2017年贵州省铜仁市中考物理试卷(含解析版).docx

2017年贵州省铜仁市中考物理试卷一、选择题（本题共9小题，每小题两分共18分）1（3分）下列声现象的说法中，正确的是（）A发声的物体不一定在振动B“禁止鸣笛”是在声源处减弱噪声C声音在真空中的传播速度为340m/sD“震耳欲聋”说明声音的音调高2（3分）下列自然现象中物态变化与霜的形成相同的是（）A寒冷的冬天，湖面结冰了B夏天的清晨，小草上出现了露珠C春天，冰雪消融D在我国北方的冬天，玻璃窗上有时会出现冰花3（3分）下列现象中，是由于光的折射形成的是（）A水中倒影B小孔成像C 海市蜃楼D 墙上手影4（3分）下列说法中，正确的是（）A物体的速度越大，惯性就越大B钻木取火是通过做功的方式改变物体内能的C近视眼需要用凸透镜进行矫正D磁场和磁感线都是客观存在的物质5（3分）关于压强，下列说法不正确的是（）A在气体和液体中，流速越大的位置，压强越大B最早测出大气压强值得科学家是托里拆利C菜刀磨得很锋利是为了增大压强D拦河坝建成上窄下宽，是由于液体的压强随深度的增加而增大6（3分）对于静止放置在水平桌面上的物理书，下列说法正确的是（）A书受到重力和书对桌面的压力是一对平衡力B书受到重力和书对桌面的压力是相互作用力C书受到重力和桌面对书的支持力是相互作用力D书受到重力和桌面对书的支持力是一对平衡力7（3分）下列四幅图中，反应发电机工作原理的是（）ABCD8（3分）图中，能正确描述电压一定时，电流随电阻变化关系的图象是（）ABCD9（3分）一搬运工用100N的水平推力，将重为500N的箱子，以0.4m/s的速度在水平地面上匀速推动了50s在此过程中下列说法正确的是（）A木箱受到的摩擦力小于100NB重力所做的功为1×104JC推力所做的功40JD推力做功的功率为40W六、填空题（本题包括7个小题，每空一分，共17分）10（2分）四冲程内燃机在工作中，完成一个工作循环，曲轴转动 周，将内能转化为机械能的是 冲程。11（2分）在太阳的核心每时每刻都发生着 （选填“核聚变”或“核裂变”），从而释放出巨大的能量。太阳能是一种既清洁又安全的能源，是属于 （选填“可再生能源”或“不可再生能源”）。12（3分）清明，是我国传统节日。为了提高人们的环境意识，文明祭祀，相关部门倡导市民把“香、纸”换成鲜花。在远处就能闻到花的香味，这是一种 现象；同时要求人们不要在野外随手丢弃垃圾，特别是矿泉水瓶，是因为盛有水的矿泉水瓶相当于一个 镜，对光有 作用，容易引发火灾。13（2分）我国北方楼房中的“暖气”用水作为输送能量的介质，是因为水的 较大；一瓶矿泉水喝掉一半后，则剩余水的密度 （填“变大”“变小”“不变”）。14（3分）如图所示的电路中，电源电压U6V恒定不变，R15，R210，开关闭合后，通过R1的电流为 A，R2两端的电压为 V；若R1、R2并联后仍接在该电源两端，则通过R1、R2的电流之比I1：I2 。15（3分）2017年5月，我国第一首自主研发的航母在全世界的瞩目下成功下水，标志着我国的国防军事实力上了一个新的台阶。飞机从航母上滑行起飞时，以航母为参照物，飞机是 的；同月，我国“蛟龙号”潜水器下潜深度约为6700m，在此深度，潜水器受到海水的压强为 Pa，在返程过程中（未露出水面前）它所受的浮力 （填“增大”“减小”或“不变”）（取海水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）16（2分）某工人用如图所示的装置，将G900N的重物沿斜面向上匀速拉动4m用时30s，该过程中物体上升的竖直高度为2m，此装置的机械效率75%该过程中，工人所用的拉力F N，拉力做功的功率P W七、解答题（本题包括1个小题，没空两分，共6分）17（6分）据交管部门统计，很多车祸都是车辆超速超载所引起的，对社会和家庭造成了难以弥补的损失。为此，交管部门制定了超速超载处理办法。请用所学知识回答下列问题：（1）为什么要限速？ （2）为什么要限载？ （3）请写出一条与物理相关的警示标语： 。八、作图题（本题包括3个小题，每小题2分，共6分）18（2分）完成下列光路。19（2分）如图所示的杠杆中，O为支点，在一个最小的拉力F1的作用下，在图示位置保持静止，请在图中画出最小拉力F1的示意图和力F2的力臂l2。