2017年四川省巴中市中考物理真题(含答案).docx

年寒窗苦读日，只盼金榜题名时，祝你考试拿高分，鲤鱼跳龙门！加油！2017年四川省巴中市中考物理真题及答案一、选择题1. 下列说法最符合实际的是A. 一节干电池的电压为6VB. 人体感觉最舒适的温度为50C. 正常情况下一个中学生的质量约为45kgD. 中学生百米赛跑正常情况下的速度6cm/s【答案】C【解析】【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，再与生活实际相联系，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案【详解】A、一节新干电池的电压为1.5V，故A错误；B、人体正常体温在37左右，感觉舒适的温度在23左右故B错误；C、一名普通中学生的质量约为45kg，故C正确；D、中学生百米赛跑的时间在16s左右，平均速度在左右故D错误【点睛】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法2. 关于声现象，下列说法正确的是A. 在各种介质中，声音的传播速度都是340m/sB. 只要物体在振动，我们就能听到声音C. 锣鼓喧天说明锣鼓声的响度大D. 吹口哨的声音是由人的声带振动产生的【答案】C【解析】【分析】（1）声音的传播需要介质，不能在真空中传播，声音在15的空气中传播速度是340m/s；（2）人耳听到声音的条件：物体发生振动；介质向外传声；良好的听觉器官；频率在人的听觉范围之内；有足够的响度（3）音调指声音的高低，是由物体振动的频率决定的，响度指声音的强弱，是由物体振动的振幅决定的，音色是声音的特色；（4）声音是由物体振动产生的【详解】A、声音在15的空气中传播速度是340m/s；在各种介质中，声音传播速度不同，故A错误；B、并不是物体振动产生的声音都能被人耳听到，如果频率不在20Hz20000Hz、没有传播声音的介质等，人耳也是听不到的，故B错误；C、锣鼓喧天说明锣鼓声的响度大，故C正确；D、吹口哨是气流振动产生的，不是人的声带振动产生的，故D错误【点睛】本题考查声速，声音的产生，以及音调、响度与音色的区分，是一道声学综合题3. 下列说法中，正确的是A. 把正在熔化的冰放到0的房间内，冰将继续熔化B. 夏天打开风扇，感觉凉爽是因为风扇吹来的是凉风C. 赛冷的冬季，冰冻的衣服也会变干，这是汽化现象D. 夏天从冰箱取出的冰棒周围出现“白气”，这是液化现象【答案】D【解析】【分析】（1）晶体熔化条件：温度达到熔点，吸热；（2）解决此题可以从影响液体蒸发快慢的因素：液体的温度、液体的表面积、液体表面上方空气的流动；（3）物质由固态直接变为气态叫升华；（4）物质由气态变成液态的过程叫液化【详解】A、把正在熔化的冰拿到0的房间内，不能吸热，所以冰不会继续熔化，故A错误；B、电风扇吹出的风加快了身上的空气流速，从而加快了汗液的蒸发，蒸发时会从身上吸收热量，感党爽，故B错误；C、赛冷的冬季，冰冻的衣服也会变干，这是升华现象，故C错误；D、夏天，从冰箱门取出的冰棒，温度很低，周围空气中的水蒸气遇冷形成小水滴，浮在空气中，这是一种液化现象故D正确【点睛】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识4. 下列能用光的折射来解释的现象是A. 盛有水的碗，看上去碗底变浅了B. 晴天看见“白云在水中飘动”C. 日食和月食现象D. 一叶障目不见泰山【答案】A【解析】【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的【详解】A、碗底反射的光线穿过水面，折射进入人眼，此时光线在水面处发生折射，折射角大于入射角，即人眼逆着折射光线的方向看去，看到的是碗底经水面折射所成的虚像，且虚像在实际碗底的上方，所以看上去碗底变浅了，故A符合题意；B、平静水面上白云的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B不符合题意；C、日食和月食现象都是光沿直线传播形成的现象，故C不符合题意；D、一叶障目不见泰山说明了光在空气中是沿直线传播的，故D不符合题意【点睛】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象5. 