2021年河北省高考物理模拟试卷(4月份)(含答案解析).pdf

2021年河北省高考物理模拟试卷（4月份）一、单 选 题（本大题共7小题，共28.0分）1.如图所示的链式反应中，重核裂变时放出的可以使裂变不断进行下去的粒子是（）A.中子 B.质子 C.a粒子 D.0粒子2.如图1所示，波源S从平衡位置开始上下（丫 轴方向）振动，产生的简谐波向右传播，经过0.1s后,P点开始振动，已知SP=2 m,若以P点开始振动时刻作为计时的起点，图2为P点的振动图象,则下列说法正确的是（）-v-rS P图1A.波源S最初是向上振动C.该波的周期为0.4sB.该简谐波的波速为20m/sD.该波的波长为20nl3.关于分子动理论和物体的内能，下列说法中正确的是（）A.液体分子的无规则运动称为布朗运动B.物体的温度升高，物体内大量分子热运动的平均动能增大C.物体的温度升高，物体内分子势能一定增大D.物体从外界吸收热量，其温度一定升高4.关于电流激发的磁场，下列四个图中，磁场方向跟电流方向标注正确的是（）amsEO i isc.D.T A I s VBVcB.它们的角速度关系1 =3C 3BC.它们的线速度关系匕=%ac aA7.下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是（）A.根据电场强度的定义式 可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比qB.根据电容的定义式c#可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C.根据真空中点电荷的电场强度公式E 可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关D.根 据 电 势 差 的 定 义 式“出 可知，带电荷量为1 C的正电荷，从4点移动到B点克服电场g力做功为1/，则4、B两点间的电势差为一I V二、多 选 题（本大题共5小题，共2 6.0分）8 .如图所示，某物体做直线运动的v-t图象，下列有关物体运动情况的判断，正确的是（）oA.Is末物体的加速度大小为5zn/s2B.2s末物体的速度方向发生改变C.4s末合力的功率为零D.2s末到6s末，合力对物体做功为09.氢原子基态的能量为&=-13.6e匕大量氢原子处于某一激发态.由这些氢原子可能发出的所有光子中，频率最大的光子能量为-0.96金，则（）A.频率最小的光子能量为0.31eU B.频率最小的光子能量为0.54eVC.发出的光子具有4种不同的频率 D.发出的光子具有10种不同的频率10.如图所示，圆形区域内有垂直纸面向内的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c,以不同的速率从4点对准圆心。沿着力。方向射入磁场，其运动轨迹如图。若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是（）A.三个粒子都带负电荷B.三个粒子射出磁场时速度的反向延长线必过圆心C.a粒子在磁场中运动时间最长D.c粒子速率最小11.下列说法正确的是（）A.0。的冰与（TC的水分子的平均动能相同B.水鼠可以停在水面上、叶面上的露珠呈球形都是因为表面张力C.布朗运动就是悬浮在液体或者气体中固体颗粒做无规则运动D.液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似，具有各向同性E.尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%,制冷机却可以使温度降到-293（12.将一个力电传感器接到计算机上，可以测量快速变化的力.用这种方法测得的某单摆摆动过程中悬线上拉力大小随时间变化的曲线如右图所示.由此图线提供的信息做出下列判断，则正确的是（）A.t=0.2s时刻摆球正经过最低点B.t=1.1 s 时刻摆球正处于最高点C.摆球摆动过程中机械能时而增大时而减小D.摆球摆动的周期是7=0.6s三、实 验 题（本大题共2小题，共 1 6.0 分）1 3 .