《试卷3份集锦》辽宁省鞍山市2022届物理高一第二学期期末考试模拟试题.pdf

高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4 分，共 40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9 分）如图所示，三个图象表示A、B、C、D、E、F 六个物体的运动情况，下列说法中正确的是（）B.合力为零的物体是A、C、EC.合力是恒力的物体是D、FD.合力是变力的物体是F42.（本题9 分）质量为m 的物体，由静止开始下落，由于空气阻力的作用，下落的加速度为g g,在物体下落高度为h 的过程中，下列说法正确的是1 4A.物体的动能增加了 mgh B.物体的重力势能减少了二mghC.物体克服阻力所做的功为mgh D.物体的机械能减少了（mgh3.图中实线所示为某电场的电场线，虚线为某试探电荷在仅受电场力的情况下从a 点 到 b 点的运动轨迹，则下列说法正确的是A.b 点的电场强度比a 点的电场强度小B.该试探电荷带负电C.该试探电荷从a 点 到 b 点的过程中电场力一直做负功D.该试探电荷从a 点 到 b 点的过程中速度先增加后减少4.（本题9 分）材料相同的A、B 两块滑块质量mAmB，在同一个粗糙的水平面上以相同的初速度运动，则它们的滑行距离XA和 XB的关系为（）A.xA xB B.xA=xBC.xAV1，正 确 是（）A.t2时刻，小物块离A处的距离达到最大B.t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C.0t2时间内，小物块受到的摩擦力方向始终向右D.。t3时间内，小物块相对传送带的位移大小为：乜 芋12.（本题9分）如图所示，质量为m的物体（可视为质点）以某一速度从A点冲上倾角为30。的固定斜面,3其运动的加速度为；g,此物体在斜面上上升的最大高度为h,则在这个过程中物体（）3A.重力势能增加了二加g/7 B.重力势能增加了 mghC.动能损失了 mgh D.机械能损失了 rngh13.（本题9分）如图所示，可视为质点的小球用不可伸长的结实的细线悬挂起来，将细线水平拉直后从静止释放小球，小球运动到最低点时的速度为人 重力的瞬时功率为P、绳子拉力为F,向心加速度为a,若不改变小球的质量，把悬线的长度增加一倍，仍将细线水平拉直后从静止释放小球，下面说法正确的是/T-0A.改变悬线长度之后最低点的速度y变为原来的血倍B.改变悬线长度之后最低点的重力瞬时功率P是原来的y/2倍C.改变悬线长度前后最低点绳子拉力F都等于小球重力的3倍D.改变悬线长度前后最低点向心加速度a 都等于重力加速度的3 倍1 4.（本题9 分）如图所示，在动摩擦因数为0.2的水平面上有一质量为3 kg的物体被一个劲度系数为120N/m的压缩轻质弹簧突然弹开，物体离开弹簧后在水平面上继续滑行了 1.3 m 才停下来，下列说法正确的是（g 取 10 m/s2）（）颂:侬:颇A.物体开始运动时弹簧的弹性势能Ep=7.8JB.当物体速度最大时弹簧的压缩量为x=0.05mC.物体的离开弹簧时动能为7.8JD.当弹簧恢复原长时物体的速度最大1 5.（本题9 分）2018年 6 月 1 3 日午后，淄博城区突降冰雹，给人们带来巨大的损失。据淄博市保险行业协会不完全统计，仅被冰雹砸坏车辆就达811辆。已知某一质量为32g的冰雹从足够高处竖直下落，在下落的过程中，冰雹所受阻力f 与下落速度v 的关系为f=kv2,比例系数k=8xl0N-s2/m2,g 取 10m/s（下落过程中可以认为冰雹的质量不变）则A.冰雹下落过程中先做加速直线运动后做匀速直线运动B.冰雹下落过程中先做加速直线运动后做减速直线运动C.冰雹下落过程中能达到的最大速度为20m/sD.若冰覆撞击静止的汽车后速度立即变为零，撞击时间为0.001s,则该冰对汽车的平均撞击力大小约为640N1 6.（本题9 分）如图所示，一个小球在有空气阻力作用的情况下从空中的某点A 以某一速度水平抛出，经过一段时间，小球运动到空中另一位置B。则从A 到 B 的过程中，下列说法正确的是（）B、A.合外力对小球所做的功等于小球机械能的增量B.小球克服空气阻力所做的功等于小球机械能的减少量C.重力所做的功等于“小球动能的增量 加上 小球和空气之间由于摩擦阻力而产生的热量D.小球重力势能的减少量等于“小球动能的增量 加上 小球和空气之间由于摩擦阻力而产生的热量三、实验题:共2 小题，每题8 分，共 16分1 7.