重庆市云阳2022年高考全国统考预测密卷物理试卷含解析.pdf

2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一个圆盘绕过圆心O且与盘面垂直的竖直轴匀速转动角速度为盘面上有一质量为m 的物块随圆盘一起做匀速圆周运动，已知物块到转轴的距离为r,下列说法正确的是（）A.物块受重力、弹力、向心力作用，合力大小为，”0 2rB.物块受重力、弹力、摩擦力、向心力作用，合力大小为，C.物块受重力、弹力、摩擦力作用，合力大小为，”0 2rD.物块只受重力、弹力作用，合力大小为零2、如图，容量足够大的圆筒竖直放置，水面高度为心在圆筒侧壁开一个小孔P,筒内的水从小孔水平射出，设水到达地面时的落点距小孔的水平距离为x,小孔P 到水面的距离为户 短时间内可认为筒内水位不变，重力加速度为g,不计空气阻力，在这段时间内下列说法正确的是（）A.水从小孔尸射出的速度大小为向B.y 越 小,则 x 越大C.x 与小孔的位置无关D.当 =g,时，x 最大，最大值为九3、篮球运动深受同学们喜爱。打篮球时，某同学伸出双手接传来的篮球，双手随篮球迅速收缩至胸前，如图所示。他这样做的效果是（）A.减小篮球对手的冲击力B.减小篮球的动量变化量C.减小篮球的动能变化量D.减小篮球对手的冲量4、2019年“山东舰”正式服役，标志着我国进入双航母时代。如图，“山东舰”正在沿直线航行，其质量为小，发动机的输出功率恒为尸，所受阻力恒为了,某时刻速度为内、加 速 度 为 一 段 时 间 f 后速度变为及（V 2 n）,在这段时间内位移为s。下列关系式正确的是（）5、如图所示，真空中位于x轴上的两个等量正点电荷的位置关于坐标原点O 对称，规定电场强度沿x轴正方向为正,无穷远处电势为0。下列描述x轴上的电场强度E 或电势。随位置x的变化规律正确的是（）6、2019年 4 月 1 0 日，世界上第一张黑洞照片诞生了，证实了神秘天体黑洞的存在。黑洞是宇宙中质量巨大的一类天GMm体，连光都无法逃脱它的引力束缚。取两天体相距无限远时引力势能为零，引 力 势 能 表 达 式 为 纥 一，已知r地球半径R=6400km,光速c=3xl08m/s。设想把地球不断压缩（保持球形不变），刚好压缩成一个黑洞时，地球表面的重力加速度约为（）A.7xl09m/s2B.7xlOlom/s2C.1.4xlO,om/s2D.1.4xlOnm/s2二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、如图所示，竖直放置的两平行金属板，长为L板间距离为d,接在电压为U 的直流电源上，在两板间加一磁感应强度为8,方向垂直纸面向里的匀强磁场，一质量为机，电荷量为的带正电油滴，从距金属板上端高为处由静止开始自由下落，并经两板上端连线的中点尸进入板间。油滴在尸点所受的电场力与洛伦兹力大小恰好相等，且最后恰好从金属板的下边缘离开。空气阻力不计，重力加速度为g,则下列说法正确的是（）A.油滴刚进入两板间时的加速度大小为gu2B.油滴开始下落的高度2B-d-gC.油滴从左侧金属板的下边缘离开8、一列周期为0.8 s 的简谐波在均匀介质中沿x 轴传播，该波在某一时刻的波形如图所示；A、5、C 是介质中的三个质点，平衡位置分别位于2 m、3 m、6 m 处.此 时 8 质点的速度方向为一y 方向，下列说法正确的是（）A.该波沿x 轴正方向传播，波速为10m/sB.A 质点比8 质点晚振动0.1 sC.5 质点此时的位移为1cmD.由图示时刻经0.2 s,8 质点的运动路程为2 cmE.该列波在传播过程中遇到宽度为d=4 m 的障碍物时不会发生明显的衍射现象9、如图所示为某汽车上的加速度电容传感器的俯视图。金属块左、右侧分别连接电介质、轻质弹簧，弹簧与电容器固定在外框上，金属块可带动电介质相对于外框无摩擦左右移动。电容器与供电电源连接，并串联计算机的信号采集器。下列关于该传感器的说法正确的是（）电介质A.在汽车向右匀速直线运动过程中电路中没有电流B.在汽车向右匀加速直线运动过程中电路中有电流C.