利用所学物理知识解答下列问题：（1）在测定匀变速直线运动的加速度实验中：请在下列给出的器材中，选出实验不需要的器材填在下方的横线上。电磁打点计时器；天平；低压交流电源；低压直流电源；细线和纸带；钩码和小车；秒表；一端有定滑轮的长板；刻度尺。选 出 不 需 要 的 器 材 有。（填选项序号即可）（2）如图为接在周期为7 =0.0 2 s 低压交流电源上的打点计时器，在纸带做匀加速直线运动时打出的一条纸带，图中所示的是按每隔4 个计时点选取一个计数点的点，但第3 个计数点没有画出。由图中的数据可求得：该物体的加速度为 m/s 2（保留两位有效数字）；第3 个记数点与第2 个记数点的距离约为 c m；打第2 个记数点时该物体的速度约为 m/s（保留两位有效数字）。1 4 .为测定某电子元件的电阻，实验室提供了如下器材:待测电阻咒（阻值约为3。）电流表4（量程0.64内阻4=1/2）电流表4（量程3Q4内阻万约为。5。）滑动变阻器R i（0 1 0 0）滑动变阻器&（0 1 卜。）定值电阻/?3 =1 0。电源（电动势约为9 乙内阻可忽略不计）开关S,导线若干(1)某同学设计了测量勺 的一种实验电路原理图如图所示，为了较准确的测量待测电阻的阻值，X处的 电 流 表 应 选 用,滑 动 变 阻 器 应 选 用;(用相关物理量的符号表不)(2)若实验中测得电流表X示 数 为 电 流 表 Y示数为/2,则待测电阻&=。(用相关物理量的符号表示)四、计算题(本大题共4 小题，共 44.0分)15.如图，水平放置的平行板电容器，原来两极板不带电，上极板接地，它的极板长L=0.1 TH,两极板间距离d=0.4 cm。有一束相同微粒组成的带电粒子流从两板中央平行于极板射入，由于重力作用微粒落到下板上。已知微粒质量为m=2 x l0-6 k g,电荷量为q=+i x 1 0-8 c,电容器电容为C=10-6/7,g取10巾/$2,求：(1)为使第一个微粒的落点范围在下极板中点到紧靠边缘的B点之内，则微粒入射速度必应为多少？(2)若带电粒子落到4B板上后电荷全部转移到极板上，则以上述速度射入的带电粒子最多能有多少个落到下极板上？16.一质量m=4.0kg的小物块以一定的初速度冲上一倾角为37。足够长的斜面，某同学利用传感器测出了小物块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，并用计算机做出了小物块上滑过程的速度一时间图线，如图所示.(取$讥37。=0.6,cos37=0.8,g=lOm/s2)求：(1)小物块冲上斜面过程中加速度的大小；(2)小物块与斜面间的动摩擦因数；(3)小物块从出发到返回底端所经历的时间.17.如图所示，内径均匀的U形管中装入水银.两管中水银面与管口的距离均为1 =10.0cm,大气压强Po=76cmg时，将右管管口封闭，然后从左侧管口处将一活塞缓慢向下推入管中，直到左右两侧水银面高_tXI-度差达八=4.0cm时为止.求活塞在管内移动的距离.(结果保留两位有效数字)18.(选修3-4)(1)下 列 说 法 中 正 确 的 是 .A.太阳能真空玻璃管采用镀膜技术增加透射光，这是利用了光的干涉原理8 在受迫振动中，驱动力的频率不一定等于物体的固有频率C.拍摄玻璃橱窗内的物品时，要在镜头前加装一个偏振片以增加透射光的强度。宇航员驾驶宇宙飞船以接近光速经过地球时，地球上的人观察到飞船上的时钟变快(2)一列沿着X轴正方向传播的横波，在1=0时刻的波形如图甲所示.图甲中某质点的振动图象如图乙所示.该波的波速为 m/s,甲图中的质点L从图示位置第二次到波峰的时间是 s.(3)如图丙，直角三棱镜乙4cB=3 0,玻璃的折射率为1.5,一束单色光从4B边的某一点垂直4B射入棱镜.画出光从入射到最先射出棱镜的光路图;计算光从棱镜中最先射出时的折射角.参考答案及解析1.答案：A解析：解：链式反应中，重核裂变时放出的可以使裂变不断进行下去的粒子是中子，并且一次裂变可以放出多个中子，从而发生链式反应，故 A 正确，BC。错误。故选：Ao明确裂变的基本性质，知道重核裂变时放出的中子可以使裂变不断进行。本题考查裂变等的基本性质，要明确裂变不能自发进行，但反应后释放的中子可以将反应不断进行下去2.