沪科版九年级物理上册期末卷3份.pdf

沪科版九年级物理上册期末卷1一、选 择 题（每小题3分，共30分）1.（2016秋邮城区期中）生活中能量转化的实例很多，下列描述中错误的是（）A.摩擦起电是把电能转化为机械能B.摩擦生热是把机械能转化为内能C.电动机带动水泵把水送到高处是把电能转化为机械能D.燃料燃烧放热是把化学能转化为内能【考点】能量的转化.【难度】易【分析】解决此题的关键是知道各种现象的能量储存方式和转化方式.判断减小的能和获得的能分别是哪一个.【解答】解：A、摩擦起电时电子发生了转移，摩擦过程中，消耗了机械能，获得了电能，因此是把机械能转化为电能，故A错误；B、摩擦生热是克服摩擦做功，摩擦过程中，消耗了机械能，内能增大，把机械能转化为内能，故B正确；C、电动机带动水泵把水送到高处，消耗了电能，使水的机械能增大，因此水泵是把电能转化为机械能，故C正确；D、燃料燃烧放热是把自身蕴含的化学能转化为内能，故D正确.故选A.【点评】自然界中的能量都以各种形式的能储存起来，在一定条件下可以相互转化.2.（2014秋厦门期末）在夏天开着空调的公交汽车和寒冷冬天的公交汽车车窗上都会出现水珠，以下关于水珠在车窗的内外表面描述正确的是（）A.夏天在外表面，冬天在内表面B.都在内表面C.夏天在内表面，冬天在外表面D,都在外表面【考点】液化及液化现象.【难度】易【专题】应用题；汽化和液化、升华和凝华.【分析】（1）物质从气态变为液态的过程称为液化；（2）夏天车外气温高，水蒸气遇到冷的玻璃会在外面液化成小水珠；（3）冬天车内气温高，水蒸气遇到冷的玻璃会在里面液化成小水珠；【解答】解：（1）在闷热的夏天开着空调的公交汽车里，由于车内温度低于车外温度，所以外面空气中的水蒸气遇到冷的车玻璃，就会发生液化现象，在外表面出现水珠；（2）寒冷的冬天的公交汽车内温度高于车外温度，所以车内空气中的水蒸气遇到冷的车玻璃时，会发生液化现象，在车玻璃的内表面形成水珠；故选：A.【点评】解决此类问题的关键是知道液化的概念及发生液化的条件，属于基础知识的考查.3.如图所示的四个过程，从能量转化和转移的角度看，属于机械能转化为内能的是（）夏天晾衣服用湿毛巾降温厨房炒菜锯木头电锯发热【考点】能量的转化.【难度】易【专题】定性思想；机械能及其转化.【分析】分析各选择项中什么形式的能在减少，什么形式的能在增加，找到属于内能转化为机械能的物理过程.【解答】解：A、夏天晾衣服，太阳光把衣服晒干，衣服从太阳吸热，使衣服的内能增加、温度升高，是通过热传递改变内能，没有能量的转化，故A错误；B、用湿毛巾降温，湿毛巾从人体吸收热量，温度降低，是通过热传递改变内能，没有能量的转化，故B错误；C、炒菜时，菜从锅上吸收热量，菜的温度升高，内能增加，是通过热传递改变内能，没有能量的转化，故C错误；D、锯木头时，电锯克服摩擦力做功，电锯温度升高，内能增加，机械能转化为内能，故D正确.故选D.【点评】做功可以改变物体的内能.对物体做功，物体的内能增加；物体对外做功，物体的内能减少；热传递也可以改变物体的内能.物体放出热量，内能减少；物体吸收热量，内能增加.4.热机的广泛使用已成为一个国家工业化程度的标志，人类的现代生活已越来越离不开各种热机，热机从根本上改变着我们的世界.下列相关说法正确的是（）A.热机是把内能转化为机械能的装置B.内燃机完成一个工作循环对外做功两次C.使用热值大的燃料可提高热机效率D.采取有效措施可以使热机效率达到100%【考点】热机;热机的效率.【难度】中【分析】（1）热机是将内能转化为机械能的机器；(2)四冲程内燃机的一个工作循环包括四个冲程，分别是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程；(3)燃料的热值：1kg的某种燃料完全燃烧放出的热量，叫做这种燃料的热值；热机的效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比；(4)热机的效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比，减少热的损失，可以提高效率.【解答】解：A.热机是利用内能来工作的机器，其中能量的转化是将内能转化为机械能的机械，故 A 正确；B.四冲程内燃机的一个工作循环包括四个冲程，一个工作循环对外做一次功，故 B 不正确；C.燃料的热值是燃料的特性，燃料的热值大，只能说明完全燃烧1kg的燃料放出的热量多，而热机的效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比，采用使用热值大的燃料，并不能提高热机的效率，故 C 不正确；D.