（本题9 分）某同学做探究“合力的功和物体速度变化关系”的实验装置如图，小车在橡皮筋作用下弹出,沿木板滑行.用一条橡皮筋时对小车做的功记为W,当用2 条、3 条.，完全相同的橡皮筋并在一起进行第 2 次、第 3 次 实验时，每次实验中橡皮筋伸长的长度都保持一致.实验中小车获得的速度由打点计时器所打的纸带测出.(1)若木板水平放置，小车在橡皮筋作用下运动，当小车速度最大时，关于橡皮筋所处的状态与小车所在的位置，下列说法正确的是A.橡皮筋恰好恢复原长 B.橡皮筋仍处于伸长状态C.小车恰好运动到两个铁钉的连线处 D.小车已超过两个铁钉的连线(2)如图所示是某次正确操作情况下，在50Hz作电源下打点计时器记录的一条纸带，为了测量小车获得的速度，应 选 用 纸 带 的 (填AF或F I)部分进行测量，速度大小为 m/sA B 0口E7 O H s 0.67 0.96 1.20 1.39 1.48 1.52 1.52 1.52 cm(3)通过该实验的正确操作和正确处理数据,应该得出合力做的功W和物体速度v变化的关系是1 8.(本题9分)用落体法 探究机械能守恒定律”的实验装置如图所示。(1)实 验 中 打 点 计 时 器 所 接 的 电 源 是 (填A或B)；A.直流电B.交流电C.直流电和交流电都可以(2)为了减小由于阻力带来的实验误差，应 选 用 的 重 物 是 (填A或B)；A.质量为200g的铁质重锤B.质量为200g的木球C.质量为200g的铁质重锤和质量为200g的木球都可以(3)有下列器材可供选用：重锤，铁架台，打点计时器，复写纸，纸带，秒表，低压交流电源，导线,电键，天平，刻度尺。其中不必要的器材有;(4)下列关于实验误差的说法中，正 确 的 是;A.重锤质量的称量不准会造成较大误差B.重锤质量选用得大些，有利于减小误差C.重锤质量选用得较小些，有利于减小误差D.先释放重物，后接通电源会造成较大误差（5）最后的结果发现重力势能的减少量略大于动能的增加量，请说出原因_ _ _ _ _ _ _ （一条即可）。四、解答题：本题共4 题，每题5 分，共 20分19.（6 分）（本题9 分）水上摩天轮它架设70个轿厢，可同时容纳384个人观光，如图所示.设摩天轮的半径为R,一质量为m 的游客乘摩天轮匀速旋转一圈所用时间为T,重力加速度为g.求：（1）摩天轮旋转的角速度大小；（2）从最低点到最高点，该游客重力势能的增加量；（3）该游客在最高点时对轿厢的压力.20.（6 分）（本题9 分）“嫦娥一号”的成功发射，为实现中华民族几千年的奔月梦想迈出了重要的一步.已知“嫦娥一号 绕月飞行轨道近似为圆形，距月球表面高度为H,飞行周期为T,月球的半径为R,引力常量 为 G.求：（1）“嫦娥一号 绕月飞行时的线速度大小；（2）月球的质量；若发射一颗绕月球表面做匀速圆周运动的飞船，则其绕月运行的线速度应为多大.21.（6 分）（本题9 分）图示为甲乙两物体从不同地点不同时刻出发的同方向运动的速度-时间图像，已知（1）甲乙的加速度大小；（2）甲乙出发点间的距离.22.（8 分）（本题9 分）如图所示，粗糙的水平面与竖直平面内的光滑弯曲轨道BC在 B 点平滑连接.一小物块从AB上的D 点以初速度v=8m/s出发向B 点滑行，DB长 为 1 2 m,物块与水平面间动摩擦因数p=0.2,求：小物块滑到B 点时的速度大小.(2)小物块沿弯曲轨道上滑到最高点距水平面的高度.参考答案一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.D【解析】Yx-t图象的斜率等于速度，则A的速度为0,B的速度为；V 8=7 =2m/s；v-t图象中表示速度随时间变化的规律，故C为匀速运动，速度为2m/s；D为匀变速直线运动，加速度a=2m/s?；a-t图象中表示加速度随时间变化的规律，故F为加速度增大的加速运动，E为匀加速运动；则可知：A、由以上分析可知，只有BC保持匀速运动且速度相等，故速度相等的是BC；故A正 确.B、做匀速运动或静止的物体合力为零，故合力为零的物体ABC；故B错 误.C、做匀变速直线运动的物体合力为恒力，故合力是恒力的为DE；故C错 误.D、做变加速运动的物体受到的是变力；故合力为变力的物体是F；故D正 确.故 选D.【点睛】本题考查牛顿第二定律以及运动学图象的规律，要注意明确v-t图象、s-t图象在运动学中有着非常重要的作用，应掌握图象的意义、斜率及图象与时间轴围成的面积的含义.2.D【解析】【详解】4 4 4A.下 落 加 速 度 为 所 以 下 落 的 合 外 力 为,根据动能定理可知，动能增加量为g a g力，故A错误。