高考物理二轮复习 第三部分 高考模拟考场2-人教版高三全册物理试题.doc

高考模拟考场(二)本卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分。满分100分，考试时间90分钟。第卷(选择题共48分)一、选择题(共8小题，每小题6分，共48分，在每小题给出的四个选项中，15小题只有一个选项符合题目要求，68小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分)1在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。关于科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是()A亚里士多德根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因B牛顿发现了万有引力定律，并设计了扭秤测量出了引力常量C库仑通过扭秤实验确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律D法拉第通过实验研究，发现通电导线能产生磁场答案：C解析： 伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因，亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，A项错；牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许利用扭秤测量出了引力常量，B项错；奥斯特首先发现通电导线能产生磁场，D项错。2.如图所示，从倾角为的足够长的斜面顶端P以速度v0抛出一个小球，落在斜面上某处Q点，小球落在斜面上的速度与斜面的夹角为，若把初速度变为2v0，小球仍落在斜面上，则以下说法正确的是()A夹角将变大B夹角与初速度大小无关C小球在空中的运动时间不变DPQ间距是原来间距的3倍答案：B解析：根据平抛运动规律，速度与水平方向夹角正切值等于位移与水平方向夹角正切值的2倍，由图中几何关系可得：tan()2tan，与初速度大小无关，故初速度变为2v0，小球仍落在斜面上，夹角与初速度大小无关，选项A错误，选项B正确；由图中几何关系可得：，解得：t22t1，选项C错误；由图中几何关系可得：sPQ，sPQ，故sPQ4sPQ，选项D错误。3.如图所示为一理想变压器，原线圈有一可滑动的触头P，副线圈接一理想电流表和一滑动变阻器，原线圈的输入电压是周期为T的交变电压。下列叙述正确的是()A若输入电压增加，则变压器的输出功率增大B若交变电压的周期增大，则变压器的输出功率减小C若滑动变阻器的触头向下移动，则电流表的示数减小D若原线圈的触头向上滑动，则电流表的示数增大答案：A解析：输入电压增加时，副线圈的输出电压增加，则变压器的输出功率增加，A正确；交变电压的周期增大时，输入电压和输出电压不变，输出功率不变，B错误；若滑动变阻器的触头向下移动，负载电阻的阻值减小，副线圈电压不变，电流表的示数增大，故C错误；若原线圈的触头向上滑动，则原线圈匝数增加，变压器的输出电压减小，电流表的示数减小，D错误。4.如图所示，倾角为的斜面体C置于水平面上，B置于斜面C上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态。则()A水平面对C的支持力等于B、C的总重力BB一定受到C的摩擦力CC一定受到水平面的摩擦力D若将细绳剪断，物体B开始沿斜面向下滑动，则水平面对C的摩擦力可能为零答案：C解析：由题设条件知：绳子上拉力大小等于物体A的重力大小，对B、C整体受力分析，如图所示，由平衡条件，可知：水平面对C的支持力FN小于B、C的总重力，C一定受到水平面的摩擦力f，选项A错误，选项C正确；因不确定mBgsin和mAg的大小关系，故C对B的摩擦力无法确定，选项B错误；若将细绳剪断，物体B开始沿斜面向下滑动，加速度沿斜面向下，系统处于失重状态，水平面对C的摩擦力一定不为零，选项D错误。5.在倾角为的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态。现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，则()A此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinkdC当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为(Fkd)/m1D此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fdm1v2答案：C解析：整个过程中，由功能关系可知拉力F对系统做功等于系统机械能的增加量，若两物体质量相等，初、末状态弹簧的弹性势能不变，物块动能和重力势能均增大，拉力做功大于A动能增加量，A项错；开始时，弹簧处于压缩状态，m1gsinkx1；B刚要离开挡板时，弹簧处于伸长状态，形变量为x2，由平衡条件可知，m2gsinkx2<kd，B项错；由牛顿第二定律有，Fkx2m1gsinm1a，x1x2d，解得：a，C项正确；整个过程中，由功能关系可知，弹性势能增加量EpFdm1v2m1gdsin，D项错。