有良好的吸收作用，故B错误；C、甲、乙、丙三个轻质小球，甲带正电，甲、乙排斥，则乙带正电；乙、丙吸引，乙带正电，丙可能带负电或不带电，故C错误；D、磁体周围存在着磁场，磁场的基本性质是对放入其中的磁体会产生力的作用，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了家庭电路电流过大的原因、电磁波的应用、带电体的性质、磁场的作用，都属于基础知识。4（2分）下列物理实验原理与实际应用，不一致的一项是（）A 太阳灶B 彩色电视机C 投影仪D 激光准直【分析】（1）太阳灶是凹面镜，利用的是光的反射；（2）复色光分解为单色光而形成光谱的现象叫做光的色散；光的三原色是红绿蓝；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象；（4）光在同种均匀介质中是沿直线传播的。【解答】解：A、平面镜可以反射光线；太阳灶是凹面镜，利用的是光的反射，原理是相同的，故A一致；B、阳光经过三棱镜的折射后，被分散成：红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这是光的色散现象；而电视机的画面是由红绿蓝三种色光组成的，原理不相同，故B不一致；C、光线斜射入玻璃中时，会发生折射现象；投影仪的镜头是凸透镜，对光线具有会聚作用，属于光的折射，原理相同，故C一致；D、光在同种均匀介质中是沿直线传播的，激光准直属于光的直线传播的应用，原理相同，故D一致。故选：B。【点评】这是一道光学知识与实际生活紧密联系的题目，除了有清晰的物理知识外，还应有丰富的生活经验。因此，在日常的活动中注意观察是学好物理这门课的关键。5（2分）在如图电路中，闭合开关后，当滑片P向右移动时，下列说法，正确的是（）A电流表的示数变大B小灯泡亮度变大C与示数乘积变大D的示数与示数之差的比值变大【分析】由电路图可知，变阻器与灯泡并联；电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量通过灯泡的电流；电压表测量电源电压（即并联电路两端的电压）；（1）根据并联电路特点判断通过电流表A2示数的变化和灯泡亮度的变化；（2）先根据滑片移动的方向确定电路电阻的变化，再根据欧姆定律判断电流表A1示数的变化，最后结合并联电路电压规律可知电压表与A1示数的乘积变化；（3）根据并联电路电流规律和欧姆定律可知电压表与两电流表示数之差的比值的变化。【解答】解：由电路图可知，变阻器与灯泡并联；电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量通过灯泡的电流；电压表测量电源电压；AB、因为并联电路中各支路互不影响，所以滑片移动时，通过灯泡的电流不变，即A2的示数不变；灯泡两端的电压不变，通过灯泡的电流不变，由PUI可知，灯泡的实际功率不变，则灯的亮度不变，故AB错误；C、当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，则电路的总电阻随之变小，而并联电路两端电压等于电源电压不变，由欧姆定律可知干路电流变大，即A1的示数变大；电压表测量电源电压，其示数不变，所以电压表与A1示数的乘积变大，故C正确；D、因为A1的示数变大、A2的示数不变，所以电流表A1与电流表A2示数之差变大，且电压表示数不变，所以V的示数与A1、A2示数之差的比值将变小，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了滑动变阻器的应用原理和并联电路中电压、电流的特点，注意将电压表与电流表示数的比值转化为电阻进行判断。6（2分）2019年4月23日内蒙古“主席杯”足球赛在锡林郭勒盟拉开帷幕。小旭对比赛中如图所示现象的解释，不正确的是（）A足球在空中飞行的过程中，人对足球没有做功B足球飞在最高点时，若所受力全部消失，它将静止C球最终落回地面，说明力可以改变物体的运动状态D足球在地面滚动时速度越来越小，惯性的大小不变【分析】（1）根据做功的条件分析；（2）根据牛顿第一定律分析；（3）力的作用效果有二：改变物体的运动状态，改变物体的形状；力的作用是改变物体的运动状态；（4）惯性大小仅与物体的质量有关，质量越大惯性越大。【解答】解：A、足球在空中飞行的过程中，人没有对球施加力的作用，所以人没有对足球做功，故A正确；B、足球飞在最高点时，此时有向右的速度，若所受力全部消失，由牛顿第一定律可知，它将做匀速直线运动，故B错误；C、球最终落回地面，是因为球受到了重力的作用，重力改变了足球的运动状态，故C正确；D、足球在地面滚动时速度越来越小，惯性的大小只与质量有关，足球的质量不变，其惯性大小不变，故D正确。