B.物体重力势能减小量等于重力做的功，咫，故B错误。C.根据动能定理4mgh-Wf=Ek=mgh所以克服摩擦力做功为:加g/2,故C错误。D.机械能的减少等于克服摩擦力做的功，所以机械能减小(”吆，故D正确。3.B【解析】【详解】A.由图可知，b处电场线较密，则b处电场强度较大，故A项与题意不相符：B.合力大致指向轨迹凹的一向，可知电场力方向向上，与电场线的方向相反，所以该粒子带负电，故B项与题意相符；C D.从a运动到b,力和速度方向夹角为锐角，电场力做正功，动能增大，速度增大，故CD项与题意不相符。4.B【解析】试题分析：根据动能定理有-g s=o-L冽y，由于动摩擦因数相等，所以选项B正确.22 4 g考点：本题考查动能定律.5.C【解析】【详解】根据动能定理，合外力做功对应着动能转化，物体动能变化为g mv O,所以物体所受合外力对它做的功2等于5 m故A正确。合外力做功W合=/+/人m v,则W人=mgh+彳m v,故B正确。重力和人对物体的功之和等于物体所受合外力对它做的功，等 于!m v?,故C错误。重力做功对应着重力势能转化，2物体克服重力做的功等于重力势能增量m g h,故D正确。本题选错误的，故选C。6.D【解析】【详解】设小球平抛运动的初速度为V。，抛出点离桶的高度为h,水平位移为X,则平抛运动的时间r=楞，水平位移 X=Vot=Vo/；V gA.减小初速度V。和抛出点高度h,则x减小，小球不可能抛进桶中，选项A错误；B.减小初速度v。，抛出点高度h不变，则x减小，小球不可能抛进桶中，选 项B错误；C.初速度的大小V。与抛出高度h不变，则水平射程x不变，向后远离小桶一小段距离，则小球不可能抛进桶中，选项C错误；D.初速度的大小V。与抛出高度h不变，则水平射程x不变，向前走近小桶一小段距离，则小球可能抛进桶中，选 项D正确；7.D【解析】【分析】【详解】根据万有引力提供向心力该物体将在与飞船相同的轨道上做圆周运动，不做自由落体运动，故D正确，ABC错误。8.A【解析】【详解】牛顿在前人（开普勒、胡克、雷恩、哈雷）研究的基础上，凭借他超凡的数学能力，发现了万有引力定律A.牛顿与分析相符，故A正确B.开普勒与分析不符，故B错误C.卡文迪许与分析不符，故C错误D.法拉第与分析不符，故D错误【点睛】牛顿的贡献有：建立了以牛顿运动定律为基础的力学理论；发现了万有引力定律；创立了微积分9.A【解析】【分析】【详解】当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，接在电路中的电阻变大，总电阻也变大，总电流变小，内电压变小，输出电压变大（V表读数变大），U1变小，6变大，12变大，A表读数变大，选项A正确.10.D【解析】【详解】C点的瞬时速度等于BD段的平均速度，则有：A.与 工，与结论不相符，选项A错误；B.受 卢，与结论不相符，选 项B错误；C.壬 学，与结论不相符，选 项C错误；D.=3,与结论相符，选 项D正确；2T二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共2 4分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分11.BCD【解析】【分析】小物块滑上传送后在阻力作用下做匀减速直线运动，当速度减为。时，小物块又反向匀加速运动最后与传送带一起向右运动.根据图象分析有：0 k时间内木块向左匀减速直线运动，受到向右的摩擦力，trt2小物块向右匀加速，t2-t3当速度增加到与皮带相等时，一起向右匀速，摩擦力消失。【详解】A项：在O-ti时间内小物块向左减速，受向右的摩擦力作用，在卜土时间内小物块向右加速运动，受到向右的摩擦力作用，t i时刻小物块向左运动到速度为零，离A处的距离达到最大，故A错误；B项：t2时刻前小物块相对传送带向左运动，之后相对静止，则知小物块相对传送带滑动的距离达到最大,故B正确；C项：0 tz时间内，小物块受到的摩擦力方向始终向右，且大小不变，故C正确；D项：0 t2时间内，传送带的位移为卬2,小物块的位移为：写1r2,所以小物块相对传送带的位移大小为乜 要，2,由于t2-t3时间内小物块相对传送带静止，所以。t3时间内，小物块相对传送带的位移大小为：12,故D正确。故选：BCD,【点睛】本题关键从图象得出物体的运动规律，然后分过程对木块受力分析，注意摩擦力的有无的判断。