下列关于内能、热量、温度的说法，正确的是A. 物体吸收热量，温度不一定升高B. 内能大的物体温度一定高C. 0的物体没有内能D. 两个内能相同的物体互相接触时，一定不会发生热传递【答案】A【解析】【分析】（1）晶体有却定的熔点，在熔化过程中吸热但温度不变（2）内能是指物体内部所有做无规则运动的分子具有的分子动能和分子势能的总和，一切物体都有内能；（3）当物体之间有温度差时就会发生热传递现象，转移的能量就是热量，热量只能说“吸收”或“放出”不能说“含有”；（4）内能的多少与物体的质量、温度、状态有关【详解】A、物体吸收热量，温度不一定升高，如晶体的熔化过程或水的沸腾过程，故A正确；B、内能的大小取决于物质的质量、状态和温度等多个因素，内能大，温度不一定高，故B错误；C、一切物体都具有内能，故C错误；D、发生热传递的条件是两个物体或同一物体的不同部分有温度差，内能相同的两个物体，可能温度不同，相互接触时也可能发生热传递，故D错误【点睛】本题考查的是学生对影响物体内能大小的因素的理解以及内能、温度与热量三者之间的关系的掌握，是中考的热点6. 在内燃机的四个冲程中，如图所示的是A. 吸气冲程B. 压缩冲程C. 做功冲程D. 排气冲程【答案】C【解析】【分析】内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能判断出是哪个冲程，再判断能量是怎样转化的【详解】由图可以看出：内燃机的两个气阀关闭，活塞向下运动，所以是做功冲程故选C【点睛】解答此类题注意总结规律，在内燃机的四个冲程中，进气阀和排气阀均关闭的只有压缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；一个气阀打开，另一个气阀关闭的是吸气冲程和排气冲程，而在吸气冲程中活塞向下运动，排气冲程中活塞向上运动7. 甲铁块质量是乙铁块的3倍，吸收相同的热量，则甲、乙两铁块的比热容之比和升高的温度之比分别为A. 1：1，1：3B. 1：3，1：3C. 1：1，3：1D. 3：1，3：1【答案】A【解析】【分析】根据热量公式Qcmt来分析，都是铁块比热容相同，吸收了相等的热量，甲铁块的质量是乙铁块质量的3倍，则甲、乙两铁块升高的温度之比是 1：2【详解】比热容是物质的特性，与物质的种类有关，与其它物理量没有任何关系，故甲乙两铁块的比热容相等，即比热容之比为1:1；根据；可得同种物质吸收热量相同时，温度的变化量与质量成反比，由甲铁块质量是乙铁块的3倍，可得乙铁块升高的温度是甲铁块的3倍，答案选A8. “蛟龙号”潜水器从海水中500m深处下潜到1000m的过程中A. 受到海水的压强增大，浮力增大B. 受到海水的压强增大，浮力不变C. 受到海水的压强不变，浮力不变D. 受到海水的压强不变，浮力增大【答案】B【解析】【分析】“蛟龙号”潜水器浸没在水中，利用阿基米德原理F浮液gv排分析下潜过程中所受浮力的情况；利用液体压强公式Pgh分析潜水器继续下潜的过程中压强的变化【详解】（1）因为“蛟龙号”潜水器从海水中500m深处下潜到1000m的过程中，排开水的体积不变，由阿基米德原理F浮液gv排可知，密度不变、排开液体的体积不变，故浮力不变；（2）“蛟龙号”潜水器从海水中500m深处下潜到1000m的过程中，浮力虽然不变，但深度增加，由Pgh知，压强P增大故B选项符合题意【点睛】本题考查了影响浮力和液体压强的因素分析此类问题时明确各自的影响因素，排除其它无关因素的干扰，是得到正确答案的关键9. 如图所示，在轻质杠杆OA的中点悬挂一个重物，在A端施加一个始终与OA垂直的力F，由水平位置匀速提到如图虚线的位置，在这个过程中，拉力F的大小A. 一直变大B. 