2023年江西省鹰潭市高考物理一模试卷及答案解析.pdf

2023年江西省鹰潭市高考物理一模试卷1.关于物理学的研究方法，下列说法正确的是（）A.伽利略猜想自由落体运动的速度与下落时间成正比B.在探究力的平行四边形定则的实验中体现了等效替代的思想C.加速度a=运用的是比值定义法mD.根据速度定义式=并 当A t-0时，费就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了控制变量法2.利用图像法研究物理量之间的关系是常用的一种数学物理方法。如图所示为物体做直线运动时各物 理 量 之 间 的 关 系 图 像 以a、t分别表示物体的位移、速度、加速度和时间），则下列说法中正确的是（）3.在水平面上有一装满水的密闭车厢，车厢内用轻质的细线连着一个实心铁球4和一空心球B，车厢静止时，细线都处于竖直拉紧状态，如图所示，现当车厢以某一加速度向右作匀加速运动时，当相对车厢保持稳定时，关于对球和对两根细线的描述正确的是（）A.两球都向左偏，且两根细线的偏角相等B.两球都向左偏，两根细线的偏角不相等C.球4左偏，球B向右偏，且两根细线的偏角相等D.球4左偏，球B向右偏，两根细线的偏角不相等4.如图所示，虚线M N上方存在垂直纸面向外的匀强磁场，在直角三角形O Q P中，NPQ O,QOP=3 0%两个带电荷量数值相等的粒子a、b分别从0、P两点以垂直于M N的方向同时射入磁场，恰好在Q点相遇。不计粒子重力及粒子间相互作用力，下列说法正确的是（）M O P NA.a带负电，b带正电 B.a、b两粒子的周期之比为1：3C.a、b两粒子的速度之比为2：1 D.a、b两粒子的质量之比为1：35.如图甲所示是用光照射某种金属时逸出的光电子的最大初动能随入射光频率的变化图象（直线与横轴的交点的横坐标为4.2 9,与纵轴的交点的纵坐标为0.5）,如图乙所示是氢原子的能级图，下列说法正确的是（）A.根据该图象能求出普朗克常量B.该金属的逸出功为0.5 e VC.该金属的极限频率为5.50 x 1014WzD.用n=4能级的氢原子跃迁到n=3能级时所辐射的光照射该金属能使该金属发生光电效应6.如图所示，天文学家观测到某行星和地球在同一轨道平面内绕太阳做匀速圆周运动，且行星的轨道半径比地球的轨道半径小，地 球 和 太 阳 中 心：:*的连线与地球和行星的连线所夹的角叫做地球对该行星的观察视角（简称 产，视角）。已知该行星的最大视角为氏则地球与行星绕太阳转动的（）A.角速度比值为sin。B.线速度比值为中 历C.向心加速度比值为4n2。D.向心力比值为4n2。O l l iO l l i7.如图有一在真空中的立方体，其中心有一带电量为q的正点电荷,对角C、E各放一个带电量为-q的负点电荷，关于下列说法，正确的是（）A.。点和F点的电势相等B.。点和F点的场强相同C.一电荷从H点移到G点，两个负电荷对它做功的代数和为零D.A、B、D、H、F、G这6个点的电势不可能都为零8.在如图所示电路中，电源的电动势为E,内阻为r,%是定值电阻，/?2是滑动变阻器&2 8），闭合开关S,不同规格的灯泡人和人均正常发光，现将滑动变阻器的滑动片P向上移动一定的距离，理想电流表4、42、电压表的示数均会发生一定变化，其变化量分别用4 1、A/?和ZU表示，则下列分析判断可能正确的是（）A.电压表U示数变大，电流表&示数变小B.电流表4示数不可能变为零C.灯泡J、2都变暗D.电源的内阻r=要9.