12.BD【解析】物体在斜面上能够上升的最大高度为h,克服重力做功为m g h,所以重力势能增加m g h,故A正确；设物体所受的摩擦力大小为f,根据牛顿第二定律得 mgsin3(T+f=ma,解得：/=,吆心所以克服摩擦力做61h 1功为：Wf=-m g x -=-m g h,故C错误；根据动能定理得动能损失了：一 m g h-W 产/，联6 sin 30 3立以上解得：E4 1K=-m g h,故B正确；机械能损失等于摩擦力做功即(咫/1,故D错误.所以AB正确,CD错误.13.AC【解析】【详解】A.由 机 械 能 守 恒 定 律 得=g根/,vy/2gL,L加倍之后，低点的速度V变得为原来的 安 倍，A正确；B.最低点重力与速度垂直，重力的瞬时功率为零，B错误；C.在最低点绳的拉力为F ,则/一根8=根1,则尸=3 m g,与L无关，C正确；D.向心加速度a=翌=2 g ,D错误。m14.BC【解析】【详解】AC,根据能量的转化与守恒，物体离开弹簧后在水平面上滑行了 x】=L 3 m,知物体离开弹簧时的动能为Ek=nnigXi=0.2x3xl0 xl.3J=7.8J设弹簧开始的压缩量为X。，则开始运动时弹簧的弹性势能Ep=pimg(x0+x i)=7.8 J +|Amgx07.8 J故选项A不合题意，选项C符合题意；B.当物体速度最大时，物体受的合外力为零，弹簧弹力与摩擦力平衡，即：kx=|img解得物体速度最大时弹簧的压缩量x=m=0.05m二 二 二-a no故选项B符合题意；D.物体在弹簧恢复原长之前，压缩量为x=0.05m时速度最大，故选项D不合题意。15.ACD【解析】刚开始下落时速度为零，阻力为零，随着速度增大，阻力从零开始增加，即开始一段时间内重力大于阻力，冰雹向下做加速运动，当阻力和重力相等时，冰雹加速度为零，速度最大，此后速度不变，阻力不再增大，恒等于重力，故做匀速直线运动，所以冰雹先做加速度减小的加速直线运动后做匀速直线运动，A正确B错误；当阻力和重力相等时，速度最大，故有二=二 二；=二 二，解得以 新 薪 ，C正确；根据动量定理可得二二=4 5，/广=2。/口二，解得n0 32XJ0 X。乙 八 _=-=-=640一 0.001D正确.16.BCD【解析】AB、根据机械能守恒的条件：只有重力做功或系统内弹力做功机械能守恒，所以本题中机械能的变化和阻力做功有关，而不是合外力。阻力做负功所以机械能减小，且小球克服空气阻力所做的功等于小球机械能的减少量，故A错；B对；C、根据动能定理二二-二二=二二，根据功能关系阻力做的功转化为热量，所以重力所做的功等于 小球动能的增量 加上”小球和空气之间由于摩擦阻力而产生的热量，故C对；D、小球的重力势能减小，动能和内能增加，根据能量守恒知小球重力势能的减少量等于“小球动能的增量加上“小球和空气之间由于摩擦阻力而产生的热量”，故D对；故 选BCD点睛：对动能定理要熟练掌握并会利用能量关系求解因摩擦阻力而产生的热量。三、实验题:共2小题，每题8分，共16分17.B FL 0.76 W与干成正比即WOC V2【解析】【详解】(1)1 .平衡摩擦力后，橡皮筋的拉力等于合力，橡皮条做功完毕，小车的速度最大，若不进行平衡摩擦力操作，则当橡皮筋的拉力等于摩擦力时，速度最大，本题中木板水平放置，显然没有进行平衡摩擦力的操作，因此当小车的速度最大时，橡皮筋仍处于伸长状态，故ACD错误，B正 确.故 选B.(2)23.小车先加速，后匀速，最后减速运动，在加速过程中，橡皮条在做正功，故需要测量最大速度，即匀速运动的速度，因而需要选用间隔均匀的点，即H之间的点，打点计时器每隔0.02s打一次点，故最大速度为：x 1.52x10-2)_ _T 0.02=0.76m/s(3)4 .由动能定理可知，合外力做的功应等于物体动能的变化量，所以W与一成正比，即W a y?.【点睛】平衡摩擦力后，橡皮筋的拉力等于合力，橡皮条做功完毕，小车的速度最大，若不进行平衡摩擦力操作，则当橡皮筋的拉力等于摩擦力时，速度最大；据小车的运动判断点的情况；据动能定理判断即可.18.B A 秒表、天平 BD 由于纸带与计时器间阻力(或空气阻力)带来的影响【解析】【分析】【详解】(1)田打点计时器的打点频率等于交流电的频率，打点计时器应使用交流电源，故B正确，A C错误。故 选Bo(2)选重物的密度尽量大一些，体积小些的，可以减小受到的阻力的影响，可减少实验误差，故A正确，BC错误。故选A。（3）3实验中借助打点计时器记录物体的运动时间，不需要秒表。实验验证机械能守恒，即验证重力势能的减少mgh与动能增加万 叱的关系；质量可以约去，即验证gh与5V2,的关系，所以也不需要天平。