答案：B解析：解：4、由P质点的振动图象知P质点的起振方向向下，则波源开始振动的方向也向下，故 A错误；B、根 据 =景=急 m/s=20(m/s),故 8 正确；C、由振动图象知，波的周期为7,不知道具体数值，故 C错误；I)、而;1 =7,周期未知，则波长不能求出，故。错误；故选：B.由P质点的振动图象分析P质点的起振方向，即可知道波源开始振动的方向.波速=*由图象读出周期7,由波速公式9=簿示波长.本题中运用到波速的两个公式。=:和v=*要抓住质点的起振方向与波源的起振方向相同.3.答案：B解析：A、布朗运动是指悬浮在液体中颗粒的运动，不是液体分子的运动，而是液体分子的运动的间接反映.故 A 错误；BC、温度是分子平均动能的标志，温度升高，物体内大量分子热运动的平均动能增大，但是无法依据温度变化判定分子势能变化，故 B正确，C错误；D、做功和热传递都可以改变物体的内能.物体从外界吸收热量，其内能不一定增加，与做功情况有关，故。错误：故选：B.布朗运动是指悬浮在液体中颗粒的运动，不是液体分子的运动.温度只是分子平均动能的标志；做功和热传递都可以改变物体的内能；本题关键要理解布朗运动的实质和意义，知道温度是分子平均动能的标志，分子势能变化需要依据分子力的性质和做功的正负来判定.4.答案：B解析：解：力、直线电流的方向向上，由安培定则可知，电流产生的磁场的方向从上向下看为顺时针方向，图中磁场的方向错误。故A错误；8、环形电流的方向速度逆时针方向，由安培定则可知，环形电流内部的磁场的方向向外。故8正确；C、通电螺线管的电流的方向向右(外侧向上)，由安培定则可知，在螺线管内部磁场的方向应向右，故C错误；。、图中环形电流的方向为顺时针方向，其内部磁场的方向垂直于纸面向里，则外部的磁场方向向外，不是方向向下。故。错误故选：Bo通电导线周围的磁场方向，以及通电螺线管周围的磁场方向，由右手螺旋定则来确定.右手螺旋定则也叫安培定则，当直导线时，右手大拇指方向为电流的方向，四指环绕方向为磁场方向；当环形导线时，四指环绕方向为电流方向，右手大拇指方向为环内的磁场方向.5.答案：。解析：解：4、线圈中产生的感应电动势的最大值表达式为E m =1 0 0 xx 0.0 5 x 1 0兀1/=1,1 715 0 V 2 I Z，从图示位置开始计时，感应电动势的瞬时值为：e =5 0&c o s l O n t,故A错误；B C、电压有效值为塔U =5 0，,和/?2的并联电阻为2 5 0,/=苫=号=24所以电流表示数为2 4V 2 n 2 5电压表示数为5 0匕故8 C错误；D、&上消耗的电功率为P=/2R=1 2义5 0 =5 0/，故。正确；故选：D(1)先求出最大电动势，写出电压的瞬时表达式，再根据闭合电路欧姆定律求出电流的瞬时表达式；(2)电流表和电压表测量的是有效值；(3)根据功率公式P =即可求解.本题考查交变电流最大值、有效值的理解和应用的能力，对于交流电表的测量值、计算交流电功率、电功等都用到有效值.6.答案：D解析：解：4C、4C的角速度相等，由u=cor,可知UCVUABC比较，同为卫星，由人造卫星的速度公式：G等=m艺R2 R得=聆可知匕 VB因而加%女，故AC错误B、4C的角速度相等，而B的角速度大于C的角速度；故J=3c 3B；故8错误；D、4c的角速度相等，根据a=M r知 而B的加速度大于C的加速度，故aB 以故。正确；故选：Do本题中涉及到三个做圆周运动物体，AC转动的周期相等，BC同为卫星，故比较他们的周期、角速度、线速度、向心加速度的关系时，涉及到两种物理模型，要两两比较。本题涉及到两种物理模型，即AC转动的周期相等，BC同为卫星，其动力学原理相同，要两两分开比较，最后再统一比较。7.答案：D解析：略8.答案：ACD解析：解：力、前两秒加速度由加速度的定义式：a=m/s2=5m/s2,故A正确；B、在2-4s内物体的速度都为正，反方向不变，故8错误；C、4s末速度为零，根据P=Fv可知，4s末合力功率为零，故C正确；。、根据动能定理W=：爪2 -37nM之 可知，2-6 s内合力做功为零，故。正确；故选：ACD在速度-时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负：图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负.