20（2分）请用笔画代替导线，将如图中带开关的电灯和三孔插座接入家庭电路中。九、实验探究题（本题包括2小题，每空2分，第39小题10分，第40小题12分，共22分）21（10分）在“探究浮力大小跟哪些因素有关”的实验中，某同学提出了如下的猜想：浮力的大小可能跟物体浸入液体的深度有关；浮力的大小可能跟物体排开液体的体积有关；浮力的大小可能跟液体的密度有关。并做了下图所示的实验，请根据要求完成问题（1）图C中物体所受的浮力为 N；（2）由图D和图 可验证猜想；（3）该同学由图B和图C能否得出“浮力的大小可能跟物体浸入液体的深度有关”的结论？答： （填“能”或“不能”）理由是 （4）本实验中盐水的密度 kg/m322（12分）小华在“测量小灯泡的额定功率”的实验中，电源电压为3V，小灯泡额定电压为2.5V。（1）为了完成实验，请用图代替导线将图甲中的实物图补充完整（导线不能交叉）（2）闭合开关S，移动滑片，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有明显示数，则发生此故障原因可能是 （3）排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片到某一位置时，电压表的示数为2.0V，为了测定小灯泡的额定功率，应将滑片 端移动。（4）当电压表的示数为2.5V，电流表的示数如图乙所示，则表格中空格处的数据为 ，小灯泡的额定功率为 W。试验次数123电压U/V2.02.53.0电流I/A0.2 0.23（5）小华通过计算发现，三次实验中小灯泡的电阻相差较大，其原因是 。十、计算题（本题包括2小题，41小题10分，42小题12分，共22分要求写出必要的计算过程和文字说明）23（10分）一辆从铜仁到梵净山的旅游大巴车，车与乘客的总质量为9000kg，车轮与地面的接触总面积为0.3m2该大巴在某段平直公路上匀速行驶6km，用时5min（g取10N/kg）求：（1）该大巴车行驶的速度；（2）该大巴车对水平地面的压强；（3）若该大巴车发动机的额定功率为120kw，求发动机的牵引力24（12分）如图是某品牌饮水机的简化电路图，该饮水机有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），下表是它的有关参数。已知C水4.2×103J/（kg），水1.0×103kg/m3。电热饮水机型号：XLLS2017储水罐容积：1L额定电压：220V额定加热功率：1000W额定保温功率：100W额定频率：50Hz（1）S0闭合时饮水机处于什么状态，此时电路中电流是多大？（2）该饮水机在额定电压下，将装满储水罐的水从50加热至沸腾（当时气压为标准大气压），用时300s，求饮水机的加热效率。（3）若实际电压为200V，饮水机的加热效率保持不变，将装满储水罐的水从50加热至沸腾（当时大气压为标准大气压），需用时多少秒。2017年贵州省铜仁市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共9小题，每小题两分共18分）1（3分）下列声现象的说法中，正确的是（）A发声的物体不一定在振动B“禁止鸣笛”是在声源处减弱噪声C声音在真空中的传播速度为340m/sD“震耳欲聋”说明声音的音调高【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；（2）减小噪音的途径：在声源处减弱噪声、在传播过程中减弱噪声、在人耳处减弱噪声；（3）声音在不同的介质中的传播速度不同，声音不能在真空中传播，声音在空气中的传播速度是340m/s；（4）声音是由物体的振动产生的，响度是指声音的强弱，即我们常说的声音的大小，它与声源振动的振幅有关，振幅越大，响度越大。【解答】解：A、声音是由物体的振动产生的，故A错误；B、“禁止鸣笛”是在声源处减弱噪声，故B正确；C、声音在空气中的传播速度是340m/s，真空不能传声，故C错误；B、“震耳欲聋”是指声音很大，指声音的响度大；故D错误。故选：B。【点评】此类题目是考查声音方面多个知识点的综合题目，要结合相关物理知识点进行分析解答。