（4）4A.实验中重物的质量不必要测量，重锤质量的称量不准，不会造成误差，故 A错误；BC.为了减小阻力的影响，重锤应选择质量大一些、体积小一些的，故 B正确，C错误；D.先释放重物，再接通电源，由于重物下落较快，纸带上得的点迹较少，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故 D正确。故 选 BD.（5）5重力势能的减少量略大于动能的增加量，是由于纸带与计时器间阻力（或空气阻力）带来的影响。四、解答题：本题共4 题，每题5 分，共 20分一，八 2万 ,八 4 m/R19.（1）=（2）2,ngR（3）m g-i【解析】【分析】根据圆周运动的周期求出旋转的角速度大小，根据上升的高度求出重力势能的增加量，根据牛顿第二定律求出游客在最高点时对轿厢的压力.【详解】（1）根据丁=2小，代入数据可得：号（2）根据AEpumgh得，游客重力势能的增加量 Ep=2mgR4 77 2（3）根据牛顿第二定律：加 拳-R由牛顿第三定律可知：FN=mg-R【点睛】对圆周运动知识的基本运用，掌握向心力、角速度、线速度、向心加速度、周期的基本公式，并能灵活运用.20 2万（H+）4/（R+H）3 2（R+H）产 豆TGT2 T 7 R【解析】m（I）嫦娥一号 绕月飞行时的线速度大小匕2n(R+H)（2）设 月 球 质 量 为M.“嫦娥一号”的 质 量 为m.用4 H zp占 自 徂6 M m 4/（/?+4）根 据 牛一定律得G（R+“）2=tn-解得叫士丁（3）设绕月飞船运行的线速度为V ,飞船质量为m 0，则G粤=又M=4:R?”R GT2联 立 得V =2兀（火+）,叵互R2 1.(1)ax=0.7 5 m/s2 a2=0.5 m/s2(2)s=3 m【解 析】【分 析】【详 解】（1）由甲乙的速度时间图像可知，甲乙的加速度大小分别为3 2 2a,=m/s-=0.7 5 m/s-1 43 2 7a2=m/s-=0.5 m/s-（2）在 前4 s内，甲乙的位移大小分别为M=3 x 4 ,-m=o m23 x 2 个-m=3 m2甲乙出发点间的距离为s =F 一 9，解得s=3 m【点 睛】本题以运动学图象为命题情境考查学生的推理能力，注意甲乙初始状态不是同地点出发的.速度-时间图象中要注意观察三点：一 点，注意横纵坐标的含义；二 线，注意斜率的意义；三 面，速度-时间图象中图形与时间轴围成的面积为这段时间内物体通过的位移.22.(1)v=4 m/s(2)h=0.8 m【解析】【试题分析】对从A 到 B 过程运用动能定理列式求解；物体在沿弯曲轨道上滑的过程中，只有重力对物体做功，根据动能定理列式求解.在到达B 点前，只有滑动摩擦力f 对物块做功，对物块从D 到 B 的过程运用动能定理，设物块在B 点时的速度为v,贝!:-f-sDB=；机/-；加说又 f=pmg联立以上两式，解得:v=4m/s(2)物块在沿弯曲轨道上滑的过程中，只有重力对物块做功，曲面对物块的支持力不做功.设物块能够上滑的最大高度为h,根据动能定理可得：-，放/7=0-；/加解得:h=0.8m【点睛】运用动能定理解题，要合适地选择研究的过程，列表达式进行求解.有时过程选得好，可以起到事半功倍的效果.高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9分）在同一高度以不同的初速度水平抛出质量相等的两小球，不计空气阻力，则有（）A.两小球落地时间不同 B.重力对两小球做功的平均功率相同C.两小球落地前一瞬间的动能相同 D.两小球总是落在水平面上的同一点【答案】B【解析】【详解】设抛出点的高度为h,小球做平抛运动；小球在竖直方向做自由落体运动，h=；gt2,小球落地时间”营相同，故A错误；重力的平均功率2=比=也，m、g、h、t相同，则重力的平均功率相同，故B正t t确;由动能定理可得：EK-EK0=mgh,EK=EKo+mgh,m、g、h相同而E。不同，则两小球落地前一瞬间动能EK不同，故C错误；小球的水平位移乂=丫3小球的初速度v不同，运动时间t相同，则水平位移x不同，两小球不能落在水平面上的同一点，故D错误.2.质量为m的小球从桌面上竖直抛出，桌面离地高度为九，小球能达到的最大离地高度为.若以桌面作为重力势能等于零的参考平面，不计空气阻力，那么小球落地时的机械能为（）.A.mgli,B.mg%C.m g lb +D.mgh,-/z,）【答案】D【解析】【分析】小球运动过程中，只受重力作用，机械能守恒，根据机械能守恒定律列式求解即可。