始终不变C. 一直变小D. 先变小后变大【答案】C【解析】【分析】从支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即力臂；分析动力F和阻力的力臂的变化情况，根据杠杆平衡条件F1L1F2L2分析解答【详解】由图可知，O为杠杆的支点，动力F始终与OA垂直，杠杆长即为动力臂，将杠杆缓慢地由位置A拉到位置B，动力臂不变，重物对杠杆拉力为阻力，大小等于重物的重力，其力臂在杠杆由A位置到B位置过程中逐渐变小，根据杠杆平衡条件F1L1F2L2可知动力一直变小故C选项正确【点睛】本题是动态平衡问题，考查了学生对杠杆平衡条件的理解和灵活运用能否正确分析重力的阻力臂与动力臂的大小关系是本题的解题关键10. 如图所示，滑雪运动员从最高处A点加速下滑到最低处B点的过程中，下列说法正确的是A. 动能减小，重力势能增大B. 动能减小，重力势能减小C. 动能增大，重力势能增大D. 动能增大，重力势能减小【答案】D【解析】【分析】动能的大小跟质量和速度有关，重力势能的大小跟质量和高度有关分析滑雪运动员下滑过程中质量、速度、高度的变化得出答案【详解】滑雪运动员从最高处A点加速下滑到最低处B点的过程中，运动员的质量不变、高度减小，重力势能减小；质量不变、速度增大，动能增大；故ABC错、D正确【点睛】分析物体机械能（动能、重力势能、弹性势能）变化时，要重点确定物体质量、速度、高度、弹性形变大小变化，要全面考虑，不得遗漏！11. 关于能量和能源的利用，下列说法正确的是A. 人类大量利用太阳能会造成“温室效应”B. 因为能量守恒，所以我们不需要节约能源C. 核电站是利用核聚变原理来发电的D. 煤、石油、天然气都属于不可再生能源【答案】D【解析】【分析】（1）太阳能有清洁无污染的特点；（2）自然界的总能量是守恒的，能量即不能被消灭，也不能被创生，但随着能量耗散，可利用的能源减少了，所以会有能源危机；（3）核裂变是可控的，聚变是不可控的；（4）能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源【详解】A、太阳能属于清洁能源，不会产生污染物，所以不会导致温室效应，故A错误；B、能量虽然是守恒的，但能源并不是取之不尽用之不竭的，所以需要节约能源，故B错误；C、核电站是利用核裂变来发电的，故C错误；D、煤、石油、天然气，短期内不能从自然界得到补充，都属于不可再生能源，故D正确【点睛】本题考查了对太阳能、核能以及能源分类等的认识和理解，属于一道基础题12. 关于电现象，下列说法正确的是A. 摩擦起电是创造了新的电荷B. 与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电是因为它得到了电子C. 只有正电荷定向移动才能形成电流D. 验电器的工作原理是同种电荷相互排斥【答案】D【解析】【分析】（1）摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体；（2）摩擦起电过程中，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电；（3）电荷的定向移动形成电流，可以是正电荷、可以是负电荷，也可以是正负电荷同时移动形成的；（4）验电器是检验物体是否带电的仪器，工作原理是同种电荷相互排斥【详解】A、摩擦起电的实质是电荷的转移，并没有产生电荷，故A错误；B、用绸子摩擦过的玻璃棒带正电，是因为摩擦过程中玻璃棒失去了电子，故B错误；C、正、负电荷的定向移动都可以形成电流，也可以正负电荷同时移动形成的，故C错误；D、验电器是根据同种电荷相互排斥的原理工作的，故D正确【点睛】题考查了验电器的原理和电流的形成、电流的方向以及摩擦起电的实质，是一道电学基础题13. 如图是探究电磁感应的装置图，说法正确的是A. 使ab上下运动，电流表指针会发生偏转B. 使ab水平向里运动，电流表指针会发生偏转C. 保持ab不动，电流表指针会发生偏转D. 