热机工作时，总要克服摩擦做功、总有部分能量散失到空中，用来做有用功的能量一定小于燃料完全燃烧产生的能量，所以热机效率一定小于1,故 D 不正确.故选A.【点评】本题考查内燃机的四个冲程以及热机的效率；明确内燃机的四个冲程中压缩冲程、做功冲程能量的转化，以及燃料的燃烧和能量的转化的知识点；注意无论采取什么措施，热机的效率总小于L5.高铁每节车厢都有两间洗手间，只有当两间洗手间的门都关上时(每扇门的插销都相当于一个开关)，车厢中指示牌内的指示灯才会发光提示旅客“洗手间有人”.如图所示的电路图中能实现上述目标的是()【考点】串联电路;并联电路.【难度】中【专题】应用题；电流和电路.【分析】两间洗手间的门都关上时指示灯才会发光提示旅客“洗手间有人”，发光说明两开关相互影响、不能独立工作即为串联且控制灯泡.【解答】解：A、由电路图可知，两开关都闭合时灯泡发光，符合题意，正确；B、由电路图可知，只闭合,开关，灯泡发光；只闭合出,不发光；两开关同时闭合，灯被短路，不发光，造成电源短路，不符合题意，不正确；C、由电路图可知，闭合，时灯发光，闭合8 时电源短路，灯不亮，不正确.D、任意闭合一个开关，灯都发光，不正确；故选A.【点评】根据题意得出两开关的连接方式和位置是解决本题的关键.6.（2 0 1 6秋厦门期末）如图所示，若只闭合S”两只灯泡都会亮，再闭合S 2,两只灯泡亮度的变化情况是（）A.L变暗，L 2变亮 B.L变亮，L变暗C.L不变，L变亮 D.L不变，L变暗【考点】额定功率和实际功率.【难度】中【专题】电能和电功率.【分析】只闭合，时，两灯泡串联；当$、$都闭合时，L与R并联后与L串联；根据串并联电路电阻的特点以及功率的计算公式判断灯泡的明暗.【解答】解：只闭合$时，两灯泡串联；当,、4都闭合时，L与R并联后与L z串联；因为并联电路中的总电阻小于任何一个分电阻，因此当8、冬都闭合后，电路中的总电阻变小，由P=/R可知，L?的实际功率变大，因此L z变亮；因为L与R并联后的总电阻变小，因此L J两端电压变小，由P=?_可知,L的实际功率变小，R因此L变暗.故选A.【点评】本考查串并联电路的特点以及功率计算公式的应用，关键明确电路在不同状态下的连接方式.7.由。=十 二-关于同一物质的比热容c,下列说法正确的是（）-t0）A.若吸收的热量增大一倍，则比热容增大一倍B.若质量增大一倍，则比热容减至一半C.若加热前后的温度差增大一倍，则比热容增大一倍D.无论质量多大，比热容都一样【考点】比热容.【难度】中【分析】质量是1kg的某种物质，温度升高吸收的热量叫这种物质的比热容；比热容是物质的一种特性,物质的比热容只跟物体的种类和状态有关，与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关.【解答】解：比热容是物质本身的一种特性，物质的比热容只跟物质的种类和状态有关，与物质质量、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关，故ABC错误，D正确.故选D【点评】本题考查对比热容概念的理解以及热量计算公式的掌握和应用，属于基础题，同时还考查了我们利用物理规律分析实际问题的能力.8.（2012秋郑城县期末）当有人触电时，下列做法正确的是（）A.先将人直接拉开进行抢救，后切断电源B.赶快用剪刀剪断电线C.立即拨打110,请消防人员帮助施救D.用干燥的木棍将电源线挑开再抢救【考点】注意用电安全.【难度】中【专题】应用题；电与热、生活用电.【分析】触电是人直接或间接地接触火线造成的，发现有人触电后，采取的措施不能让自己直接或间接再接触火线.以防止自己再触电.【解答】解：A、不能用手拉开触电的人，这样自己也会触电，故A错；B、用剪刀剪断电线，这样自己也会触电，故B错；C、打电话报警或喊电工，会推延时间失去最佳抢救时间，故C错；D、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，故D正确.故选D.【点评】通过学习掌握安全用电常识，学会安全用电，学会自我保护.9.如图所示电路.开关闭合后两灯发光.以下说法正确的是（）A.电压表V的示数一定等于明的示数B.电压表V的示数一定大于4的示数C.电流表A的示数一定等于4的示数D.电流表A的示数一定等于Ai的示数的2倍【考点】并联电路的电压规律；并联电路的电流规律.【难度】难【分析】首先正确分析电路图，两灯泡并联；然后根据并联电路的电压特点和电流特点对各个选项逐一分析即可.【解答】解：（1）由图可知，两灯泡并联，电流表凡测量支路L的电流，电流表A测量干路上的电流，电压表V测量电源电压，电压表1测量灯泡LJ两端电压；故A正确；（2）由于并联电路各支路电压等于电源电压，故电压表V的示数一定等于的示数；由于并联电路中干路上的电流等于各支路电流之和，所以电流表A的示数一定大于Ai的示数，由于不知道两灯的规格，所以不能确定电流表A的示数一定等于人的示数的2倍，故BCD错误；故选A.