某同学设计了一个如图1所示的装置测定滑块与木板间的动摩擦因数，其中4为滑块，B和C是质量可调的祛码，不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦，装置水平放置。实验中该同学在祛码总质量（m+m=Tn。）保持不变的条件下，改变zn和m 的大小，测出不同m 下系统的加速度，然后通过实验数据的分析就可求出滑块与木板间的动摩擦因数。(m/j图2（1）实验中，该同学得到一条较为理想的纸带，如图2所示，从清晰的。点开始，每隔4个点取一计数点（中间4个点没画出），分别记为4、B、C、D、E、F,各计数点到。点的距离为。4=1.61cm,OB=4.12cm,OC 7.54cm,OD=11.86cm,OE=17.09cm,OF=23.22cm,打点计时器打点频率为5 0 H z,则由此纸带可得到打E点时滑块的速度v=m/s,此次实验滑块的加速度。=m/s2.（结果均保留两位有效数字）（2）在实验数据处理中，该同学以m为横轴，以系统的加速度a 为纵轴，绘制了如图3所示的实验图线，结合本实验可知滑块与木板间的动摩擦因数=。（g取10m/s2）1 0.某实验小组做“测量某一均匀新材料制成的金属丝的电阻率”实验。（1）先用螺旋测微器测量电阻丝 的直径d,示数如图1所示，其直径 d=m m；（2）若用多用电表粗测灯 的电阻，当 用“X 10”挡时发现指针偏转角度过大，应该换用（选 填“X 100”或“x 1”）挡。（3）粗测氏 约为1 0 0,为了能比较精确地测量号的阻值，实验小组设计电路图如图2所示，实验室提供了如下的实验器材，电流表应选 用，定值电阻应选用；为了滑动变阻器调节方便，并让电压变化范围尽量大一些，滑动变阻器应选用；（均填仪器前的字母代号）A.直流电源（电动势E=6 IZ,内阻可忽略不计）B.电流表（量程为30nL4,内阻凡=9.50）C.电流表（量程为3 4,内 阻=D 电压表(量程为6 V,内阻心 10k。)E.定值电阻(R3=0.5P)E 定值电阻(/?4=5。)G.开关一个，导线若干.滑动变阻器(最大阻值为1 0 0,允许通过的最大电流为24)/.滑动变阻器(最大阻值为1 5 k 0,允许通过的最大电流为0.54)11.有人对鞭炮中炸药爆炸的威力产生了浓厚的兴趣，他设计如下实验，一个平板车固定在水平地面上，其右端恰好与光滑的半1_-4m f圆弧轨道的底端相切，在 平 板 车 的 右 端 放 置 两 个 可 视 为 质 点 的 紧 年挨着的4、B两个物体(均可看成质点)，物体质量均为m,现在在它们之间放少量炸药。当初AB两物静止，点燃炸药让其爆炸，物体B向右运动，恰能到达半圆弧最高点。物体4 沿平板车表面向左做直线运动，最后从车上掉下来，落地点离平板车左端的水平距离为s,已知平板车上表面离地面的高度为九，且平板车上表面光滑，不计空气阻力，重力加速度为g。试求：(1)当A物体离开平板车后，重力对A做功的最大功率是多少？(2)圆弧的半径和炸药爆炸时4、B两物体所做的功。12.如图所示，MN、PQ为间距L=1m足够长的平行导轨，导轨平面与水平面间的夹角。=37,N、Q间连接有一个阻值R=0.80的电阻，有一匀强磁场垂直于导轨平面且方向向上，磁感应强度为%=1 7,将 一 根 质 量 为=1kg、电阻r=0.20的金属棒ab紧靠NQ放置在导轨上，且与导轨接触良好。现由静止释放金属棒，当金属棒滑行至cd处时已经达到稳定速度。己知金属棒与导轨间的动摩擦因数4=0.5 0,金属棒沿导轨下滑过程中始终与NQ平行，不计导轨的电阻，取g=10m/s2,sin37=0.6,cos370=0.8,试求：(1)金属棒沿导轨下滑的最大加速度大小；(2)求金属棒在达cd处的速度大小和此时ab两端的电势差;助；(3)在金属棒从ab运动到cd过程中，若通过电阻R的电荷量为5c时，则此时整个回路产生了多少焦耳热。