在汽车向右做加速度增大的减速运动过程中电介质所处的位置电势升高D.在汽车向右做加速度增大的加速运动过程中，电路中有顺时针方向的电流10、如图所示为内壁光滑的半球形容器，半 径 为 质 量 为，的小球在容器内的某个水平面内做匀速圆周运动，小球与球心O 连线方向与竖直方向夹角为心 下列说法正确的是（）D.小球的角速度三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1 1.（6 分）在探究弹力和弹簧伸长的关系时，某同学先按图1 对弹簧甲进行探究，然后把弹簧甲和弹簧乙并联起来按图 2 进行探究.在弹性限度内，将质量为加=50g的钩码逐个挂在弹簧下端，分别测得图甲、图乙中弹簧的长度4、L2如下表所示.弹费乙弹费甲中费卬钩码个数1234L/cm30.0031.0432.0233.024/cm29.3329.6529.9730.30已知重力加速度g=9.8m/s2,要求尽可能多地利用测量数据，计算弹簧甲的劲度系数仁 N/m（结果保留两位有效数字）.由 表 中 数 据（填“能”或“不能”）计算出弹簧乙的劲度系数.12.（12分）用游标卡尺测得某样品的长度如图甲所示，其读数L=mm；用螺旋测微器测得该样品的外边长a如图乙所示，其读数a=mm。Y30252015、/二-二三1-二一二二-一二、111102 4 cmI II I I ll III ill III II I lli I|IIH|III I|llll|I lll|“mi0 5 10 15 20 甲 乙四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.（10分）如图所示，两块相同的金属板M 和 N 正对并水平放置，它们的正中央分别有小孔。和 O,两板距离为2 L,两板间存在竖直向上的匀强电场；A 3 是一根长为3L的轻质绝缘竖直细杆，杆上等间距地固定着四个（1、2、3、4）完全相同的带电荷小球，每个小球带电量为外质量为，小相邻小球间的距离为L,第 1 个小球置于。孔处.将AB杆由静止释放，观察发现，从第2 个小球刚进入电场到第3 个小球刚要离开电场，A 5 杆一直做匀速直线运动，整个运动过程中A 8杆始终保持竖直，重力加速度为g。求：（1）两板间的电场强度E；(2)第 4 个小球刚离开电场时AB杆的速度；(3)从第2 个小球刚进入电场开始计时，到第4 个小球刚离开电场所用的时间。14.(16分)如图所示是一种叫“蹦极跳”的运动。跳跃者用弹性长绳一端绑在脚踝关节处，另一端固定在距地面几十米高处，然后从该高处自由跳下。某人做蹦极运动时，从起跳开始计时，他对弹性长绳的弹力厂随时间，变化为如图所示的曲线。为研究方便，不计弹性长绳的重力，忽略跳跃者所受的空气阻力，并假设他仅在竖直方向运动，重力加速度g 取 lOm/s?。根据图中信息求：(1)该跳跃者在此次跳跃过程中的最大加速度；(2)该跳跃者所用弹性绳的原长；(3)假设跳跃者的机械能都损耗于与弹性绳相互作用过程中。试估算，为使该跳跃者第一次弹回时能到达与起跳点等高处，需要给他多大的初速度。15.(12分)如图所示，竖直放置的圆柱形密闭气缸，缸体质量wii=10kg,活动质量机2=2kg,横截面积S=2xl()-3m2,活塞与一劲度系数A=1.0 xl03N/m的弹簧相连，当气缸下部被支柱支起时，弹簧刚好无伸长，此时活塞下部被封闭气柱长度L=20cm。试求：(已知大气压强为p0=L()x 105 p a,设气缸足够长，且不计一切摩擦)(1)支柱移去前气体的压强；(2)若将气缸下的支柱移去，待气缸重新平衡时，缸体下降的高度为多少。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1,C【解析】对物体进行受力分析可知物体受重力、圆盘对它的支持力及摩擦力作用。物体所受的合力等于摩擦力，合力提供向心力。根据牛顿第二定律有：七=f =mar r选项A B D 错误，C 正确。故选C。2、D【解析】A.取水面上质量 为 的 水 滴，从小孔喷出时由机械能守恒定律可知1 2mgy=mv解得选 项 A 错误；B C D.