【点评】此题考查了对并联电路的电压、电流规律的掌握，关键是正确分析电路.10.（2012烟台）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关闭合后，滑动变阻器的滑片向右移动时，三个电表的示数变化情况是（）A.A的示数变小，片的示数不变，”的示数变小B.A的示数变大，%的示数变大，V2的示数变小C.A的示数变小，%的示数不变，”的示数变大D.A的示数变大，的示数变小，的示数变大【考点】串联电路的电流规律；变阻器的应用；欧姆定律在串、并联电路中的应用.【难度】难【专题】应用题：压轴题：推理法.【分析】从图可知，灯泡和滑动变阻器组成的是串联电路，电流表测量的是整个电路中的电流，电压表V I测量的是电源电压，电压表V2测量的是滑动变阻器两端的电压，首先判断滑动变阻器的滑片向右移动时其阻值的变化，再根据串联电路电阻的特点判断电路中总电阻的变化，从而利用公式1=旦分析电流的变化，再利用公式U=IR判断出灯泡两端电压的变化,R最后再根据串联电路电压的特点判断滑动变阻器两端电压的变化.【解答】解：从图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量的是电源电压，所以电压表明的示数保持不变.当滑动变阻器的滑片向右移动时，其连入电路中的电阻P对变大，而灯泡的电阻不变，.电路中的总电阻R变大，又；电源电压保持不变，.,.由公式1=卫可知，电路中的电流1变小；R由公式lk=IR可知，灯泡两端的电压Ui变小，因此滑动变阻器两端的电压U沛=U-U 1.变大，所以电流表的示数变小，电压表V2的示数变大.故选C.【点评】本题考查了滑动变阻器对电流表和电压表示数的影响，以及串联电路中电阻和电压的特点，并结合欧姆定律来判断电流表和电压表示数的变化.解决此类问题首先要分析电路的连接方式，再判断出电压表、电流表测的是哪段电路的电压和电流,结合滑动变阻器在电路中的位置,分析滑动变阻器的阻值变化对整个电路的影响.二、填空题（每空2分，共30分）1 1.如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，用力把活塞迅速下压，看到的现象是,该实验说明,该实验中的能量转化与四冲程汽油机工作过程中的 冲程能量转化是一致的.汽油机在设计制造时，汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，这是通过 的方式减少汽缸内能，用水来冷却汽缸是因为水的 较大.【考点】物体内能的改变；比热容.【难度】易【专题】应用题；分子热运动、内能；比热容、热机、热值.【分析】（1）内燃机的一个工作循环有吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，压缩冲程活塞由上向下运动，压缩空气做功，使气缸内气体内能增加温度升高；（2）改变内能有两种方式：即做功和热传递，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；（3）水的比热容最大，这也是我们选用水作为作取暖或冷却物体的物质的根本原因.【解答】解：（1）迅速向下压活塞，活塞会压缩空气做功，机械能转化为内能，使空气的内能增加，温度升高，当温度达到硝化棉的燃点时，硝化棉就会燃烧，通过此实验可说明做功可以改变物体的内能；该过程与内燃机中的压缩冲程原理相同；（2）汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，即通过水吸收热量而使得气缸温度降低，这是通过热传递的方式改变内能的；相同质量的水和其他的液体相比较时，若 都 是 升 高 时，水能吸收的热量最多，故常用水作为冷却剂，是因为水的比热容最大.故答案为：硝化棉燃烧起来；做功可以改变物体的内能；压缩；热传递；比热容.【点评】本题考查了汽油机的四个冲程和能量转化和转移情况，以及水的比热容较大特点的应用，属于基础知识的考查，相对比较简单.1 2.丝 绸 摩 擦 过 的 玻 璃 棒 带 （选 填“正”或“负”）电，若把它和不带电的验电器金属球 接 触，会 发 现 验 电 器 金 属 箔 片 张 开，如 图 所 示，在 这 一 瞬 间，电流方向是由（选 填“玻璃棒到验电器”或“验电器到玻璃棒”），验电器金属箔片张开的原因是r【考点】两种电荷；电流.【难度】中【专题】实验题；电流和电路.【分析】自然界只存在两种电荷，正电荷和负电荷.丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；毛皮摩擦过的橡胶棒带负电.同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引.【解答】解：丝绸和玻璃棒摩擦，玻璃棒夺得电子的本领弱，失去电子带正电.带正电的玻璃棒接触不带电的验电器时，验电器金属球上的电子会转移到玻璃棒上，因为电流的方向与正电荷定向移动的方向相同，所以电流的方向是从玻璃棒到验电器；金属箔片因为失去电子而带正电荷，同种电荷相互排斥而张开.故答案为：正；玻璃棒到验电器；同种电荷相互排斥.【点评】掌握自然界的两种电荷，以及电荷间的作用.掌握摩擦起电的实质是电子的转移.1 3.在宾馆的客房常常需要插卡用电，如图所示.房卡的作用是相当于一个 接在干路上，房间里的电灯、电视等用电器是 联的.某房客把断开开关的台灯插头插入插座时，房间里其它电灯全部熄灭，保险丝熔断，故障的原因是.【考点】并联电路；通路断路短路.【难度】中【专题】应用题；电流和电路.【分析】(1)开关的作用是控制电路的通断，串联电路中开关控制所有用电器，并联电路中干路的开关控制所有用电器，支路的开关控制本支路用电器；(2)串联电路各用电器工作情况互相影响，并联电路各用电器工作情况互不影响.(3)把开关断开的台灯插入插座时，发生保险丝熔断，问题出在台灯的插头处.【解答】解：(1)房卡可以控制房间内的灯和插座，不插入插槽中，所有房间内的灯和插座都不工作，所以房卡相当干路上的开关；(2)房间里有电灯、电视等用电器之间工作情况互不影响，所以它们之间是并联.(3)断开开关的台灯插头插入插座时，房间里其它电灯全部熄灭，保险丝熔断，说明电路中电流过大，发生短路现象，所以问题就在台灯的插头处短路.故答案为：开关：并；插头处短路.【点评】本题要求掌握开关的作用、短路现象的分析和串并联电路的工作特点，联系生活实际会辨认，会解释.1 4.(2 0 1 5安溪县模拟)如图1所示，电源电压保持不变.当闭合开关S,将滑动变阻器的滑片从b端移到a端，两个电阻的“U-1”关系图线如图2所示，当两条线相交时，电路的总 电 阻 为。，图线乙如果经过点(0,6),若故障发生在电阻R或R 2上，则故障【考点】欧姆定律的应用.【难度】难【专题】电路和欧姆定律.【分析】根据电路图可知，两电阻串联，电 压 表/测 量R两端电压，电压表V?测量R?两端电压；(1)从“U-I”图象上读出当两条线相交时，电路中的电流以及两电压表的示数，然后根据串联电路电压的规律以及欧姆定律的应用求出电路的总电阻；(2)从图象上可知看出，乙为滑动变阻器的关系图象，因为最后电压变为0,此时滑动变阻器的电阻为0；甲为电阻R的图象；根据图线乙经过点(0,6)判断电压表和电流表的示数，从而确定电路故障.【解答】解：(1)根据图象可知，当两条线相交时，电路中的电流为0.3 A；%的示数等于V z 的示数，都为3 V；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压：U=3 V+3 V=6 V；由 I=U 可知，电路中的总电阻：R=U=_ Y _=2 0 C；R I 0.3A（2）从图象上可知看出，乙为滑动变阻器的关系图象，因为最后电压变为0,此时滑动变阻器的电阻为0；甲为电阻R的图象；图线乙如果经过点（0,6）,说明电路中的电流为零，因此电路故障为断路；电压表V 2 的示数为6 V,说明电压表5的正负接线柱与电源两极相连，因此电路故障为R,断路.故答案为：2 0；比断路.【点评】本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，要明白电路各个用电器的连接情况，还要会看“U-I”关系图象.1 5.（2 0 1 2 秋郑城县期末）甲、乙连个灯泡分别标有“2 2 0 V 4 0 W”，“2 2 0（2 5 W”字样，并联在2 2 0 V 电源上，通过灯丝电流较大的是 灯泡，如果两灯泡鸨丝长短一样，则鸽 丝 较 细 的 是.【考点】电功率；额定功率和实际功率.【难度】难【专题】电能和电功率.【分析】（1）两灯泡并联时两端的电压相等,且额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据P=U I比较两灯泡的电流关系；（2）由灯泡的铭牌找出灯泡的额定电压与额定功率，根 据 R=%-判断电阻大小关系，再结合影响导体电阻大小的因素分析.【解答】解：（1）由甲、乙灯泡并联在2 2 0 V的电路上时，因并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等；由 P=U I可知，电压相同时，功率越大，通过的电流越大，因此通过灯丝电流较大的是甲灯泡；（2）由 P=&_ 变形可得：R=U-;当额定电压相同时，额定功率越大，电阻越小，因此甲灯R P泡的电阻小于乙灯泡的电阻；又因为灯丝的材料和长度相同，所以电阻越大，灯丝越粗，电阻越小，灯丝越细，故甲灯泡的灯丝细.