BoN13.下列说法正确的是()A.热量可以从低温物体传给高温物体B.做功和热传递是改变物体内能的两种方式C.晶体有固定的熔点，但物理性质不可能表现为各向同性D.相同温度下液体中悬浮的花粉小颗粒越小，布朗运动越剧烈E.分子间距离越大，分子势能越大，分子间距离越小，分子势能也越小14.为了方便监控高温锅炉外壁的温度变化，在紧贴锅炉的外壁上镶嵌一个导 警-N热性能良好的汽缸，汽缸内气体温度可视为与锅炉外壁温度相等。汽缸开口竖直向上，用质量为m=10kg的活塞封闭一定质量的理想气体，活塞横截面积为S=20cm2,当汽缸内温度为27久时，活塞与汽缸底间距为3活塞上部距活塞|乙处有一用轻绳悬挂的重物当绳上拉力为零时，警报器会报警。已知缸外大气压强Po=1.0 x 105pa,活塞与器壁之间摩擦可忽略，取重力加速度g=10m/s2,求：(1)当活塞刚刚碰到重物时，汽缸内气体的温度为多少？(2)若悬挂的重物质量为30kg,则汽缸内气体温度要升高到多少时警报器才会报警？15.下列说法中正确的是()A.一弹簧连接一物体沿水平方向做简谐运动，则该物体做的是匀变速直线运动B.若单摆的摆长不变，摆球的质量增加为原来的4倍，摆球经过平衡位置时的速度减为原来的5则单摆振动的振幅变小，频率将不变C.做简谐运动的物体，当它每次经过同一位置时，速度一定相同D.单摆在周期性的外力作用下做受迫运动，当外力的频率越大，单摆的振幅可能越小E.机械波在介质中传播时，各质点不会随波的传播而迁移，只是在平衡位置附近振动16.一水平弹簧振子做简谐运动的位移与时间的关系如图。(1)该简谐运动的周期和振幅分别是多少；(2)求t=0.25 x 时振子的位移：从 t=0至此=8.25 x IO%的时间内，振子的路程多大？答案和解析1 .【答案】AB【解析】解：4、伽利略猜想自由落体运动的速度与下落时间成正比，但没有直接用实验进行验证，而是在斜面实验的基础上进行合理外推得到的，故 A正确；8、在探究力的平行四边形定则的实验中体现了等效替代的思想，故 B正确；C、加速度a =是加速度的决定式不是比值定义法，故 C错误；mD、根据速度定义式u =%当a-。时，卷就可以表示物体在t 时亥I 的瞬时速度，该定义运用了极限思维法，故。错误；故选：AB.伽利略猜想了自由落体运动规律，但并没有直接通过实验验证；加速度a =是加速度的决定式不m是比值定义法：在探究力的平行四边形定则的实验中体现了等效替代的思想；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法。在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习.2 .【答案】B【解析】解：4、根据匀变速运动的位移与时间关系公式x=：a t 2,根据甲图中工 一 2 图像为正比关系图线，根据斜率和加速度关系得a =k=|7 n/s 2,解得a =2 m/s 2,故 A错误；B、根据匀变速运动的速度与位移时间关系M=2 a x,根据乙图中层 x图像为正比关系图线，根据斜率和加速度关系得2 a =k=罕r n/s?,解得a =5 m/s 2,故 B正确；C、根据匀变速运动的位移与时间关系公式x=%t +g a t 2,整理得?=%+；a t,根据丙图中图像为一次关系图线，根据斜率和加速度关系得：a =k=号 m/s 2,解得a =-4 m/s 2,物体的加速度大小为4 m/s 2,故 C错误；。