上海市虹口区2016年中考物理三模试卷（解析版）.doc

2016年上海市虹口区中考物理三模试卷一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂1在太阳系中，太阳是（）A卫星B恒星C行星D彗星2人体的正常体温是（）A27B32C37D423吉他表演时，演奏者用较大的力拨动琴弦是为了调节琴声的（）A响度B音调C音色D频率4在四冲程汽油机工作过程中，将内能转化成机械能的冲程是（）A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程5一束光从空气斜射入玻璃砖中，若入射角为45°，则折射角可能为（）A60°B50°C45°D28°6用弹簧测力计拉着甲、乙两物体沿竖直方向运动，两次运动的st图象如图所示若甲的重力比乙小，则对应的测力计示数F甲、F乙的大小关系是（）AF甲一定小于F乙BF甲一定等于F乙CF甲可能小于F乙DF甲可能大于F乙7在如图所示的电路中，电源电压保持不变闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，不变的是（）A电流表A示数与电流表A1示数的差值B电压表V示数与电流表A示数的比值C电压表V示数与电流表A示数的乘积D电压表V示数与电流表A1示数的乘积8如图所示，底面积不同的圆柱形容器A和B分别盛有两种不同液体，液体对两容器底部的压强相等若在两容器中分别放入同一小球后，小球均漂浮在液面上，此时液体对各自容器底部的压强pA、pB的关系（）A一定是pApBB一定是pA=pBC一定是pApBD可能是pApB二、填空题（共23分）请将结果填入答题纸的相应位置9一节干电池的电压为伏；用电器工作时将能转化为其他形式的能；丹麦物理学家发现了电流周围存在磁场105月31日，中国运动员苏炳添在国际百米大赛中跑出了9秒99的成绩，成为首位跑进10秒的中国人，起跑时他用力蹬助跑器后飞速冲出，说明力可以改变物体的，在冲过终点减速的过程中，他的惯性，动能（后两空均填“增大”、“不变”或“减小”）11某高铁列车以300千米/时的速度匀速行驶，以地面为参照物，列车是的（选填“运动”或“静止”），经过小时列车行驶的路程为千米；车轮行驶过后铁轨会发热，这是通过的方式使铁轨的内能增大122千克的水温度降低5，水放出的热量为焦水的比热容在常见的物质中是比较的，因此沿海地区昼夜温差比同纬度的内陆地区（均选填“大”或“小”）c水×103焦/（千克）13若某导体两端电压为6伏，通过它的电流为安，则10秒内通过该导体横截面的电荷量为库，导体的电阻为欧当该导体两端电压变为12伏时，10秒内电流做功为焦14在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S电路正常工作一段时间后，发现电路中只有一个电表的示数变小，已知故障发生在电阻R、灯L上，其他元件仍保持完好若小灯发光，则电路中存在的故障是若小灯不发光，则电路中存在的故障是15为了研究将物体浸没在液体中时液体对容器底部压强的增加量与物体体积、质量的关系，某小组同学将甲、乙、丙三个物体分别浸没在同一液体中，并观察指针式压强计示数的变化情况，如图所示已知物体的质量m甲=m丙m乙，体积V甲=V乙V丙分析比较图（a）、（b）和（a）、（c）可以得到：分析比较图（a）、（b）和（a）、（d）可以得到：三、作图题（共7分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔16重为4牛的物体静止在水平面上，用力的示意图画出它所受的重力G17根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极18在图中，将电源、电流表、电压表三个元件符号填入电路空缺处要求电键S闭合后：电流方向如图所示；电压表测电阻R两端电压四、计算题（共26分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置19一物体漂浮在水面上，它排开水的体积为5×103米3，求物体所受的浮力20如图所示，使用动滑轮在5秒内将重20牛的物体A匀速提升2米，不计滑轮重及摩擦求：（1）所用的拉力F（2）这段时间内，拉力所做的功W和功率P21在图（a）所示的电路中，电源电压为15伏且保持不变，电阻R1的阻值为30欧闭合电键S，电流表的示数如图（b）所示求通过电阻R1的电流I1求电阻R2的阻值现用标有“50 1.5”字样的滑动变阻器R0替换电阻R1或R2中的一个，要求：在移动变阻器滑片P的过程中，电流表示数的变化量I最大问：替换哪个电阻？