高考物理二轮复习 课时作业7 电场和磁场的基本性质-人教版高三全册物理试题.doc

课时作业7电场和磁场的基本性质一、选择题(15题为单项选择题，68题为多项选择题)12018·浙江名校协作体联考如图所示是实验室里用来测量磁场力的一种仪器电流天平，某同学在实验室里，用电流天平测算通电螺线管中的磁感应强度，若他测得CD段导线长度为4×102 m，天平(等臂)平衡时钩码重力为4×105 N，通过导线的电流I0.5 A由此，测得通电螺线管中的磁感应强度B为()A2.0×103 T方向水平向右B5.0×103 T方向水平向右C2.0×103 T方向水平向左D5.0×103 T方向水平向左解析：由安培定则知通电螺线管内磁感应强度的方向水平向右由于天平平衡，则BILG，B2×103 T，故A正确答案：A2两根相同的直导线中通有大小相同的电流，当两导线相隔一定距离垂直放置(如图甲所示)时，两导线间距的中点位置的磁感应强度大小为B；当两导线平行放置(如图乙所示)时，间距与垂直放置时相同，电流方向相反，则两导线间距的中点位置的磁感应强度大小为()A.B B2BCB D.B解析：当两导线垂直放置时，两导线在间距中点处产生的磁场互相垂直，磁感应强度大小相同，设每根导线在间距中点处产生的磁场的磁感应强度大小为B0，则有BB0，当两导线平行放置且电流方向相反时，两导线在间距中点处产生的磁场的磁感应强度大小相同，方向相同，则两导线间距中点处的磁感应强度大小B12B0B，A正确答案：A3如图是静电喷漆的工作原理图工作时，喷枪部分接高压电源负极，工件接正极，喷枪的端部与工件之间就形成静电场，从喷枪喷出的涂料微粒在电场中运动到工件，并被吸附在工件表面图中画出了部分微粒的运动轨迹，设微粒被喷出后只受静电力作用，则()A微粒的运动轨迹显示的是电场线的分布情况B微粒向工件运动的过程中所受电场力先减小后增大C在向工件运动的过程中，微粒的动能逐渐减小D在向工件运动的过程中，微粒的电势能逐渐增大解析：微粒的运动轨迹是曲线时与电场线一定不重合，A错误由场强叠加原理可知，距离两个电极越近的位置，电场强度越大，所以微粒在向工件运动的过程中所受电场力先减小后增大，B正确在微粒向工件运动的过程中，电场力做正功，电势能减少；只有电场力做功，即合力做正功，微粒的动能增加，C、D错误答案：B4.2018·天津卷，3如图所示，实线表示某电场的电场线(方向未标出)，虚线是一带负电的粒子只在电场力作用下的运动轨迹，设M点和N点的电势分别为M、N，粒子在M和N时加速度大小分别为aM、aN，速度大小分别为vM、vN，电势能分别为EPM、EPN.下列判断正确的是()AvM<vN，aM<aN BvM<vN，M<NCM<N，EPM<EPN DaM<aN，EPM<EPN解析：由粒子轨迹弯曲方向及电场线分布情况可知，粒子所受电场力方向沿电场线切线方向，设粒子由M向N运动，则速度方向沿轨迹切线方向，电场力方向与粒子速度方向的夹角为钝角，电场力做负功，电势能增大，动能减小，所以vM>vN，EpM<EpN，A、B项错误；电场线疏密程度表示电场强度大小，故粒子在M点所受电场力的大小小于在N点所受电场力的大小，由牛顿第二定律可知，aM<aN，D项正确；由于电场线方向如图所示，所以M点电势较N点的高，C项错误答案：D52018·江苏南京、盐城联考如图甲所示，x轴上固定两个点电荷Q1、Q2(Q2位于坐标原点O)，其上有M、N、P三点，间距MNNP.Q1、Q2在x轴上产生的电势随x变化关系如图乙则()AM点电场场强大小为零BN点电场场强大小为零CM、N之间电场方向沿x轴负方向D一正试探电荷从P移到M过程中，电场力做功|WPN|WNM|解析：由题图可知，由M到N电势降低，由无限远处到N电势降低，根据沿着电场线方向电势逐渐降低的性质，可以判断MN之间电场方向沿着x轴正方向，无限远处到N点电场方向沿x轴负方向，且N点场强为零，选项A、C错误，B正确；|WPN|qUPN|q(PN)|q(NM)|WNM|，选项D错误答案：B62018·锦州二模如图所示，一带电小球固定在光滑水平面上的O点，虚线a、b、c、d是带电小球激发电场的四条等距离地等势线，一个带电小滑块从等势线d上的1处以水平初速度v0运动，结果形成了实线所示的小滑块运动轨迹，1、2、3、4、5是等势线与小滑块运动轨迹的一些交点由此可以判定()A固定小球与小滑块带异种电荷B在整个运动过程中小滑块的加速度先减小后增大C在整个过程中小滑块的电势能先增大后减小D小滑块从位置3到4和从位置4到5的过程中，电场力做功的大小关系是W34W45解析：A项，由图看出滑块的轨迹向右弯曲，可知滑块受到了斥力作用，则知小球与小滑块电性一定相同故A项错误；B项，滑块与小球的距离先减小后增大，由库仑定律得知滑块所受的库仑力先增大后减小，则其加速度先增大后减小故B项错误；C项，根据能量守恒定律得知，小滑块运动过程中具有的动能与电势能之和保持不变，因电场力做功，导致动能先减小后增大，那么电势能先增大后减小故C项正确；D项，从位置1到2的电场线越来越密，由UEd分析4、5间电势差与3、4间电势差关系是：U45U34，则电场力做功的大小关系是W45W34.