、根据微元法可以得到，物理学中a-t 图像的图线与坐标轴所围成的面积表示这段时间内物理的速度变化量，则丁图中a -t 图可求出物体在前2 s 内的速度变化量大小为A u =：x 3 x 2m/s=3 m/s,故Z）错误。故选：B。根据匀变速直线运动的位移一时间公式、速度一位移公式得到物理量之间的关系表达式，再求解加速度。根据a-t图像与时间轴所围的面积求速度变化量。解决本题的关键要掌握匀变速直线运动的基本规律，通过变形得到各个量的解析式，再分析图像斜率、面积的意义。3.【答案】D【解析】解：假设把B球拿走，用相同体积的水球代替B球，则当这个水球随容器以加速度a向右做匀加速直线运动时，水球受到的水平合力为F水=山水。水，且水球相对于容器的原来的位置不会发生变化，而因为相同体积的4球质量大于水球的质量，即租4 血水，故要使水球也以加速度a向右做匀加速直线运动，单靠水的作用力是不够的，还得借助绳子的拉力，所以4会向左偏移；同理，同样体积的B球质量要比水球质量小，即加8加水，故要使8球以加速度a向右做匀加速直线运动，需要的合力要比F水小，因为还应借助绳子向后的拉力，所以8向右偏移。对工球竖直方向受重力和福利的合力为网19-尸声”方向向下，还有绳子的拉力T,两者的合力产生水平加速度，则mAg F.y：AtanOA=mAa对B球竖直方向受重力和福利的合力为尸 浮B 一机8。，方向向上，还有绳子的拉力右，同时水对B球有向右的推力产，则三个力的合力产生水平加速度，则F/f B-mBgtandB+F=mBa,显然两根细绳的偏角不相等，故。正确，ABC错误；故选：D。对两个球进行受力分析，根据牛顿第二定律分析出两球的偏转方向以及对应的偏角是否相等。本题主要考查了牛顿第二定律的相关应用，熟悉物体的受力分析，结合牛顿第二定律列式即可完成解答。4.【答案】C【解析】解:4 如下图所示由几何关系可得两粒子轨迹圆心在同一点0，轨迹半径相等。可知粒子a进入磁场时受到的洛伦兹力方向向右，根据左手定则可知a 带正电，粒子b进入磁场时受到的洛伦兹力方向向左，根据左手定则可知b带负电，故 A 错误；B.两带电粒子同时射入磁场，同时到达Q点，故运动时间相等，由图可知，粒子a 到达Q点时运动的圆弧对应的圆心角为120。，粒子b到达Q点时运动的圆弧对应的圆心角为60。，则有孔4 T ba、b两粒子的周期之比为#=故 B错误；Th 2。.根据周期公式丁 2nm由于两粒子所带电荷量数值相等，则有a、b两粒子的质量之比为詈=故。错误；mb 1 b NC 根据洛伦兹力提供向心力qvB=解得=黄由于两粒子的轨迹半径相等，所带电荷量数值相等，则有a、b两粒子的速度之比为菖=震=彳，故 C 正确。故选：Co根据左手定则分析出粒子的电性；根据牛顿第二定律得出半径的表达式，从而得出粒子的速度比值关系；根据圆周运动的公式得出周期的表达式并结合题意完成分析。本题主要考查了带电粒子在磁场中的运动，理解粒子做圆周运动的向心力来源，结合牛顿第二定律和圆周运动的公式即可完成分析。5 .