2021年天津市东丽区高考物理模拟试卷(含答案解析).pdf

2021年天津市东丽区高考物理模拟试卷一、单 选 题（本大题共4小题，共20.0分）1.人们常用符号代替文字表达一定的意思.现有两种符号如图甲（黄底、黑图 和如图乙（红圈、红斜杠、黑图）所示，则（）A.甲图是电扇的标志 B.甲图是风车的标志C.乙图是禁用移动电话的标志 D.乙图是移动电话充电区的标志2.将一个10N的力分解为两个分力，两个分力的大小可能为（）A.30N和5N B.10N和26N C.5N和ION D.100N和 115N3.质量相同的人造卫星，如果在不同轨道上绕地球做匀速圆周运动，那么，下列判断中正确的是（）A.轨道半径大的卫星所受向心力大 B.轨道半径大的卫星所受向心力小C.轨道半径大的卫星运行线速度大 D.轨道半径大的卫星运行周期小4.关于下面四图，以下说法正确的是（）A.甲图可能是单色光形成的双缝干涉图样B.在乙漫画中，由于光的折射，鱼的实际位置比人看到的要深一些C.丙图为一束含有红光、紫光的复色光c,沿半径方向射入半圆形玻璃砖，由圆心。点射出，分为a、b两束光，则用同一装置做双缝干涉实验时，用a光要比用b光条纹间距更大D.丁图是光从玻璃射入空气里时的光路图，则其入射角是60二、多 选 题（本大题共4小题，共20.0分）5.（I V如图所示，实线表示一簇关于X轴对称的等势面，在尤轴上有4B两 点,1,.SV,U Vo,3V则（）A.A、B两点的电场强度方向与轴同向 B.4、8两点的电场强度方向与x轴反向C.4点的电场强度见大于B点的电场强度茶D.4点的电场强度小于B点的电场强度埼6.下面的说法中正确的有（）A.布朗运动的实质反映了液体分子在不停地做无规则热运动B.压缩密封在气缸中一定质量的理想气体，难度越来越大，这是因为分子间距离越小时分子间斥力越大C.对气体加热，气体的内能不一定增大D.物体温度升高，分子热运动加剧，所有分子的动能都会增加E.对大量事实的分析表明，不论技术手段如何先进，热力学零度最终不可能达到7.如图所示，甲、乙两列完全相同的横波，分别从波源4、B两点沿直线支轴相向传播，已知在t=0时的波形如图所示。若两列波的波速均为lm/s,则C、E、F、G、。5个质点中（）A.t=0.2s时，只有尸点的位移最大B.t=0.2s时，E、G两点的位移最大C.t=0.5s时，C、F、D三点的位移最大D.t=0.5s时，只有尸点的位移最大8.图示电路中，变压器为理想变压器，a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，&为定值电阻,R为滑动变阻器。现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表4的示数增大了0.2 4电流表必 的示数增大了0.6 4则下列说法正确的是（）A.电压表力示数增大B.电压表%示数减小C.该变压器起降压作用D.变阻器滑片是沿c-d的方向滑动三、填 空 题（本大题共1小题，共3.0分）9.两台机器功率之比为3：2,若做相同的功时，则 所 用 时 间 之 比 为.若 用 相 同 时 间，则所做 功 之 比 为 .四、实 验 题（本大题共1小题，共 9.0分）10.一位同学在学习了滑动摩擦力之后，想自己的运动鞋与某种木板之间的动摩擦系数。于是他通过实验探究这个问题。本实验中，该同学设计了两种方案：方案一：木板水平固定。通过弹簧测力计水平拉动木板上的运动鞋，如图甲所示。方案二：运动鞋与弹簧测力计的一端相连，弹簧测力计的另一端固定在墙壁上。通过细绳水平拉动运动鞋下方的木板，如图乙所示。两种方案中，你认为更合理、更 易 于 操 作 的 是 方 案（填：一或二）；选择该方案的原因是五、计 算 题（本大题共3 小题，共 48.0分）11.如图所示，质量M=0.2kg的长板静止在水平地面上，与地面间动摩擦因 Tn*2数 1 二0.1,另一质量m=0.1kg的小滑块以%=0.9m/s初速滑上长木板，滑块与长木板间动摩擦因数的=0.4,求小滑块自滑上长板到最后静止（仍在木板上）的过程中,它相对于地运动的路程.12.