2022年吉林白城中考数学试题及答案.pdf

20222022 年年吉林白城中考数学试题吉林白城中考数学试题及答案及答案数学试题共数学试题共 6 6 页页，包括六道大题包括六道大题，共共 2626 道小题道小题;全卷满分全卷满分 120120 分分。考试时间考试时间 120120 分钟分钟;考试考试结束后，将本试题和答题卡一并交回结束后，将本试题和答题卡一并交回注意事项：注意事项：1 1答题前答题前，请您将自己的姓名请您将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上准考证号填写在答题卡上，并将条形码准确粘贴在条形码并将条形码准确粘贴在条形码区域内区域内2 2答题时，请按照考试要求在答题卡上的指定区域内作答，在草稿纸、试题上答题无效答题时，请按照考试要求在答题卡上的指定区域内作答，在草稿纸、试题上答题无效一、单项选择题（每小题一、单项选择题（每小题 2 2 分，共分，共 1212 分）分）1.吉林松花石有“石中之宝”的美誉，用它制作的砚台叫松花砚，能与中国四大名砚媲美 下图是一款松花砚的示意图，其俯视图为（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据俯视图的定义（从上面观察物体所得到的视图）即可得【详解】解：其俯视图是由两个同心圆（不含圆心）组成，即为，故选：C【点睛】本题考查了俯视图，熟记定义是解题关键2.要使算式(1)3 的运算结果最大，则“”内应填入的运算符号为（）A.+B.-C.D.【答案】A【解析】【分析】将各选项的运算符号代入计算即可得【详解】解：(1)32，(1)34，(1)33，1(1)33，因为14323 ，所以要使运算结果最大，应填入的运算符号为，故选：A【点睛】本题考查有理数的加减乘除运算，熟练掌握运算法则是解题关键3.y与 2 的差不大于 0，用不等式表示为（）A.20y B.20y C.20y D.20y【答案】D【解析】【分析】根据差运算、不大于的定义列出不等式即可【详解】解：由题意，用不等式表示为20y，故选：D【点睛】本题考查了列一元一次不等式，熟练掌握“不大于是指小于或等于”是解题关键4.实数a，b在数轴上对应点的位置如图所示，则a，b的大小关系为（）A.abB.abC.abD.无法确定【答案】B【解析】【分析】在以向右为正方向的数轴上，右边的点表示的数大于左边的点表示的数，根据此结论即可得出结论【详解】由图知，数轴上数b表示的点在数a表示的点的右边，则ba故选：B【点睛】本题考查了数轴上有理数大小的比较，是基础题5.如图，如果12 ，那么ABCD，其依据可以简单说成（）A.两直线平行，内错角相等B.内错角相等，两直线平行C.两直线平行，同位角相等D.同位角相等，两直线平行【答案】D【解析】【分析】根据“同位角相等，两直线平行”即可得【详解】解：因为1与2是一对相等的同位角，得出结论是AB CD，所以其依据可以简单说成同位角相等，两直线平行，故选：D【点睛】本题考查了平行线的判定，熟练掌握平行线的判定方法是解题关键6.如图，在ABC中，90ACB，5AB，4BC 以点A为圆心，r为半径作圆，当点C在A内且点B在A外时，r的值可能是（）A.2B.3C.4D.5【答案】C【解析】【分析】先利用勾股定理可得3AC，再根据“点C在A内且点B在A外”可得35r，由此即可得出答案【详解】解：在ABC中，90ACB，5AB，4BC，22ACABBC3，点C在A内且点B在A外，ACrAB，即35r，观察四个选项可知，只有选项 C 符合，故选：C【点睛】本题考查了勾股定理、点与圆的位置关系，熟练掌握点与圆的位置关系是解题关键二、填空题（每小题二、填空题（每小题 3 3 分，共分，共 2424 分）分）7.实数2的相反数是_【答案】2【解析】【分析】根据只有符号不同的两个数为互为相反数进行解答【详解】解：根据相反数的定义，可得2的相反数是2故答案为：2【点睛】此题主要考查了实数的性质，关键是掌握相反数的定义8.计算：2a a=_【答案】3a【解析】【详解】试题分析：根据同底数幂的乘法性质，底数不变，指数相加，可直接结算，21 23a aaa.考点：同底数幂的乘法9.