2022年高考物理真题试卷（江苏卷）.pdf

【高考真题】2022年高考物理真题试卷（江苏卷）姓名：班级：考号：题号总分评分阅卷入一、单项选择题：共10题，每题4分，共4 0分.每题只有得分一个选项最符合题意.（共10题；共4 0分）1 .（4 分）高铁车厢里的水平桌面上放置一本书，书与桌面间的动摩擦因数为0.4,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g =1 0 m/s 2 .若书不滑动，则高铁的最大加速度不超过（）A.2.0 m/s2 B.4.0 m/s2 C.6.0 m/s2 D.8.0 m/s2【答案】B【解析】【解答】书和高铁保持相对静止，则最大静摩擦力提供合外力，产生加速度,由牛顿第二定律得卬n g =ma解得 a =4m/s2书不滑动，则高铁的最大加速度不超过a =4 m/s 2。故选B。【分析】摩擦力提供合外力，产生加速度。由牛顿第二定律求解加速度。2 .（4 分）如图所示，电路中灯泡均正常发光，阻值分别为8=20,R 2 =3 0 ,R3=2H ,R 4 =4 0 ,电源电动势E=1 2V,内阻不计，四个灯泡中消耗功率最大的是（）A.R1 B./?2 C.R-2 D.RA【答案】A【解析】【解答】R3与R4串联支路总电阻为6 欧，并联电路总电阻R 并_R2%+R4）_ 6R2 欧-R2+R3+R4 7 诙 故Ri和 R2电压相等，由p=2 _ 得，功率最大。R故选A【分析】由电路图可知R3与R4串联后与R?并联，再与Ri串联。求出并联电路部分的等效电阻。由电功率公式求解。3.（4 分）如图所示，两根固定的通电长直导线a、b 相互垂直，a 平行于纸面，电流方向向右，b 垂直于纸面，电流方向向里，则导线a 所受安培力方向（）：aII心 A.平行于纸面向上B.平行于纸面向下C.左半部分垂直纸面向外，右半部分垂直纸面向里D.左半部分垂直纸面向里，右半部分垂直纸面向外【答案】C【解析】【解答】画出b 导线的磁感线，左半部分磁场方向有竖直向上分量，由左手定则知安培力方向垂直纸面向外，左半部分磁场方向有竖直向下分量，左手定则知安培力方向垂直纸面向离。故选C。【分析】根据安培定则判断电流产生的磁场方向，磁场是矢量，分解遵循平行四边形法2/19.O.郑.O.II-.O.O.M.O:出.O.郑.O.区.O.摒.O.氐.O.oon|p曲o然o则。4.（4分）上海光源通过电子-光子散射使光子能量增加，光子能量增加后（）A.频率减小 B.波长减小 C.动量减小 D.速度减小【答案】B【解析】【解答】光子能量公式E=h v,光子能量增加，频率增大，又4=广 频率增加，波速不变，波长减小。故选B。【分析】根据光子能量公式和波长波速频率公式求解。5.（4分）如图所示，半径为r的圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度B 随时间t的变化关系为B=Bo+kt,B o、k为常量，则图中半径为R 的单匝圆形线圈中产生的感应电动势大小为（）ooo女oA.nkr2 B.nkR2 C.nBor2 D.nB0R2【答案】A【解析】【解答】根据法拉第电磁感应定律后=笑=得 S=k 兀川，故选Ao【分析】感生电动势根据法拉第电磁感应定律代入题中数据求解。6.（4分）自主学习活动中，同学们对密闭容器中的氢气性质进行讨论，下列说法中正确的 是（）A.体积增大时，氨气分子的密集程度保持不变B.压强增大是因为氢气分子之间斥力增大C.因为氢气分子很小，所以氢气在任何情况下均可看成理想气体D.温度变化时，氢气分子速率分布中各速率区间的分子数占总分子数的百分比会变化【答案】Doo【解析】【解答】A.密闭容器中的氢气分子个数不变，当体积增大时，单位体积内分子的密集程度变小，故 A 错误；B.气体压强是大量气体分子对容器壁的持续的、无规则撞击产生的故B 错误；C.普通气体在温度不太低，压强不太大的情况下可以近似看作理想气体，故 C 错误；D.温度是气体分子平均动能的标志，温度变化时，分子的平均速率会变化，即分子速率分布中各速率区间的分子数占总分子数的百分比会变化，故 D 正确。故选D。【分析】温度是气体分子平均动能的标志，温度变化时，分子速率分布中各速率区间的分子数占总分子数的百分比会变化。7.