6.如图所示，质量为m带电荷量为q的带电微粒，以初速度v0从A点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中，微粒通过电场中B点时速率vB2v0，方向与电场的方向一致，则下列选项正确的是()A微粒所受的电场力大小是其所受重力的2倍B带电微粒的机械能增加了2mvCA、B两点间的电势差为2mv/qDA、B两点间的电势差为3mv/2q答案：ABC解析：由题意知：从A到B的运动可以看成水平方向上初速度为零的匀加速直线运动，其加速度为，竖直方向上以初速度为v0的竖直上抛运动，且两个方向的运动具有等时性。由运动学公式可得：2v0t，v0gt，则qE2mg，选项A正确；根据功能关系，机械能的增加量等于除重力外其他力做的功，即Em(2v0)22mv，选项B正确；根据电场力做功的特点，qU2mv，U，选项C正确，选项D错误。72013年12月2日1时30分，嫦娥三号探测器由长征三号乙运载火箭从西昌卫星发射中心发射，首次实现月球软着陆和月面巡视勘察。嫦娥三号的飞行轨道示意图如图所示。假设嫦娥三号在环月段圆轨道和椭圆轨道上运动时，只受到月球的万有引力，则()A若已知嫦娥三号环月段圆轨道的半径、运动周期和引力常量，则可算出月球的密度B嫦娥三号由环月段圆轨道变轨进入环月段椭圆轨道时，应让发动机点火使其减速C嫦娥三号在环月段椭圆轨道上P点的速度大于Q点的速度D嫦娥三号在动力下降阶段，其引力势能减小答案：BD解析：由于不确定月球的半径，根据密度公式，无法求月球的密度，选项A错误；嫦娥三号在进行变轨时，改变卫星的速度，此时万有引力不变，要做向心运动，故应让发动机点火使其减速，选项B正确；根据开普勒定律可知：近月点的速度大于远月点的速度，即vQ>vP，选项C错误；嫦娥三号在动力下降阶段，引力做正功，引力势能减小，选项D正确。8.如图所示，一正方形闭合金属线框abcd放在粗糙绝缘水平面上，在其右侧有边界为OO的匀强磁场，磁场磁感应强度为B，方向垂直于水平面向下。正方形闭合金属线框的边长为l、质量为m、电阻为R，线框与水平面间的动摩擦因数为。开始时金属线框的ab边与磁场边界OO重合。现使金属线框以初速度v0沿水平面滑入磁场区域，运动一段时间后停止，停止后金属线框的dc边与磁场边界OO的距离也为l。则下列说法正确的是()A整个过程，ab边产生的焦耳热为mvB整个过程，ab边产生的焦耳热为mvmglC线框进入磁场所用时间为D线框进入磁场所用时间为答案：BC解析：根据动能定理，整个过程线框产生的焦耳热为mv2mgl，ab边产生的焦耳热为mvmgl，A项错误，B项正确；线框进入磁场后做匀减速运动，cd边刚进入磁场时的速度v，由牛顿第二定律有F安mgmam得：(F安mg)tmvtmgtm(vv0)mgtm(v0)，求得线框进入磁场所用时间为，C项正确。第卷(非选择题共62分)二、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须做答。第13题第15题为选考题，考生根据要求做答)(一)必考题(共47分)9(6分)以下是测量某合金丝的电阻率的实验，已知合金丝长度为80cm，其电阻约为5。提供的电源是两节内阻可不计的干电池，电压表量程为03V(内阻约为3k)，电流表量程为00.6A(内阻为5)，还有阻值为0100的滑动变阻器，开关一只，导线若干。用螺旋测微器测合金丝的直径如图甲所示。(1)合金丝的直径是_mm。(2)为使测量结果尽量准确，电流表应选择_(填“内接法”或“外接法”)。(3)请用笔画线连接图乙所示的实验电路。(4)在一次测量中，电压表与电流表示数分别为2.00V和0.20A，此时计算出的合金丝的电阻率为_·m。(结果保留三位有效数字)答案：(1)0.398(2)内接法(3)如图所示(4)7.77×107解析：(1)螺旋测微器的读数为0.398mm；(2)因为电流表的内阻是精确的，用电流表内接法可以精确测量合金丝的电阻，所以选择电流表内接法；(3)合金丝的电阻比滑动变阻器的最大阻值小很多，滑动变阻器采用分压式接法，实验电路图如图所示。(4)由实验测量得到合金丝的电阻RrA5.0，又R，故·m7.77×107·m。10(9分)测量滑块与水平桌面之间的动摩擦因数的实验装置如图所示。