水从小孔尸射出时做平抛运动，则x=vt生y=g解得%=y，=2jy(/?_y)可知x 与小孔的位置有关，由数学知识可知，当尸机y,即 尸;九 时 x 最大，最大值为心并不是y 越小x 越大，选项D 正确，B C 错误。故选D。3、A【解析】A B D.先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球引至胸前，这样可以增加球与手接触的时间，根据动量定理得 Ft=Omv解得：_ mvF-当时间增大时，球动量的变化率减小，作用力就减小，而冲量和动量的变化量都不变，所以A 正确，B D 错误。C.速度由u减小到0,动能的变化量是不变的，故 C 错误。故选A。4、A【解析】A.由牛顿第二定律，则有m m mv,m故 A 正确；B.当航母达到最大速度时，F=f,此时L 片故 B 错误；C.航母的运动不是匀加速运动，则时间f内的位移V.+v25 -2故 C 错误；D.由动能定理可得故 D 错误。故选Ao5、A【解析】A B.由点电荷在真空中某点形成的电场强度公式后=后乌和电场叠加原理可知，沿x轴方向，-o o f A点，电场强度为负，逐渐变大，A 点TO点，电场强度为正，逐渐减小，。点-5 点，电场强度为负，逐渐变大，8 点一+8,电场强度为正，逐渐减小，故 A 正确，B 错误。C D.无穷远处电势为零，根据等量同种正电荷的电场线分布图，分析知，等量同种正电荷电场中的电势不会为负值,且。点处电势大于零，故 C D 错误。故选A.6、A【解析】在地球表面有_ MmGr=mg解得GM=gR2 连光都无法逃脱它的引力束缚，故有1 1 2-m vc2 ,解得GMmR1 2 G M -v =2 R联立9 x1 0-Q x i()9 m/s 22R 2 x6.4 xl06A 正确B C D 错误。故选Ao二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、ABD【解析】A.带正电油滴刚到达尸点时受重力、电场力和洛伦兹力的作用，电场力和洛伦兹力等大反向，因此油滴在尸点的合力大小等于重力，由牛顿第二定律可知油滴在尸点的加速度大小为g,故 A 正确;B.由于油滴在尸点水平方向的合力为零，由力的平衡条件，有UQ=qBv对油滴从释放到P 点的过程中，由机械能守恒定律，有ingh=；mv2U2整理后得吊=c,故 B 正确;2 gB2 d2C.油滴进入平行金属板间后，做加速运动，则电场力小于洛伦兹力，由左手定则可知，油滴所受的洛伦兹力向右，则最终油滴从右侧金属板的下边缘离开，故 C 错误;D.油滴从释放到从右侧金属板的下边缘离开的过程，由动能定理，有m2(h+L)q=-mvt22 2油滴离开金属板下边缘时的速度大小故 D 正确。故选ABD.8、BCD【解析】1 Q由题图知，波长2=8 m,则波速为u=xw m/s=10m/s.此时8 质点的速度方向为一 y 方向，由波形的平移法知,I().0 x|该波沿X轴负方向传播，故 A 错误;A 质点与5 质点平衡位置相距x=lm,则波从3 质点传到A 质点的时间，=葭v 103 1=0.1 s,故 B 正确；3 质点此时的位移为y=0 sin T T cm=l c m,故 C 正确；由题图所示时刻经0.2 s=-7,由波4 4形平移法可知，x=5 m 处质点的状态传到B 质点，3 质点的运动路程为s=2 y=2 c m,故 D 正确；因该列波的波长为8 m,则该列波在传播过程中遇到宽度为d=4 m 的障碍物时会发生明显的衍射现象，故 E 错误.9、AD【解析】A.当汽车向右匀速直线运动时，电介质位置不变，根据电容的决定式4ikd可知电容器的电容不变，因两板电压不变，根据电容的定义式u可知电容器的电荷量不变，因此电路中没有电流，A 正确；B.当汽车以恒定加速度运动时，根据牛顿第二定律可知，弹力大小不变，根据电容器的决定式可知电容器的电容不变，因两极的电压不变，根据电容器的定义式可知电容器的电荷量不变，因此电路中没有电流，B 错误；C.