篮球队要购买 10 个篮球，每个篮球m元，一共需要_元（用含m的代数式表示）【答案】10m【解析】【分析】根据“总费用购买篮球的数量每个篮球的价格”即可得【详解】解：由题意得：一共需要的费用为10m元，故答案为：10m【点睛】本题考查了列代数式，正确找出等量关系是解题关键10.九章算术中记载了一道数学问题，其译文为：有大小两种盛酒的桶，已知 5 个大桶加上 1 个小桶可以盛酒 3 斛（斛，音 h，是古代一种容量单位），1 个大桶加上 5 个小桶可以盛酒 2 斛1 个大桶、1 个小桶分别可以盛酒多少斛？设 1 个大桶可以盛酒x斛、1 个小桶可以盛酒y斛根据题意，可列方程组为_【答案】5352xyxy#5253xyxy【解析】【分析】根据题中两个等量关系：5 个大桶加上 1 个小桶可以盛酒 3 斛；1 个大桶加上 5 个小桶可以盛酒 2 斛，列出方程组即可【详解】由题意得：5352xyxy故答案为：5352xyxy【点睛】本题考查了列二元一次方程组解实际问题，理解题意、找到等量关系并列出方程组是解题的关键11.第二十四届北京冬奥会入场式引导牌上的图案融入了中国结和雪花两种元素 如图，这个图案绕着它的中心旋转角0360后能够与它本身重合，则角可以为_度（写出一个即可）【答案】60 或 120 或 180 或 240 或 300（写出一个即可）【解析】【分析】如图（见解析），求出图中正六边形的中心角，再根据旋转的定义即可得【详解】解：这个图案对应着如图所示的一个正六边形，它的中心角3601606，0360，角可以为60或120或180或240或300，故答案为：60 或 120 或 180 或 240 或 300（写出一个即可）【点睛】本题考查了正多边形的中心角、图形的旋转，熟练掌握正多边形的性质是解题关键12.如图，在平面直角坐标系中，点A的坐标为(2,0)，点B在y轴正半轴上，以点B为圆心，BA长为半径作弧，交x轴正半轴于点C，则点C的坐标为_【答案】2,0【解析】【分析】连接BC，先根据点A的坐标可得2OA，再根据等腰三角形的判定可得ABC是等腰三角形，然后根据等腰三角形的三线合一可得2OCOA，由此即可得出答案【详解】解：如图，连接BC，点A的坐标为(2,0)，2OA，由同圆半径相等得：BABC，ABC是等腰三角形，BOAC，2OCOA（等腰三角形的三线合一），又点C位于x轴正半轴，点C的坐标为2,0，故答案为：2,0【点睛】本题考查了同圆半径相等、等腰三角形的三线合一、点坐标等知识点，熟练掌握等腰三角形的三线合一是解题关键13.如图，在矩形ABCD中，对角线AC，BD相交于点O，点E是边AD的中点，点F在对角线AC上，且14AFAC，连接EF若10AC，则EF _【答案】52#2.5【解析】【分析】由矩形的性质可得点F是OA的中点，从而EF是AOD的中位线，则由三角形中位线定理即可求得EF的长【详解】四边形ABCD是矩形，BD=AC=10，OA=12AC，OD=12BD=5，14AFAC，12AFOA，即点F是OA的中点点E是边AD的中点，EF是AOD的中位线，1522EFOD故答案为：52【点睛】本题考查了矩形的性质，三角形中位线定理等知识，掌握中位线定理是本题的关键14.如图，在半径为 1 的O上顺次取点A，B，C，D，E，连接AB，AE，OB，OC，OD，OE 若65BAE，70COD，则BC与DE的长度之和为_（结果保留）【答案】13#3【解析】【分析】由圆周角定理得2130BOEBAE，根据弧长公式分别计算出BE与DC的长度，相减即可得到答案【详解】解：65BAE，2130BOEBAE 又O的半径为 1，BE的长度=130113=18018，又70COD，DC的长度=7017=18018，BC与DE的长度之和=13761-=1818183，故答案为：13【点睛】本题主要考查了计算弧长，圆周角定理，熟练掌握弧长计算公式是解答本题的关键三、解答题（每小题三、解答题（每小题 5 5 分，共分，共 2020 分）分）15.如图，ABAC，BADCAD 求证：BDCD【答案】证明见解析【解析】【分析】先利用三角形全等的判定定理（SAS定理）证出ABDACD，再根据全等三角形的性质即可得【详解】证明：在ABD和ACD中，ABACBADCADADAD，()ABDACD SAS，BDCD【点睛】本题考查了三角形全等的判定与性质，熟练掌握三角形全等的判定与性质是解题关键16.