并求出该最大变化量I最大22如图所示，某学校要建一个正面为矩形广告墙，提供长米、宽米、厚米、密度×103千克/米3的砖2550块已知水平地面能够承受的最大压强为×105帕，且由于场地限制墙的宽度最多为5米求一块砖对水平地面的压力F求一块砖对水平地面的最大压强p现在要求广告墙正面的面积尽量大，应该如何砌墙，墙的最大面积为多少米2？（忽略砖与砖之间缝隙）五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答23在“用电流表、电压表测电阻”实验中，电流表应与待测电阻，电压表应与待测电阻（均选填“串联”或“并联”）在“探究杠杆平衡的条件”实验中，杠杆静止在如图所示位置，此时杠杆处于状态（选填“平衡”或“不平衡”），为了使杠杆在水平位置平衡，应向调节平衡螺母（选填“左”或“右”）24在焦距为5厘米、10厘米或12厘米的凸透镜中选择一个放置于光具座的A点处，如图所示将蜡烛、光屏分置于光具座上透镜两侧，调整透镜和光屏的中心大致与烛焰的中心在若将蜡烛放置在B点通过三个凸透镜都能在光屏上成像，则焦距为厘米的透镜所成的像最小；若从C点向右移动光屏时可在光屏上得到清晰的像，则实验中所用透镜的焦距可能是厘米25为了研究在水平方向上做直线运动的物体速度的变化量与哪些因素有关，小红同学分别用水平方向、大小不同的力拉着质量不同的物体在光滑的水平面上作直线运动他们测出了物体运动时受到的拉力F、速度变化量v和速度变化时所用的时间t，并把实验数据记录在表中表一（m物为1千克）实验序号拉力F（牛）时间t（秒）速度变化量Dv（米/秒）Dv/t（米/秒2）1212222432364431256318表二（m物为2千克）实验序号拉力F（牛）时间t（秒）速度变化量Dv（米/秒）Dv/t（米/秒2）621172228233943610639分析比较实验序号的数据可以得出：用大小相同的力沿水平方向拉着质量不同的物体沿直线运动，所用时间相同，分析比较实验序号1、2与3或6、7与8的数据可以得出：分析比较实验序号3、4与5或8、9与10的数据可以得出：为了进一步研究速度的变化量v和这些因素的数量关系，小红计算了速度的变化量v和所用的时间t的比值，并将结果分别记录在表一和表二的最后一列中请将表一和表二的第五列数据填写完整然后小红进一步分析了与物体的质量m、受到的拉力F的关系，可以得出：26小华同学做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源（电压保持不变）、待测小灯（标有“2.5V”、“3.8V”字样的小灯各一个）、滑动变阻器（标有“10 1A”、“50 1A”的变阻器各一个）、电压表、电流表、电键及导线若干小华同学选择了一个小灯和变阻器后正确连接电路，实验步骤正确，刚闭合电键时电流表、电压表示数如图（a）、（b）所示接着他把另一个电压表并联在电路中的某两点之间，按照正确实验步骤进行操作，刚闭合电键时此电压表示数恰好仍如图（b）所示他继续移动滑动变阻器的滑片P直至小灯正常发光时，发现电流表和其中一个电压表示数都在原来的基础上偏转了1格，另一个电压表示数在原来的基础上偏转了5格小华所选的变阻器规格为小华所选用小灯的额定电压为计算小灯的额定功率2016年上海市虹口区中考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂1在太阳系中，太阳是（）A卫星B恒星C行星D彗星【考点】人类探究太阳系及宇宙的历程【分析】了解什么是恒星、行星、卫星、彗星，根据对相关星体的了解作答【解答】解：太阳能够发光发热，是离我们最近的恒星，也是太阳系唯一的恒星，故B正确故选B2人体的正常体温是（）A27B32C37D42【考点】温度【