利用该原理可以制成电动机【答案】B【解析】【分析】产生感应电流的条件：闭合电路、一部分导体、在磁场中做切割磁感线运动，三个条件缺一不可【详解】A、导体ab上下运动，导体ab没有切割磁感线，所以不会产生感应电流，电流表指针不会发生偏转，故A错误；B、导体ab水平向里运动，导体ab切割磁感线，所以会产生感应电流，电流表指针会发生偏转，故B正确；C、保持ab不动，导体ab没有切割磁感线，所以不会产生感应电流，电流表指针不会发生偏转，故C错误；D、该原理电磁感应现象，利用该原理可以制成发电机，故D错误【点睛】本题考查感应电流的产生条件，应明确只有同时满足两个条件：部分导体、导体做切割磁感线运动导体中才能产生感应电流14. 关于家庭电路和安全用电，下列说法符合要求的是A. 使用电冰箱时，外壳必须接地B. 在没有保险丝的情况下，可以用铜丝代替C. 开关应该接在零线和用电器之间D. 用电器着火时，应迅速向用电器泼水灭火【答案】A【解析】【分析】（1）有金属外壳的用电器应使用三孔插座，这样可防止因电器漏电而触电；（2）保险丝的作用就是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电流，从而起到保护电路安全运行的作用；（3）开关应接在用电器和火线之间；（4）电器着火时，要先切断电源，再救火【详解】A、使用电冰箱应将外壳接地，这样可防止因电器漏电而触电，故A正确；B、当用细铜丝代替保险丝后，细铜丝或铁丝的熔点很高，温度即使升高到一定程度，它也不会自动熔断，起不到保护电路的作用，故B错误；C、开关应接在用电器和火线之间，这样在断开开关时，用电器才不会带电，故C错误；D、用电器着火时，要先切断电源，再救火，若直接用水泼易引发触电，故D错误【点睛】熟练掌握家庭电路中的安全用电常识，并能在实践中加以运用，有一定的现实意义，应引起我们的重视15. 某同学连接了如图所示的电路，闭合开关后，发现小灯泡L1、L2都不亮，电流表、电压表均无示数，则故障原因可能是A. L断路B. L1短路C. L2断路D. L2短路【答案】C【解析】【分析】常见的电路故障有：短路和断路；首先判定电路的连接方式，根据各选项故障原因，分析可能出现的故障现象，然后作出判断【详解】由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯泡L2两端的电压；闭合开关后，发现小灯泡L1、L2都不亮，电流表无示数，说明电路出现了断路，故BD错误；如果L1断路，电路其它地方完好，此时电压表并联到了电源的两端，测的是电源的电压，电压表有示数，故A错误；如果L2断路，则整个电路断路，小灯泡L1、L2都不亮，电流表、电压表均无示数，故C正确【点睛】本题考查了电路故障的判断，这是我们常考的内容，也是中考重点考查的内容；平时学习时要注意多总结，多积累二、填空题16. 图中A物体的长度为_cm【答案】2.13【解析】【分析】使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位【详解】由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0刻线对齐，右侧与2.13cm对齐，所以物体的长度为2.13cm【点睛】在物理实验中经常使用刻度尺，我们要熟练掌握其使用和读数方法17. 某同学有一个焦距为10cm的凸透镜，他用该透镜制作了一个模型照相机照相，则景物到镜头的距离应该_20cm（选填“大于”、“等于”或“小于”），利用该透镜_（选填“能”或“不能”）矫正近视眼【答案】 . 大于 . 不能【解析】【分析】（1）凸透镜成像时，U2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机（2）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使会聚的光线延迟会聚【详解】（1）由题知，他用焦距为10cm凸透镜制作了一个模型照相机照相，根据照相机的工作原理可知，被照的景物和凸透镜的距离应大于2倍焦距，在胶片上能得到倒立、缩小的实像，所以景物到镜头的距离应该大于20cm；（2）近视眼的形成原因是晶状体太厚、会聚能力太强，应该佩戴具有发散作用的凹透镜矫正，使光线延迟会聚，使像成在视网膜上，故凸透镜不能矫正近视眼【点睛】此题是探究凸透镜成像的规律实验和近视眼的矫正，比较简单18. 