2017年广西全国统一高考数学试卷(理科)(新课标ⅲ)及解析.pdf

第 1页（共 24页）2017 年全国统一高考数学试卷（理科年全国统一高考数学试卷（理科）（新课标（新课标）一、选择题：本题共一、选择题：本题共 12 小题，每小题小题，每小题 5 分，共分，共 60 分。在每小题给出的四个选项中，只有分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。一项是符合题目要求的。1（5 分）已知集合 A=（x，y）|x2+y2=1，B=（x，y）|y=x，则 AB 中元素的个数为（）A3B2C1D02（5 分）设复数 z 满足（1+i）z=2i，则|z|=（）ABCD23（5 分）某城市为了解游客人数的变化规律，提高旅游服务质量，收集并整理了 2014 年 1月至 2016 年 12 月期间月接待游客量（单位：万人）的数据，绘制了下面的折线图根据该折线图，下列结论错误的是（）A月接待游客量逐月增加B年接待游客量逐年增加C各年的月接待游客量高峰期大致在 7，8 月D各年 1 月至 6 月的月接待游客量相对于 7 月至 12 月，波动性更小，变化比较平稳4（5 分）（x+y）（2xy）5的展开式中的 x3y3系数为（）A80 B40 C40D805（5 分）已知双曲线 C：=1（a0，b0）的一条渐近线方程为 y=x，且与椭圆+=1 有公共焦点，则 C 的方程为（）A=1B=1C=1D=1第 2页（共 24页）6（5 分）设函数 f（x）=cos（x+），则下列结论错误的是（）Af（x）的一个周期为2By=f（x）的图象关于直线 x=对称Cf（x+）的一个零点为 x=Df（x）在（，）单调递减7（5 分）执行如图的程序框图，为使输出 S 的值小于 91，则输入的正整数 N 的最小值为（）A5B4C3D28（5 分）已知圆柱的高为 1，它的两个底面的圆周在直径为 2 的同一个球的球面上，则该圆柱的体积为（）ABCD9（5 分）等差数列an的首项为 1，公差不为 0若 a2，a3，a6成等比数列，则an前 6 项的和为（）A24 B3C3D810（5 分）已知椭圆 C：=1（ab0）的左、右顶点分别为 A1，A2，且以线段 A1A2为直径的圆与直线 bxay+2ab=0 相切，则 C 的离心率为（）第 3页（共 24页）ABCD11（5 分）已知函数 f（x）=x22x+a（ex1+ex+1）有唯一零点，则 a=（）ABCD112（5 分）在矩形 ABCD 中，AB=1，AD=2，动点 P 在以点 C 为圆心且与 BD 相切的圆上若=+，则+的最大值为（）A3B2CD2二、填空题二、填空题:本题共本题共 4 小题，每小题小题，每小题 5 分，共分，共 20 分。分。13（5 分）若 x，y 满足约束条件，则 z=3x4y 的最小值为14（5 分）设等比数列an满足 a1+a2=1，a1a3=3，则 a4=15（5 分）设函数 f（x）=，则满足 f（x）+f（x）1 的 x 的取值范围是16（5 分）a，b 为空间中两条互相垂直的直线，等腰直角三角形 ABC 的直角边 AC 所在直线与 a，b 都垂直，斜边 AB 以直线 AC 为旋转轴旋转，有下列结论：当直线 AB 与 a 成 60角时，AB 与 b 成 30角；当直线 AB 与 a 成 60角时，AB 与 b 成 60角；直线 AB 与 a 所成角的最小值为 45；直线 AB 与 a 所成角的最小值为 60；其中正确的是（填写所有正确结论的编号）三三、解答题解答题：共共 70 分分。解答应写出文字说明解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤证明过程或演算步骤。第第 1721 题为必考题题为必考题，每个试题考生都必须作答。第每个试题考生都必须作答。第 22、23 题为选考题，考生根据要求作答题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：（一）必考题：60分。