分析】此题考查我们对常见物体温度的认识，结合对生活的了解和对温度单位摄氏度的认识，选出符合实际的选项【解答】解：正常情况下，人的体温在37左右，变化幅度很小故选C3吉他表演时，演奏者用较大的力拨动琴弦是为了调节琴声的（）A响度B音调C音色D频率【考点】响度与振幅的关系【分析】声音是由物体的振动产生的；声音的特性有三个：音调、响度和音色音调是指声音的高低，响度是指声音的大小，音色是指声音的感觉特性【解答】解：声音的响度与振幅有关，拨动琴弦的力度大，振幅越大，声音的响度越大故演奏者用较大的力拨动琴弦是为调节琴声的响度故选A4在四冲程汽油机工作过程中，将内能转化成机械能的冲程是（）A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程【考点】内燃机的四个冲程【分析】汽油机的四个冲程中只有两个冲程伴随有能量的转化压缩冲程中活塞向上运动，汽油和空气的混合物被压缩，内能增大，温度升高，活塞运动的动能转化为混合气体的内能；做功冲程中，火花塞冒出电火花，将混合气体点燃，混合气体剧烈燃烧，产生高温高压的燃气，推动活塞运动，燃气的内能转化为活塞运动的动能【解答】解：在做功冲程中，两个气门关闭，活塞下行带动曲轴转动做功，气体的内能转化为机械能；故选：C5一束光从空气斜射入玻璃砖中，若入射角为45°，则折射角可能为（）A60°B50°C45°D28°【考点】光的折射规律【分析】根据光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角；光从一种透明介质垂直射入另一种介质时，传播方向不变，对各个选项逐一分析【解答】解：由光的折射定律可知：光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，由于入射角等于45°，所以折射角小于45°，故ABC选项不符合题意；只有D符合题意 故选D6用弹簧测力计拉着甲、乙两物体沿竖直方向运动，两次运动的st图象如图所示若甲的重力比乙小，则对应的测力计示数F甲、F乙的大小关系是（）AF甲一定小于F乙BF甲一定等于F乙CF甲可能小于F乙DF甲可能大于F乙【考点】力与运动的关系【分析】当物体静止或做匀速直线运动时，物体处于平衡状态，受到的力为平衡力，知道一个力可求另一个的大小和方向；所以可以从提供的st图象确定物体做什么运动，进一步根据二力平衡的知识判断【解答】解：由两次运动的st图象和做竖直向上运动可知：两次都做匀速直线运动，都处于平衡状态，因为物体受到的重力和拉力为一对平衡力，所以F甲=G甲，F乙=G乙；已知甲的重力比乙小，所以F甲一定小于F乙故选A7在如图所示的电路中，电源电压保持不变闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，不变的是（）A电流表A示数与电流表A1示数的差值B电压表V示数与电流表A示数的比值C电压表V示数与电流表A示数的乘积D电压表V示数与电流表A1示数的乘积【考点】电路的动态分析【分析】由图可知R1和R2并联，电压表测量并联支路（电源电压）电压，电流表A1测R1支路的电流，A测干路电流；根据电源的电压判断电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1电流的变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化以及两电流表差值之间的关系，利用欧姆定律得出电压表V示数与电流表A1示数的比值变化，并得到电压表V与A表、A1表示数乘积的变化【解答】解：由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量并联支路（电源电压）电压，电流表A1测R1支路的电流，A测干路电流；电源的电压不变，电压表的示数不变；并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时，通过R1的电路不变，即电流表A1的示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I=，且并联电路中各支路两端的电