2（3分）下列自然现象中物态变化与霜的形成相同的是（）A寒冷的冬天，湖面结冰了B夏天的清晨，小草上出现了露珠C春天，冰雪消融D在我国北方的冬天，玻璃窗上有时会出现冰花【分析】物质由气态变成液态的过程叫做液化，分析各选项中物质的状态变化，就可得到正确选项。【解答】解：霜是空气中的水蒸气凝华形成的；A、寒冷的冬天，湖面结冰了，水结冰是凝固现象，故A不符合题意；B、夏天的清晨，小草上出现了露珠，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故B不符合题意；C、春天，冰雪消融，冰由固态变为液态，属于熔化现象，故C不符合题意；D、在我国北方的冬天，玻璃窗上有时会出现冰花，这是室内的水蒸气遇到冷玻璃直接变成的小冰晶，属于凝华现象，与霜的形成相同，故D符合题意；故选：D。【点评】本题考查了物态变化的判断，属于热学基础知识的考查，解决此类题目的关键是抓住物质前后的状态变化3（3分）下列现象中，是由于光的折射形成的是（）A水中倒影B小孔成像C 海市蜃楼D 墙上手影【分析】光现象有以下三种情况：（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，如：激光准直、小孔成像和影子的形成等；（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。【解答】解：A水中倒影，属平面镜成像现象，是光的反射形成的，故A错误；B小孔成像，是光的直线传播形成的，故B错误；C海市蜃楼是由于光在密度不均匀的物质中传播时，发生折射形成的，故C正确。D手影是光的直线传播形成的，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了应用光的折射解释生活中的现象，判断生活中的光现象是比较常见的题目，属于基础题。4（3分）下列说法中，正确的是（）A物体的速度越大，惯性就越大B钻木取火是通过做功的方式改变物体内能的C近视眼需要用凸透镜进行矫正D磁场和磁感线都是客观存在的物质【分析】（1）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，其大小只与物体的质量有关；（2）做功和热传递都可以改变物体的内能；（3）近视眼是晶状体的折光能力太强，像成在视网膜的前面，需要用凹透镜进行矫正；（4）磁场是客观存在的，而磁感线是人们为了研究方便而假想出来的。【解答】解：A、惯性的大小只与物体的质量有关，与速度大小无关，故A错误；B、钻木取火时，克服摩擦做功，使物体的内能增大，是通过做功的方式改变物体内能的，故B正确；C、近视眼是由于晶状体的折光能力太强，像成在视网膜的前面，需要用具有发散作用的凹透镜进行矫正，故C错误；D、磁场是客观存在的，而磁感线是人们为了研究方便而假想出来的，故D错误。故选：B。【点评】本题主要考查了对惯性、改变物体内能方式、近视眼的矫正、磁场及磁感线的理解与掌握，有一定综合性，但都是基本知识。5（3分）关于压强，下列说法不正确的是（）A在气体和液体中，流速越大的位置，压强越大B最早测出大气压强值得科学家是托里拆利C菜刀磨得很锋利是为了增大压强D拦河坝建成上窄下宽，是由于液体的压强随深度的增加而增大【分析】（1）流体流速越大的地方、压强越小，流速越小的地方、压强越大；（2）托里拆利第一次通过实验测出来大气压值，这就是著名的托里拆利实验。（3）增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强；（4）液体压强随深度的增加而增大，所以大坝建成上窄下宽的形状。【解答】解：A、在气体和液体中，流速越大的位置压强越小，故A错误；B、最早测出大气压强值得科学家是托里拆利，故B正确；C、菜刀磨得很锋利是为了在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C正确；D、液体压强随深度的增加而增大，所以大坝建成上窄下宽的形状，故D正确。故选：A。【点评】本题考查知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的灵活应用能力，相对比较简单。