如图所示，平行金属板长为3 一个带电为+q,质量为m的粒子以初速度%紧贴上板垂直射入电场，刚好从下板边缘射出，末速度恰与下板成30。角，粒子重力不计.求:（1）粒子末速度9的大小.（2）两极板间电场强度E的大小和方向.（3）两极板间距离d.1 3.如图甲所示，弯曲部分AB和CD是两个半径相等的J圆弧，中间的BC段是竖直的薄壁细圆管(细圆管内径略大于小球的直径)，分别与上下圆弧轨道相切连接，8C段的长度L可作伸缩调节.下圆弧轨道与地面相切，其中，4分别是上下圆弧轨道的最高点与最低点，整个轨道固定在竖直平面内.一小球多次以某一速度从4点水平进入轨道而从D点水平飞出.今在4 D两点各放一个压力传感器，测试小球对轨道4 0两点的压力，计算出压力差/F.改变BC的长度3重复上述实验，最后绘得的4 F-L图像如图乙所示.(不计一切摩擦阻力，g取10m/s2)(1)某一次调节后，。点的离地高度为0.8 rn,小球从。点飞出，落地点与。点的水平距离为2.4 m,求小球经过。点时的速度大小；(2)求小球的质量和弯曲圆弧轨道的半径.参考答案及解析1.答案：C解析：解：力、B、图甲是核辐射标志，应该远离，故 A 错误，B错误；C、D、图乙是禁止使用手机的标志，在加油站有该标志，故 C 正确，。错误；故选：C.图甲是核辐射标志，图乙是禁止使用手机的标志.本题是联系生活实际的问题，要能够将学过的知识用到生活实际中.2.答案：C解析：解：4、30N与5N的合力范围是25NWF W 35N,所以不可能是大小为10N分解得两个力，故A 错误；B、10N与26N的合力范围是16N S F W 3 6 N,所以不可能是大小为10N分解得两个力，故 3 错误；C、5N与10N的合力范围是5N W F W 15N,所以可能是大小为10N分解得两个力，故 C 正确；。、100N和115N的合力范围是15N W F W 2 1 5 N,所以不可能是大小为10N分解得两个力，故。错误;故选：Co根据两个分力的合力在两个分力之差与两个分力之和之间，分析两个力的大小可能值。本题求解分力的范围与确定两个力的合力范围方法相同。基本题。也可以采用代入法，将各个选项代入题干检验，选择符合题意的。3.答案：B解析：解.：根据万有引力提供卫星绕地球做圆周运动的向心力,得：G=mr =m r =m A、卫星的质量相同，由尸=G 等，知轨道半径大的卫星所受向心力小，故 A错误，B 正确。C、由表达式I;=知轨道半径大的卫星运行速度小，故 c 错误;由表达式7=27r区 知轨道半径大的卫星周期大，故。错误。故选：B。根据万有引力提供卫星圆周运动的向心力，讨论描述圆周运动的物理量与卫星轨道半径间的关系.能根据万有引力提供圆周运动向心力，正确由万有引力表达式和向心力表达式分析各量与圆周运动半径的关系是解决本题的关键.4.答案：B解析：解：2、中央条纹宽，是单缝衍射的图样。故A 错误。B、光从空气射入水中发生折射时，入射角大于折射角，鱼的实际位置比人看到的要深。故 B 正确。C、紫光的折射率比红光大，相同入射角，当光从玻璃射入空气时，紫光的折射角大，a光束是紫光，b光束是红光。红光的波长长，干涉条纹间距大。故 C错误.D、光从玻璃射入空气里时入射角小于折射角，故其入射角是30。.故。错误故选：B。这是常见的光学现象，根据特征区是干涉图样和衍射图样.根据红光与紫光折射率大小，分析从玻璃射入空气时折射角大小，确定分别是哪束光的光.本题运用折射定律处理.对于七种色光各个量的比较，可借助于光的色散实验结果，形象记忆.可利用折射定律分析生活中的光现象.5.答案:AD解析：解：A B,电场线与等势面垂直，且由电势较高的等势面指向电势较低的等势面，作出相对应的电场线的分布，如图所示，由图示可知，力、B两点处的场强方向与轴同向，故 4 正确，B 错误；C D.电场线密集的地方电场强度大，电场线稀疏的地方电场强度小，由电场线的疏密可知，4点处的电场强度“小于B点处的电场强度EB，故 C错误，。正确。故选：AD.电场线与等势面垂直.电场线密的地方电场的强度大，等势面密，电场线疏的地方电场的强度小，等势面疏；沿电场线的方向，电势降低。