故选：B。【点评】此题考查力的作用效果、运动与力的关系、影响惯性的因素，深入理解基本规律，是正确解答的关键。7（2分）在如图实验中，当开关闭合后，L1不亮，L2亮，电压表有示数，则下列判断，正确的是（）A可能是L1的灯丝断了B一定是L1短路了C可能是L1比L2电流小D一定是L1比L2电阻小【分析】由电路图知，两灯串联。闭合开关一灯发光，一灯不发光，说明电路不是断路，只能是短路或功率太小达不到发光状态。【解答】解：由电路图知，闭合开关后，两灯串联，电压表测量L1两端的电压；当开关S闭合后，灯L1不亮，L2亮，说明电路不可能是断路，可能是L1短路或L1的功率太小达不到发光状态，故A错误；若L1短路，则电压表也被短路，电压表的示数应为0，与题中电压表有示数矛盾，则不可能是L1短路，故B错误；由于串联电路中电流处处相等，所以通过L1和L2的电流相等，故C错误；由前面分析可知电路应正常，但L1不亮，则L1一定是功率太小达不到发光状态，所以L1的实际功率比L2的小得多，由PI2R可知，L1比L2电阻小，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了利用电压表判断电路的故障，属于一项学生必须掌握的基本技能。解题的关键是根据电压表的有无示数进行综合判断。8（2分）下列关于压强的说法，正确的是（）A如图是自制压强计，用它还可以制成高度仪，若瓶中装满水，还可制成液体温度计B如图是机翼的截面图，飞机获得升力是因为其上表面空气流速小于下表面空气的流速C如图所示装置中，水受到重力的方向竖直向下，因此不会对探头产生向上的压强D如图是嫦娥四号探月器，其静止时对月球和地球水平表面产生的压强相等【分析】（1）把自制压强计从山脚带到山顶时，发生变化的是海拔高度，而大气压随海拔的升高而减小，因此可从瓶内外的气压差来分析第一空的答案；如果将瓶内装满水，当瓶周围温度变化时，瓶内水的体积也会由于热胀冷缩而相应的发生变化，从而使得玻璃管内的水柱高度发生变化，其工作原理和液体温度计相同，因此可作为温度计使用。（2）流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大。（3）液体内部压强虽由重力产生，但由于液体的流动性故能产生各个方向的压强。（4）探月器在月球上的重力只有在地球上的，受力面积不变，由压强公式分析。【解答】解：A、把自制压强计从山脚带到山顶，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的高度会增大；如果在瓶内装满水时，整个瓶子相当于温度计的玻璃泡，其工作原理也和液体温度计类似，因此可作为测量温度的仪器。故A正确；B、等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲、下表面平直，所以空气通过机翼上表面的流速大，通过下表面的流速较小；因为机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，飞机受到向上的压力差，也就是升力；故B错误；C、液体内部压强虽由重力产生，但由于液体的流动性故能产生各个方向的压强，故C错误；D、探月器在月球上的压力小于在地球上的压力，受力面积不变，由p可得，其静止时对月球的压强小于对地球水平表面产生的压强，故D错误。故选：A。【点评】此题涉及到流体压强与流速的关系、液体压强的特点等多个知识点，是一道综合性较强的题目。9（2分）2019年6月5日长征11号运载火箭，以“一箭七星”的方式将卫星送入预定轨道，填补了我国运载火箭海上发射的空白。下列说法，正确的是（）A长征11号发射过程中，其动能转化为重力势能B地球同步卫星进入轨道后相对于地面是静止的C火箭加速升空时，气体对火箭的力大于火箭对气体的力D长征11号全长近21m，重58t，起飞推力为120t【分析】（1）动能与物体的质量和速度有关，重力势能与物体的质量和高度有关，当动能转化成重力势能时，动能减小，重力势能增大；（2）判断物体是运动还是静止，要看被研究的物体与参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；（3）由于力的作用是相互的，则相互作用的力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上；（4）注意质量与重力的单位。【解答】解：A、火箭发射过程中，速度增大，高度增大，则动能和重力势能都增大，所以不是动能转化为重力势能，故A错误；B、地球同步卫星进入轨道后相对于地面是静止的；故B正确；C、火箭加速升空时，气体对火箭的力和火箭对气体的力是一对相互作用力，相互作用力的大小相等，所以气体对火箭的力等于火箭对气体的力，故C错误；D、重力和推力的单位都是N，不是t，即所给数据的单位有错，故D错误。