下面是一道例题及其解答过程的一部分，其中A是关于m的多项式 请写出多项式A，并将该例题的解答过程补充完整例先去括号，再合并同类项：m（A）6(1)m解：m（A）6(1)m2666mmm【答案】6Am，解答过程补充完整为26m【解析】【分析】利用26mm除以m可得A，再根据合并同类项法则补充解答过程即可【详解】解：观察第一步可知，26Ammm，解得6Am，将该例题的解答过程补充完整如下：(6)6(1)m mm2666mmm26m，故答案为：26m【点睛】本题考查了多项式的乘除法、合并同类项，熟练掌握整式的运算法则是解题关键17.长白山国家级自然保护区、松花湖风景区和净月潭国家森林公园是吉林省著名的三个景区甲、乙两人用抽卡片的方式决定一个自己要去的景区他们准备了 3 张不透明的卡片，正面分别写上长白山、松花湖、净月潭卡片除正面景区名称不同外其余均相同，将 3 张卡片正面向下洗匀，甲先从中随机抽取一张卡片，记下景区名称后正面向下放回，洗匀后乙再从中随机抽取一张卡片，请用画树状图或列表的方法，求两人都决定去长白山的概率【答案】甲、乙两人都决定去长白山的概率为19【解析】【分析】画树状图，共有 9 种等可能的结果，其中两人都决定去长白山的结果有 1 种，再由概率公式求解即可【详解】解：长白山、松花湖、净月潭依次用字母A，B，C表示，画树状图如下：共有 9 种等可能的结果，其中甲、乙两人都决定去长白山的结果有 1 种，甲、乙两人都决定去长白山的概率为19【点睛】此题考查的是用树状图法求概率以及随机事件等知识 树状图法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果，适合两步或两步以上完成的事件；注意概率=所求情况数与总情况数之比18.图，图均是4 4的正方形网格，每个小正方形的顶点称为格点 其中点A，B，C均在格点上请在给定的网格中按要求画四边形（1）在图中，找一格点D，使以点A，B，C，D为顶点的四边形是轴对称图形；（2）在图中，找一格点E，使以点A，B，C，E为顶点的四边形是中心对称图形【答案】（1）图见解析（2）图见解析【解析】【分析】（1）以AC所在直线为对称轴，找出点B的对称点即为点D，再顺次连接点,A B C D即可得；（2）根据点B平移至点A的方式，将点C进行平移即可得点E，再顺次连接点,A B C E即可得【小问 1 详解】解：如图，四边形ABCD是轴对称图形【小问 2 详解】解：先将点B向左平移 2 格，再向上平移 1 个可得到点A，则将点C按照同样的平移方式可得到点E，如图，平行四边形ABCE是中心对称图形【点睛】本题考查了轴对称图形与中心对称图形、平移作图，熟练掌握轴对称图形与中心对称图形的概念是解题关键四、解答题（每小题四、解答题（每小题 7 7 分，共分，共 2828 分）分）19.刘芳和李婷进行跳绳比赛已知刘芳每分钟比李婷多跳 20 个，刘芳跳 135 个所用的时间与李婷跳 120 个所用的时间相等求李婷每分钟跳绳的个数【答案】160 个【解析】【分析】设李婷每分钟跳绳的个数为x个，则刘芳每分钟跳绳的个数为(20)x 个，根据“刘芳跳 135 个所用的时间与李婷跳 120 个所用的时间相等”建立方程，解方程即可得【详解】解：设李婷每分钟跳绳的个数为x个，则刘芳每分钟跳绳的个数为(20)x 个，由题意得：13512020 xx，解得160 x，经检验，160 x 是所列分式方程的解，且符合题意，答：李婷每分钟跳绳的个数为 160 个【点睛】本题考查了分式方程的实际应用，正确找出等量关系，并建立方程是解题关键20.密闭容器内有一定质量的气体，当容器的体积V（单位：3m）变化时，气体的密度（单位：3kg/m）随之变化已知密度与体积V是反比例函数关系，它的图像如图所示（1）求密度关于体积V的函数解析式；（2）当3m10V 时，求该气体的密度【答案】（1）10V（2）13kg/m【解析】【分析】（1）用待定系数法即可完成；（2）把V=10 值代入（1）所求得的解析式中，即可求得该气体的密度【小问 1 详解】设密度关于体积V的函数解析式为kV，把点A的坐标代入上式中得：2.54k，解得：k=10，10V【小问 2 详解】当3m10V 时，10110（3kg/m）即此时该气体的密度为 13kg/m【点睛】本题是反比例函数的应用问题，考查了求反比例函数的解析式及求反比例函数的函数值等知识，由图像求得反比例函数解析式是关键21.