高考物理总复习 冲A方案 323冲A练（一）（含解析）新人教版-新人教版高三全册物理试题.docx
3+2+3冲A练(一)16.2019·余姚中学月考 如图C1-1所示,长为L的地下电话电缆由一对导线AB、CD组成,这对导线的P处发生短路.某技术员测得A、C间的电阻为R1,B、D间的电阻为R2,则P点到AC端的距离为()图C1-1A.R1R1·R2LB.R2R1·R2LC.R1R1+R2LD.R2R1+R2L17.如图C1-2所示,光滑绝缘的半球形容器处在水平向右的匀强电场中,一个质量为m、电荷量为+q的小球在容器边缘A点由静止释放,小球运动到B点时速度刚好为零,OB与水平方向的夹角=60°,重力加速度为g,不计空气阻力,则下列说法正确的是()图C1-2A.小球重力与电场力的大小关系是qE=3mgB.小球在B点时,对容器的压力为2EqC.小球在A点和B点的加速度相同D.如果小球带负电,则其还能沿AB圆弧面运动18.2019·长兴中学模拟 电流天平可以用来测量匀强磁场的磁感应强度的大小.测量前天平已调至平衡,测量时,在左边托盘中放入质量为m的砝码,右边托盘中不放砝码,将一个质量为m0、匝数为n、下边长为l的矩形线圈挂在右边托盘的底部,再将此矩形线圈的下部分放在待测磁场中.如图C1-3甲所示,线圈的两头连在如图乙所示的电路中,不计连接导线对线圈的作用力,电源电动势为E,内阻为r.开关S闭合后,调节可变电阻至R1时,天平正好平衡,此时电压表读数为U.已知m0>m,重力加速度为g,则()图C1-3A.矩形线圈中电流的方向为顺时针方向B.矩形线圈的电阻R=E-UUr-R1C.匀强磁场的磁感应强度大小B=(m0-m)rgn(E-U)lD.若仅将磁场反向,在左盘中再添加质量为2m0的砝码可使天平重新平衡19.2019·杭州期末 (1)如图C1-4所示,甲图和乙图是物理必修2中“探究功与速度变化的关系”的参考案例一(由重物提供牵引力)和案例二(由橡皮筋提供牵引力),则下列关于这两个案例说法正确的是. 图C1-4A.甲图装置也可用于“探究加速度和力、质量的关系”的实验B.甲图案例可以测定做功的具体数值,此时必须平衡摩擦力C.甲图案例可以测定做功的具体数值,若用牵引小车的重物的重力作为小车所受合外力,则要求重物的重力尽量大一些D.乙图案例只要平衡摩擦力,就可以计算出橡皮筋做功的具体数值(2)如图C1-5所示是实验室常见的器材,则上述两个案例都需要用到的器材是(填器材的字母代号). 图C1-5(3)由上述两个案例做的实验中挑选出一条纸带如图C1-6所示(假设实验中所有操作均正确),则它是由(选填“甲图”或“乙图”)案例做出来的. 图C1-620.(1)某同学用多用电表测量某一电阻,以下是该同学实验过程中的主要操作步骤.a.将选择开关置于如图C1-7甲所示的位置;b.将红、黑表笔短接,转动欧姆调零旋钮,进行欧姆调零;c.如图乙所示,把两表笔接触待测电阻的两端进行测量,表盘指针如图丙所示;d.记下读数,实验完毕.图C1-7请指出该同学操作中3处不合理或遗漏的地方:; . (2)该同学想采用“伏安法”尽可能精确地测量该电阻的阻值,且电阻两端电压可以从0 V逐渐增大,选用了如图C1-8所示的实验器材.其中电压表量程为015 V、内阻约为15 k,电流表量程为00.6 A、内阻约为4 ,滑动变阻器最大阻值为20 ,电源电动势为15 V.图中已经完成部分导线的连接,请你在实物接线图中完成余下导线的连接.图C1-821.如图C1-9所示,两根平行、光滑的斜金属导轨相距L=0.1 m,与水平面间的夹角为=37°,有一根质量为m=0.01 kg的金属杆ab垂直导轨搭在导轨上,匀强磁场与导轨平面垂直,磁感应强度为B=0.2 T.当杆中通以从b到a的电流时,杆可静止在导轨上.(g取10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8) (1)求此时通过ab杆的电流;(2)若保持其他条件不变,只是突然把磁场方向改为竖直向上,求此时杆的加速度.图C1-922.如图C1-10甲所示,连接纸带的小车在重物牵引下沿水平轨道运动,通过纸带可算出小车各时刻的速度,作出如图乙所示的v-t图像.已知小车质量为M=200 g,所挂重物的总质量m=100 g,t0=0.38 s时重物正好落地,假设小车运动过程中所受阻力恒定.