分。17（12 分）ABC 的内角 A，B，C 的对边分别为 a，b，c，已知 sinA+cosA=0，a=2，b=2（1）求 c；（2）设 D 为 BC 边上一点，且 ADAC，求ABD 的面积第 4页（共 24页）18（12 分）某超市计划按月订购一种酸奶，每天进货量相同，进货成本每瓶 4 元，售价每瓶 6 元，未售出的酸奶降价处理，以每瓶 2 元的价格当天全部处理完根据往年销售经验，每天需求量与当天最高气温（单位：）有关如果最高气温不低于 25，需求量为 500 瓶；如果最高气温位于区间20，25），需求量为 300 瓶；如果最高气温低于 20，需求量为 200瓶为了确定六月份的订购计划，统计了前三年六月份各天的最高气温数据，得下面的频数分布表：最高气温10，15）15，20）20，25）25，30）30，35）35，40）天数216362574以最高气温位于各区间的频率代替最高气温位于该区间的概率（1）求六月份这种酸奶一天的需求量 X（单位：瓶）的分布列；（2）设六月份一天销售这种酸奶的利润为 Y（单位：元），当六月份这种酸奶一天的进货量n（单位：瓶）为多少时，Y 的数学期望达到最大值？19（12 分）如图，四面体 ABCD 中，ABC 是正三角形，ACD 是直角三角形，ABD=CBD，AB=BD（1）证明：平面 ACD平面 ABC；（2）过 AC 的平面交 BD 于点 E，若平面 AEC 把四面体 ABCD 分成体积相等的两部分，求二面角 DAEC 的余弦值第 5页（共 24页）20（12 分）已知抛物线 C：y2=2x，过点（2，0）的直线 l 交 C 与 A，B 两点，圆 M 是以线段 AB 为直径的圆（1）证明：坐标原点 O 在圆 M 上；（2）设圆 M 过点 P（4，2），求直线 l 与圆 M 的方程21（12 分）已知函数 f（x）=x1alnx（1）若 f（x）0，求 a 的值；（2）设 m 为整数，且对于任意正整数 n，（1+）（1+）（1+）m，求 m 的最小值（二）选考题：共（二）选考题：共 10 分。请考生在第分。请考生在第 22、23 题中任选一题作答，如果多做，则按所做的题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分。第一题计分。选修选修 4-4：坐标系与参数方程：坐标系与参数方程 22（10 分）在直角坐标系 xOy 中，直线 l1的参数方程为，（t 为参数），直线 l2的参数方程为，（m 为参数）设 l1与 l2的交点为 P，当 k 变化时，P 的轨迹为曲线 C（1）写出 C 的普通方程；（2）以坐标原点为极点，x 轴正半轴为极轴建立极坐标系，设 l3：（cos+sin）=0，M 为 l3与 C 的交点，求 M 的极径第 6页（共 24页）选修选修 4-5：不等式选讲：不等式选讲 23已知函数 f（x）=|x+1|x2|（1）求不等式 f（x）1 的解集；（2）若不等式 f（x）x2x+m 的解集非空，求 m 的取值范围第 7页（共 24页）2017 年全国统一高考数学试卷（理科年全国统一高考数学试卷（理科）（新课标（新课标）参考答案与试题解析参考答案与试题解析一、选择题：本题共一、选择题：本题共 12 小题，每小题小题，每小题 5 分，共分，共 60 分。在每小题给出的四个选项中，只有分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。一项是符合题目要求的。