故D项正确，故选D项答案：CD7如图所示，纸面内A、B两点之间连接有四段导线分别为ACB、ADB、AEB和AFB，四段导线的粗细、材料均相同，匀强磁场垂直于纸面向里现给A、B两端加上恒定电压，则下列说法正确的是()A四段导线受到的安培力的方向相同B四段导线受到的安培力的大小相等CADB段导线受到的安培力最大DAEB段导线受到的安培力最小解析：导线的粗细、材料均相同，由电阻定律R可知，导线越长，电阻越大，由I可知，ADB段导线长度最小，则ADB段导线电流最大，四段导线在磁场中的有效长度L都相同，由FBIL可知，ADB段导线受到的安培力最大，而AFB段导线比AEB段导线长，AEB段导线受到的安培力不是最小的，故C正确、D错误；由左手定则可知，四段导线所受安培力的方向均相同，故A正确、B错误答案：AC8A、B为两等量异号点电荷，图中水平虚线为A、B连线的中垂线现将另两个等量异号的检验电荷a、b用绝缘细杆连接后，从离A、B无穷远处沿中垂线平移到A、B的连线上，平移过程中两检验电荷始终关于中垂线对称若规定离A、B无穷远处电势为零，则下列说法中正确的是()A在A、B连线上a所处的位置的电势a0Ba、b整体在A、B连线处具有的电势能Ep0C整个移动过程中，静电力对a做正功D整个移动过程中，静电力对b做负功解析：平移过程中，a或者b处于等量异种点电荷的电场中，根据等量异种点电荷产生的电场的电场线的分布特点，a和b受到的电场力的方向均有沿水平方向向右的分量，所以平移过程中，电场力对它们都做负功，它们的电势能都要增加，在A、B连线上，Ep>0，选项D正确，B、C错误等量异种点电荷的中垂线上电势为零，而AB连线上，电场强度方向由A指向B，所以A>0，选项A正确答案：AD二、非选择题9如图所示，ABCD且A、B、C、D位于一半径为r的竖直圆上，在C点有一固定点电荷，电荷量为Q.现从A点将一质量为m、电荷量为q的小球由静止释放，小球沿光滑绝缘轨道ADB运动到D点时速度为，g为重力加速度，不考虑运动电荷对静电场的影响，求：(1)小球运动到D点时对轨道的压力；(2)小球从A点到D点过程中电势能的改变量解析：(1)小球在D点时有FNkmg解得FN2mgk由牛顿第三定律得，小球在D点时对轨道的压力大小为FN2mgk方向竖直向下(2)小球从A运动到D，根据动能定理，有：mgrW电m()20解得电场力做的功：W电mgr因为电场力做负功，则电势能增加，Epmgr.答案：(1)2mgk方向竖直向下(2)mgr10如图所示，xOy平面内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B0.1 T，在原点O有一粒子源，它可以在xOy平面内向各个方向发射出质量m6.4×1027 kg、电荷量q3.2×1019 C、速度v1.0×106 m/s的带正电的粒子. 一感光薄板平行于x轴放置，其中点O的坐标为(0，a)，且满足a0.(不考虑粒子的重力以及粒子之间的相互作用，结果保留三位有效数字)(1)若薄板足够长，且a0.2 m，求感光板下表面被粒子击中的长度；(2)若薄板长l0.32 m，为使感光板下表面全部被粒子击中，求a的最大值解析：(1)带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力有qvBm解得r0.2 m如图1，沿y轴正向发射的粒子击中薄板的D点(最左端)，有x1r0.2 m而击中薄板的最右端的粒子恰好运动了半个圆周，由几何关系x2 m所以，感光板下表面被粒子击中的长度Lx1x20.546 m.(2)如图2，若粒子恰能击中薄板的最左端点，由几何关系OF0.12 m解得a1OFr0.320 m如图3，若粒子恰能击中薄板的最右端E点，由几何关系a2 m0.320 m综上可得，为使感光板下表面全部被粒子击中，a的最大值：am0.320 m.答案：(1)0.546 m(2)0.320 m