故选：B。【点评】本题通过火箭发射以及飞行器对接考查其中的相关知识，注重了物理知识与科技的联系，是中考的热点。10（2分）如图A、B体积相同，B、C质量相等，将他们放入水中静止后，A漂浮，B悬浮，C沉底。下列说法，正确的是（）AA所受浮力可能大于B所受浮力BC所受浮力一定小于A所受浮力CB物体所受浮力一定是最大的DA下表面所受压力可能大于B下表面所受的压力【分析】（1）当物体的重力大于受到的浮力时物体下沉，当物体的重力等于受到的浮力时物体悬浮或漂浮，当物体的重力小于受到的浮力时物体上浮；根据阿基米德原理结合图判断三物体的浮力关系；（2）根据浮力产生原因F浮F下F上判断下表面所受的压力。（3）当物体的密度大于液体的密度时物体下沉，当物体的密度等于液体的密度时物体悬浮，当物体的密度小于液体的密度时物体上浮或漂浮。【解答】解：（1）由图可知，A漂浮，B悬浮，则V排AVA，V排BVB，由于A与B体积相同，则：V排AV排B；根据F浮gV排可知：F浮AF浮B；故A错误；（2）放入水中静止后，B悬浮，C沉底，根据浮沉条件可知：F浮BGB，F浮CGC；已知B、C质量相等，则：GBGC；所以，F浮BF浮C，由于F浮AF浮B；F浮BF浮C。所以，B物体所受浮力一定是最大的，A、C的浮力大小关系无法比较，故B错误，C正确；（3）根据浮力产生原因可知：F浮AFA下FA上，F浮BFB下FB上，由图可知：FA上0，FB上0，所以，FA下F浮A，FB下F浮B+FB上，由（1）中可知：F浮AF浮B；则：FB下FA下，即B下表面所受的压力大，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了学生对压强、重力公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的掌握和运用，灵活运用好物体的浮沉条件是本题的关键11（2分）如图为某家装电路图，其中S1、S2都是单刀双掷开关，若要求拨动其中任一开关都能开灯、关灯，其中最优方案是（）ABCD【分析】开关控制灯泡时，火线首先进入开关，然后再进入灯泡，零线直接进入灯泡。单刀双掷开关的动触头（也就是单刀）一定接在火线和灯泡之间。【解答】解：A、原来电路处于断开状态，灯泡不能发光；当向左拨动S2时（下面甲图），灯泡发光；再向右拨动S1时（乙图），灯泡不能发光；再向右拨动S2时（丙图），灯泡又能发光；故A正确；B、图中灯泡与火线相连，开关接在零线上，不符合安全用电原则，故B错误；C、此时电路处于断开状态，灯泡不能发光；当向右拨动S2时，电路处于短路状态，灯泡不能发光，故C错误；D、原来电路处于闭合状态，灯泡发光；当向上拨动S2时，电路处于断开状态，灯泡不能发光；再向下拨动S1时，电路是断路，灯泡不能发光，故D错误；故选：A。【点评】楼上和楼下控制一个灯泡的在生活中经常用到，但是很多人不明白其中的设计原理。本题体现了物理和生活的密切关系。12（2分）如图轻杆（不计杠杆重力），O为支点，物重为30N，OA：AB1：2，在竖直向上的拉力作用下始终保持平衡状态。下列说法，正确的是（）A该杠杆与镊子类型相同B图甲位置时，拉力大小为15NC图甲位置时，若仅增加物重，则拉力的变化量与物重的变化量之比为3：1D如图乙保持拉力方向不变，将轻杆匀速提到虚线位置，拉力不变【分析】（1）先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；2）根据杠杆平衡条件可求出拉力的大小；（3）利用杠杆平衡的条件表示出拉力变化量与物重变化量的关系，从而进行判断；（4）如图乙保持拉力方向不变，将轻杆匀速提到虚线位置，画出动力和阻力的作用线，找出动力臂的阻力臂，利用三角形的相似关系，确定动力臂和阻力臂的大小关系，再利用杠杆平衡条件分析拉力F的大小变化情况。【解答】解：A、根据图示可知，动力臂大于阻力臂，因此为省力杠杆；而镊子使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，因此它们的类型不同，故A错误；B、已知物重为30N，OA：AB1：2；由杠杆平衡条件可得：F×OBG×OA解得：F10N，故B错误；C、图甲位置时，若仅增加物重，则（F+F）×OB（G+G）×OA，显然拉力的变化量与物重的变化量之比不等于OA与OB的比值，故C错误；D、保持拉力方向不变，将轻杆匀速提到虚线位置，其力臂如图所示：OB为动力臂，OA为阻力臂，阻力不变为G，因为OAAOBB，所以OA：OBOA：OB1：3由杠杆平衡条件可知，F×OBG×OA，F10N；由此可知保持拉力方向不变，将轻杆匀速提到虚线位置，拉力不变，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的了解和掌握，能画出杠杆在虚线位置的力臂并借助三角形相似确定其关系是本题的关键。