1（5 分）【考点】1E：交集及其运算【分析】解不等式组求出元素的个数即可【解答】解：由，解得：或，AB 的元素的个数是 2 个，故选：B【点评】本题考查了集合的运算，是一道基础题2（5 分）【考点】A5：复数代数形式的乘除运算【分析】利用复数的运算法则、模的计算公式即可得出【解答】解：（1+i）z=2i，（1i）（1+i）z=2i（1i），z=i+1则|z|=故选：C【点评】本题考查了复数的运算法则、模的计算公式，考查了推理能力与计算能力，属于基础题3（5 分）【考点】2K：命题的真假判断与应用；B9：频率分布折线图、密度曲线【分析】根据已知中 2014 年 1 月至 2016 年 12 月期间月接待游客量（单位：万人）的数据，逐一分析给定四个结论的正误，可得答案【解答】解：由已有中 2014 年 1 月至 2016 年 12 月期间月接待游客量（单位：万人）的数据可得：月接待游客量逐月有增有减，故 A 错误；年接待游客量逐年增加，故 B 正确；第 8页（共 24页）各年的月接待游客量高峰期大致在 7，8 月，故 C 正确；各年 1 月至 6 月的月接待游客量相对于 7 月至 12 月，波动性更小，变化比较平稳，故 D 正确；故选：A【点评】本题考查的知识点是数据的分析，命题的真假判断与应用，难度不大，属于基础题4（5 分）【考点】DB：二项式系数的性质【分析】（2xy）5的展开式的通项公式：Tr+1=（2x）5r（y）r=25r（1）rx5ryr令5r=2，r=3，解得 r=3令 5r=3，r=2，解得 r=2即可得出【解答】解：（2xy）5的展开式的通项公式：Tr+1=（2x）5r（y）r=25r（1）rx5ryr令 5r=2，r=3，解得 r=3令 5r=3，r=2，解得 r=2（x+y）（2xy）5的展开式中的 x3y3系数=22（1）3+23=40故选：C【点评】本题考查了二项式定理的应用，考查了推理能力与计算能力，属于中档题5（5 分）【考点】KC：双曲线的简单性质【分析】求出椭圆的焦点坐标，得到双曲线的焦点坐标，利用双曲线的渐近线方程，求出双曲线实半轴与虚半轴的长，即可得到双曲线方程【解答】解：椭圆+=1 的焦点坐标（3，0），则双曲线的焦点坐标为（3，0），可得 c=3，双曲线 C：=1（a0，b0）的一条渐近线方程为 y=x，可得，即，可得=，解得 a=2，b=，所求的双曲线方程为：=1第 9页（共 24页）故选：B【点评】本题考查椭圆与双曲线的简单性质的应用，双曲线方程的求法，考查计算能力6（5 分）【考点】H7：余弦函数的图象【分析】根据三角函数的图象和性质分别进行判断即可【解答】解：A函数的周期为 2k，当 k=1 时，周期 T=2，故 A 正确，B当 x=时，cos（x+）=cos（+）=cos=cos3=1 为最小值，此时 y=f（x）的图象关于直线 x=对称，故 B 正确，C 当 x=时，f（+）=cos（+）=cos=0，则 f（x+）的一个零点为 x=，故 C 正确，D当x时，x+，此时函数 f（x）不是单调函数，故 D 错误，故选：D【点评】本题主要考查与三角函数有关的命题的真假判断，根据三角函数的图象和性质是解决本题的关键7（5 分）【考点】EF：程序框图【分析】通过模拟程序，可得到 S 的取值情况，进而可得结论【解答】解：由题可知初始值 t=1，M=100，S=0，要使输出 S 的值小于 91，应满足“tN”，则进入循环体，从而 S=100，M=10，t=2，要使输出 S 的值小于 91，应接着满足“tN”，则进入循环体，从而 S=90，M=1，t=3，要使输出 S 的值小于 91，应不满足“tN”，跳出循环体，此时 N 的最小值为 2，故选：D【点评】本题考查程序框图，判断出什么时候跳出循环体是解决本题的关键，注意解题方法的积累，属于中档题8（5 分）第 10页（共 24页）【考点】LF：棱柱、棱锥、棱台的体积；LR：球内接多面体【分析】推导出该圆柱底面圆周半径 r=，由此能求出该圆柱的体积【解答】解：圆柱的高为 1，它的两个底面的圆周在直径为 2 的同一个球的球面上，该圆柱底面圆周半径 r=，该圆柱的体积：V=Sh=故选：B【点评】本题考查面圆柱的体积的求法，考查圆柱、球等基础知识，考查推理论证能力、运算求解能力、空间想象能力，考查化归与转化思想，是中档题9（5 分）【考点】85：等差数列的前 n 项和【分析】利用等差数列通项公式、等比数列性质列出方程，求出公差，由此能求出an前 6项的和【解答】解：等差数列an的首项为 1，公差不为 