6（3分）对于静止放置在水平桌面上的物理书，下列说法正确的是（）A书受到重力和书对桌面的压力是一对平衡力B书受到重力和书对桌面的压力是相互作用力C书受到重力和桌面对书的支持力是相互作用力D书受到重力和桌面对书的支持力是一对平衡力【分析】（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。（2）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。【解答】解：AB书受到重力和书对桌面的压力都是竖直向下的，且作用在两个物体上，不是一对平衡力，也不是一对相互作用力，故AB错误；CD书受到重力和桌面对书的支持力，它们大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上，是一对平衡力，不是一对相互作用力，故C错误、D正确。故选：D。【点评】本题知道二力平衡的条件和相互作用力的条件，并且会区分平衡力和相互作用力是解决本题的关键。7（3分）下列四幅图中，反应发电机工作原理的是（）ABCD【分析】发电机的原理是电磁感应原理制成的。它在工作时要消耗机械能，得到电能的。【解答】解：A、图中实验是奥斯特实验，说明通电导体能产生磁场，故A错误。B、图中实验是通电导体在磁场里受力作用的实验，属于电动机原理图，故B错误；C、是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动产生感应电流，属于电磁感应现象，它是发电机原理，故C正确；D、图中是电磁铁，是利用电流的磁效应制成的，不是发电机的原理，故D错误。故选：C。【点评】本题考查电和磁的几个重要实验，要牢记，只有牢记才能分开它们，否则很容易混淆。8（3分）图中，能正确描述电压一定时，电流随电阻变化关系的图象是（）ABCD【分析】根据欧姆定律的内容：在电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比，进行解答。【解答】解：由欧姆定律可知，电压一定时，电流与电阻成反比，据此可知IR图象为反比例函数图象，结合选项可知，D符合、ABC不符合。故选：D。【点评】本题利用图象分析物理学中物理量之间的关系，要正确理解物理量之间的关系，能用不同的表达方法来描述它们的关系。9（3分）一搬运工用100N的水平推力，将重为500N的箱子，以0.4m/s的速度在水平地面上匀速推动了50s在此过程中下列说法正确的是（）A木箱受到的摩擦力小于100NB重力所做的功为1×104JC推力所做的功40JD推力做功的功率为40W【分析】（1）根据二力平衡分析；（2）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可，据此确定重力是否做功；（3）知道推力大小和移动的距离，根据公式WFs求出小明对木箱做的功；（4）再根据公式P求出做功功率。【解答】解：A、箱子在水平地面上匀速推动，推力和摩擦力是一对平衡力，故摩擦力为100N，故A错误；B、重力的方向是竖直向下的，而物体是在水平方向上移动一段距离，不是在重力的方向上移动距离，所以重力对物体做功为0J，故B错误；C、小明对木箱做的功：WFs100N×0.4m/s×50s2000J，故C错误；D、小明对木箱做功的功率：P40W，故D正确。故选：D。【点评】此题主要考查的是学生对做功两个必要因素和功、功率计算公式的理解和掌握，基础性题目。六、填空题（本题包括7个小题，每空一分，共17分）10（2分）四冲程内燃机在工作中，完成一个工作循环，曲轴转动2周，将内能转化为机械能的是做功冲程。【分析】内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；一个工作循环中，只有做功冲程对外做功，活塞往复运动2次，曲轴转动2周。【解答】解：一个工作循环活塞上下往复2次，曲轴转动2周，飞轮转动2周，只有做功冲程对外做功。故答案为：2；做功。【点评】本题考查了内燃机的工作过程：在一个工作循环中有四个冲程，活塞往复运动两次，曲轴和飞轮转动两周，只有在做功冲程中使机车获得动力，其它三个冲程均为辅助冲程，依靠惯性完成。