(4 分)如图所示，一定质量的理想气体分别经历a+b 和 a c 两个过程，其中a b为等温过程，状态b、c 的体积相同，则()A.状态a 的内能大于状态b B.状态a 的温度高于状态cC.a r c 过程中气体吸收热量 D.a c 过程中外界对气体做正功【答案】C【解析】【解答】A.由于a-b 为等温过程，分子平均动能相同，对于理想气体状态a 的内能等于状态b 的内能，故 A 错误；B.状态b、c 的体积相同，且 b状态压强小于c 状态压强，根据理想气体状态方程pv=nR t,Tc Tb,故兀 兀，故B 错误；C D.因为a-c 过程气体温度升高，内能增加，气体体积增大，气体对外界做正功，根据热力学第一定律可知气体吸收热量；故 C 正确，D 错误；故选Co出【分析】根据理想气体状态方程和热力学第一定律，结合图像各点等温等压特点进行分析。4/1 9.O.郑.O.II-.O.O.M.O:.O.郑.O.区.O.摒.O.氐.O.O.筑.O.II-.O.堞.O.氐.O.:O.辑.O.K.O.堞.O.田.O.8.（4分）某滑雪赛道如图所示，滑雪运动员从静止开始沿斜面下滑，经圆弧滑道起跳。将运动员视为质点，不计摩擦力及空气阻力，此过程中，运动员的动能Ek与水平位移x的关系图像正确的是（）一DI*P:S一8教一穿科【解析】【解答】运动员下滑过程做匀变速直线运动，由动能定理可得以=mgh=mgxtand,图像为倾斜直线，排除CD。经过圆弧轨道过程中轨道切线倾斜角。先减小后增大，即图像斜率先减小后增大。故选Ao【分析】由动能定理求解动能和下落高度关系，从而求解动能和水平位移关系。由关系式得到函数图象。9.（4分）如图所示，正方形ABCD四个顶点各固定一个带正电的点电荷，电荷量相等，O是正方形的中心。现将A点的电荷沿OA的延长线向无穷远处移动，则（）A.在移动过程中，O 点电场强度变小B.在移动过程中，C 点的电荷所受静电力变大C.在移动过程中，移动的电荷所受静电力做负功D.当其移动到无穷远处时，O 点的电势高于A 点【答案】D【解析】【解答】A.BD两点在O 点场强完全抵消，在移动过程中，C 点电荷在0 处场强不变，A 点电荷在O 处场强变小，矢量叠加后，。点电场强度变大，故A 不符合题意；B.移动过程中，BD两电荷作用力不变，A 点作用力减小，C 点受力变小。故 B 错误；C.A 点电场方向沿OA方向，移动过程中，移动电荷所受静电力做正功，故 C 错误；D.A 点电场方向沿0 A 方向，移动过程中，移动电荷所受静电力做正功，U0A 0,O点的电势高于A 点电势，故 D 正确。故选D。【分析】电场强度为矢量，由矢量合成法则求解合场强。由电场力做功公式判断电势高低。10.（4 分）如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与物块A 连接在一起，处于压缩状态，A 由静止释放后沿斜面向上运动到最大位移时，立即将物块B 轻放在A 右侧，A、B 由静止开始一起沿斜面向下运动，下滑过程中A、B 始终不分离，当A 回到初始位置时速度为零，A、B 与斜面间的动摩擦因数相同、弹簧未超过弹性限度，则（）出A.当上滑到最大位移的一半时，A 的加速度方向沿斜面向下B.A 上滑时、弹簧的弹力方向不发生变化C.下滑时，B 对 A 的压力先减小后增大D.整个过程中A,B 克服摩擦力所做的总功大于B 的重力势能减小量【答案】B.O.郑.O.II-.O.O.M.O:.O.郑.O.区.O.摒.O.氐.O.O.筑.O.II-.O.堞.O.氐.O.:O.辑.O.K.O.堞.O.田.O.【解析】【解答】A：将A上滑过程等效为一个简谐振动过程，平衡位置/弹=mgsina+f,当上滑到最大位移的一半时，即为平衡位置，所以加速度为零。A错。B：因为下滑过程中A、B始终不分离，所以上滑到最大位移时，弹簧依然为压缩状态。故B正确。C：下滑过程AB整体加速度先逐渐变小后逐渐变大。对A：GAsina+FAB-f-F=（mA+mB）a一DI*P:S一8教一穿科对 B：GBsina-FAB-f=mBa,产骸增大。后来对 B：FAB-GBsina-f=mBa,加速度逐渐变大，所以以B增大。即B对A的压力一直增大。故C错。D：根据动能定理可知，整个过程中A,B克服摩擦力所做的总功大于B的重力势能减小量。故D错。故选B。【分析】将A上滑过程等效为一个简谐振动过程。下滑过程AB整体加速度先逐渐变小后逐渐变大，由牛顿第二定律得AB间作用力大小。