本题考查了判断电场强度方向、比较强度大小问题；加强基础知识的学习，掌握住电场线和等势面的特点，及沿着电场线方向电势降低，即可解决本题.6.答案：ACE解析：解：4、布朗运动反映了液体分子在不停地做无规则的热运动，故 A 正确；8、理想气体分子间无相互作用力，压缩封闭在气缸中一定质量的理想气体，难度越来越大，这是因为气体压强增大了，容器的内外之间的压强差增大了，故 B错误；C、根据热力学第一定律AU=Q+V V 可知，对气体加热，气体也可能同时对外做功，内能不一定增大，故 C 正确；。、温度是物体分子平均动能大小的标志，是大量分子运动的统计规律；物体温度升高，分子热运动加剧，分子平均动能增大，但不是每个分子的动能都增大，则。错误；绝对零度是低温物体的极限，不可能达到，故 E 正确故选：ACE.布朗运动是悬浮在液体中小颗粒做的无规则的运动，而每个小颗粒都是由成千上万个颗粒分子组成的，布朗运动不能反映小颗粒内部分子在不停地做无规则的热运动。压缩密封在气缸中的气体难度越来越大，是由于容器的内外之间的压强差增大；温度是分子的平均动能的标志，是大量分子做无规则运动的统计规律；做功和热传递都可以改变物体的内能；热力学零度不可能达到。热量自发地由高温物体传递给低温物体。本题考查了热力学定律和分子动理论的基础知识，在平时练习中要加强对这些基本知识的理解与应用。7.答案：BC解析：解：A、t=0.2s时，波传播的距离x=0.2 m,两列都传到F点，此时两列波单独引起F点的振动方向均向下，但位移是零。故 A 错误，B、t=0.2s时，波传播的距离x=仇=0.2M,两列都传到F点，此时两列波单独引起E、G两点均为负向最大位移，则E、G两点的位移最大；B 正确。C D、t=0.5s时，波传播的距离x=0.5 m,两列波的波峰同时传到F 点，C、。两点的位移也是最大，故 C 正确，。错误。故选：B C。波在同一介质中匀速传播，由时间求出波传播的距离。由波传播判断质点的振动方向，根据时间与周期的关系分析分析各点位移情况。本题考查波的叠加原理的应用能力。此题可以通过作出波形进行分析。8.答案：BC解析：解：A D.观察到电流表4的示数增大了0.2 A,电流表&的示数增大了0.6 4,即副线圈电流增大，由于a、b接在电压有效值不变的交流电流两端，匝数比不变，所以副线圈电压不变，即匕，眩示数不变，根据欧姆定律得负载电阻减小，所以变阻器滑片是沿c -d的方向滑动，故A错误，O错误：B、由于电流表4的示数增大，所以&两端电压增大，所以滑动变阻器R两端电压减小，即电压表匕示数减小，故B正确；C、原副线圈中的电流和匝数成反比，即叫人=n2l2,电流变化时，叫 /=的 如 故最=$=p应是降压变压器，故C正确。故选：BC.根据欧姆定律分析负载电阻的变化，图中变压器部分等效为一个电源，变压器右侧其余部分是外电路，外电路中，&与滑动变阻器R串联；然后结合闭合电路欧姆定律和串并联电路的电压、电流关系分析即可。本题关键是明确电路结构，根据闭合电路欧姆定律、变压器变压公式和变流公式、串并联电路的电压电流关系列式分析。9.答案：2：3：3：2解析：解：由题意可知，Pi：P2=3：2,有P =?可知，做相同的功时，所用时间之比：?=叁=|；C2 3若用相同时间，则所做功之比：胃=霁=|.W2 1 2 C L故答案为：2：3；3：2.知道两台机器的功率之比，根据P 求出做相同的功时所用时间之比和相同时间内所做功之比.本题考查了功率公式的灵活应用，是一对基础题目.1 0.答案：二 方案一是实验时应控制木块做匀速直线运动；而方案二实验时不需要控制木板做匀速直线运动，便于实验操作，同时测力计是静止的，便于对测力计读数。解析：解：两种方案中，更合理、更易于操作的是方案二；选择该方案的原因是：方案一是用弹簧测力计水平拉动木块，当木块做匀速直线运动时，木块处于平衡状态，拉力与摩擦力是一对平衡力，由平衡条件可知，摩擦力等于测力计拉力，因此实验时应控制木块做匀速直线运动；而方案二是拉动木板，木块静止，木块处于平衡状态，木块受到的拉力都等于测力计的拉力，实验时不需要控制木板做匀速直线运动，便于实验操作，同时测力计是静止的，便于对测力计读数，所以选择方案二。