【详解】小球运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，有小球落地时的机械能E2-E、-m h,-h,故 选D。【点睛】本题关键根据机械能守恒定律，小球的机械能总量不变，小球任意位置的机械能都等于初位置和最高点的机械能。3.由于通信和广播等方面的需要，许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的（）A.轨道平面可以不同B.轨道半径可以不同C.质量可以不同D.速率可以不同【答案】C【解析】【详解】A.它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的。所以所有的同步卫星都在赤道上方同一轨道上，故A错误；B.因为同步卫星要和地球自转同步，即这些卫星3相同，根据万有引力提供向心力得：2G =mco r因为3一定，所 以r必须固定，故B错误；C.许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的质量可以不同，故C正确；D.根据万有引力提供向心力得运转速度为n=由于同步卫星轨道半径是一定的，所以速率也不变。故D错误。4.（本题9分）“弹弓 一直是孩子们最喜爱的弹射类玩具之一，其构造如图所示，橡皮筋两端点A、B固定在把手上，橡皮筋ACB恰好处于原长状态，在C处（AB连线的中垂线上）放一固体弹丸，一手执把，另一手将弹丸拉至D点放手，弹丸就会在橡皮筋的作用下迅速发射出去，打击目标，现将弹丸竖直向上发射，已知E是CD中点，贝lj（）A.从D到C,弹丸的机械能守恒B.从D到C,弹丸的动能一直在增大C.从D到C,弹丸的机械能先增大后减小D.从D到E弹丸增加的机械能大于从E到C弹丸增加的机械能【答案】D【解析】【分析】【详解】A.从D到C,橡皮筋的弹力对弹丸做功，弹丸的机械能增大，故A错误；B.橡皮筋ACB恰好处于原长状态，在C处橡皮筋的拉力为0,在CD连线中的某一处，弹丸受力平衡，所以从D到C,弹丸受的合力先向上后向下，速度先增大后减小，则弹丸的动能先增大后减小，故B错误；C.从D到C,橡皮筋对弹丸一直做正功，弹丸的机械能一直在增加，故C错误；D.从D到E橡皮筋作用在弹丸上的合力大于从E到C橡皮筋作用在弹丸上的合力，两段位移相等，所以DE段橡皮筋对弹丸做功较多，机械能增加也多，故D正确.故 选D。5.（本题9分）如图所示，沿光滑水平面运动的小滑块，当它冲上光滑的斜面继续沿斜面运动时，它受到的力是（）A.重力、弹力B.重力、弹力、上冲力C.重力、弹力、下滑力D.重力、弹力、上冲力、下滑力【答案】A【解析】【详解】小滑块受重力，斜面的支持力，没有上冲力，因为该力没有施力物体，也没有下滑力，故A正确，BCD错误。故选：Ao6.（本题9分）一质量为m的物体，在外力作用下以大小为g的加速度竖直向上做匀加速直线运动，已知g为当地重力加速度。则物体在上升高度为h的过程中A.物体重力势能减少mghB.物体的动能增加2mghC.物体的机械能增加mghD.合外力对物体做功mgh【答案】D【解析】【详解】A.重力做功为W G=-mgh,重力势能增大m g h,故A不符合题意；B.合力做功W/m g h,根据动能定理：mgh=AEk，所以物体的动能增加m g h,故B不符合题意；C.根据牛顿第二定律，有解得：二=2 二 二外 力 F 做功为Wr=2mgh,根据功能关系，除重力和弹力之外的做功等于机械能增量_ _ =-口=-_ _ _故 C 不符合题意；D.合力做功W/m g h.故 D 符合题意。7.下列说法正确的是（）A.由于相对论、量子论的提出，经典力学己经失去了它的意义B.经典力学在今天广泛应用，它的正确性无可怀疑，仍可普遍适用C.在经典力学中，物体的质量随运动状态而改变D.狭义相对论认为，质量、长度、时间的测量结果都与物体运动状态有关【答案】D【解析】【详解】AB.相对论、量子论的提出，没有否定经典力学，经典力学是相对论、量子力学在低速、宏观状态下的特殊情形，对于高速、微观的情形经典力学不适用。故 AB错误；C.在经典力学中，物体的质量不随运动状态而改变。故 C 错误；D.狭义相对论认为，质量、长度、时间的测量结果都与物体运动状态有关，故 D 正确。8.（本题9 分）物体做自由落体运动的过程中，下列说法不正确的是A.物体处于完全失重状态 B.物体的重力势能越来越小C.物体的加速度保持不变 D.物体的速度变化量保持不变【答案】D【解析】【详解】A.