求:图C1-10(1)重物落地后小车的加速度大小;(2)匀加速阶段细线对小车的拉力大小;(3)00.6 s内小车的平均速度大小.23.2019·宁波十校模拟 如图C1-11所示,有一半径R=0.5 m的光滑圆弧轨道ABC,O为圆弧轨道ABC的圆心,B为圆弧轨道的最低点,半径OA、OC与OB的夹角分别为53°和37°.将一个质量m=1 kg的物体(视为质点)从A点左侧高为h=0.8 m处的P点水平抛出,物体恰从A点沿切线方向进入圆弧轨道ABC.(g取10 m/s2)(1)求物体水平抛出时的初速度大小v0;(2)求物体经过B点时对圆弧轨道的压力大小FN;(3)若圆弧段右侧与一较长的斜面平滑相接,已知物体与斜面CD间的动摩擦因数=0.5,求物体在斜面CD上克服摩擦力所做的功.图C1-113+2+3冲A练(一)16.C解析 设单位长度的导线电阻为k,P点到AC端的距离为L1,则R1=2kL1,R2=2k(L-L1),解得L1=R1LR1+R2,故C正确.17.A解析 由于小球运动到B点时速度刚好为零,由对称性可知,圆弧AB的中点为“等效重力场”的最低点,有qE=mgtan 60°=3mg,故A正确;在B点时,对小球受力分析,有FN=qEcos 60°+mgcos 30°=qE2+32mg=qE2+32×33qE=qE,故B错误;在“等效重力场”中,根据对称性可知,小球在A、B两点的加速度大小相等,但方向不同,故C错误;如果小球带负电,则小球受到的电场力方向向左且电场力大于小球的重力,重力与电场力的合力指向左下方,所以小球将脱离AB圆弧面,故D错误.18.C解析 对矩形线圈受力分析,可知其所受安培力向上,由左手定则可判断,矩形线圈中电流的方向为逆时针方向,故A错误;根据闭合电路欧姆定律可得U=E-UR+R1r,解得矩形线圈的电阻R=UrE-U-R1,故B错误;根据平衡条件得m0g-F=mg,而F=nBIl,I=E-Ur,解得匀强磁场的磁感应强度的大小B=(m0-m)grn(E-U)l,故C正确;开始线圈所受的安培力方向向上,仅将磁场反向,则安培力方向反向,变为竖直向下,所以需要在左边加砝码,添加质量为m=2Fg=2(m0-m)的砝码可使天平重新平衡,故D错误.19.(1)AB(2)DE(3)乙图20.(1)挡位错不能用手捏表笔实验结束后未将选择开关打到OFF挡(2)如图所示21.(1)3 A(2)1.2 m/s2,方向沿导轨向下解析 (1)杆静止在导轨上,受力平衡,杆受到重力、导轨的支持力以及安培力,根据平衡条件得BIL=mgsin ,解得I=mgsinBL=3 A.(2)若把磁场方向改为竖直向上,对杆受力分析,根据牛顿第二定律得F合=mgsin -BILcos =ma解得a=1.2 m/s2,方向沿导轨向下.22.(1)0.5 m/s2(2)0.7 N(3)1.12 m/s解析 (1)a2=v2t2=1.50-1.390.6-0.38 m/s2=0.5 m/s2(2)小车所受阻力大小f=Ma2=0.2×0.5 N=0.1 N匀加速阶段的加速度a1=v1t1=1.50-0.360.38 m/s2=3 m/s2匀加速阶段,对小车,由牛顿第二定律得F-f=Ma1解得F=f+Ma1=0.1 N+0.2×3 N=0.7 N(3)00.6 s内小车的位移x=12×(0.36+1.50)×0.38 m+12×(1.39+1.50)×0.22 m=0.67 m平均速度v=xt=0.670.6 m/s=1.12 m/s23.(1)3 m/s(2)68 N(3)10.8 J解析 (1)由vy2=2gh,解得vy=2gh=4 m/s由tan 53°=vyv0,解得v0=3 m/s(2)hAB=R(1-cos 53°)=0.2 m从P点到B点,由动能定理得mg(h+hAB)=12mvB2-12mv02在B点时,有FN-mg=mvB2R解得FN=68 N由牛顿第三定律得,物体对轨道的压力大小为68 N(3)hBC=R(1-cos 37°)=0.1 m,设物体沿斜面CD能上滑的最大距离为x,从B点到斜面最高点,由动能定理得-mg(hBC+xsin 37°)-mgxcos 37°=0-12mvB2解得x=1.35 m因为=0.5<tan 37°,所以物体还将滑下斜面进入圆弧面.假设能到A点,对平抛至A点到第一次回到A点这一过程,由动能定理得-mgcos 37°×2x=EkA-12mvA2其中vA=vy2+v02=5 m/s解得EkA=12mvA2-mgcos 37°×2x=1.7 J>0所以物体将会从A点滑出轨道,在斜面上克服摩擦力做功为W克f=mgcos 37°×2x=10.8 J