故答案为：二；方案一是实验时应控制木块做匀速直线运动；而方案二实验时不需要控制木板做匀速直线运动，便于实验操作，同时测力计是静止的，便于对测力计读数。鞋静止或做匀速直线运动，处于平衡状态，滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力，根据测力计示数可以求出滑动摩擦力；分析图示实验装置，然后分析答题。本题考查了实验方案评价，考查了苹果条件的应用，方案一需要控制鞋做匀速直线运动，方案二不需要控制木板做匀速直线运动，易于操作。11.答案：解：由牛顿第二定律得小滑块滑上长木板的加速度大小为：%=42g 0.4 x 10=4m/s2,木板的加速度为：=”?飞-“炉+叫=0.4X1-0.1X3=2 M 0.2 由于小减速，M加速，设经过时间匕二者达到共同速度，有：代入数据，解得：“=0.2sm在这段时间内滑行的位移：xr=votr-ja it i代入数据得：xx=0.1mM在这段时间内滑行的位移：x2=1a2tf代入数据得：x2=0.01m小滑块滑上长木板后，相对于长木板运动的总位移:%=与 一%2=0.09m当二者达到共同速度后，由于地面摩擦，将一起做减速运动，设共同运动时加速度加速度大小为生，a3=41g=0.1 x 10=lm/s2之后爪与M一起做减速运动，后阶段的初速度为：v=a2tl=0,5 x 0.2=OAm/szn与M一起做减速运动的位移为：x3=2a3代入数据得：%3=0.005m则全过程M相对于地移动的距离为:%=+%3=0,1+0.005=0.105m.答：相对于地运动的路程为0.105m.解析：滑块滑上木板滑块做匀减速直线运动，木板做匀加速直线运动，达到共同速度后，共同做减速运动直至停止，根据牛顿第二定律分别求出它们的加速度，求出两物体速度相同时所需的时间，从而求出小滑块相对地面的位移大小，再求出共同做减速运动直至停止的位移，从而求出小滑块自滑上长板到最后静止(相对地面)的过程中运动的位移.本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，关键理清滑块和木板的运动情况，结合牛顿第二定律和运动学公式求解.12.答案：解：(1)由速度关系得合速度：=扁=?%(2)带电粒子在电场中做类平抛运动，在水平方向有：L=vot在竖直方向有：vy=at又由速度关系有：vy=v0 tan300=-y v0由牛顿第二定律得：qE=m a联解得：5=叵 迎3qL正电荷受到的电场力的方向与电场的方向相同，所以场强的方向向下.(3)在竖直方向有：d=at2=答：(1)粒子射出时速度的大小为管火；(2)匀强电场的场强大小为等，方向向下；(3)两板间的距离为包6解析：(1)粒子在电场中做类平抛运动，由运动的合成与分解可知粒子的末速度的大小；(2)将粒子的运动分解为水平方向的匀速运动和竖直方向的匀加速直线运动，则由运动的合成与分解和牛顿第二定律可求得电场强度；(3)由时间位移公式求得两板间的距离.带电粒子在电场中的运动，若垂直电场线进入则做类平抛运动，要将运动分解为沿电场线和垂直于电场线两个方向进行分析，利用直线运动的规律进行求解.13.答案：解：(1)小球在竖直方向做自由落体运动，HD=gt2水平方向做匀速直线运动x=vDt联立解得%=6m/s(2)设轨道半径为r,A到。过程机械能守恒得：=jmv3+mg(2r+L)在4 点：FA m g =在。点：FD+m g =由以上三式得：=6mg+2mgs图象的截距为12=6mg,当Z,=0.5rn时，力的差值F=17N联立解得：m =0.2kg,r=0.4m解析：本题主要考查了平抛运动基本公式、机械能守恒定律、向心力公式的应用，要求同学们能根据图象得出有效信息，难度适中。(1)小球从。点飞出后做平抛运动，根据竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速运动列式即可求解；(2)设轨道半径为r,从4到。过程中机械能守恒，在4。两点过运用向心力公式求出两点的压力大小，根据压力差列式结合图象即可求解。