0a2，a3，a6成等比数列，（a1+2d）2=（a1+d）（a1+5d），且 a1=1，d0，解得 d=2，an前 6 项的和为=24故选：A【点评】本题考查等差数列前 6 项和的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意等差数列、等比数列的性质的合理运用10（5 分）【考点】K4：椭圆的简单性质菁优网版权所有【分析】以线段 A1A2为直径的圆与直线 bxay+2ab=0 相切，可得原点到直线的距离=a，化简即可得出第 11页（共 24页）【解答】解：以线段 A1A2为直径的圆与直线 bxay+2ab=0 相切，原点到直线的距离=a，化为：a2=3b2椭圆 C 的离心率 e=故选：A【点评】本题考查了椭圆的标准方程及其性质、直线与圆相切的性质、点到直线的距离公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题11（5 分）【考点】52：函数零点的判定定理【分析】通过转化可知问题等价于函数 y=1（x1）2的图象与 y=a（ex1+）的图象只有一个交点求 a 的值分 a=0、a0、a0 三种情况，结合函数的单调性分析可得结论【解答】解：因为 f（x）=x22x+a（ex1+ex+1）=1+（x1）2+a（ex1+）=0，所以函数 f（x）有唯一零点等价于方程 1（x1）2=a（ex1+）有唯一解，等价于函数 y=1（x1）2的图象与 y=a（ex1+）的图象只有一个交点当 a=0 时，f（x）=x22x1，此时有两个零点，矛盾；当 a0 时，由于 y=1（x1）2在（，1）上递增、在（1，+）上递减，且 y=a（ex1+）在（，1）上递增、在（1，+）上递减，所以函数 y=1（x1）2的图象的最高点为 A（1，1），y=a（ex1+）的图象的最高点为 B（1，2a），由于 2a01，此时函数 y=1（x1）2的图象与 y=a（ex1+）的图象有两个交点，矛盾；当 a0 时，由于 y=1（x1）2在（，1）上递增、在（1，+）上递减，且 y=a（ex1+）在（，1）上递减、在（1，+）上递增，所以函数 y=1（x1）2的图象的最高点为 A（1，1），y=a（ex1+）的图象的最低点为 B（1，2a），第 12页（共 24页）由题可知点 A 与点 B 重合时满足条件，即 2a=1，即 a=，符合条件；综上所述，a=，故选：C【点评】本题考查函数零点的判定定理，考查函数的单调性，考查运算求解能力，考查数形结合能力，考查转化与化归思想，考查分类讨论的思想，注意解题方法的积累，属于难题12（5 分）【考点】9V：向量在几何中的应用【分析】如图：以 A 为原点，以 AB，AD 所在的直线为 x，y 轴建立如图所示的坐标系，先求出圆的标准方程，再设点 P 的坐标为（cos+1，sin+2），根据=+，求出，根据三角函数的性质即可求出最值【解答】解：如图：以 A 为原点，以 AB，AD 所在的直线为 x，y 轴建立如图所示的坐标系，则 A（0，0），B（1，0），D（0，2），C（1，2），动点 P 在以点 C 为圆心且与 BD 相切的圆上，设圆的半径为 r，BC=2，CD=1，BD=BCCD=BDr，r=，圆的方程为（x1）2+（y2）2=，设点 P 的坐标为（cos+1，sin+2），=+，（cos+1，sin+2）=（1，0）+（0，2）=（，2），cos+1=，sin+2=2，+=cos+sin+2=sin（+）+2，其中 tan=2，1sin（+）1，1+3，第 13页（共 24页）故+的最大值为 3，故选：A【点评】本题考查了向量的坐标运算以及圆的方程和三角函数的性质，关键是设点 P 的坐标，考查了学生的运算能力和转化能力，属于中档题二、填空题二、填空题:本题共本题共 4 小题，每小题小题，每小题 5 分，共分，共 20 分。分。13（5 分）【考点】7C：简单线性规划.