压相等，所以通过滑动变阻器R2支路的电流变小，因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表A的示数变小；电流表A的示数与电流表A1示数的差值等于通过滑动变阻器的电流，所以电流表A的示数与电流表A1示数的差值变小，故A不正确，电压表V示数与电流表A示数的比值变大，故B错误；电压表V示数与电流表A示数的乘积变小，故C错误；电压表V示数与电流表A1示数的乘积不变，故D正确故选D8如图所示，底面积不同的圆柱形容器A和B分别盛有两种不同液体，液体对两容器底部的压强相等若在两容器中分别放入同一小球后，小球均漂浮在液面上，此时液体对各自容器底部的压强pA、pB的关系（）A一定是pApBB一定是pA=pBC一定是pApBD可能是pApB【考点】压强大小比较【分析】首先根据p=液gh得出两种液体的密度关系，然后根据物体漂浮，浮力等于重力判断两小球所受浮力大小，根据阿基米德原理比较排开液体体积的大小，并结合图示判断两容器内液面上升的高度大小，最后根据p=液gh判断压强大小【解答】解：由图可知，A容器内液体的高度大于B容器内液体的高度，即hAhB，液体对两容器底部的压强相等，根据p=液gh可知，AB，若在两容器中分别放入同一小球后，小球均漂浮在液面上，两小球所受浮力相等，都等于小球的重力，根据F浮=液gV排可知，小球排开液体的体积关系为V排AV排B，由图可知，SASB，所以，A容器内液面上升的高度大于B容器内液面上升的高度，根据p=液gh可知，此时液体对各自容器底部的压强有可能是pApB故ABC错误，D正确故选D二、填空题（共23分）请将结果填入答题纸的相应位置9一节干电池的电压为伏；用电器工作时将电能转化为其他形式的能；丹麦物理学家奥斯特发现了电流周围存在磁场【考点】电压；通电直导线周围的磁场；电路的组成【分析】一节干电池电压为；用电器工作时消耗电能转化为其它形式的能；奥斯特发现了电能生磁即通电导线周围有磁场，且通电导体周围的磁场取决于电流的方向，这就是电流的磁效应【解答】解：一节干电池的电压为；用电器工作时将电能转化为其他形式的能；丹麦物理学家奥斯特发现了电流周围存在磁场故答案为：；电；奥斯特105月31日，中国运动员苏炳添在国际百米大赛中跑出了9秒99的成绩，成为首位跑进10秒的中国人，起跑时他用力蹬助跑器后飞速冲出，说明力可以改变物体的运动状态，在冲过终点减速的过程中，他的惯性不变，动能减小（后两空均填“增大”、“不变”或“减小”）【考点】力的作用效果；惯性；动能和势能的大小变化【分析】（1）力的作用效果有两个：力可以改变物体的形状即使物体发生形变力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化（2）物体的惯性只与质量有关，与速度无关；（3）影响动能的因素是速度和质量【解答】解：（1）起跑时他用力蹬助跑器后飞速冲出，说明力可以改变物体的运动状态；（2）由于运动员的质量不变，故惯性不变；（3）影响动能的因素是速度和质量，由于质量不变，速度减小，故动能减小；故答案为：运动状态；不变；减小11某高铁列车以300千米/时的速度匀速行驶，以地面为参照物，列车是运动的（选填“运动”或“静止”），经过小时列车行驶的路程为150千米；车轮行驶过后铁轨会发热，这是通过做功的方式使铁轨的内能增大【考点】参照物及其选择；速度公式及其应用；做功改变物体内能【分析】（1）判断列车的运动状态要看相对于参照物的位置是否发生了改变；（2）根据公式s=vt即可算出高铁行驶的路程；（3）做功可以改变物体的内能，外界对物体做功，物体的内能增大，温度升高【解答】解：以地面为参照物，列车和地面之间的位置在发生变化，所以列车以地面为参照物是运动的由v=得列车行驶的路程：s=vt=300千米/小时×小时=150千米；列车通过时，车轮和铁轨之间相互摩擦，要克服摩擦做功，使铁轨的内能增大，温度升高；所以通过做功的方式改变物体的内能故答案为：运动；150；做功122千克的水温度降低5，水放出的热量为×104焦水的比热容在常见的物质中是比较大的，因此沿海地区昼夜温差比同纬度的内陆地区小（均选填“大”或“小”）c水×103焦/（千克）【考点】热量的