动感单车是一种新型的运动器械图是一辆动感单车的实物图，图是其侧面示意图BCD为主车架，AB为调节管，点A，B，C在同一直线上已知BC长为 70cm，BCD的度数为 58 当AB长度调至 34cm 时，求点A到CD的距离AE的长度（结果精确到 1cm）（参考数据：sin58=0.85，cos58=0.53，tan58=1.60）【答案】点A到CD的距离AE的长度约为 88cm【解析】【分析】根据正弦的概念即可求解【详解】解：在RtACE中，AEC=90，ACE=58，AC=AB+BC=34+70=104(cm)，sinACE=AEAC，即 sin58=104AE，AE=1040.85=88.488(cm)，点A到CD的距离AE的长度约为 88cm【点睛】本题考查的是解直角三角形的知识，掌握锐角三角函数的概念是解题的关键22.为了解全国常住人口城镇化率的情况，张明查阅相关资料，整理数据并绘制统计图如下：2017-2021 年年末全国常住人口城镇化率城化率（以上数据来源于中华人民共和国 2021 年国民经济和社会发展统计公报）注：100%城镇常驻人口城镇化率总人口例如，城镇常住人口 60.12 万人，总人口 100万人，则总人口城镇化率为 60.12%回答下列问题：（1）2017-2021 年年末，全国常住人口城镇化率的中位数是%；（2）2021 年年末全国人口 141260 万人，2021 年年末全国城镇常住人口为万人；（只填算式，不计算结果）（3）下列推断较为合理的是（填序号）2017-2021 年年末，全国常住人口城镇化率逐年上升，估计 2022 年年末全国常住人口城镇化率高于 64.72%全国常住人口城镇化率 2020 年年末比 2019 年年末增加 1.18%，2021 年年末比 2020 年年末增加 0.83%，全国常住人口城镇化率增加幅度减小，估计 2022 年年末全国常住人口城镇化率低于 64.72%【答案】（1）62.71（2）141260 64.72%（3）【解析】【分析】（1）根据中位数的定义即可得；（2）根据城镇化率的计算公式即可得；（3）根据全国常住人口城镇化率逐年上升的趋势，可估计 2022 年年末全国常住人口城镇化率高于64.72%，由此即可得出答案【小问 1 详解】解：2017-2021 年年末，全国常住人口城镇化率按从小到大进行排序为60.24%，61.5%，62.71%，63.89%，64.72%，则排在中间位置的数即为中位数，所以中位数为62.71%，故答案为：62.71【小问 2 详解】解：2021 年年末全国城镇常住人口为141260 64.72%万人，故答案为：141260 64.72%【小问 3 详解】解：2017-2021 年年末，全国常住人口城镇化率逐年上升，估计 2022 年年末全国常住人口城镇化率高于64.72%，则推断较为合理；全国常住人口城镇化率 2020 年年末比 2019 年年末增加1.18%，2021 年年末比 2020 年年末增加0.83%，全国常住人口城镇化率增加幅度减小，可估计全国常住人口城镇化率 2022 年年末比 2021 年年末增加幅度小于0.83%，但 2022 年年末全国常住人口城镇化率会高于64.72%，则推断不合理；故答案为：【点睛】本题考查了中位数和折线统计图，读懂折线统计图是解题关键五、解答题（每小题五、解答题（每小题 8 8 分，共分，共 1616 分）分）23.李强用甲、乙两种具有恒温功能的热水壶同时加热相同质量的水，甲壶比乙壶加热速度快在一段时间内，水温y（）与加热时间(s)x之间近似满足一次函数关系，根据记录的数据，画函数图象如下：（1）加热前水温是；（2）求乙壶中水温y关于加热时间x的函数解析式；（3）当甲壶中水温刚达到 80时，乙壶中水温是【答案】（1）20（2）3208yx（3）65【解析】【分析】（1）根据0 x 时，20y 即可得；（2）先判断出乙壶对应的函数图象经过点(0,20),(160,80)，再利用待定系数法即可得；（3）先利用待定系数法求出甲壶中y与x的函数解析式，再求出80y 