【分析】作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数的几何意义，求目标函数 z=3x4y的最小值【解答】解：由 z=3x4y，得 y=x，作出不等式对应的可行域（阴影部分），平移直线 y=x，由平移可知当直线 y=x，经过点 B（1，1）时，直线 y=x的截距最大，此时 z 取得最小值，将 B 的坐标代入 z=3x4y=34=1，即目标函数 z=3x4y 的最小值为1故答案为：1【点评】本题主要考查线性规划的应用，利用目标函数的几何意义，结合数形结合的数学思想是解决此类问题的基本方法14（5 分）第 14页（共 24页）【考点】88：等比数列的通项公式【分析】设等比数列an的公比为 q，由 a1+a2=1，a1a3=3，可得：a1（1+q）=1，a1（1q2）=3，解出即可得出【解答】解：设等比数列an的公比为 q，a1+a2=1，a1a3=3，a1（1+q）=1，a1（1q2）=3，解得 a1=1，q=2则 a4=（2）3=8故答案为：8【点评】本题考查了等比数列的通项公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题15（5 分）【考点】3T：函数的值【分析】根据分段函数的表达式，分别讨论 x 的取值范围，进行求解即可【解答】解：若 x0，则 x，则 f（x）+f（x）1 等价为 x+1+x+11，即 2x，则 x，此时x0，当 x0 时，f（x）=2x1，x，当 x0 即 x时，满足 f（x）+f（x）1 恒成立，当 0 x，即x0 时，f（x）=x+1=x+，此时 f（x）+f（x）1 恒成立，综上 x，故答案为：（，+）【点评】本题主要考查不等式的求解，结合分段函数的不等式，利用分类讨论的数学思想进行求解是解决本题的关键16（5 分）【考点】MI：直线与平面所成的角【分析】由题意知，a、b、AC 三条直线两两相互垂直，构建如图所示的边长为 1 的正方体，|AC|=1，|AB|=，斜边 AB 以直线 AC 为旋转轴，则 A 点保持不变，B 点的运动轨迹是以 C第 15页（共 24页）为圆心，1 为半径的圆，以 C 坐标原点，以 CD 为 x 轴，CB 为 y 轴，CA 为 z 轴，建立空间直角坐标系，利用向量法能求出结果【解答】解：由题意知，a、b、AC 三条直线两两相互垂直，画出图形如图，不妨设图中所示正方体边长为 1，故|AC|=1，|AB|=，斜边 AB 以直线 AC 为旋转轴，则 A 点保持不变，B 点的运动轨迹是以 C 为圆心，1 为半径的圆，以 C 坐标原点，以 CD 为 x 轴，CB 为 y 轴，CA 为 z 轴，建立空间直角坐标系，则 D（1，0，0），A（0，0，1），直线 a 的方向单位向量=（0，1，0），|=1，直线 b 的方向单位向量=（1，0，0），|=1，设 B 点在运动过程中的坐标中的坐标 B（cos，sin，0），其中为 BC 与 CD 的夹角，0，2），AB在运动过程中的向量，=（cos，sin，1），|=，设与 所成夹角为0，则 cos=|sin|0，正确，错误设与 所成夹角为0，cos=|cos|，当与 夹角为 60时，即=，|sin|=，cos2+sin2=1，cos=|cos|=，0，=，此时与 的夹角为 60，正确，错误故答案为：第 16页（共 24页）【点评】本题考查命题真假的判断，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查推理论证能力、运算求解能力、空间想象能力，考查数形结合思想、化归与转化思想，是中档题三三、解答题解答题：共共 70 分分。解答应写出文字说明解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤证明过程或演算步骤。第第 1721 题为必考题题为必考题，每个试题考生都必须作答。第每个试题考生都必须作答。第 22、23 题为选考题，考生根据要求作答题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：（一）必考题：60分。