11（2分）在太阳的核心每时每刻都发生着核聚变（选填“核聚变”或“核裂变”），从而释放出巨大的能量。太阳能是一种既清洁又安全的能源，是属于可再生能源（选填“可再生能源”或“不可再生能源”）。【分析】（1）太阳内部发生着核聚变，释放出巨大能量；（2）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源。【解答】解：太阳释放出的巨大能量来源于太阳核心的聚变；太阳能可以长期提供或再生，属于可再生能源。故答案为：核聚变；可再生资源。【点评】本题考查了能源的分类和核能的利用，属于基础性题目。12（3分）清明，是我国传统节日。为了提高人们的环境意识，文明祭祀，相关部门倡导市民把“香、纸”换成鲜花。在远处就能闻到花的香味，这是一种扩散现象；同时要求人们不要在野外随手丢弃垃圾，特别是矿泉水瓶，是因为盛有水的矿泉水瓶相当于一个凸透镜，对光有会聚作用，容易引发火灾。【分析】（1）两种物质接触时，彼此进入对方的现象叫扩散，扩散表明一切物质的分子都是不停的做无规则的运动；（2）透明圆塑料瓶装水后，中间后而边缘薄，类似于凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用。【解答】解：（1）在很远的地方就能闻到鲜花的香味，是鲜花的芳香分子扩散到空气中，这种现象说明了分子在不停的做无规则的运动；（2）因为瓶中进入水之后，瓶中的水形状是中间厚、边缘薄，符合凸透镜的形状特点，对光线有会聚作用，如果热量集中，会造成树叶燃烧，造成火灾。故答案为：扩散；凸透；会聚。【点评】此题联系实际考查了扩散现象以及凸透镜的会聚作用，物理知识渗透在生活的每个角落，同学们要注意思考、积累。13（2分）我国北方楼房中的“暖气”用水作为输送能量的介质，是因为水的比热容较大；一瓶矿泉水喝掉一半后，则剩余水的密度不变（填“变大”“变小”“不变”）。【分析】因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析；密度是物质本身的一种特性。【解答】解：因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度时，水放出的热量多，所以暖气装置中用水来供热。密度是物质本身的一种特性，与质量的多少无关，故剩余水的密度不变。故答案为：比热容；不变。【点评】本题主要考查了学生对水的比热容大、密度的特点。对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。14（3分）如图所示的电路中，电源电压U6V恒定不变，R15，R210，开关闭合后，通过R1的电流为0.4A，R2两端的电压为4V；若R1、R2并联后仍接在该电源两端，则通过R1、R2的电流之比I1：I22：1。【分析】（1）由电路图可知，两电阻串联，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流即为通过R1的电流，再根据欧姆定律求出R2两端的电压；（2）若R1、R2并联后仍接在该电源两端，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R1、R2的电流之比。【解答】解：（1）由电路图可知，两电阻串联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻：RR1+R25+1015，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过R1的电流：IR1I0.4A，R2两端的电压：U2IR20.4A×104V；（2）若R1、R2并联后仍接在该电源两端，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过R1、R2的电流之比：。故答案为：0.4；4；2：1。【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。15（3分）2017年5月，我国第一首自主研发的航母在全世界的瞩目下成功下水，标志着我国的国防军事实力上了一个新的台阶。