如图A物体放在水平桌面上，用大小为20N的水平拉力F拉着物体匀速运动，则物体受到的摩擦力为_N，撤去力F后，物体由于会继续运动，物体受到的摩擦力将_（选填“变大”“变小”或“不变”）【答案】 . 20 . 不变【解析】【分析】（1）首先对物体进行受力分析，根据匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，根据平衡力条件，判断滑动摩擦力大小（2）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度、接触面积大小都没有关系【详解】（1）物体匀速运动时，竖直方向上受到重力和支持力，水平方向上受到拉力和滑动摩擦力作用，重力和支持力是一对平衡力，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，拉力大小是20N，所以滑动摩擦力大小是20N（2）撤去力F后，压力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力保持20N不变【点睛】滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度、接触面积大小都没有关系这点学生不容易理解，但是题目中经常出现19. 将一正方体木块放入装满水的容器中，静止时如图所示，则容器底部受到的水的压力将_（选填“变大”、“变小”或“不变”）【答案】不变【解析】【分析】根据pgh判断出压强的变化，根据FPS判断出容器底部受到的水的压力的变化【详解】将一正方体木块放入装满水的容器中，静止时如图，水的深度不变，根据Pgh可知水对容器底的压强不变，容器的底面积不变，根据FPS知，容器底部受到的水的压力将不变【点睛】本题考查了液体压强和压力变化的判断，掌握液体压强公式和压力公式是解题的关键20. 一单缸四冲程汽油机，飞轮转速为3000r/min，则1s对外做功次，若其效率为30%，消耗100g汽油，对外做功_J若水箱中5kg水由20升高到100，水吸收_J热量 （q汽油4.6×107J/kg）【答案】 . 1.38×106 . 1.68×106J【解析】【分析】由Qmq和计算汽油燃烧对外所做的功；由Qcmt计算水吸热的多少【详解】飞轮转速3000r/min,则ls转50转，对外做功25次；100g汽油放出的热量：Q放qm4.6J/kgkg4.6J; 对外做功W30%J1.38J;水吸收的热量:Q吸c水m水（t-t0）4.2J/(kg.)5kg(100)1.68J21. 小汽车GPS导航是利用_传输信息【答案】电磁波【解析】【详解】电磁波可以在真空中传播，故小汽车“GPS导航”是利用电磁波来传递信息的【点睛】卫星导航、移动通信都是利用电磁波来传递信息的22. 如图，闭合开关S，滑片P向右滑动，电流表示数变_，电压表示数变_（均选填“大”或“小“），灯泡亮度_（选填“变亮”、“变暗”或“不变”）【答案】 . 小 . 大 . 变暗【解析】【分析】由图可知：闭合开关S，变阻器与灯泡串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量变阻器两端的电压；滑片P向右滑动，变阻器连入电路的电阻增大，根据欧姆定律即可判断电流的变化，根据串联电路的特点判断电压表示数的变化【详解】由图可知：闭合开关S，变阻器与灯泡串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量变阻器两端的电压；滑片P向右滑动，变阻器连入电路的电阻增大，根据欧姆定律可知电路电流减小，即电流表示数变小；由于通过灯泡的电流变小，则灯泡亮度变暗，灯泡两端电压变小，根据串联的分压特点可知，变阻器两端的电压变大，即电压表示数变大【点睛】本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是判断滑动变阻器连入电路的部分电阻的变化23. R1、R2、R3串联在电压为15V的电路中，R1R35，R210某同学误将电流表并联接在R2两端，发现电流表的示数为_A，若用电压表替换电流表并联在R2两端，则电压表示数为_V【答案】 . 