做自由落体运动的物体具有向下大小为g 的加速度，物体处于完全失重状态，故 A 正确；B.物体做自由落体运动的过程中，高度不断下降，根据重力势能公式Ep=mgh,可知，物体的重力势能不断减小，故 B 正确；C.因只受重力，根据牛顿第二定律可知，物体的加速度为g,保持不变，故 C 正确；D.物体的速度变化量 v=g t,逐渐增大，故 D 错误.本题选择错误答案，故 选 D9.（本题9 分）做匀速圆周运动的物体，在运动过程中保持不变的物理 量 是（）A.速率 B.线速度 C.合外力 D.向心加速度【答案】A【解析】匀速圆周运动的物体，速度大小不变，但方向时刻改变，所以速率不变，线速度变化，A 对 B 错.匀速圆周运动合力提供向心力，向心力始终指向圆心，方向变化，C错，向心力变化，向心加速度也变化，D错.1 0.（本题9分）如图所示，长方形木块A、B叠在一起，放在水平桌面上，A、B之间的接触面粗糙.B受到水平方向的拉力作用、但仍然保持静止.则B木块受到的力的个数是（）B.4C.5D.6【答案】C【解析】【分析】【详解】先以A为研究对象受力分析，处于静止即平衡状态，根据平衡条件所受合力为零，则A水平方向不受摩擦力，否则合力将不为零，即AB之间没有摩擦力；对B分析，B物体受重力、桌面的支持力、A对B的压力及水平力F,因在拉力作用下，物 体B相对于地面有相对运动的趋势，故B受地面对物体B的摩擦力，故B受5个力，故C正确，ABD错误.二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共2 4分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分1 1.如图所示，地球卫星开始在圆形低轨道1运行，在P处点火后，地球卫星沿椭圆轨道2运行，在远地点Q再次点火，将地球卫星送入更高的圆形轨道1.若地球卫星在1、1轨道上运行的速率分别为vi、vi，在2轨道上经过P、Q处的速率分别为vzp、VZQ,贝!IA.ViViB.Vap V2QD.Vi V2R【答案】AC【解析】【详解】八出MmA.据 G =mE可得陛，轨 道1的轨道半径大，所以V iV v i；故A正确.rV rB.在椭圆轨道上运动，近地点速率大于远地点速率，故V2pV2Q,故B错误;C.卫星在轨道2上经过Q点时，点火加速进入圆轨道1,所以ViV2Q,故C正确；D.卫星在轨道1上经过P点时，点火加速进入椭圆轨道2,所以V2PVi,故D错误.1 2.（本题9分）2000年1月2 6日我国发射了一颗地球同步卫星，其定点位置与东经98。的经线在同一平面内，如图所示，发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1;然后点火，使其沿椭圆轨道2运行；最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道1.轨 道1、2相切于Q点.轨 道2、1相切于P点.当卫星分别 在I、2、1轨道上正常运行时（）A.若设卫星在轨道1上的速率VI、卫星在轨道1上的速率V“则vv，故A错误；B.卫星要由轨道1上的Q点变轨到轨道2,要做离心运动，故需要在Q点加速，故B正确;C.根据牛顿第二定律得：_ MmG 1=ma,得a=G-r同一点r相同，则故C正确；D.由轨道2变轨进入轨道1需要加速，使卫星做离心运动。故D错误；1 3.（本题9分）一人站在商场的自动扶梯的水平踏板上，随扶梯一起斜向上加速运动，则下列说法中正确的是A.人只受到重力和踏板对人的支持力两个力作用B.人对踏板的压力大小大于人所受到的重力大小C.踏板对人做的功等于人的机械能增加量D.人所受合力做的功等于人的机械能的增加量【答案】CD【解析】人的加速度斜向上，将加速度分解到水平和竖直方向得：ax=acos0,方向水平向右；ay=asin0,方向竖直向上，水平方向受静摩擦力作用，f=ma=macos0,水平向右，竖直方向受重力和支持力，FN-mg=masinB,所以F N m g,故AB错误；除重力以外的力对物体做的功，等于物体机械能的变化量，所以踏板对人做的功等于人的机械能增加量，故C正确；由动能定理可知，人所受合力做的功等于人的动能的增加量，故D正确；故选CD.点睛：解决本题时可以把加速度进行分解，结合牛顿第二定律求解，难度适中.同时学会由运动去受力分析，并掌握功与能的关系.注意重力做功必导致重力势能变化；除重力之外的力做功，必导致系统机械能变化；合力做功必导致动能变化.1 4.