阅卷入 I、非选择题：共5题，共60分其中第12题-第15题解答时请写出必要的文字说明 方程式和重要的演算步骤，只得分 写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位.（共5题；共60分）11.（15分）小明利用手机测量当地的重力加速度，实验场景如图1所示，他将一根木条平放在楼梯台阶边缘，小球放置在木条上，打开手机的“声学秒表”软件，用钢尺水平击打木条使其转开后，小球下落撞击地面，手机接收到钢尺的击打声开始计时，接收到小球落地的撞击声停止计时，记录下击打声与撞击声的时间间隔t,多次测量不同台阶距离地面的高度h及对应的时间间隔to(1)(3 分)现有以下材质的小球，实验中应当选用A.钢球 B.乒乓球 C.橡胶球(2)(3 分)用分度值为1mm的刻度尺测量某级台阶高度h的示数如图2 所示，则图2(3)(3 分)作出图线，如图3 所示，则可得到重力加速度g=m/s2 o8/1 9然on|p曲o（4）（3 分）在图1 中，将手机放在木条与地面间的中点附近进行测量，若将手机放在地面A点，设声速为v,考虑击打声的传播时间，则小球下落时间可表示为t=（用h、t 和 v 表示）。（5）（3 分）有同学认为，小明在实验中未考虑木条厚度，用图像法计算的重力加速度 g 必然有偏差。请判断该观点是否正确，简要说明理由_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _o女【答案】（1）A（2）6 1.3 0（3）9.5 5（4）t+-V（5）不正确，设木条厚度为H,则台阶距离地面的高度时的时间为L,高度h 2 时的时间为t 2；则根据前面的分析有9=2（%2+-一 誓1+H）=2（&2 7 1）可知与H无关。【解析】【解答】（1）为了减小空气阻力对实验的影响，应该选用密度较大体积较小的小钢球，故选A。（2）刻度尺的分度值为1 m m,要估读到最小刻度的下一位，由图可知h=6 1.3 0 c m；（3）根据八=*9 产律2 h =g/可 知2h t 2图像中斜率表示重力加速度g =oo3-27-0-500-35-0 06m /s2 m 9.55%2（4）下落过程中声音传播的时间为则小球下落的时间为t=t+9（5）设木条厚度为H,则台阶距离地面的高度h l时的时间为t l,高度h2时的时间为t2；则根据前面的分析有9=2 d 2+)2(hi+H)_ 2(%一 六)专 一 一 一 2-1可知与H无关。【分析】（1）空气阻力对实验有影响，要减小空气阻力对实验的影响。（2）刻度尺的分度值为1m m,要估读到最小刻度的下一位。（3）由自由落体运动下落高度公式得，2 h-产图像中斜率表示重力加速度。（4）求出下落过程中声音传播的时间，小球下落时间为两段时间之和。（5）求出利用木条厚度表示的重力加速度，得知g与H无关。12.（8分）如图所示，两条距离为D的平行光线，以入射角0从空气射入平静水面，反射光线与折射光线垂直，求：（1）（4分）水的折射率n；（2）（4分）两条折射光线之间的距离d。【答案】（1）解：设折射角为Y,根据几何关系可得y=90-0根据折射定律可得几=罂联立可得n=tan0（2）解:如图所示10/19.O.郑.O.II-.O.O.M.O:出.O.郑.O.区.O.摒.O.氐.O.oo然 s i n。=DtanO【解析】【分析】（1）画出光线折射的光路图，利用几何关系可以求出折射角的大小，结oo合折射定律可以求出折射率的大小;（2）画出两个折射光线，利用几何关系可以求出光线之间的距离。n|p曲1 3.（8 分）利用云室可以知道带电粒子的性质，如图所示，云室中存在磁感应强度大小为B 的匀强磁场，一个质量为m、速度为v的电中性粒子在A 点分裂成带等量异号电荷的粒子a 和 b,a、b 在磁场中的径迹是两条相切的圆弧，相同时间内的径迹长度之比la：lh=3.-1 ，半径之比ra：rb=6：1 ，不计重力及粒子间的相互作用力，求:ooooma：mb;XXX!vXXX/XXX ahXX7XXBXXXX(1)（4分）粒子 a、b的质量之比(2)（4分）粒子 a 的动量大小pa【答案】（1）解：分裂后带电粒子在磁场中偏转做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力,则 有 q u B =女解 得=器由题干知半径之比ra：rb=6：1 ,故 mava：mbvb=6.