分。17（12 分）【考点】HT：三角形中的几何计算【分析】（1）先根据同角的三角函数的关系求出 A，再根据余弦定理即可求出，（2）先根据夹角求出 cosC，求出 CD 的长，得到 SABD=SABC【解答】解：（1）sinA+cosA=0，tanA=，0A，A=，由余弦定理可得 a2=b2+c22bccosA，即 28=4+c222c（），即 c2+2c24=0，解得 c=6（舍去）或 c=4，故 c=4（2）c2=b2+a22abcosC，16=28+4222cosC，cosC=，第 17页（共 24页）CD=CD=BCSABC=ABACsinBAC=42=2，SABD=SABC=【点评】本题考查了余弦定理和三角形的面积公式，以及解三角形的问题，属于中档题18（12 分）【考点】CH：离散型随机变量的期望与方差；CG：离散型随机变量及其分布列【分析】（1）由题意知 X 的可能取值为 200，300，500，分别求出相应的概率，由此能求出X 的分布列（2）当n200时，Y=n（64）=2n400，EY400；当200n300时，EY1.2300+160=520；当 300n500 时，n=300 时，（EY）max=6400.4300=520；当 n500 时，EY14402500=440从而得到当 n=300 时，EY 最大值为 520 元【解答】解：（1）由题意知 X 的可能取值为 200，300，500，P（X=200）=0.2，P（X=300）=，P（X=500）=0.4，X 的分布列为：X200300500P0.20.40.4（2）当 n200 时，Y=n（64）=2n400，EY400，当 200n300 时，若 x=200，则 Y=200（64）+（n200）24）=8002n，第 18页（共 24页）若 x300，则 Y=n（64）=2n，EY=p（x=200）（8002n）+p（x300）2n=0.2（8002n）+0.8=1.2n+160，EY1.2300+160=520，当 300n500 时，若 x=200，则 Y=8002n，若 x=300，则 Y=300（64）+（n300）（24）=12002n，当 n=300 时，（EY）max=6400.4300=520，若 x=500，则 Y=2n，EY=0.2（8002n）+0.4（12002n）+0.42n=6400.4n，当 n500 时，Y=，EY=0.2（8002n）+0.4（12002n）+0.4（20002n）=14402n，EY14402500=440综上，当 n=300 时，EY 最大值为 520 元【点评】本题考查离散型随机变量的分布列的求法，考查数学期望的最大值的求法，考查函数、离散型随机变量分布列、数学期望等基础知识，考查推理论证能力、运算求解能力、空间想象能力，考查分类与整合思想、化归与转化思想，是中档题19（12 分）【考点】MT：二面角的平面角及求法；LY：平面与平面垂直的判定【分析】（1）如图所示，取 AC 的中点 O，连接 BO，ODABC 是等边三角形，可得 OBAC由已知可得：ABDCBD，AD=CDACD 是直角三角形，可得 AC 是斜边，ADC=90可得 DO=AC利用 DO2+BO2=AB2=BD2可得 OBOD利用线面面面垂直的判定与性质定理即可证明（2）设点 D，B 到平面 ACE 的距离分别为 hD，hE则=根据平面 AEC 把四面体 ABCD分成体积相等的两部分，可得=1，即点 E 是 BD 的中点建立如图所示的空间直角坐标系不妨取 AB=2利用法向量的夹角公式即可得出【解答】（1）证明：如图所示，取 AC 的中点 O，连接 BO，OD第 19页（共 24页）ABC 是等边三角形，OBACABD 与CBD 中，AB=BD=BC，ABD=CBD，ABDCBD，AD=CDACD 是直角三角形，AC 是斜边，ADC=90DO=ACDO2+BO2=AB2=BD2BOD=90OBOD又 