【答案】A【解析】解：4、由E k =/i v-%，得知，该图线的斜率表示普朗克常量儿 故 A正确，B C、根据爱因斯坦光电效应方程E k =/n z-%,后 上-1/图象的横轴的截距大小等于极限频率，由图知该金属的极限频率为4.2 9 x 1014HZ,当a=h v-W0=0 时，逸出功为/=hv0=6.63 xIO-，/.5 x 4.29 x 1014H z =2.8 44 X 10-19J*1.78eV,故 B C 错误；D、用n =4能级的氢原子跃迁到n =3能级时所辐射的光能量为4E =E4-E3=-0.8 5e V -(-1.51e V)=0.66e U 专s=0.02s相邻两计数点间的时间间隔t=57=5 x 0.02s=0.1s匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则打E点时滑块的速度=纥”=23.22-11.86-2x0.1-x 10-2m/s=0.57m/s利用逐差法得,滑块的加速度 a=短 =八二、2 x 10 2m/s2=0.90m/s2(2)设绳上拉力为7,4 的质量为M,对C,由牛顿第二定律得：m g-T =m a对4和B,由牛顿第二定律得：7-4(M+m)g=(M+m)a由题意得：m +m=m0联立解得:M+m+m1 M+m0结合图像得：-2m/s2解得：4=0.2故答案为:(1)0.57,0.90；(2)0.2o(1)根据频率与周期关系求解打点周期，根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于平均速度求解打E点时小车的速度；利用逐差法求解加速度；(2)分别对4和B整体、C受力分析，根据牛顿第二定律求解加速度表达式，结合图像求解即可。本题考查动摩擦因数的测量，解题时要注意单位的换算，对于纸带的问题，我们要熟悉匀变速直线运动的特点和基本规律，同时掌握牛顿第二定律的应用，注意数学公式与物理规律相综合应用。10.【答案】6.715 xl B E H【解析】解：(1)螺旋测微器的最小分度值为O.O lnun,固定刻度读数为6.5nm i,可动刻度读数为21.5 x 0.01mm=0.215mm,贝!jd 6.5mm+0.215mm-6.715mm 用“x 1 0”挡时发现指针偏转角度过大，说明电阻值较小，应换较小的挡测量，使 用“x l”挡;(3)电路的最大电流约为：&=5 =之 人=0.6 4故题中给出的电流表不能直径使用，应将B与定Kx L U值电阻并联扩大量程，则定值电阻约为R _ g 3 l-30 x10 3x9.5一 I-Ig 0.6-30X10-3C =0.51 2故电流表应选用B,定值电阻选E；为了滑动变阻器调节方便，并让电压变化范围尽量大一些，滑动变阻器应选用外故答案为:(1)6.71 5；(2)X 1；(3)8,E,(1)先确定螺旋测微器的最小分度值，再读出固定刻度和可动刻度读数，相加即为螺旋测微器读数;(2)指针偏转角度过大，说明电阻值较小，应换较小的挡测量；(3)估算最大电流，判断题中所给电流表是否符合要求，选择合适的电流表扩大量程，计算并联的定值电阻；根据调节方便选择滑动变阻器。本题考查测量某一均匀新材料制成的金属丝的电阻率实验，要求掌握实验原理、实验电路、实验步骤和数据处理.1 1.【答案】解：(1)重力对4做功的最大功率是刚落地时刚落地时在竖直方向的速度为：v=/l h最大功率是：P=mgv=m g j 2gh(2)设物体离开平板车的速度为v,4物体离开平板车后做平抛运动，由平抛运动规律，得在水平方向上，有：s=%t在竖直方向上，有：h=gt2联立两式解得：%=s1需设炸药爆炸后人B两物体的速度分别为、外，炸药爆炸后，取水平向左为正方向，由动量守恒定律得：m v1 m v2=0物体8向右运动到达半圆弧最高点的速度为内。物体8恰能到达最高点，由重力提供向心力，由牛顿第二定律得：租9 =噂物体B上升到最高点过程中，由机械能守恒定律得：j m v f +2mgR=g m谱联立解得：/?