13（2分）苏苏在做测小灯泡电功率实验后，又进行了如下研究，如图甲，已知电流表的量程为“00.6A”，电压表的量程为“03V”，调节R2滑片，两表示数关系如图乙，当R26，灯泡正常发光（不计灯丝电阻变化），在保证电路安全的前提下，下列选项，不正确的是（）A电源电压为4VB灯丝电阻为10C灯泡的额定功率为1.25WDR2接入电路的最大阻值不能超过30【分析】由电路图知，两电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路的电流，根据图象，利用串联电路特点和欧姆定律列方程，求出电源电压和灯泡R1的值，根据电表的量程，求出变阻器接入电路的阻值范围。【解答】解：由甲图可知，R1与R2串联，电压表测R2电压，根据串联电路特点，由图乙信息可知：U2V+0.2A×R1U1V+0.3A×R1由可解得：U4V，R110，故AB正确；当R26，灯泡正常发光，此时电路的电流为：I0.25A，则灯泡的额定功率为：PI2R1（0.25A）2×100.625W，故C错误；因为电压表的量程为“03V”，即电压表两端的电压不超过3V，小灯泡两端的电压为：U14V3V1V，此时电路的电流为：I0.1A，由欧姆定律得，滑动变阻器的最大电阻为：R2大30，故D正确。故选：C。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的运用，要会从图象中获取信息，利用电源电压不变列方程是解题的关键。二、空趣（本大题3趣，每空1分，共8分）14（3分）小玲在探究水的沸腾实验中，用酒灯给初温20，质量100g的水加热7min，共消耗了4×103kg酒精，此过程是通过热传递的方式改变水的内能。若这些酒精完全燃烧放出热量的30%被水吸收（假设水质量保持不变），则水的末温为100；实验后小玲感叹到：“70%的热量都被浪费了，还污染环境!”为提高加热效率，请提出一条建议保证足够的空气或加大燃料燃烧的面积等（合理即可）。（q酒精3.0×107J/kg，c水4.2×103J/（kg），标准大气压环境）【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是通过能量转化改变内能的，热传递是通过能量转移改变内能的；（2）利用Qmq可求酒精完全燃烧产生的热量，再根据Q吸cm（tt0）求出水的末温；（3）提高加热效率的方法有：使燃料尽可能充分燃烧；减少热量的损失。【解答】解：（1）酒精燃烧给水加热，水的温度升高，是通过热传递改变水的内能的；（2）酒精完全燃烧放出的热量：Q放mq4×103kg×3×107J/kg1.2×105J；已知这些酒精完全燃烧放出热量的30%被水吸收，则由Q吸cmt可得：30%×1.2×105J4.2×103J/（kg）×0.1kg×t，解得t85.7，则tt+2085.7+20105.7，因为在标准大气压下水的沸点为100，所以水的末温为100；（3）提高加热效率的方法有：保证足够的空气；加大燃料燃烧的面积；减少炉体热损失；减少烟气带走的热量等。故答案为：热传递；100；保证足够的空气或加大燃料燃烧的面积等（合理即可）。【点评】本题综合考查了热量的计算以及热机的效率，对公式的把握和运用是关键，只要读好题，总体来说本题难度不大。在利用公式时，要注意每个字母表示的物理量及其单位。15（3分）如图是网红擦玻璃神器，质量为1kg，其磁性强弱可调节，某时刻神器静止在竖直玻璃窗上，对玻璃的压力为100N，所受摩擦力为10N：减弱磁性，神器对玻璃的压力为30N，其匀速下滑，所受摩擦力不变（选填“变大”“变小”或“不变”）下滑过程中的能量转化是机械能转化为内能。【分析】根据Gmg可以求出神器的重力；神器处于静止或匀速直线运动状态时，为平衡状态，竖直方向上受到的摩擦力和重力是一对平衡力；物体克服摩擦做功，机械能转化为内能。【解答】解：神器静止在竖直玻璃窗上，竖直方向上受到的向上的摩擦力和向下的重力，这两个力是一对平衡力，大小相等，则所受摩擦力为fGmg1kg×10N/kg10N：减弱磁性，神器匀速下滑，此时的神器受力仍然平衡，竖直方向上受到的向上的摩擦力和向下的重力，这两个力仍然是一对平衡力，重力的大小不变，则摩擦力的大小也不变；下滑过程中神器克服摩擦做功，神器的机械能会转化为内能。故答案为：10；不变；机械能转化为内能。【点评】本题考查了二力平衡条件的应用、能量的转化；