（本题9分）一根轻质细线将2个薄铁垫片A、B连接起来，一同学用手固定B,此时A、B间距为3L,A距地面为L,如图所示。由静止释放A、B,不计空气阻力，且A、B落地后均不再弹起。从释放开始到A落地历时3 A落地前的瞬时速率为V i,从A落地到B落在A上历时t2,B落在A上前的瞬时速率为v2,则（）【答案】BC【解析】【详解】A B.由静止释放A、B,A、B都做自由落体运动，A运动的位移为L,B运动的位移为4 L,根据自由落体公式,1 2h=2gr可知，A落地的时间2L所以ti=t2，故A错误，B正确;CD.A落地前瞬间速率为2LB落地前瞬间速率为v2=gt=2g2L所以Vi：v2=l：2,故C正确，D错误。故选BC,1 5.（本题9分）如图所示，R是一个光敏电阻，其阻值随光照强度的增加而减小，理想变压器原、副线圈的匝数比为1 0:1,电压表和电流表均为理想交流电表，从某时刻开始在原线圈两端加上交变电压，其瞬时值表达式为U i=llO 0sinlO O nt(V),则A.电压表的示数为11夜VB.在天逐渐变黑的过程中，电流表A2的示数变小C.在天逐渐变黑的过程中，电流表a的示数变大D.在天逐渐变黑的过程中，理想变压器的输入功率变小【答案】BD【解析】【详解】根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为I i o J i v,根据电压之比等于线圈匝数之比可知,副线圈的电压的最大值为l l av,电压表的示数为电压的有效值，所以示数为U=，/V=1 1 V,故 A 错误；在天变黑的过程中，光照变弱，R 阻值增大；电路的总电阻减大，由于电压是由变压器决定的，输出的电压不变，所以次级电流变小，电流表A2的示数变小；由于次级电流减小，则初级电流也减小，即电流表 的示数变小，故 B 正确，C 错误；由于变压器的输入和输出的功率是相等的，副线圈的电流减小，电压不变，所以由P=UI可知，输出的功率要减小，故输入的功率也要减小，故 D 正确。故选BD。16.2019年 5 月 1 7 日，中国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火衢，成功发射了第四十五颗北斗导航卫星.该卫星发射过程为：先将卫星发射至近地圆轨道1 上，然后在P 处变轨到桶圆轨道2 上，最后由轨 道 2 在 Q 处变轨进入同步卫星轨道1.轨道 1,2 相切于P 点，轨道2、1 相切于Q 点.忽略卫星质量的变化，则该卫星A.在轨道1 上的运行周期为24hB.在轨道1 上的运行速率大于7.9km/sC.在轨道1 上经过Q 点的向心加速度大于在轨道2 上经过Q 点的向心加速度D.在轨道2 上 由 P 点向Q 点运动的过程中，地球引力对卫星做负功，卫星的动能减少【答案】ACD【解析】【详解】A.在轨道1 为同步卫星轨道，故在轨道1 上运行周期为2 4 h,故 A 正确；B.7.9km/s是地球第一宇宙速度大小，而第一宇宙速度是绕地球圆周运动的最大速度，也是近地卫星运行速度，故同步轨道1 上卫星运行速度小于第一宇宙速度，故 B 错误；C.在同一点Q,卫星受到的万有引力相同，在轨道1 上万有引力提供向心力，在轨道2 上卫星在Q 点做近心运动，则万有引力大于向心力，即 33%2，则在轨道1 上经过Q 点的向心加速度大于在轨道2上经过Q 点的向心加速度，故 c 正确；D.卫星在轨道2 上无动力运行时，由近地点P 向远地点Q 运动过程中，地球对卫星的引力做负功，势能增加，而卫星的机械能保持不变，故其动能减小，故 D 正确.三、实验题:共2 小题，每题8 分，共 16分1 7.（本题9 分）某实验小组只用一个弹簧秤进行 探究求合力的方法”实验.请将以下实验步骤补充完整：如图，把两根细线中的一条细线与弹簧秤连接，然后同时拉这两条细线，使橡皮条的一端伸长到0 点,记下秤的示数F1和两细线的方向；放回橡皮条后，将弹簧秤连接到另一根细线上，再同时拉这两条细线，使橡皮条的一端伸长到。点，并使两条细线位于记录下来的方向上，记下秤的示数F2；再次放回橡皮条后，用弹簧秤连接一根细线，根据平行四边形定则作出Fi和 F2的合力与步骤比较，得出结论.(2)图示步骤中，若保持弹簧秤所在一侧细线方向不变，。点位置不变，将右侧细线缓慢移至虚线位置，弹簧秤读数的变化情况是：【答案】拉动细线，使橡皮条的结点到达位置。点，记下此时弹簧秤的读数F和细线的方向；逐渐增大.【解析】(1)再次放回橡皮条后，用弹簧秤连接一根细线，为了使作用效果相同，则拉动细线，使橡皮条的结点到达位 置。点，记下此时弹簧秤的读数F和细线的方向.(2)对 点。受