故答案为：甲；甲.【点评】本题考查了并联电路的电压特点、电功率公式和影响电阻大小因素的应用，要注意额定电压下用电器的功率和额定功率相等.三、作 图 题（每小题4分，共8分）16.请根据如图所示的实物电路，在虚线框内画出对应的电路图.【考点】电路图和实物图互化.【难度】易【专题】作图题；电流和电路.【分析】两灯泡并联，开关控制整个电路，电流表测量支路中的电流；根据实物图画出电路图即可.【解答】解：电流从电源正极出发，经开关分支，一支经灯泡L2、另一支经电流表、灯泡L i,然后共同回负极，如图所示：【点评】会正确识别电路的连接方式以及开关和仪表的作用，会根据实物图画出正确的电路图.17.（2012湘乡市模拟）连接成符合安全用电要求的家庭电路1三:R标 用【考点】家庭电路的连接.【难度】中【专题】图像综合题.【分析】家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套.家庭电路中，三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线.【解答】解：（1）三孔插座的连接：上孔接地线，当金属外壳的用电器插入插座时，使金属外壳接地，防止金属外壳漏电发生触电事故；左孔接零线，右孔接火线.如图所示：（2）灯泡的连接方法：火线首先接入开关，再入灯泡顶端的金属点，零线直接接入螺旋套.开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断了火线，安全的更换灯泡.如图所示：【点评】在家庭电路中，安装各个元件，不但考虑各元件能使用，更要考虑使用的安全性.四、实 验 题（每小题6 分，共 1 2 分）1 8.（2 0 1 6秋沙坪坝区校级期中）在“科学探究物质的比热容”中：（1）、设计实验时应运用 法：、比较水和煤油的吸热能力，应使水和煤油的 相等；、用电加热器加热，应用了电加热器在相同时间内对外供热 的特点；所以从加热时间就可以读出哪个吸收的热量多，在物理实验探究中称为 法.（2）、实验所需的器材有：电加热器、搅拌器、天平、电源、计时的秒表、水和煤油；（3）在实验中，应不停地用搅拌棒搅动水和煤油，其目的是：(4)、实验中得到如下一组数据:烧杯号液体质量初温末温加热时间1水3 0 02 03 01 2.32水1 2 02 03 06.23煤油3 0 02 03 06.14煤油3 0 02 02 53.1、比 较 分 析 1、3 两个号烧杯的实验记录,可以得出的初步结论是：质量相等的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同；、比 较 分 析 1、2 号 烧 杯 的 实 验 记 录，可 以 得 出 的 初 步 结 论是：、比 较 分 析 两 个 号 烧 杯 的 实 验 记 录，可 以 得 出 的 初 步 结 论是：;、实验说明物体吸收热量的多少不仅与物体的质量和升高的温度有关，还与 有关.【考点】比热容.【难度】中【分析】(1)要探究物质的比热容，需要控制物体的质量和吸热相同.比较温度的变化情况，所以实验时还要使物体的初温相同，比较末温.(2)此实验中需要用温度计测量温度的变化、天平测量质量、秒表来控制加热时间.(3)实验中为了使水和煤油受热均匀，需不断用搅拌器搅拌；(4)此项探究吸热多少与物体质量与升高温度之间的关系，物体吸热多少是由加热时间来体现的.要解决此题，需要分析表格中数据，注意加热时间的长短(吸热的多少)是由哪个物理量的变化引起的.【解答】解：(1)要探究物质的比热容，需要控制物质的质量和加热时间相同，比较温度的变化情况.用到控制变量法；要比较水和煤油的吸热能力，要使水和煤油质量和初温相同；并用相同的加热器加热相同的时间，相同的加热器在相同时间内供热是相同的，通过加热时间的长短来体现吸收热量的多少，用到转换法.(2)实验中需要用天平测质量、温度计测温度.很明显题目中给出的器材缺少温度计.（3）在实验中，应不停地用搅拌棒搅动水和煤油，可以使水和煤油受热均匀；（4）比较分析1、3号烧杯的实验记录，可以得出的初步结论是：质量相等的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同；1、2号烧杯的液体种类都是水，初温和末温即升高的温度相同，质量不同，加热时间即吸收的热量不同，所以可以得出质量不同的相同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同.3、4号烧杯中的液体种类都是煤油，初温相同，末温不同，即升高的温度不同，而加热时间不同即吸收的热量不同.