1.5 . 7.5【解析】【分析】（1）R1、R2、R3串联，电流表并联在R2两端时，R2被短路，此时R1、R3串联，由串联电路的特点和欧姆定律可求得电流；（2）并联电压表时，三个电阻串联，则由串联电路的特点和欧姆定律可求得电流，然后利用欧姆定律可求得电压表示数【详解】（1）R1、R2、R3串联，将电流表并联接在R2两端时，R2被短路，电路为R1与R3的串联电路，则由串联电路的特点和欧姆定律可得，电路中的电流：；（2）当将电压表并联在R2两端时，三个电阻串联，由串联电路的特点可得，此时的总电阻：RR1+R2+R35+10+520此时电路中的电流为：，电压表的示数（R2两端电压）：U2IR20.75A×107.5V【点睛】本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道电流表在电路中相当于短路，电压表在电路中相当于断路24. 如图所示的电路，电源电压恒定，R1300，闭合开关S1，电流表示数为0.2A，再闭合S2，电流表示数变化了0.3A，则R2的阻值为_若R1、R2串联在电路中，则R1、R2两端的电压之比为_，R1、R2消耗的电功率之比为_【答案】 . 200 . 3:2 . 3:2【解析】【分析】（1）闭合S，断开S1时，电路为R1的简单电路，根据欧姆定律求出电源的电压；若再闭合S2时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电流特点可知电流表示数的变化即为R2支路的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R2的阻值（2）若R1、R2串联在电路中，根据串联电路的特点和欧姆定律即可求出电压之比；利用PUI求出消耗功率之比【详解】解：（1）闭合S1时，电路为R1的简单电路，由可知，电源的电压：UU1I1R10.2A×30060V；若再闭合S2时，两电阻并联，则U2U60V，电流表示数的变化量即为R2支路的电流，则I20.3A；由可知：（2）若R1、R2串联在电路中，由于串联电路的电流处处相等，则根据可得：R1、R2两端的电压之比为，R1、R2消耗电功率之比为【点睛】本题考查了并联电路的特点、欧姆定律的灵活运用和功率的计算，关键是能判断出开关S2时电流表示数的变化即为通过R2支路的电流三、作图、实验探究题25. 用细线悬挂的小球摆到最高点时如图甲所示，试画出小球受到重力和拉力的示意图；（ ）【答案】【解析】【分析】根据规则物体的重心在物体的几何中心，然后过重心表示出重力的方向和拉力的方向【详解】：过球心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，用符号G表示；过球心沿绳子向上的方向画一条带箭头的线段，用符号F表示，即为小球受到重力和拉力的示意图，如图所示【点睛】牢记重力的方向总是竖直向下的，会用示意图表示力的作用点和方向26. 在图中标出磁感线的方向和小磁针的N极（ ）【答案】【解析】【分析】在磁体外部磁感线总是由N极指向S极，据此标出磁感线的方向；由磁极间的相互作用规律知，小磁针的左下端为N极，右上端为S极【详解】在磁体外部磁感线总是由N极指向S极，所以图中磁感线的方向是向左的；根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引可知，小磁针的左下端为N极，右上端为S极，如下图所示；【点睛】本题考查了磁极间的相互作用规律及磁感线的特点；磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引27. 