实验步骤如下：用游标卡尺测量挡光条的宽度l；用米尺测量O点到光电门A之间的距离d；调整轻滑轮，使细线水平；让滑块上的挡光条在桌面上O点的正上方并在砝码盘中加上一定的砝码，然后从O点由静止释放滑块，读出力传感器的读数F和数字毫秒计上显示的挡光条经过光电门的时间t；根据挡光条的宽度l、O点到光电门A之间的距离d、挡光条经过光电门的时间t，求出滑块运动时的加速度a；多次重复步骤，得到多组力的数据F与对应的滑块加速度a；根据上述实验数据作出aF图象，计算滑块与水平桌面之间的动摩擦因数。请回答下列问题：(1)滑块的加速度a可以用d、l、t表示，则a的表达式为_。(2)在此实验中_(填“要求”或“不要求”)砝码和砝码盘的总质量远小于滑块、挡光条以及力传感器的总质量。(3)在实验步骤中，我们得到多组力的数据F与对应的滑块加速度a的数据如下表所示，请在坐标纸中画出aF图象。测量次数12345力传感器读数F(N)0.320.430.510.580.66测量计算的加速度a(m/s2)0.591.201.511.892.31(4)根据图象求出滑块与水平桌面之间的动摩擦因数_(保留两位有效数字)。答案：(1)a(2)不要求(3)如图所示(4)0.10解析：滑块系统从O点开始做匀加速直线运动，挡光条通过光电门的速度为v，由匀变速直线运动公式，2adv2，加速度的表达式为a；由于力传感器可以精确测量滑块系统所受的拉力，也就不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于滑块、挡光条以及力传感器的总质量这一条件；滑块系统运动的动力学方程为FMgMa，得aFg，滑块系统的质量为图象斜率的倒数，可得M0.20kg，图线在F轴的截距F0Mg，得到0.10。11(15分)如图所示，两木块A、B质量均为m，用劲度系数为k、原长为L的轻弹簧连在一起，放在倾角为的传送带上，两木块与传送带间的动摩擦因数均为，与传送带平行的细线拉住木块A，传送带按图示方向匀速转动，两木块处于平衡状态。求：(1)A、B两木块之间的距离；(2)剪断细线瞬间，A、B两木块的加速度。答案：(1)L(2)2(gsingcos)解析：(1)隔离B木块分析，由平衡条件可得：F弹mgsinmgcos由胡克定律：F弹kx两木块间的距离为lABLxL(2)剪断细线瞬间弹簧弹力不变，对物块B，由牛顿第二定律有：F弹(mgsinmgcos)maB解得aB0对于物块A有F弹mgcosmgsinmaA解得aA2(gsingcos)12(17分)在如图所示的空间放置一与x轴垂直的绝缘板，绝缘板的左侧有一与绝缘板平行的平行板电容器，其中左板带正电，右板带负电，测得两板间的电压为U。在绝缘板的右侧、x轴的上方存在垂直纸面向外的磁感应强度为B的匀强磁场。现有一质量为m、电荷量为q的带正电粒子由电容器左板从静止释放，经电场加速后粒子从A点穿过绝缘板，之后以平行于x轴的速度进入磁场，经磁场偏转150°从x轴上的C点离开磁场，如图所示，经过一段时间粒子再次到达绝缘板。已知O、C两点间的距离为l，忽略粒子的重力。求：(1)带电粒子在磁场中运行时的速度以及穿过绝缘板时损失的能量；(2)带电粒子从A点到再次运动到绝缘板所用的时间。答案：(1)q(U)(2)解析：(1)粒子在电场中加速，由动能定理可知：qUmv2v粒子在磁场中做圆周运动的轨迹如图所示，由几何关系可得轨道半径为2l由牛顿第二定律有qvBm解得v所以损失的能量为Ekmv2mv2q(U)(2)粒子在磁场中做匀速圆周运动的时间t1粒子从C点到绝缘板做匀速直线运动，所用时间t2粒子从A点到再次运动到绝缘板所用的时间t(二)选考题(共15分。请考生从给出的3道题中任选一题做答。如果多做，则按所做的第一题计分)13物理选修33(15分)(1)(6分)下列说法中正确的是_(填入正确选项前的字母。选对1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分；每选错1个扣3分，最低得分为0分)。A根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传递到高温物体B能量耗散说明能量在转化过程中具有方向性C当分子间的距离增大时，分子间的引力增大、斥力减小D温度是描述热运动的物理量，一个系统与另一个系统达到热平衡时，两系统温度相同E第二类永动机不可能制成，说明机械能可以全部转化为内能，内能却不能全部转化为机械能同时又不引起其他变化(2)(9分)如图所示，长为L50cm且粗细均匀的细玻璃管开口向上竖直放置，玻璃管内用10cm高的水银柱封闭着30cm长的空气柱(可看作理想气体)，其初始温度为t027，外界大气压强恒为p076cmHg。若缓慢对空气柱加热，使水银柱上表面与管口刚好相平，求此时空气柱的温度t1；若将玻璃管的上端开口封闭，并将下端空气柱的温度升高到t2327，发现玻璃管中的水银柱上升了2cm，则此时下端空气柱的压强为多大？