所以说明了质量相等的同种物质，升高不同的温度，吸收的热量不同.1、3号烧杯中的液体种类不同，初温、末温、液体的质量都相同，但加热时间即吸收的热量不同，说明了物体吸收热量的多少还与物体的种类有关.故答案为：（1）控制变量；质量和初温；相等；转换；（2）温度计；（3）使物质受热均匀；（4）1、3；同种物质升高相同温度，吸收的热量多少与质量有关；3、4；相同质量的同种物质升高的温度不同，吸收的热量也不同；物质种类.【点评】此题通过探究物质的比热容实验和影响物体吸热多少的因素实验考查了学生对控制变量法的应用和根据数据得出结论的能力.1 9.（2 0 1 4秋厦门期末）在测定额定电压为2.5V的小灯泡的电功率实验中，小明设计的电路如图所示，（1）闭 合 开 关，发 现 小 灯 泡 不 亮，而 两 电 表 均 有 示 数，你 认 为 原 因是_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _（2）小明收集的数据如表所示，灯泡的额定功率是 W.电压U/I2.52.01.51.0电流I/A0.30.2 60.2 3电功率p/w（3）小明想收集更多的数据，但实验中发现电压表无法调到1.0 V,要达到目的，你建议小明.（4）当电压表示数为1.0 V时，电流表示数可能是A.0.1 0 AB.0.1 3 AC.0.1 5 AD.0.1 9 A.【考点】电功率的测量.【难度】难【专题】实验题；测量型实验综合题.【分析】（1）电流表、电压表均有示数，则应排除断路和短路现象，考虑灯泡的实际功率问题；（2）根据额定电压和额定电流，由P=UI计算出电功率值；（3）要使灯泡两端的电压变小，则滑动变阻器的阻值应变大，由于电源电压太大，要使灯泡两端的电压达到1.0 V,则需滑动变阻器的阻值较大，据此分析方法；（4）灯泡两端的电压越低，其电流越小，同时要注意其阻值也会变小，据此分析即可.【解答】解：（1）小灯泡不亮，而两电表均有示数，则电路未发生断路，且灯泡未发生短路，小灯泡不发光则是因为滑动变阻器的电阻太大，造成了灯泡两端的电压太低，电流太小，实际功率太小造成；（2）由表格中数据知，灯泡的额定电压为2.5 V,此时电流为0.3 A,则灯泡的额定电功率为：P=U I=2.5 VX 0.3 A=0.7 5 W；（3）要使灯泡两端的电压达到L0V,所需变阻器的阻值较大，不能达到0.I V的原因是电源电压太大或滑动变阻器的阻值太小造成，所以要达到目的，需换用阻值较大的变阻器或减小电源电压；（4）由表格中数据知，当电压为1.5 V时，电阻口=卫=型匕=6.5 Q ；I 0.2 3 A当电压表的示数为i.o v时，灯泡的电阻应小于6.5Q,则通过灯泡的电流r6.5 0=0.1 5 A；所以只有D符合题意.故答案为：（1）滑动变阻器的电阻太大（电流太小、电压太小、实际功率太小）；（2）0.7 5；（3）换用阻值较大的变阻器或减小电源电压；（4）D.【点评】本题是测量灯泡额定功率的实验，考查了电功率的计算，实验问题的分析，搞清灯丝电阻与温度的关系是解决（4）的关键.五、计 算 题（每小题1 0 分，共 2 0 分）2 0.如图所示，是最新一款无人驾驶汽车原型图.汽车自动驾驶时使用雷达传感器，以及激光测距器来了解周围的交通状况.该款车以7 2 k m/h 的速度在一段平直的公路上匀速行驶了8 k m 时，消耗汽油1.5 L.假设燃油完全燃烧，汽油机的效率为3 0%,（已知：汽油的密度为0.8 X 1 03k g/m%汽油的热值为4.5 X 1 0 7 j/k g）,那么，在这段运动过程中：（1）该汽车发动机做的有用功是多少？汽车受到的阻力多大？（2）该汽车的输出功率为多少？【考点】燃料的热值;热机的效率.【难度】中【分析】（1）根 据 P=皿求出消耗汽油的质量，利用Q/mq求汽油完全燃烧放出的热量，再V利用效率公式n 一的变形公式w=n Q 攸可求出牵引力做的功；Q 放知道前进的距离，利用公式归F s 求出汽车的牵引力，知道汽车做匀速直线运动，受到的牵引力等于阻力，可求阻力；（2）知道前进的距离，利用t=且求出汽车运动的时间，利用P=W 即可求出功率.v t【解答】解：（1）由 P=见得，消耗汽油的质量为：Vm=P V=0.8 X 103k g/m!X 1.5X 10-2k g,汽油完全燃烧放出的热量：Q 放=m q=l.2 k gX4.5X 107J/k g=5.4X 10 J；由 得 该 汽 车 发 动 机 做 的 有 用 功 是：Q 放W=n Q =30%X5.4 X 1O7J=1.62 X 107J；由W=F s 得汽车发动机的牵引力：F=W=1.62X1Q7J=2025N1S 8X1031rl汽车受到的阻力：f=F=2025N；(2)由丫=旦得汽车运动的时间：tt=5!