计算；比热容解释简单的自然现象【分析】由热量公式可以求出水释放的热量，水的比热较大，根据热量公式分析答题【解答】解：2千克的水温度降低5，水放出的热量为Q=cm×103J/（kg）×2kg×5×104J；水的比热容c在常见的物质中是比较大的，由Q=cmt可知，在质量m与吸收或放出热量Q相同的情况下，水的温度变化t较小，因此沿海地区昼夜温差比同纬度的内陆地区小故答案为：×104；大；小13若某导体两端电压为6伏，通过它的电流为安，则10秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，导体的电阻为20欧当该导体两端电压变为12伏时，10秒内电流做功为72焦【考点】欧姆定律的应用；电量及其计算；电功的计算【分析】已知通过该导体的电流和时间，根据公式Q=It可求电荷量，利用欧姆定律求导体电阻；而电阻与导体两端的电压没有关系，当该导体两端电压变为12V时电阻不变，再利用W=t求消耗的电能【解答】解：由I=得通过该导体横截面的电荷量：×10s=3C；由I=得导体电阻：R=20，电阻的大小与电压和电流的变化无关，所以当电压变化时，电阻值不变仍为20，10秒内电流做功W=t=×10s=72J故答案为：3；20；7214在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S电路正常工作一段时间后，发现电路中只有一个电表的示数变小，已知故障发生在电阻R、灯L上，其他元件仍保持完好若小灯发光，则电路中存在的故障是L短路若小灯不发光，则电路中存在的故障是电阻R断路或电阻R断路且灯L短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】由图可知R与灯泡L串联，电压表测量R两端的电压，电流表测量电路电流；由电路中两表示数的变化以及灯泡的发光情况进行分析故障的可能性【解答】解：若小灯发光，说明电路为通路，因此电路故障为短路，即电阻R短路，此时电压表示数为零，电流表示数变大，即电压表示数变小 若小灯不发光，则电路故障为断路或L短路；当L短路时，电流表示数变大，电压表测量电源电压，即两表示数都变大，不符合题意；当电阻R断路时，电流表示数为零，电压表测量电源电压，即电流表示数变小，电压表示数变大，符合题意；当L断路时，电流表示数为零，电压表示数为零，即两表示数都变大，不符合题意；若R断路且L短路时，电流表示数为零，电压表测量电源电压，即即电流表示数变小，电压表示数变大，符合题意故答案为：L短路；电阻R断路或电阻R断路且灯L短路15为了研究将物体浸没在液体中时液体对容器底部压强的增加量与物体体积、质量的关系，某小组同学将甲、乙、丙三个物体分别浸没在同一液体中，并观察指针式压强计示数的变化情况，如图所示已知物体的质量m甲=m丙m乙，体积V甲=V乙V丙分析比较图（a）、（b）和（a）、（c）可以得到：相同体积质量不同的物体浸没在同一液体中，液体对容器底部压强的增加量相同，与物体质量无关分析比较图（a）、（b）和（a）、（d）可以得到：不同体积的物体浸没在同一液体中，物体体积越大，液体对容器底部压强的增加量越大【考点】探究液体压强的特点实验【分析】物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题；每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法；它是科学探究中的重要思想方法，控制变量法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一【解答】解：分析比较图（a）、（b）和（a）、（c）可以得到：相同体积质量不同的物体浸没在同一液体中，液体对容器底部压强的增加量相同，与物体质量无关分析比较图（a）、（b）和（a）、（d）可以得到：不同体积的物体浸没在同一液体中，物体体积越大，液体对容器底部压强的增加量越大故答案为：（1）相同体积质量不同的物体浸没在同一液体中，液体对容器底部压强的增加量相同，与物体质量无关（2）不同体积的物体浸没在同一液体中，物体体积越大，液体对容器底部压强的增加量越大三、作图题（共