根据动能定理和瞬时功率P=Fv求得即可本题是为速度-时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义.9 .答案：AD解析：解：A B,氢原子基态的能量为&=-1 3.6e V.大量氢原子处于某一激发态。由这些氢原子可能发出的所有光子中，频率最大的光子能量为-0.9 6%,即跃迁到最高能级能量后=0.0 4 邑=-0.5 4 4 e 7,即处在n =5 能级；频率最小的光子的能量为E =-0.5 4 4 e V-(-0.8 5 e V)=0.3 1 e V,故 A正确，B错误;C D、根据数学组合公式，Cl=1 0,所以这些光子可具有1 0 种不同的频率，故 C错误，D正确。故选：AD.能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，根据能级差的大小求出辐射的最小和最大光子能量，从而判断哪个能级间跃迁辐射的光子频率最大，波长最短.解决本题的关键知道能级间跃迁满足的规律，能级差越大，辐射的光子能量越大，光子频率越大，波长越小.1 0 .答案：BD解析：三个质量和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率垂直进入匀强磁场中，则运动半径的不同，导致运动轨迹也不同。运动轨迹对应的半径越大，粒子的速率也越大。而运动周期它们均一样，运动时间由圆弧对应的圆心角决定。带电粒子在磁场、质量及电量相同情况下，运动的半径与速率成正比，从而根据运动圆弧来确定速率的大小；运动的周期均相同的情况下，可根据圆弧的对应圆心角来确定运动的时间的长短。A、三个带电粒子均向上偏转，射入磁场时所受的洛伦兹力均向上，根据左手定则判断得知：三个粒子都带正电荷，选项A错误。8、磁场圆与轨迹圆是相交关系，由相交圆的知识，可以证明当粒子射出磁场是速度方向的反向延长线通过圆心，选项8正确。C、三个带电粒子的质量和电荷量都相同，由粒子运动的周期7 =黑 及 t =。是粒子轨迹对应27r的圆心角，也等于速度的偏转角，可知，三粒子运动的周期相同，即兀=丁卜=兀，由图知，a 在磁场中运动的偏转角最小，运动的时间最短，c 在磁场中运动的偏转角最大，c 粒子在磁场中运动时间最长，选项C错误。、粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，根据q u B =zn f,可得：厂=痴，则可知三个带电粒子的质量、电荷量相同，在同一个磁场中，当速度越大时、轨道半径越大，则由图知，a粒子的轨迹半径最大，c粒子的轨迹半径最小，则a粒子速率最大，c粒子速率最小，故。正确。故选：B D。11.答案：ABC解析：解：A (TC的冰与0。的水温度相同，分子平均动能相同，故A正确；3.水量可以停在水面上、叶面上的露珠呈球形都是因为表面张力，故8正确；C布朗运动就是悬浮在液体或者气体中固体颗粒做无规则运动，故C正确；D液晶是一种特殊物质形态，它像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似，具有各向异性，故。错误；E.尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%,而绝对零度也无法达到，故制冷机不可以使温度降到-273.15久以下，故E错误。故选：ABC.根据温度是分子平均动能的标志判断；布朗运动是悬浮在液体或者气体中固体颗粒做无规则运动；根据液晶的特性分析；绝对零度无法达到。本题考查了分子势能、布朗运动、液晶、绝对零度等热学知识，要求学生对这部分知识要重视课本，强化记忆。12.答案：AC解析：解：4、摆球经过最低点时，拉力最大，在0.2s时，拉力最大，所以此时摆球经过最低点；在t=l.ls时，此时摆球未经过最低点，拉力不是最大，故A正确，B错误.C、根据牛顿第二定律知，在最低点F mg=m?,则尸=加9+?71亍，在最低点拉力减小，知速度减小，机械能减小.故C正确.D、在一个周期内摆球两次经过最低点，根据图象知周期7=1.2s.故O错误.故选：AC.摆球在摆动的过程中，在最低点时拉力最大，根据牛顿第二定律求出拉力与速度的关系，从而判断出机械能的变化.