DOAC=O，OB平面 ACD又 OB平面 ABC，平面 ACD平面 ABC（2）解：设点 D，B 到平面 ACE 的距离分别为 hD，hE则=平面 AEC 把四面体 ABCD 分成体积相等的两部分，=1点 E 是 BD 的中点建立如图所示的空间直角坐标系不妨取 AB=2则 O（0，0，0），A（1，0，0），C（1，0，0），D（0，0，1），B（0，0），E=（1，0，1），=，=（2，0，0）设平面 ADE 的法向量为=（x，y，z），则，即，取=同理可得：平面 ACE 的法向量为=（0，1，）cos=第 20页（共 24页）二面角 DAEC 的余弦值为【点评】本题考查了空间位置关系、空间角、三棱锥的体积计算公式、向量夹角公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题20（12 分）【考点】KN：直线与抛物线的位置关系【分析】（1）方法一：分类讨论，当直线斜率不存在时，求得 A 和 B 的坐标，由=0，则坐标原点 O 在圆 M 上；当直线 l 斜率存在，代入抛物线方程，利用韦达定理及向量数量积的可得=0，则坐标原点 O 在圆 M 上；方法二：设直线 l 的方程 x=my+2，代入椭圆方程，利用韦达定理及向量数量积的坐标运算，即可求得=0，则坐标原点 O 在圆 M 上；（2）由题意可知：=0，根据向量数量积的坐标运算，即可求得 k 的值，求得 M 点坐标，则半径 r=丨 MP 丨，即可求得圆的方程【解答】解：方法一：证明：（1）当直线 l 的斜率不存在时，则 A（2，2），B（2，2），则=（2，2），=（2，2），则=0，则坐标原点 O 在圆 M 上；当直线 l 的斜率存在，设直线 l 的方程 y=k（x2），A（x1，y1），B（x2，y2），整理得：k2x2（4k2+1）x+4k2=0，则 x1x2=4，4x1x2=y12y22=（y1y2）2，由 y1y20，则 y1y2=4，第 21页（共 24页）由=x1x2+y1y2=0，则，则坐标原点 O 在圆 M 上，综上可知：坐标原点 O 在圆 M 上；方法二：设直线 l 的方程 x=my+2，整理得：y22my4=0，A（x1，y1），B（x2，y2），则 y1y2=4，则（y1y2）2=4x1x2，则 x1x2=4，则=x1x2+y1y2=0，则，则坐标原点 O 在圆 M 上，坐标原点 O 在圆 M 上；（2）由（1）可知：x1x2=4，x1+x2=，y1+y2=，y1y2=4，圆 M 过点 P（4，2），则=（4x1，2y1），=（4x2，2y2），由=0，则（4x1）（4x2）+（2y1）（2y2）=0，整理得：k2+k2=0，解得：k=2，k=1，当 k=2 时，直线 l 的方程为 y=2x+4，则 x1+x2=，y1+y2=1，则 M（，），半径为 r=丨 MP 丨=，圆 M 的方程（x）2+（y+）2=当直线斜率 k=1 时，直线 l 的方程为 y=x2，同理求得 M（3，1），则半径为 r=丨 MP 丨=，圆 M 的方程为（x3）2+（y1）2=10，综上可知：直线 l 的方程为 y=2x+4，圆 M 的方程（x）2+（y+）2=或直线 l 的方程为 y=x2，圆 M 的方程为（x3）2+（y1）2=10【点评】本题考查直线与抛物线的位置关系，考查韦达定理，向量数量积的坐标运算，考查计算能力，属于中档题第 22页（共 24页）21（12 分）【考点】6B：利用导数研究函数的单调性；6E：利用导数求闭区间上函数的最值【分析】（1）通过对函数 f（x）=x1alnx（x0）求导，分 a0、a0 两种情况考虑导函数 f（x）与 0 的大小关系可得结论；（2）通过（1）可知 lnxx1，进而取特殊值可知 ln（1+），kN*一方面利用等比数列的求和公式放缩可知（1+）（1+）（1+）e，另一方面可知（1+）（1+）（1+）2，从而当 n3 时，（1+）（1+）（1+）（2，e），比较可得结论【解答】解：（1）因为函数 f（x）=x1alnx，x0，所以 