某同学用如图甲所示的装置做做“探究水的沸腾”实验，根据据实验记录做出温度随时间变化图象如图乙由图象可知，水沸腾时的温度是_，由此可知当地大气压_（选填“大于”、“小于”或“等于”）一个标准大气压由图象还可得出，水沸腾时的特点是：_达到沸点，持续续吸热，温度_【答案】 . 99 . 小于 . 温度 . 不变【解析】【分析】根据图象及水沸腾时的特点判断出水的沸点；根据沸点与气压的关系进行解答【详解】由图象知，水在沸腾过程中温度保持99不变，所以水沸腾时的温度为99；由于沸点低于1标准大气压下的沸点，所以当时气压低于1标准大气压；水沸腾的特点是温度达到沸点，吸收热量，但温度不变【点睛】此题是“探究水沸腾时温度变化特点”的实验，考查了学生对温度计的使用及读数，水沸腾特点及沸点的概念28. 某小组同学利用水和酒精探究浮力大小与哪些因素有关，实验装置如图，通过多次实验，得出如下表所示实验数据：（p酒精0.8×103kg/m3）实验序号液体种类物体重力G/N测力计示数F/N物体所受浮力F浮/N排开液体体积V/cm3水43100水2.51.5150水22200酒精43.20.8100酒精2.81.2150酒精2.41.6200（1）第一次实验物体所受到的浮力为_N（2）比较三次实验可得出结论：同种液体，物体排开液体体积越大，所受浮力越大分析比较、（或、或、）可初步得出：排开液体体积相同时，液体密度_，物体受到的浮力越大（3）第一次实验中，物体排开液体的重力G_N通过比较每次实验物体受到的浮力和排开液体的重力，还可以验证_原理（4）该实验选用不同液体进行了多次实验，其目的是_（选填“寻找普遍遍规律”、“多次实验求平均值减小误差”）【答案】 . 1 . 越大 . 1 . 阿基米德 . 寻找普遍遍规律【解析】【分析】（1）根据F浮GF来计算物体所受的浮力大小；（2）根据液体密度和浮力的大小关系，可得浮力大小与液体密度的关系；（3）根据阿基米德原理，根据GmgVg计算排开液体的重力，比较浮力与G排的大小，可得阿基米德原理；（4）实验中，需选用不同的液体进行多次实验，是为了使结论更具普遍性【详解】（1）第一次实验物体所受浮力为：F浮GF4N3N1N；（2）、（或、或、）物体排开液体的体积相同，由数据知，水的密度较大，物体所受浮力较大；（3）由数据知，物体排开水的体积为100cm3，所以排开水的质量：m排水V排1g/cm3×100cm3100g；排开水的重力为：G排m排g100×103kg×10N/kg1N；可见F浮G排，从而验证了阿基米德原理；（4）该实验选用不同液体进行了多次实验，利用不同的液体可以得到相同的结果，其目的是寻找普遍遍规律【点睛】本题通过一组数据，探究了影响浮力大小的因素及验证了阿基米德原理实验，要掌握称重法浮力的计算及密度公式和重力公式的应用，在分析时，注意控制变量法的应用29. 在探究“电流与电阻关系”的实验中，设计的实物电路如图（1）用笔画线代替导线，将实物图连接完整（要求：滑片向右移动，电流表示数变大；连线不允许交又）（ ）（2）某同学连好最后一根导线发现两表均有示数，造成这一现象的原因可能是：_（3）实验时，首先接入的是5电阻，当滑片移动到某一位置时，电流表示数为0.5A，记下两表读数；接下来换用10电阻继续实验，须向_（选填填“左”或“右”）移动滑片，同时眼睛注视_（选填“电压表”或“电流表”），直到其示数为_时，记下电流表示数（4）换用其他电阻进行多次实验，得得到多组数据，通过分析数据，能得到的实验结论是：当电压一定时，通过电阻的电流与电阻成_比【答案】 . . 闭合开关前，开关没有断开 . 左 . 电压表 . 2.5V . 