7分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔16重为4牛的物体静止在水平面上，用力的示意图画出它所受的重力G【考点】重力示意图【分析】重力的示意图就是用一条带箭头的线段，将物体所受重力的大小、方向和作用点表示出来即可【解答】解：物体受到的重力方向竖直向下，作用点在重心，大小为4N，如下图：17根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁感线及其特点【分析】利用螺线管的左端为N极，结合磁感线的特点可以确定磁感线的方向利用线圈的绕向和螺线管的N、S极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向，进一步可以得到电源的正负极【解答】解：螺线管的左端为S极，右端为N极，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以可以确定螺线管周围磁场的方向是从右向左的根据螺线管的右端为N极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的左端流入右端流出根据电流方向与电源正负极之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到负极，可以确定电源的右端为负极，左端为正极如下图所示：18在图中，将电源、电流表、电压表三个元件符号填入电路空缺处要求电键S闭合后：电流方向如图所示；电压表测电阻R两端电压【考点】电路图及元件符号；电压表的使用【分析】要使灯泡发光则必须有电源；电流表在电路中相当于短路，并且与用电器串联；电压表测L两端电压，所以电压表与L并联【解答】解：因为电压表测电阻R两端电压，故电压表与R并联，所以中间一定为电压表，右边一定为电源，并且上边为正极，则左边为电流表，如下图所示：四、计算题（共26分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置19一物体漂浮在水面上，它排开水的体积为5×103米3，求物体所受的浮力【考点】浮力大小的计算【分析】知道物体排开水的体积，根据阿基米德原理求出物体受到的浮力【解答】解：根据阿基米德原理可知，物体所受的浮力：F浮=水gV排×103kg/m3××5×103m3=49N答：物体所受的浮力为49N20如图所示，使用动滑轮在5秒内将重20牛的物体A匀速提升2米，不计滑轮重及摩擦求：（1）所用的拉力F（2）这段时间内，拉力所做的功W和功率P【考点】功的计算；动滑轮及其工作特点；功率的计算【分析】（1）题中使用的动滑轮，不计摩擦和滑轮重，拉力F=G；（2）已知物体提升高度，利用s=2h求拉力端移动距离，利用W=Fs求拉力做的功，知道做功时间，利用P=求出拉力做功功率【解答】解：（1）图中使用的是动滑轮，不计滑轮重及摩擦，拉力F=G=×20N=10N；（2）物体A匀速提升h=2m，拉力端移动距离s=2h=2×2m=4m，拉力做功：W=Fs=Gh=10N×4m=40J，时间t=5s，拉力做功的功率：P=8W答：（1）所用的拉力为10N；（2）这段时间内，拉力所做的功和功率为40J、8W21在图（a）所示的电路中，电源电压为15伏且保持不变，电阻R1的阻值为30欧闭合电键S，电流表的示数如图（b）所示求通过电阻R1的电流I1求电阻R2的阻值现用标有“50 1.5”字样的滑动变阻器R0替换电阻R1或R2中的一个，要求：在移动变阻器滑片P的过程中，电流表示数的变化量I最大问：替换哪个电阻？