=h=400s ；v 72k r o/h 9该汽车的输出功率：p=w _=l.62 X 1 0 J=4 05X10 W=40.5k W.t 400s答：(1)该汽车发动机做的有用功为L 62X10Y；汽车受到的阻力为2025N；(2)该汽车的输出功率为40.5k W.【点评】本题考查了学生对功、功率的公式、燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用，明确哪些是有用能量、哪些是总能量是本题的关键，要求灵活运用所学公式.21.(2014秋厦门期末)冬季，养鸡场为了提高产蛋量，白天在鸡舍里用电热器加热，夜间用电热器加热并用灯泡照明.小阳根据上述要求设计了如图所示的加热照明装置，电热丝电阻R z=3R,灯 L 是阻值为2 2 0 Q 的照明灯泡(均不考虑电阻随温度的变化)，开 关 S“S2的通断只有两种状态；同时断开或同时闭合，该装置从早晨7：00至 17：00处于白天工作状态，这段时间内电流表的示数为5.5A,从 17：00至第二天早晨7：00处于夜间工作状态，电源电压U 恒为220V.求：(1)电阻R?的阻值.(2)该装置处于夜间工作状态时，电流表的示数.(3)该加热照明装置工作一个月(30天)耗电多少千瓦时？【考点】欧姆定律在串、并联电路中的应用；电功；电功率.【难度】难【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率.【分析】(1)电路白天工作时，两电热丝串联，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联和两电阻之间的关系求出R、兄的阻值；(2)电路处于夜间工作状态时，灯泡L 与 R并联，根据并联电路的电压特点欧姆定律求出两支路的电流，利用并联电路的电流特点求出干路电流表的示数；(3)根据题意得出白天和夜间的工作时间，根据P=U I 求出白天和夜间消耗的电功率，根据P=W 求出一个月消耗的电能.t【解答】解：(1)两开关断开时，R与 R?串联，电路为白天工作状态，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由 1=且可得：RR1+R2=U.=220V=4 0。-I 5.5 A又因L=_ L-R2 3由可得：L=1 0 Q,R?=3 0 Q；(2)两开关闭合时，灯泡L 与 R 并联，电流表测干路电流，电路为夜间工作状态，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，电流表的示数：/啧 萨 翦*鬻=2 3 A；(3)一天内白天工作时间t i=1 0 h,白天工作的电功率P i=U I=2 2 0 VX5.5 A=1 2 1 0 W=1.2 1 k W,晚间工作的时间t2=1 4 h,晚间工作的电功率P2=UIA=220VX 2 3 A=5 0 6 0 W=5.0 6 k W,由可得，一个月内消耗的电能：tW=(P i t i+P 2 t 2)X3 0=(1.2 1 k WX 1 0 h+5.0 6 k WX 1 4 h)X 3 0=2 4 8 8.2 k W h.答：（1）电阻R2 的阻值为3 0 Q；（2）该装置处于夜间工作状态时，电流表的示数为2 3 A；（3）该加热照明装置工作一个月耗电2 4 8 8.2 千瓦时.【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的灵活应用，关键是电路中白天和黑夜工作状态的判断，有一定的难度.期末卷2一、选 择 题（每小题3 分，共 3 0 分）1.（2 0 1 2 秋郑城县期末）下列说法正确的是（）A.深秋的早晨有浓雾-熔化B.冰正在慢慢化成水-汽化C.河面上结了厚厚一层冰-凝固D.晒在太阳下的湿衣服变干-液化【考点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点.菁【难度】中有【专题】温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华.【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态-固态、液态、气态之间会发生相互转化,这就是物态变化：（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固.