=黑10/i由功能关系，炸药对力、8 物体做的功为：W解得：0=嘤2h答：(1)重力对4 做功的最大功率是为mg(2)圆弧的半径为之，炸药爆炸时对A、B两物体所做的功力嘤。【解析】(1)求出物体刚落地时在竖直方向的速度，根据功率的计算公式求出重力的最大功率；(2)4物体离开平板车后做平抛运动，由平抛运动规律求4 物体离开平板车的速度；炸药爆炸过程，由动量守恒定律求炸药爆炸后B物体的速度。物体B向右运动，恰能到达半圆弧最高点，由重力提供向心力，由牛顿第二定律求出物体8 到达最高点时的速度。在物体B上升到最高点过程中，利用机械能守恒定律列式，可求圆弧的半径。由功能关系求炸药爆炸时对4、B两物体所做的功。分析清楚物体的运动过程，把握每个过程的物理规律是解题的前提与关键，应用牛顿第二定律、机械能守恒定律、动量守恒定律即可正确解题。12.【答案】解：(1)金属棒刚沿导轨开始下滑时，只受重力、支持力及摩擦力作用，由牛顿第二定律得：mgsind-jimgcosO ma代入数据解得：a=2m/s2(2)设金属棒到达cd处的速度大小为外 当金属棒做匀速运动时，产生的感应电动势：E=BLv根据闭合电路的欧姆定律可得：二 袅R+r金属棒受到的安培力大小为自=B0IL对金属棒，根据平衡条件可得：FA+imgcosG=mgsinO代入数据解得：v=2m/s,I=2A此时好两端的电势差U.=/?=2 x 0.8V=1.6V(3)金属棒从好运动到cd过程中，通过电阻的电荷量为：T.E-At 210=/=而=而设金属棒从防运动到cd过程中运动的位移为X,则=Bo Lx联立解得：x=5m由能量守恒定律得：mgxsind=nmgxcos37+Q+mv2解得整个回路产生的焦耳热：Q=8J答：(1)金属棒沿导轨开始下滑时的加速度大小为2m/s2；(2)金属棒到达cd处的速度大小为2m/s：此时ab两端的电势差4 b 为16八(3)此过程中整个回路产生的焦耳热为8/。【解析】(1)当金属棒沿导轨开始下滑时，只受重力、支持力与摩擦力，由牛顿第二定律可求加速度大小；(2)当金属棒达到速度稳定时做匀速运动，受到重力、支持力、安培力与滑动摩擦力达到平衡，根据平衡条件列出平衡方程可求出速度金属棒到达cd处的速度大小；由欧姆定律求ab两端的电势差Uab(3)根据电荷量的计算公式求解金属棒从时运动到cd过程中下滑的位移，再根据能量守恒定律求解整个回路产生的焦耳热。本题是电磁感应与力学的综合，关键是弄清楚金属棒的运动情况和受力情况，要知道当金属棒速度达到稳定时，处于平衡状态；本题还巧妙用磁通量的变化去求出金属棒下滑的位移。13.【答案】A BD【解析】解：力、根据热力学第二定律，热量不可以自发地从低温物体传给高温物体，但是在一定的条件下，热量可以从低温物体传给高温物体，故 A 正确；B、根据热力学第一定律可知，做功和热传递是改变物体内能的两种方式，故 B 正确；C、晶体有固定的熔点，其中单晶体的物理性质表现为各向同性，多晶体的物理性质表现为各向同性，故 C错误；。、相同温度下液体中悬浮的花粉颗粒越小，液体分子撞击的不平衡性越明显，布朗运动越剧烈，故。正确：E、分子间作用力为引力时，分子间距离越大，分子势能越大；分子间作用力为斥力时，分子间距离越大，分子势能越小，故。错误。故选：A B D。根据热力学第二定律判断；改变物体内能的方式有做功和热传导；根据单晶体和多晶体的物理性质判断；根据影响布朗运动剧烈程度的因素判断；根据分子势能与分子间距离的关系判断。本题主要考查了热力学第二定律、改变内能的方式、晶体、布朗运动、分子力及分子势能等热学基础知识，要求学生对这部分知识要重视课本，强化理解并熟练记忆。