摆球在摆动的过程中，一个周期内两次经过最低点.解决本题的关键知道摆球在摆动的过程中，最低点绳子的拉力最大，以及知道摆球运动的周期性，一个周期内两次经过最低点.13.答案：0.74 4.36 0.40解析：解：(1)实验过程中物体为钩码，本身质量明确，不需要天平来测量：另外打点计时器频率确定，可由纸带上点的个数确定时间间隔，故不需要秒表；电磁打点计时器采用交流电源，故直流电源不需要；实验由钩码用细线通过定滑轮连接小车，小车后连接纸带在一端有定滑轮的长板上的装置上来操作,用打点计时器在纸带上打点来进行实验测量，打点计时器用交流电源驱动，最后，纸带通过刻度尺来进行测量，故不需要的器材为：；(2)每隔4个计时点选取一个计数点的点，故图示计数点的时间间隔为57=0.1 s；根据时间中点的速度等于平均速度可得：1,2两个计数点时间中点的速度为：3.62 cmv1 2=r =36.2cm/s=0.362m/s0.1 s4,5两个计数点时间中点的速度为：%5=丁=S8.4cm/s=0.584m/s,所以，该物体的加速度为：a=9Z=0,584-0.362 2=0；3X5T 0.3 根据匀加速直线运动相邻相同时间间隔的位移差不变可得：532-S21=S43 S32=S54-S43；所以，第3个记数点与第2个记数点的距离为：s32=s2i+1 (s54 一$21)3.62cm+x(5.84czn 3.62cm)4.36cm；根据时间中点的速度等于平均速度可得：打第2个记数点时该物体的速度等于1,3两个计数点时间中点的速度，故有：v2=v13S21+S322x5T3.62cm+4.36cm0.2S=39.9cm/s=0A0m/s；故答案为：(1)；(2)0.74；4.36；0.40。(1)根据实验需要的测量量判断测量工具和实验原理，进而确定实验装置，即可得到实验需要的器材;(2)根据时间间隔中点的瞬时速度等于平均速度得到两个瞬时速度，再根据时间间隔求得加速度;根据匀变速运动相邻时间间隔的位移差相等，由两个时间间隔的位移得到位移差，再根据其中一段时间间隔的位移求解其他时间间隔位移；由得到计数点1,3的距离，即可根据时间间隔中点瞬时速度等于平均速度求得计数点2位置的瞬时速度。处理纸带问题时常用到的匀变速运动规律：时间间隔中点瞬时速度等于平均速度；相邻时间间隔的位移差相等。1 4.答案：阳 心；l2 h解析：本题考查了实验器材的选择与实验数据处理，根据实验目的分析清楚图示电路图理解实验原理是解题的前提与关键，应用串并联电路特点与欧姆定律可以解题；要掌握实验器材的选择原则。(1)为了读数更为准确，干路y 处应该选量程较大的电流表4，支路x 处应该选量程较小且内阻确定的电流表4；本实验采用的是分压接法，滑动变阻器应该选用总阻值较小的(2)根据电路的串、并联知识可得,(/2-2%=/式/?3 +()，待测电阻阻值为：&=呼 誓.1 5.答案：解：(1)第一个粒子在极板间做平抛运动，即水平位移：x=vot.(T)竖直位移：f =由、得：X=vol为使第一粒子能落在下板中点。到紧靠边缘的B 点之间，x 必须满足，x L所以有即：2.5m/s vQ 5m/s(2)设以上述速度入射的带电粒子，最多能有几个落到下极板上.则第(九+1)个粒子的加速度为a,由牛顿运动定律得：m g qE=m a 其 中:E =%由、得：a=g-黑第（n+1）粒子做匀变速曲线运动x=vot=L1 2y=-a tJ 2得:y=2一 需）（9；第5 +1）粒子不落到极板上，则y p得:外-黑）（转/LT/lCl IZ Q /因此有：n=簧（g-：d）=1。蓝 笨，（1 一 W x 0.4 x 1 0-2）x 0.4 x 1 0-2=60 0 个。答：（1）为使第一个粒子能落在下板中点0 到紧靠边缘的B点之间，粒子入射速度%应为2.5m/s Wv0 S 5m/s；（2）以上述速度入射的带电粒子，最多能有60 0 个落到下极板上。解析：（1）根据粒子做平抛运动的规律，运用运动的合成与分解，并依据运动学公式，即可求解；（2）根据牛顿第二定律，结合电场力表达式，与运动学公式，即可求解。考查如何处理平抛运动的思路，掌握运动的合成与分解的方法，理解运动学公式与牛顿第二定律的综合应用。1 6.