-1因为相同时间内的径迹长度之比la：lb=3.-1 ,则分裂后粒子在磁场中的速度为oo%=3：1联立解得ma：mb=2：1（2）解：中性粒子在A点分裂成带等量异号电荷的粒子a 和 b,分裂过程中，没有外力作用，动量守恒，根据动量守恒定律m u =因为分裂后动量关系为mava：=6.-1 ，联立解得pa-mava-mv【解析】【分析】（1）粒子分裂后做匀速圆周运动，利用牛顿第二定律结合轨道半径之比可以求出动量之比；结合速度之比可以求出质量之比；（2）粒子分裂过程遵循动量守恒定律，利用动量守恒定律可以求出粒子a 动量的大小。1 4.（1 3分）在轨空间站中物体处于完全失重状态，对空间站的影响可忽略，空间站上操控货物的机械臂可简化为两根相连的等长轻质臂杆，每根臂杆长为L,如题图1 所示，机械臂一端固定在空间站上的0点，另一端抓住质量为m的货物，在机械臂的操控下，货物先绕0点做半径为2 L、角速度为3的匀速圆周运动，运动到A点停下，然后在机械臂操控下，货物从A点由静止开始做匀加速直线运动，经时间t 到达B点，A、B间的距离为L。（1）（4分）求货物做匀速圆周运动时受到合力提供的向心力大小Fn;出（2）（4.5 分）求货物运动到B点时机械臂对其做功的瞬时功率P。（3）（4.5 分）在机械臂作用下，货物、空间站和地球的位置如题图2 所示，它们在同一直线上，货物与空间站同步做匀速圆周运动，已知空间站轨道半径为r,货物与空间站中心的距离为d,忽略空间站对货物的引力，求货物所受的机械臂作用力与所受的地球引力之比F j F2。12/19.O.郑.O.II-.O.O.M.O:.O.郑.O.区.O.摒.O.氐.O.【答案】（1）解：质量为m的货物绕。点做匀速圆周运动，半径为2 L ,根据牛顿第二定律可知 Fn=mo）2-2L =2ma）2L（2）解：货物从静止开始以加速度a做匀加速直线运动，根据运动学公式可知L =货物到达B点时的速度大小为v=at=华货物在机械臂的作用下在水平方向上做匀加速直线运动，机械臂对货物的作用力即为货物所受合力ma,所以经过t时间，货物运动到B点时机械臂对其做功的瞬时功率为2L 2L 4mLmav=m 一（3）解：空间站和货物同轴转动，角速度wo相同，对质量为m0空间站，质量为M的地球提供向心力G =m 0 3介解 得G M=说3货物在机械臂的作用力局 和万有引力F2的作用下做匀速圆周运动，则%-尸 1 =ma）o（r-d）解得机械臂对货物的作用力大小为%=巴 驾-6福（丁-4）=小 漏 正 立 孝（r-dy（r-dy则 F1 _ r3-（r-d）3五 一【解析】【分析】（1）货物做匀速圆周运动，利用向心力的表达式可以求出向心力的大小；（2）当货物从静止开始做匀加速直线运动，利用位移公式可以求出加速度的大小，结合速度公式可以求出到达B点速度的大小，再利用合力的大小及速度的大小可以求出合力瞬时功率的大小；（3）由于空间站与货物同轴转动所以角速度相等，利用引力提供向心力结合货物的牛顿第二定律可以求出货物受到的作用力与所受引力的大小之比。1 5.（1 6 分）某装置用电场控制带电粒子运动，工作原理如图所示，矩 形AB CD区域内存在多层紧邻的匀强电场，每层的高度均为d,电场强度大小均为E,方向沿竖直方向交替变化，AB边长为1 2d,B C边长为8 d ,质量为m、电荷量为+q的粒子流从装置左端中点射入电场，粒子初动能为Ek,入射角为e,在纸面内运动，不计重力及粒子间的相互作用力。A n(1)(5 分)当。=6。时，若粒子能从CD边射出，求该粒子通过电场的时间t；(2)(5.5分)当Ek=4 q E d时，若粒子从CD边射出电场时与轴线0。的距离小于d,求入射角9的范围；(3)(5.5分)当%=|好 4,粒子在3 为 吟 吟范围内均匀射入电场，求从CD边出射的粒子与入射粒子的数量之比N；No o【答案】(1)解：电场方向竖直向上，粒子所受电场力在竖直方向上，粒子在水平方向上做匀速直线运动，速度分解如图所示粒子在水平方向的速度为Vx=VC O S0Q根 据Ek=m v2可 知 v=解 得 =u黑9，1/COS(7Q 4匕 k(2)解：粒子进入电场时的初动能=4qEd=粒子进入电场后只有电场力做功，粒子竖直方向上反复运动后，根据题意可知最终的运14/19.O.