f（x）=1=，且 f（1）=0所以当 a0 时 f（x）0 恒成立，此时 y=f（x）在（0，+）上单调递增，这与 f（x）0矛盾；当 a0 时令 f（x）=0，解得 x=a，所以 y=f（x）在（0，a）上单调递减，在（a，+）上单调递增，即 f（x）min=f（a），又因为 f（x）min=f（a）0，所以 a=1；（2）由（1）可知当 a=1 时 f（x）=x1lnx0，即 lnxx1，所以 ln（x+1）x 当且仅当 x=0 时取等号，所以 ln（1+），kN*一方面，ln（1+）+ln（1+）+ln（1+）+=11，即（1+）（1+）（1+）e；另一方面，（1+）（1+）（1+）（1+）（1+）（1+）=2；从而当 n3 时，（1+）（1+）（1+）（2，e），因为 m 为整数，且对于任意正整数 n，（1+）（1+）（1+）m 成立，所以 m 的最小值为 3【点评】本题是一道关于函数与不等式的综合题，考查分类讨论的思想，考查转化与化归思想，考查运算求解能力，考查等比数列的求和公式，考查放缩法，注意解题方法的积累，属第 23页（共 24页）于难题（二）选考题：共（二）选考题：共 10 分。请考生在第分。请考生在第 22、23 题中任选一题作答，如果多做，则按所做的题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分。第一题计分。选修选修 4-4：坐标系与参数方程：坐标系与参数方程 22（10 分）【考点】QH：参数方程化成普通方程【分析】解：（1）分别消掉参数 t 与 m 可得直线 l1与直线 l2的普通方程为 y=k（x2）与x=2+ky；联立，消去 k 可得 C 的普通方程为 x2y2=4；（2）将 l3的极坐标方程为（cos+sin）=0 化为普通方程：x+y=0，再与曲线 C的方程联立，可得，即可求得 l3与 C 的交点 M 的极径为=【解答】解：（1）直线 l1的参数方程为，（t 为参数），消掉参数 t 得：直线 l1的普通方程为：y=k（x2）；又直线 l2的参数方程为，（m 为参数），同理可得，直线 l2的普通方程为：x=2+ky；联立，消去 k 得：x2y2=4，即 C 的普通方程为 x2y2=4；（2）l3的极坐标方程为（cos+sin）=0，其普通方程为：x+y=0，联立得：，2=x2+y2=+=5l3与 C 的交点 M 的极径为=【点评】本题考查参数方程与极坐标方程化普通方程，考查函数与方程思想与等价转化思想的运用，属于中档题 选修选修 4-5：不等式选讲：不等式选讲 23（2017新课标）【考点】R4：绝对值三角不等式；R5：绝对值不等式的解法第 24页（共 24页）【分析】（1）由于 f（x）=|x+1|x2|=，解不等式 f（x）1 可分1x2 与 x2 两类讨论即可解得不等式 f（x）1 的解集；（2）依题意可得 mf（x）x2+xmax，设 g（x）=f（x）x2+x，分 x1、1x2、x2 三类讨论，可求得 g（x）max=，从而可得 m 的取值范围【解答】解：（1）f（x）=|x+1|x2|=，f（x）1，当1x2 时，2x11，解得 1x2；当 x2 时，31 恒成立，故 x2；综上，不等式 f（x）1 的解集为x|x1（2）原式等价于存在 xR 使得 f（x）x2+xm 成立，即 mf（x）x2+xmax，设 g（x）=f（x）x2+x由（1）知，g（x）=，当 x1 时，g（x）=x2+x3，其开口向下，对称轴方程为 x=1，g（x）g（1）=113=5；当1x2 时，g（x）=x2+3x1，其开口向下，对称轴方程为 x=（1，2），g（x）g（）=+1=；当 x2 时，g（x）=x2+x+3，其开口向下，对称轴方程为 x=2，g（x）g（2）=4+2=3=1；综上，g（x）max=，m 的取值范围为（，【点评】本题考查绝对值不等式的解法，去掉绝对值符号是解决问题的关键，突出考查分类讨论思想与等价转化思想、函数与方程思想的综合运用，属于难题.