飞机从航母上滑行起飞时，以航母为参照物，飞机是运动的；同月，我国“蛟龙号”潜水器下潜深度约为6700m，在此深度，潜水器受到海水的压强为6.7×107 Pa，在返程过程中（未露出水面前）它所受的浮力不变（填“增大”“减小”或“不变”）（取海水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）【分析】（1）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。（2）知道“蛟龙号”下潜的深度，利用液体压强公式求潜水器受到海水的压强；（3）“蛟龙号”在返程过程中未露出水面前排开水的体积不变，根据阿基米德原理可知浮力变化。【解答】解：飞机从航母上滑行起飞时，以航母为参照物，飞机与航母之间的位置发生了变化，所以是运动的；“蛟龙号”到达h6700m深的海底时，潜水器受到海水的压强：pgh1.0×103kg/m3×10N/kg×6700m6.7×107Pa；“蛟龙号”在返程过程中未露出水面前，排开水的体积不变，根据F浮gV排可知，其所受浮力不变。故答案为：运动；6.7×107 ；不变。【点评】本题以“蛟龙号”潜水器潜水为背景考查了运动和静止的相对性、压强和浮力的计算，考查的点较多，综合性较强，属于中档题。16（2分）某工人用如图所示的装置，将G900N的重物沿斜面向上匀速拉动4m用时30s，该过程中物体上升的竖直高度为2m，此装置的机械效率75%该过程中，工人所用的拉力F300N，拉力做功的功率P80W【分析】（1）利用WGh求使用图示装置做的有用功，利用75%求总功，再利用W总Fs求拉力；（2）利用P求拉力做功的功率。【解答】解：（1）使用图示装置做的有用功：W有用Gh900N×2m1800J，由75%得总功：W总2400J，由图可知，动滑轮上绳子的段数n2，则绳端移动的距离s2h8m，由W总Fs得拉力：F300N；（2）拉力做功的功率：P80W。故答案为：300；80。【点评】本题考查了使用斜面和定滑轮时有用功、总功和功率的计算，明确有用功、总功的含义是关键。七、解答题（本题包括1个小题，没空两分，共6分）17（6分）据交管部门统计，很多车祸都是车辆超速超载所引起的，对社会和家庭造成了难以弥补的损失。为此，交管部门制定了超速超载处理办法。请用所学知识回答下列问题：（1）为什么要限速？高速行驶的汽车遇到紧急情况刹车时，汽车由于惯性保持原来的运动状态，不能立即停下来，容易造成交通事故（2）为什么要限载？汽车超载时，质量过大，其惯性越大，运动状态难以改变，容易造成交通事故（3）请写出一条与物理相关的警示标语：前方路滑，请减速慢行。【分析】分别从惯性的概念和影响惯性因素的角度可对题干中的现象做出解释。同时可针对惯性带来的伤害提出相关警示语。【解答】解：（1）高速行驶的汽车遇到紧急情况刹车时，汽车由于惯性保持原来的运动状态，不能立即停下来，容易造成交通事故，因此要对车辆进行限速；（2）汽车超载时，质量过大，其惯性越大，运动状态难以改变，容易造成交通事故，因此要对车辆进行限载；（3）与上述知识相关的警示语有：“前方路滑，请减速慢行”，“严禁超载”等。故答案为：（1）高速行驶的汽车遇到紧急情况刹车时，汽车由于惯性保持原来的运动状态，不能立即停下来，容易造成交通事故；（2）汽车超载时，质量过大，其惯性越大，运动状态难以改变，容易造成交通事故；（3）前方路滑，请减速慢行。（合理即可）【点评】本题主要通过生活中的现象以及交管部门的相关规定，来考查对惯性知识的理解，以及惯性大小的影响因素，属基础知识的应用。八、作图题（本题包括3个小题，每小题2分，共6分）18（2分）完成下列光路。【分析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。【解答】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变；据此完成光路图，如图所示：【点评】凹透镜三条特殊光线的作图：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。19（2分）如图所示的杠杆中，O为支点，在一个最小的拉力F1的作用下，在图示位置保持静止，请在图中画出最小拉力F1的示意图和力F2的力臂l2。