1 4 .【答案】解：(1)活塞上升过程为等压变化，7;=3 0 0 K,则由盖一吕萨克定律得：卷二卷式中匕=LS,v2联立解得乙=5 0 0 K；(2)活塞碰到重物后，温度升到了 3 时，绳的拉力为零，气体经历等容过程，重物质量为M =3 0 k g,T2=50 0 K,由查理定律得：*=票由受力平衡关系得：p2s-p0S+mg,p3S-p0S+m g +M g解得=1 0 0 0/C；答：(1)当活塞刚刚碰到重物时，汽缸内气体的温度为5 0 0 K；(2)若悬挂的重物质量为3 0 k g,则汽缸内气体温度要升高到1 0 0 0 K时警报器才会报警。【解析】(1)根据气体做等压变化，由盖一吕萨克定律列式即可计算：(2)根据查理定律以及受力平衡关系列式求解。该题考查一定质量得理想气体做等压变化以及等容变化，要熟练运用盖一吕萨克定律以及查理定律，属于常见题型，难度适中。1 5 .【答案】BDE【解析】解：4、物体做简谐运动时，其加速度时刻改变，所以物体做的不是匀变速直线运动，故 A错误；B、根 据 单 摆 的 频 率 公 式 可 知，单摆的振动频率与摆球的质量和速度无关，当摆球在平衡位置的速度减为原来的机 单摆振动的振幅变小，频率将不变，故 B正确；C、做简谐运动的物体，当它每次经过同一位置时，速度大小一定相同，方向不一定相同，所以速度不一定相同，故 C 错误；。、单摆在周期性的外力作用下做受迫振动，则外力的频率与固有频率相同时，单摆的振幅最大，当外力的频率越大，外力的频率与固有频率可能相差越大，单摆的振幅可能越小，故。错误；E、据机械波的产生可知：在介质中传播时，各质点将不会随波的传播而迁移，只在平衡位置附近振动，故 E正确。故选：B D E。物体做简谐运动时，物体做的是非匀变速直线运动。当摆球经过平衡位置时的速度减为原来的去分析振幅的变化，判断振动频率的变化。做简谐运动的物体，当它每次经过同一位置时，速度大小一定相同，速度不一定相同。当外力的频率与固有频率相同时，单摆的振幅最大。机械波在介质中传播时，各质点不会随波的传播而迁移。解答本题的关键要掌握单摆的周期公式，明确外力频率与单摆振幅的关系，掌握简谐运动的特征：介质中质点不随波向前移动，只在自己的平衡位置附近振动。1 6.【答案】解：(1)由图知7 =2 x 1 0-2$,A=2cm(2)根据公式有3 =y=10 0 Ttrad/s,q)=y振子的振动方程为x =2 s i n(1 0 0 7 r t +y)c m当t =0.2 5 x 10%时，位移为 =2 s m(1 0 0 7 i x 0.2 5 x 1 0-2+y)c m =-1.4 1 c m(3)从t =0 到t =8.5 x 1 0-2 5 的时间内的周期数为n =彳=4.2 5所以在这段时间内振子的路程为s =4.2 5 x 4 4 =4.2 5 x 4 x 2cm 34cm答：(1)该简谐运动的周期和振幅分别是2 x l 0-2 s；2 c m；(2)t =0.2 5 x 1 0-2 s 时振子的位移为一 1.4 1 c m；(3)t =。至肋=8.25 x 10-2s的时间内，振子的路程为34cm。【解析】(1)由图知，简谐振动的周期和振幅；(2)该简谐运动的表达式为x=4sin(3t+w),解得角频率与初相位可解得；将t=0.25 x 1 0%代入简谐运动的表达式可解得位移；(3)一个周期振子的路程为44。本题考查简谐运动的振动周期，解题关键掌握根据图像可知图像的周期和振幅，注意该简谐运动的表达式。