并求出该最大变化量I最大【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表测干路电流（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过电阻R1的电流；（2）根据并联电路的电流特点结合通过电阻R1的电流确定电流表的示数，进一步求出通过电阻R2的电流，根据欧姆定律求出电阻R2的阻值；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时通过的电流最小，电压表的示数最小，根据并联电路的特点和欧姆定律求出电流表的最小示数；由变阻器允许通过的最大电流，然后根据并联电路的电流特点求出电流表的最大示数，然后求出电流表示数的变化量，然后得出答案【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表测干路电流因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过电阻R1的电流：I1=；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，由指针的位置可知，电流表的量程为03A，分度值为，干路电流I=2A，则通过电阻R2的电流：I2=II1=2A，电阻R2的阻值：R2=10；若替换R1时，电流表的最小示数：I最小=I2+I0最小+，电流表的最大示数：I最大=I2+I0最大+1.5A=3A，电流表示数的变化量：I最大=I最大I最小=3A；若替换R2时，电流表的最小示数：I最小=I1+I0最小+，电流表的最大示数：I最大=I1+I0最大+1.5A=2A，电压表示数的变化量：I最大=I最大I最小=2A，综上可知，替换R1或R2均能使I最大答：通过电阻R1的电流为；电阻R2的阻值为10；替换R1或R2均能使I最大，该最大变化量为22如图所示，某学校要建一个正面为矩形广告墙，提供长米、宽米、厚米、密度×103千克/米3的砖2550块已知水平地面能够承受的最大压强为×105帕，且由于场地限制墙的宽度最多为5米求一块砖对水平地面的压力F求一块砖对水平地面的最大压强p现在要求广告墙正面的面积尽量大，应该如何砌墙，墙的最大面积为多少米2？（忽略砖与砖之间缝隙）【考点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算【分析】根据砖的长、宽、厚求出体积，再利用m=V求出其质量，利用G=mg求出其重力，再根据静止在水平面上的物体的压力即为重力解答此题；砖立方时与水平地面的接触面积最小，根据p=可求得砖对地面的最大压强由p=gh求得墙的高度，然后可求得墙的最大面积【解答】解：×103kg/m3××××，S最小×0.05m=5×103m2，p最大=×103Pa，由p=gh可得，矩形墙高度：h=10m，若将砖侧放或竖放砌成宽5米、高10米广告墙需用砖块数，n=2500块2550块S墙=5m×10m=50m2故将砖侧放或竖放砌成宽5米、高10米广告墙，墙的最大面积为50m2答：一块砖对水平地面的压力F为一块砖对水平地面的最大压强p为×103Pa现在要求广告墙正面的面积尽量大，应将砖侧放或竖放砌成宽5米、高10米广告墙，墙的最大面积为50m2五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答23在“用电流表、电压表测电阻”实验中，电流表应与待测电阻串联，电压表应与待测电阻并联（均选填“串联”或“并联”）在“探究杠杆平衡的条件”实验中，杠杆静止在如图所示位置，此时杠杆处于平衡状态（选填“平衡”或“不平衡”），为了使杠杆在水平位置平衡，应向右调节平衡螺母（选填“左”或“右”）【考点】探究杠杆的平衡条件实验；伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）根据电压表和电流表的使用方法进行解答（2）杠杆的平衡状态包括两种：静止状态或匀速转动状态；调节杠杆在水平位置平衡，无论杠杆左端还是右端的平衡螺母都要向上翘的一端移动【解答】解：（1）电流表属精密的测量仪器，连接时应与被测电路串联，并使电流正进负出，即电流表“+”接线柱接在电路中靠近电源正极的一端；电压表应与被测电阻并联，电流从电压表“+”接线柱流入“”接线柱流出（2）杠杆的平衡状态是指杠杆处于静止或匀速转动状态，图中杠杆处于静止状态，因而杠杆处于平衡状态；调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，平衡螺母应向上翘的右端移动故答案为：（1）串联；（2）并联；（3）平衡；（4）右24在焦距为5厘米、10厘米或12厘米的凸透镜中