【分析】力臂是支点到力的作用线的距离，从支点向阻力作用线引垂线即为F2的力臂l2；根据杠杆平衡条件：动力×动力臂阻力×阻力臂，在阻力×阻力臂一定的情况下，动力臂越大动力越小。【解答】解：过支点O作阻力F2作用线的垂线段，即为F2的力臂L2；由图知，O到A点的距离最大，这是最长的动力臂，则力作用在杠杆的最右端时拉力最小，过右端点作垂直于杠杆向上的力，即为最小拉力F1的示意图，如图所示；【点评】本题考查了作力的示意图、作力臂等问题，知道力臂的概念、掌握力的示意图的作法、熟练应用杠杆平衡条件即可正确解题20（2分）请用笔画代替导线，将如图中带开关的电灯和三孔插座接入家庭电路中。【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。【解答】解：首先辨别三根线地线、火线、零线。（1）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。故答案为：【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。九、实验探究题（本题包括2小题，每空2分，第39小题10分，第40小题12分，共22分）21（10分）在“探究浮力大小跟哪些因素有关”的实验中，某同学提出了如下的猜想：浮力的大小可能跟物体浸入液体的深度有关；浮力的大小可能跟物体排开液体的体积有关；浮力的大小可能跟液体的密度有关。并做了下图所示的实验，请根据要求完成问题（1）图C中物体所受的浮力为0.5N；（2）由图D和图E可验证猜想；（3）该同学由图B和图C能否得出“浮力的大小可能跟物体浸入液体的深度有关”的结论？答：不能（填“能”或“不能”）理由是两图中排开液体的体积不同（4）本实验中盐水的密度1.2×103kg/m3【分析】（1）由图AC，根据称重法求图C中物体所受的浮力；（2）根据控制变量法，研究浮力的大小可能跟液体的密度的关系时，要控制排开液体的体积相同，只改变排开液体的密度不同，据此分析回答；（3）研究浮力的大小可能跟物体浸入液体的深度有关，要控制排开液体的密度和排开液体的体积相同，只改变物体浸入液体的深度，由图B和图C分析回答；（4）由图AE知，根据称重法可求出物体浸没在盐水时受到的浮力。根据阿基米德原理，分别得出物体排开水和盐水的体积，因物体均浸没在液体中，故物体排开液体的体积等于物体的体积，由已知条件列方程可求出盐水的密度。【解答】解：（1）根据称重法测浮力，图C中物体所受的浮力为：F浮CGF示C4N3.5N0.5N；（2）根据控制变量法，研究猜想，即浮力的大小可能跟液体的密度的关系时，要控制排开液体的体积相同，只改变液体的密度，故由图D和图E可验证猜想；（3）研究浮力的大小可能跟物体浸入液体的深度有关，要控制液体的密度和排开液体的体积相同，只改变物体浸入液体的深度，由图B和图C知，排开液体的体积不同，故不能得出“浮力的大小可能跟物体浸入液体的深度有关”的结论；（4）根据阿基米德原理可得，图C中物体所受的浮力：F浮C水gV排水；由和可得物体排开液体的体积（即物体的体积）：V物V排水由图AE知，物体浸没在盐水时受到的浮力：F浮EGF示E4N3.4N0.6N；根据阿基米德原理可得，图E中物体所受的浮力：F浮E盐水gV排盐水，由和得物体的体积：V物V排盐水物体的体积不变，由和得：，故盐水的密度：盐水×水1.2×1.0×103kg/m31.2×103kg/m3。故答案为：（1）0.5；（2）E； （3）不能； 两图中排开液体的体积不同； （4）1.2×103。【点评】本题探究浮力大小跟哪些因素有关，考查称重法测浮力、阿基米德原理的运用、密度的测量及控制变量法的运用，综合性强。22（12分）小华在“测量小灯泡的额定功率”的实验中，电源电压为3V，小灯泡额定电压为2.5V。（1）为了完成实验，请用图代替导线将图甲中的实物图补充完整（导线不能交叉）（2）闭合开关S，移动滑片，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有明显示数，则发生此故障原因可能是小灯泡断路（3）排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片到某一位置时，电压表的示数为2.0V，为了测定小灯泡的额定功率，应将滑片左端移动。