电容器两端与电源连接，电压等于电源电压不变，两板间距不变，电容器两板之间形成的匀强电场不变，根据匀强电场中电势差与场强的关系U=Ed可以推断电介质所处位置电势不变，C 错误：D.当电路中有顺时针方向的电流时，说明电容器处于充电状态，因电容器两端电压等于电源电压不变，根据Q=CU可知电容器的电容。增大导致电容器所带电荷量增加，根据电容器的决定式C=4兀kd可知插入极板间电介质加深，弹簧越拉越长，合力向右增大，汽车向右做加速度增大的加速运动符合上述结果，D 正确。故选A D10、BD【解析】A B.对小球受力分析，如图所示：根据力的合成，可得小球所受容器的作用力为支持力:cos aA错误，B正确；CD.根据力的合成，可得小球所受合外力F =m g tan a小球做圆周运动的轨道半径为：r=R sincr根据向心力公式得：2m g tan a =mcor解得角速度。=J g,C错误，D正确。V Reos a故 选 B D 三、实验题：本题共2小题，共 1 8 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1 1、4 9 能【解析】第一空.分析图1中，钩码数量和弹簧常量的关系为钩码每增加一个，弹簧长度伸长1 c m,所以弹簧劲度系数.AF m g 0.4 9 Nk、=-=4 9 N/m.L AL 0.0 1 m第二空.分析图2 可得，每增加一个钩码，弹簧长度伸长约0.3 cm,即x0.0 0 3 +&x().0 0 3 =m g,根据弹簧甲的劲度系数可以求出弹簧乙的劲度系数.1 2、2 0.1 5 1.7 3 0【解析】1 .样品的长度 L=2 cm+0.0 5 mmx3=2 0.1 5 mm；2 .样品的外边长 a=l.5 mm+0.0 1 mmx2 3.0=l.7 3 0 mmo四、计算题：本题共2小题，共 2 6 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3、(1)等；(2)国;(3)(22+1)I-【解析】(1)两个小球处于电场中时，根据平衡条件2qE=4mg(2)设第4 个小球刚离开电场时，杆的运动速度为y,对整个杆及整个过程应用动能定理：1 ,4mg5L4qE2L=x4mv2解得(3)设杆匀速运动时速度为孙，对 第 1 个小球刚进入电场到第3 个小球刚要进入电场这个过程，应用动能定理得4mg*2LqE、1 2(L+2L)=-4mv解得 疯第 2 个小球刚进入电场到第3 个小球刚要离开电场的这段时间，整个杆做匀速直线运动，设 运 动 时 间 为 则匹_3病H-vl g第 3 个小球离开电场后，只有第4 个小球在电场中，杆做匀加速直线运动，设运动时间为d 则2L 2 疯疯所以，从第2 个小球刚进入电场到第4 个小球刚离开电场所经历的时间为14、(1)20m/s2(2)11.25m(3)5.4m/s【解析】由图象可知，运动员的重力/?g=500N,弹性绳对跳跃者的最大弹力Fm=1500N对运动员受力分析，由牛顿第二定律得:Fm-mgrnal联立解得：运动员的最大加速度4“二&=2 0 m/s2m(2)由图象可知，从起跳开始至弹性绳拉直所经时间为h=1.5 s这一时间内跳跃者下落的距离即为弹性绳的原长，则其原长L.g彳=u 2 5 m(3)弹性绳第一次被拉直时跳跃者的速度v,=gf1 =1 5 m/s由图象可知，从弹性绳第一次恢复原长至再次被拉直所经时间为t2=5.6-2.8 s=2.8 s弹性绳第二次被拉直时跳跃者的速度v2=g y =1 4 m/s第一次弹性绳绷紧损耗的机械能为1,1,A =-mv,2-mv2=7 2 5 J为使该跳跃者第一次弹回时能到达与起跳点等高处，所需初速度为小则有代入数据得：1 5、(l)l.lxlO5P a；(2)3 6 cm【解析】(1)支柱移去前，对活塞“=+等=xl P a(2)支柱移去后重新平衡时，对气缸A=P o-=O-5xlO5Pas对整体kx=m+啊）g解得x =12cm根据玻意尔定律得PiLS=p2LrS解得L!=44cm由几何关系有/=x+Z/L=36cm