郑.O.II-.O.O.M.O:出.O.郑.O.区.O.摒.O.氐.O.OOn|p曲O然O动的空间如图所示EkEki-其中 En=1 m(v +说D1%=*（）+吸）粒子在水平方向上做匀速直线运动，所 以vx0=vxl,竖直方向上0 =%s i n%,动OO能定理的方程可化解为 qEx=mVyr mVy0=寺加笳s i n 2因当为1 =0时，%取到最大值，即-q E x m一/m 诏 s i M%解得粒子在竖直方向上的最大位移为xm=4 d s i n 2%根据题意可知xm d,可 知s i n%|,记得 3 0 粒子在0 0 上、下部分运动呈现对称性，所以入射角的范围为-3 0 8 3 0 或克/A J-6d6OO（3）解：粒子在水平方向做匀速直线运动，粒子穿过电场所用时间为廿=浅-i/c o s t 7 2I m _ 1 口 2md2Ek c o s 02 N qE若粒子恰好能到达00上 方5d的位置时速度减小至0 ,根据动量定理可知 qEti=0 -mvyl=0 -m vos i n 02=0 y/2mEk-s i n%解 得h=s i n 02粒子在竖直方向上再运动d的距离恰好从。点离开，根据运动学公式可知d=；a馅OO解 得 。=鹰当t1+t0=t时，粒子恰好从D点离开，解 得sin02 0.6则62 37，根据对称性可知粒子入射角的范围为-3 7 9 3 7 则 从CD边出射的粒子与入射粒子的数量之比卷 嚼【解析】【分析】（1）由于电场在竖直方向，所以粒子在水平方向做匀速值学院的，利用粒子的初动能可以求出初速度的大小，结合水平方向的位移公式可以求出粒子穿过电场所花的时间；（2）已知粒子射出电场的区域位置，利用粒子动能的大小可以求出初速度的大小，结合动能定理及几何关系可以求出粒子在竖直方向的最大位移；利用最大位移的大小可以求出入射角的大小范围；（3）粒子在水平方向做匀速直线运动，利用位移公式可以求出粒子在电场中运动的时间，结合动量定理可以求出粒子恰好到达0 0,上方的运动时间，结合粒子继续做匀变速的位移公式可以求出恰好从D点离开的时间，结合时间的大小可以求出入射角的范围，利用入射角的范围可以求出数量之比。16/19.O.郑.O.II-.O.O.M.O:出.O.郑.O.区.O.摒.O.氐.O.OO郑OO*:血:区;国OO岬教堞堞穿:O料O女-OO试题分析部分1 试卷总体分布分析总分：100分分值分布客观题（占比）40.0(40.0%)主观题（占比）60.0(60.0%)题量分布客观题（占比）10(66.7%)主观题（占比）5(33.3%)2、试卷题量分布分析大题题型题目量（占比）分 值（占比）单项选择题：共 10题，每题4 分，共40分.每题只有一个选项最符合题意.10(66.7%)40.0(40.0%)非选择题：共 5 题，共 60分淇中第12题第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分：有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位.5(33.3%)60.0(60.0%)3、试卷难度结构分析序号难易度占比1普通(86.7%)O.郑.O.K.O.摒.O.氐.O.出:O.郑.O.I I-.O.揩.O.M.O:2容易(13.3%)4、试卷知识点分析序号知识点（认知水平）分值（占比）对应题号1电场强度和电场线4.0(4.0%)92焦耳定律4.0(4.0%)23匀变速直线运动基本公式应用13.0(13.0%)144气体的变化图像P-V图、P-T图、V-T图4.0(4.0%)75电荷在电场中的偏转16.0(16.0%)156分子间的作用力4.0(4.0%)67扩散现象4.0(4.0%)68研究匀变速直线运动15.0(15.0%)119通电直导线和通电线圈周围磁场的方向4.0(4.0%)310粒子的波动性4.0(4.0%)411电功率和电功4.0(4.0%)212弹性势能4.0(4.0%)1013动能与重力势能4.0(4.0%)814动量守恒定律8.0(8.0%)1315牛顿第二定律17.0(17.0%)1,1416法拉第电磁感应定律4.0(4.0%)517光的折射8.0(8.0%)1218动能定理的综合应用4.0(4.0%)10:o.辑.o.n.o.媒.o.田.o.一D I*P:s一8教一穿科o.郑.o.区.o.堞.o.氐.o.