（4）当电压表的示数为2.5V，电流表的示数如图乙所示，则表格中空格处的数据为0.22A，小灯泡的额定功率为0.55W。试验次数123电压U/V2.02.53.0电流I/A0.20.220.23（5）小华通过计算发现，三次实验中小灯泡的电阻相差较大，其原因是小灯泡的电阻随温度的变化而变化。【分析】（1）小灯泡与滑动变阻器串联接入电流中，电流表测量电路中的电流，电压表测量小灯泡两端的电压；（2）电压表有示数，说明与电压表两接线柱连接的电路是通路，电流表无示数，说明电路断路，从而判断出故障的可能原因。（3）要使小灯泡正常发光，则其两端的电压应等于电源电压，根据电压表的示数结合串分压的知识判断出滑动变阻器的阻值变化得出滑片的移动方向；（4）读出电流表示数，根据PUI计算出额定功率；（5）导体电阻跟导体、长度、横截面积、材料温度有关，从电阻大小的影响因素来考虑。【解答】解：（1）测量小灯泡的额定功率时，小灯泡与滑动变阻器串联接入电流中，电流表测量电路中的电流，电压表测量小灯泡两端的电压；小灯泡额定电压为2.5V，故电压表量程为03V；如图所示：；（2）电路正确连接后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路有断路；电压表有示数，说明在电压表两接线柱与电源相连，故电路故障为灯泡断路。（3）电压表示数为2V，小于小灯泡的额定电压，为了使小灯泡正常发光，应增大电流，减小滑动变阻器的电阻，故应将滑片向做移动，使电压表的示数为2.5V；（4）电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.22A，则灯泡的额定功率为：PUI2.5V×0.22A0.55W；（5）灯泡两端的电压越大，灯泡的实际功率越大，灯泡温度越高，灯泡越亮，灯丝电阻越大；灯丝电阻受温度影响，随温度升高而增大，所以三次实验所测灯丝电阻不同，相差较大。故答案为：（1）如图；（2）小灯泡断路；（3）左；（4）0.22A；0.55；（5）小灯泡的电阻随温度的变化而变化。【点评】此题是“测量定值电阻阻值”和“测量小灯泡电功率”的实验，考查了滑动变阻器的连接及阻值的判断，同时考查了有关电压表的读数、电阻和功率的计算及电路故障的分析，其中根据图象得出额定电压和电流是计算额定功率的关键。十、计算题（本题包括2小题，41小题10分，42小题12分，共22分要求写出必要的计算过程和文字说明）23（10分）一辆从铜仁到梵净山的旅游大巴车，车与乘客的总质量为9000kg，车轮与地面的接触总面积为0.3m2该大巴在某段平直公路上匀速行驶6km，用时5min（g取10N/kg）求：（1）该大巴车行驶的速度；（2）该大巴车对水平地面的压强；（3）若该大巴车发动机的额定功率为120kw，求发动机的牵引力【分析】（1）根据题目中的条件，由v求出大巴车行驶的速度；（2）大巴车对水平地面的压力等于车与乘客的总重力，根据Gmg求出其大小，再根据p求出大巴车对水平地面的压强；（3）知道发动机的功率和行驶的速度，根据PFv求出牵引力的大小。【解答】解：（1）由题可知：s6km，t5minh，该大巴车行驶的速度：v72km/h；（2）水平地面受到的压力：FGmg9000kg×10N/kg9×104N，大巴车对水平地面的压强：p3×105Pa；（3）由PFv可得发动机的牵引力：F6000N。答：（1）该大巴车行驶的速度为72km/h；（2）大巴车对水平地面的压强为3×105Pa；（3）发动机的牵引力为6000N。【点评】本题考查了速度公式、重力公式、压强公式、功率公式的灵活应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。24（12分）如图是某品牌饮水机的简化电路图，该饮水机有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），下表是它的有关参数。已知C水4.2×103J/（kg），水1.0×103kg/m3。电热饮水机型号：XLLS2017储水罐容积：1L额定电压：2