反【解析】【分析】（1）根据滑片向右移动，电流表示数变大，确定变阻器的连接，电压表与R并联；（2）闭合开关前，开关要断开；（3）由欧姆定律求出电压表示数；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；（4）当电压一定时，通过电阻的电流与电阻成反比【详解】（1）滑片向右移动，电流表示数变大，即电阻变小，故P以右电阻丝连入电路中，电压表与R并联，如下所示：（2）某同学连好最后一根导线发现两表均有示数，造成这一现象的原因可能是：闭合开关前，开关没有断开；（3）接入的是5电阻，当滑片移动到某一位置时，电流表示数为0.5A，根据欧姆定律，电压表示数： UIR0.5A×52.5V；根据串联分压原理可知，将定值电阻由5改接成10的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右左端移动，同时眼睛注视电压表直到其示数为2.5V时，记下电流表示数；（4）换用其他电阻进行多次实验，得得到多组数据，通过分析数据，能得到的实验结论是：当电压一定时，通过电阻的电流与电阻成反比【点睛】本题探究“电流与电阻关系”，根据控制变量法，应保持定值电阻两端的电压不变，考查电路的连接、注意事项、操作过程和数据分析四、计算解答题30. 工人利用如图所示的滑轮组从2m深的枯井中提升重物，所用的拉力为250N，物体在5s内匀速从井底全部上升到井口（不计绳重和各处摩擦）求：（1）绳子自由端移动的速度（2）拉力的功率；（3）若滑轮组的机械效率为80%，求所提升物体的重力大小【答案】（1）0.8m/s（2）200W（3）400N【解析】【分析】（1）由图可知绳子的有效股数为2，绳端移动距离s和物体h之间的关系是snh，根据算出绳子自由端移动的速度；（2）利用WFs表示出拉力做的总功，根据可求得拉力的功率；（3）根据×100%求出滑轮组的有用功，根据WGh算出物体的重力【详解】（1）由图可知n2，snh2×2m4m，绳子自由端移动的速度：；（2）拉力做的总功：W总Fs250N×4m1000J，拉力的功率：；（3）根据知人做的有用功：W有×W总80%×1000J800J；物体的重力：【点睛】本题考查了速度公式、有用功、做功、机械效率的计算，要求学生熟练掌握和应用公式及其变形式31. 如图所示的电路中，灯泡L标有“4V、4W”字样，电流表所选量程为03A，当开关S1、S2都闭合时，滑片移到b端，小灯泡正常发光，电流表示数为1.5A，（小灯泡电阻不变）求：（1）滑动变阻器的阻值；（2）闭合S1、断开S2，滑片位于滑动变阻器中点，滑动变阻器在1min内产生的热量；（3）闭合S1、断开S2，小灯泡消耗耗的最小功率（结果保留2位小数）【答案】（1）8（2）60J（3）0.44W【解析】【分析】（1）当开关S1、S2都闭合时，滑片移到b端，L与R并联，小灯泡正常发光，灯泡L标有“4V、4W”可得小灯泡电阻，电流，电源电压，电流表示数为1.5A已知，由并联电路的电流特点，可求R的电流，再根据欧姆定律可求滑动变阻器的阻值；（2）闭合S1、断开S2，滑片位于滑动变阻器中点，L与串联，根据欧姆定律可求电流，再根据焦耳定律可求滑动变阻器在1min内产生的热量；（3）闭合S1、断开S2，L与R串联，小灯泡电阻不变，当R接入电路电阻最大时，电路中电流最小，小灯泡的功率最小【详解】（1）当开关S1、S2都闭合时，滑片移到b端，L与R并联，小灯泡正常发光，灯泡L标有“4V、4W”可得电源电压：UUL额4V，灯泡的电流：；由可得灯泡的电阻：；并联电路干路的电流等于各支路电流之和，R的电流：IRIIL1.5A1A0.5A，滑动变阻器的阻值：；（2）闭合S1、断开S2，滑片位于滑动变阻器中点，L与串联，小灯泡电阻不变，由可得滑动变阻器的电流：，滑动变阻器在1min内产生的热量：，（3）闭合S1、断开S2，L与R串联，小灯泡电阻不变，当R接入电路电阻最大时，电路中电流最小：小灯泡消耗耗的最小功率：PL最小I最小2RL（A）2×40.44W【点睛】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，分析几种情况下电路的连接方式是解题的关键和难点