答案：解：（1）根据速度时间图线知，小物块冲上斜面过程中的加速度大小为:%=Y?n/s2=1 0 m/s2.（2）根据牛顿第二定律得：%=一 切37。.,37。=+小。$37。，代入数据解得：4=0.5.（3）上滑的位移为：%4 1 Y Lx-i=-ti=-x lm=5m,1 2 1 2下滑的加速度大小为：a2=gsin370 figcos37=6-4m/s2=2m/s2,根据Xi=博得：t2 1-=y/5s 2.2s,则有：t =t i +t2=1 +2.2 s =3.2 s.答：(1)小物块冲上斜面过程中加速度的大小为1 0 m/s 2；(2)小物块与斜面间的动摩擦因数为0.5；(3)小物块从出发到返回底端所经历的时间为3.2 s.解析：(1)根据匀变速直线运动的速度时间图线求出小物块冲上斜面过程中的加速度大小.(2)根据牛顿第二定律求出小物块与斜面间的动摩擦因数.(3)根据平均速度推论求出上滑的位移，根据牛顿第二定律求出下滑的加速度，结合位移时间公式求出下滑的时间，从而得出总时间.本题考查了牛顿第二定律和运动学图线的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，注意上滑和下滑的加速度大小不等.17.答案：解：整个过程温度不变，左右两管中封闭气体都发生等温变化，都遵守玻意耳定律.当左右两侧水银面高度差h=4c m 时，右管气体的长度为V=1 0 c m -2cm=8cm.对右管：由玻意耳定律得：PolS=P/S,得：右=x P()=g x 76cmHg=95cmHg对左管：由玻意耳定律，得：PolS=P/S,而 左=P 方 +4=95cmHg+4cmHg=99cmHgIOXPQ 10X76-rc得.I =-=-cm 7.68cm何 P左 99设活塞在左管内移动的距离为X,故根据几何关系得：x+7.68 2 =1 0得：x 4.32(c m)答：活塞在左管内移动的距离为4.32 c m.解析：由题意，整个过程温度不变，左右两管中封闭气体都发生等温变化，都遵守玻意耳定律.先由此定律求出末态时右管气体的压强，再根据压强关系，得到左管中气体的压强，由玻意耳定律求出末态时左管气体的长度，由几何关系求解活塞在左管内移动的距离.本题是多体问题，既要隔离研究两部分气体各自的状态，更要抓住两者之间的联系，比如体积关系和压强关系，进行综合求解.1 8.答案：A B；0.5；5解析：解：(1)4、太阳能真空玻璃管采用镀膜技术增加透射光，这是利用了光的干涉原理.故A正确.8、在受迫振动中，物体振动的频率等于驱动力的频率，与固有频率不一定相等.故B正确.C、拍摄玻璃橱窗内的物品时，要在镜头前加装一个偏振片以减弱透射光的强度.故C错误.D、宇航员驾驶宇宙飞船以接近光速经过地球时，根据时间的相对性，=j 姿，知时间间隔变长，地球上的人观察到飞船上的时钟变慢.故。错误.故选A B.(2)从波动图象可知，波长4=2.0 m,从振动图象可知，周期7 =4s,则波速v =，=0.5 m/s.波沿x 轴正方向传播，根据上下坡法，质点L 向上振动，经过;个周期到达波峰，所以第二次到达波峰经历的4时间 t =1-T=5 s.4(3)作出光路图，如图.光射到B C 面上的入射角为6 0。,大于临界角C =a r c s in j故在B C 面上发生全反射.射向4c 面，其入射角为30。，小于临界角.故能从A C 边最先射出.由八 翳可解得 s in i=0.7 5.故答案为:(1)48(2)0.5,5 (3)如图所示，sini=0.7 5.(1)太阳能真空玻璃管采用镀膜技术增加透射光，利用光的干涉；在受迫振动中，振动频率等于驱动力频率，当驱动力频率等于固有频率，发生共振.根据时间的相对性，判断时钟变快还是变慢.(2)根据振动图象得出周期，根据波动图象得出波长，从而根据v =(求出波速.根据上下坡法得出L的振动方向，从而确定出质点L 第二次到达波峰的时间.(3)根据几何关系比较入射角与临界角的大小，判断是否发生全反射，从而作出光路图.根据折射定律求出光从棱镜中最先射出时的折射角.本题考查了波动和振动、光的折射、光的干涉和偏振等知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记基本概念和基本规律.