选择一个放置于光具座的A点处，如图所示将蜡烛、光屏分置于光具座上透镜两侧，调整透镜和光屏的中心大致与烛焰的中心在同一高度若将蜡烛放置在B点通过三个凸透镜都能在光屏上成像，则焦距为5厘米的透镜所成的像最小；若从C点向右移动光屏时可在光屏上得到清晰的像，则实验中所用透镜的焦距可能是5、12厘米【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】为使像能够成在光屏中央，应使烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度处；u2f，成倒立、缩小的实像，2fvf2fuf，成倒立、放大的实像，v2f【解答】解：要调整烛焰、光屏和凸透镜的中心大致在同一高度上，这样才可以使烛焰的像成在光屏的中央；由图可知，B点到A点的距离为18cm，即物距为18cm；焦距为5cm的凸透镜：18cm2f，成的是倒立、缩小的实像；焦距为10cm的凸透镜：f18cm2f，成的是倒立、放大的实像；焦距为12cm的凸透镜：f18cm2f，成的是倒立、放大的实像；故焦距为5cm的凸透镜成的像最小；若从C点向右移动光屏时可在光屏上得到清晰的像：成的像是缩小的，则：2f20cmf，则10cmf20cm，成的像是放大的，则：20cm2f，则f10cm故答案为：（1）同一高度；（2）5；（3）5、1225为了研究在水平方向上做直线运动的物体速度的变化量与哪些因素有关，小红同学分别用水平方向、大小不同的力拉着质量不同的物体在光滑的水平面上作直线运动他们测出了物体运动时受到的拉力F、速度变化量v和速度变化时所用的时间t，并把实验数据记录在表中表一（m物为1千克）实验序号拉力F（牛）时间t（秒）速度变化量Dv（米/秒）Dv/t（米/秒2）1212222432364431256318表二（m物为2千克）实验序号拉力F（牛）时间t（秒）速度变化量Dv（米/秒）Dv/t（米/秒2）621172228233943610639分析比较实验序号1、6或2、7或3、8或4、9或5、10的数据可以得出：用大小相同的力沿水平方向拉着质量不同的物体沿直线运动，所用时间相同，质量越小，速度变化量越大分析比较实验序号1、2与3或6、7与8的数据可以得出：用相同大小的力沿水平方向拉着同一物体沿直线运动，速度变化量与所用时间成正比分析比较实验序号3、4与5或8、9与10的数据可以得出：沿水平方向拉着同一物体沿直线运动相同时间，速度变化量与拉力大小成正比为了进一步研究速度的变化量v和这些因素的数量关系，小红计算了速度的变化量v和所用的时间t的比值，并将结果分别记录在表一和表二的最后一列中请将表一和表二的第五列数据填写完整2、2、2、4、6；1、1、1、2、3然后小红进一步分析了与物体的质量m、受到的拉力F的关系，可以得出：速度变化量与时间的比值等于拉力与质量的比值【考点】控制变量法与探究性实验方案【分析】做直线运动的物体的速度变化量和物体的质量、拉力大小、时间有关，所以实验中采用控制变量法，明确实验中的相同量和不同量，分析出速度变化量和影响因素的关系【解答】解：要探究做直线运动的物体的速度变化量物体质量的关系，需控制拉力相同，时间相同，所用物体质量不同，故符合要求的实验序号为：1、6或2、7或3、8或4、9或5、10；且在拉力和时间相同的情况下，物体质量越小，速度变化量越大；分析比较实验序号1、2与3或6、7与8的数据可知，物体质量相同，拉力相同，时间不同，速度变化量不同，且速度变化量和所用时间成正比，得出的结论是：用相同大小的力沿水平方向拉着同一物体沿直线运动，速度变化量与所用时间成正比；分析比较实验序号3、4与5或8、9与10的数据可知，物体质量相同，时间相同，拉力不同，速度变化量不同，且速度变化量和所用拉力成正比，得出的结论是：沿水平方向拉着同一物体沿直线运动相同时间，速度变化量与拉力大小成正比；=2m/s2；=2m/s2；=2m/s2；=4m/s2；=6m/s2；=1m/s2；=1m/s2；=1m/s2；=2m/s2；=3m/s2；进一步分析与物体的质量m、受到的拉力F的关系，可以得出： =，即速度变化量与时间的比值等于拉力与质量的比值故答案为：1、6或2、7或3