【解答】解：A、雾是空气中的水蒸气遇冷凝结而成的小水滴，属于液化现象，该选项说法不正确；B、冰正在慢慢化成水，冰由固态变成液态是熔化现象，该选项说法不正确；C、水面结冰，是由液态变成固态，属于凝固现象，该选项说法正确；D、晒在太阳下的湿衣服变干，水由液态变成水蒸气，属于汽化现象，该选项说法不正确.故选C.【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态.2.内能是物体内部大量分子的无规则运动的动能和分子势能的总和，生活中改变物体内能的事例非常之多.如图所示的实验或事例，不属于用做功方式来改变物体内能的是（）小孩滑下，臀 部 发 热B.压缩空气，乙醛着火C.钻木取火加热使水沸腾【考点】物体内能的改变.【难度】易【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功的实质是能量的转化；热传递的实质是能量的转移.【解答】解：A、从滑梯上滑下时克服摩擦做功，使臀部内能增加、温度升高，属于做功改变物体的内能，不符合题意.B、迅速压下活塞棉花着火燃烧，属于做功改变物体的内能，不符合题意.C、钻木取火，属于做功改变物体的内能，不符合题意.D、加热使水沸腾，水吸收热量、温度升高，属于热传递改变物体的内能，符合题意.故选D.【点评】本题主要考查学生对：改变物体内能两种方法的理解和掌握，是中招的热点.3.根据表中数据，下列判断正确的是（）一些物质的比热容 J/（k g）水4.2 X 1 03铝0.8 8 X 1 03煤油、冰2.1 X 1 0：!干泥土0.8 4 X 1 03沙石0.9 2 X 1 03铜0.3 9 X 1 0：A.物质的比热容与物质的状态无关B.因为水的比热容较大，所以沿海地区比内陆地区昼夜温差大C.质量相等铝块和铜块升高相同的温度后，铝块吸收的热量多D.一块干泥土变湿后，在同样光照条件下其升温速度将变快【考点】比热容.【难度】易【分析】（1）比热容：单位质量的某种物质温度升高（或降低）1 ,吸 收（或放出）的热量叫做这种物质的比热容；（2）比热容是物质的一种特性，不同的物质比热容一般不同；比热容与物质的种类有关，同种物质状态改变，比热容就发生了改变：（3）物质吸收或放出的热量用公式Q=c m A t计算，其 中c表示物质的比热容，表示物质温度的变化量.【解答】解：A、比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类有关，由图可知，水的比热容和冰的比热容是不同的，故比热容的大小与状态有关，故A错误；B、内陆的砂石的比热容小于水的比热容，在吸收或放出相同的热量，水的温度变化小，所以沿海地区比内陆地区昼夜温差小，故B错误；C、已知c蚓 c铝，质量相同的铝块和铜块升高相同的温度，根据Q=c m Z t可知，比热容大的物质，吸热的热量多，故C正确；D、干泥土的比热容要小于湿泥土的比热容，在同等质量、同样吸热的情况下，湿泥土的温度上升的慢，故D错误.故选：C.【点评】本题考查了比热容的相关知识，同时也考查了学生根据这个知识点对数据进行分析归纳的能力.比较物理量大小关系时，可用相关的公式进行分析.4.如图所示为内燃机的能流图，则内燃机的效率可表示为（)E +E n+E o+E jA.n=1 _t_ _ g_1X100%B.EEin=_JLxioo%EE 1 +E o+Eyi Eoc.n=_ 1 i_l x 100%D.n=_ixioo%E E【考点】热机的效率.【难度】易【分析】热机的机械效率是指有用功与燃料完全燃烧放出热量的比值.【解答】解：由能流图可知：燃料完全燃烧放出的热量为E,有用机械能即有用功为E 2,所W有 En以内燃机的效率可表示为。=不一x ioo%=-x 100%.Q放 E故选D.5.如图是汽油机工作的四个冲程（顺序已打乱），其正确的排列顺序是（）A.乙f J f丙一甲 B.乙f甲一丙f J C.J f丙 一 甲 f乙 D.J f甲f丙f乙【考点】汽油机.【难度】中【分析】内燃机的四个冲程按照顺序排列有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功”.【解答】解：由图可知，甲图中气门关闭，活塞上行，所以是压缩冲程；乙图中的排气门打开，所以是排气冲程；丙图中的气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程；丁图中的进气门打开，所以是吸气冲程；所以按照顺序排列四个冲程是丁一甲一丙f乙；故选D.【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答.6.同条街上的路灯总是同时亮，同时熄灭，但若一盏灯损坏不亮了，其它灯仍会照常亮，这些路灯（）A