答案：(1)BDE(2)127161cmHg解析：(1)热量不能自发地从低温物体传到高温物体，选项A错误；耗散掉的能量不能再重新收集起来加以利用，说明能量的转化具有方向性，选项B正确；当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力均要减小，选项C错误；温度是描述热运动的物理量，是决定一个系统与另一个系统是否达到热平衡状态的物理量，所以当一个系统与另一个系统达到热平衡时两系统温度相同，选项D正确；由热力学第二定律可知，选项E正确。(2)由题意可知，对空气柱加热过程中，空气柱发生的是等压变化，加热前，空气柱的长度l00.3m，加热后，空气柱的长度为l0.4m，若细玻璃管的横截面积为S，则由盖吕萨克定律可得：代入数据可解得：t1127由题意可知，空气柱初态时的压强为p1p010cmHg86cmHg，温度为T1300K，体积为V1l0S，末态时的温度为T2600K，体积为V2(l00.02m)S，压强为p2，则由理想气体状态方程可得：代入数据可解得：p2161cmHg14物理选修34(15分)(1)(6分)如图甲所示为一列简谐横波在t0.2s时的波形图，P为平衡位置在x2m处的质点，图乙所示为质点P的振动图象，则下列关于该波的说法中正确的是_(填入正确选项前的字母。选对1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分；每选错1个扣3分，最低得分为0分)。A该波的周期是0.4sB该波沿x轴正方向传播C该波的传播速度为10m/sDt0.3s时，质点P的速度为零，加速度最大E从t0.2s到t0.5s，质点P通过的路程为40cm(2)(9分)如图所示，横截面为正方形ABCD的玻璃砖边长为20cm，玻璃砖的AD面为镀银后形成的平面镜。现让一束单色光从玻璃砖AB边的中点O处入射，入射方向与AB边成30°角，光线经平面镜反射后从CD边的P点射出，出射方向与CD边的夹角恰好也为30°，且5cm。试计算该玻璃砖的折射率n；试计算该单色光在玻璃砖中的传播时间t(光在真空中传播的速度为c3.0×108m/s)。答案：(1)ACD(2)1.2×109s解析：(1)由题图乙可以看出，质点P完成一次全振动所需的时间为0.4s，所以该波的传播周期为0.4s，选项A正确；由题图乙可知，在t0.2s后质点P向x轴负方向运动，根据质点振动方向与波的传播方向之间的关系可以判断，该波一定是沿x轴负方向传播，选项B错误；由v/T可知，该波的传播速度为v10m/s，选项C正确；在t0.3s时，质点P运动到距平衡位置最远处，所以其速度为零，加速度最大，选项D正确；从t0.2s到t0.5s，质点P通过的路程应为60cm，选项E错误。(2)光路图如图所示。由光路图可知：又20cm可解得：cmcm有：tansin又60°所以该玻璃砖的折射率n×102m×102m光在该玻璃砖中的传播速度为v所以光在玻璃砖中的传播时间为t1.2×109s15物理选修35(15分)(1)(6分)玻尔指出，电子围绕原子核运动的轨道半径和原子在不同状态中具有的能量都是量子化的。若已知量子数为n的氢原子核外电子运动的轨道半径rnn2r1，能级值为EnE1，式中的r10.53×1010m，E113.6eV。若要使氢原子从n1的基态跃迁到n3的激发态，则要用频率为_Hz的光子照射氢原子；若氢原子处于n2能级，则电子在此轨道上运动时所具有的电势能为_eV。(静电力常量k9×109N·m2/C2，电子的电荷量e1.6×1019C，普朗克常量h6.63×1034J·s)(结果均保留三位有效数字)(2)(9分)如图所示，在光滑的水平地面上有两个质量分别为m和2m的滑块A和B，它们分别以v0和2v0的速度相向而行，某时刻两滑块发生碰撞，碰撞后两滑块结合在一起。若两滑块发生碰撞的时间为t，试计算滑块在碰撞过程中受到的平均冲击力的大小；试计算两滑块在碰撞过程中产生的热量。答案：(1)2.92×10156.80(2)3mv解析：(1)氢原子处于n1的基态时具有的能量为E113.6eV，处于n3的激发态时所具有的能量为E31.51eV，所以氢原子需要吸收的能量为EE3E112.09eV，由Eh可得：2.92×1015Hz。电子在n2轨道上做圆周运动的轨道半径为r2n2r12.12×1010m，由k可得电子在该轨道上的动能为Ekk，又电子在此轨道上的总能量为E3.40eV，所以电势能为EpEEk6.80eV。(2)规定向左的方向为运动的正方向。设两滑块碰后的共同速度大小为v，由动量守恒定律可得：mBvBmAvA(mBmA)v解得：vv0设碰撞过程中的平均冲击力为F，对A由动量定理可得：Ft2mAv0解得：F由能量守恒定律可知：QmAvmBv(mAmB)v2解得：Q3mv