时，x的值，然后将x的值代入乙壶中y与x的函数解析式即可得【小问 1 详解】解：由函数图象可知，当0 x 时，20y，则加热前水温是20 C，故答案为：20【小问 2 详解】解：因为甲壶比乙壶加热速度快，所以乙壶对应的函数图象经过点(0,20),(160,80)，设乙壶中水温y关于加热时间x的函数解析式为(0)ykxb k，将点(0,20),(160,80)代入得：1608020kbb，解得3820kb，则乙壶中水温y关于加热时间x的函数解析式为3208yx【小问 3 详解】解：设甲壶中水温y关于加热时间x的函数解析式为(0)ymxn m，将点(0,20),(80,60)代入得：806020mnn，解得1220mn，则甲壶中水温y关于加热时间x的函数解析式为1202yx，当80y 时，120802x，解得120 x，将120 x 代入3208yx得：312020658y，即当甲壶中水温刚达到80 C时，乙壶中水温是65 C，故答案为：65【点睛】本题考查了一次函数的实际应用，读懂函数图象，并熟练掌握待定系数法是解题关键24.下面是王倩同学的作业及自主探究笔记，请认真阅读并补充完整【作业】如图，直线12ll，ABC与DBC的面积相等吗？为什么？解：相等理由如下：设1l与2l之间的距离为h，则12ABCSBC hV，12DBCSBC hABCDBCSS【探究】（1）如图，当点D在1l，2l之间时，设点A，D到直线2l的距离分别为h，h，则ABCDBCShSh证明：ABCS（2）如图，当点D在1l，2l之间时，连接AD并延长交2l于点M，则ABCDBCSAMSDM证明：过点A作AEBM，垂足为E，过点D作DFBM，垂足为F，则90AEMDFM，AEAEMAEAMDFDM由【探究】（1）可知ABCDBCSS，ABCDBCSAMSDM（3）如图，当点D在2l下方时，连接AD交2l于点E若点A，E，D所对应的刻度值分别为 5，1.5，0，ABCDBCSS的值为【答案】（1）证明见解析（2）证明见解析（3）73【解析】【分析】（1）根据三角形的面积公式可得11,22ABCDBCSSBC hBC h，由此即可得证；（2）过点A作AEBM，垂足为E，过点D作DFBM，垂足为F，先根据平行线的判定可得AE DF，再根据相似三角形的判定可证AEMDFM，根据相似三角形的性质可得AEAMDFDM，然后结合【探究】（1）的结论即可得证；（3）过点A作AMBC于点M，过点D作DNBC于点N，先根据相似三角形的判定证出AMEDNEVV，再根据相似三角形的性质可得73AMAEDNDE，然后根据三角形的面积公式可得12ABCSBC AM，12DBCSBC DN，由此即可得出答案【小问 1 详解】证明：12ABCSBC h，12DBCBC hS，ABCDBCShSh【小问 2 详解】证明：过点A作AEBM，垂足为E，过点D作DFBM，垂足为F，则90AEMDFM，AEDFAEMDFMAEAMDFDM由【探究】（1）可知ABCDBCSAESDFVV，ABCDBCSAMSDMVV【小问 3 详解】解：过点A作AMBC于点M，过点D作DNBC于点N，则90AMEDNE，AMDNP，AMEDNEVV，AMAEDNDE，点,A E D所对应的刻度值分别为 5，1.5，0，5 1.53.5AE，1.5DE，3.571.53AMDN，又12ABCSBC AM，12DBCSBC DN，73ABCDBCSAMSDNVV，故答案为：73【点睛】本题考查了相似三角形的判定与性质、平行线的判定、三角形的面积等知识点，熟练掌握相似三角形的判定与性质是解题关键六、解答题（每小题六、解答题（每小题 1010 分，共分，共 2020 分）分）25.如图，在ABC中，90ACB，30A，6cmAB动点P从点A出发，以2cm/s的速度沿边AB向终点B匀速运动以PA为一边作120APQ，另一边PQ与折线ACCB相交于点Q，以PQ为边作菱形PQMN，点N在线段PB上设点P的运动时间为(s)x，菱形PQMN与ABC重叠部分图形的面积为2()cmy（1）当点Q在边AC上时，PQ的长为cm；（用含x的代数式表示）（2）当点M落在边BC上时，求x的值；（3）求y关于x的函数解析式，并写出自变量x的取值范围【答案】（1）2x（2）1（3）2222 30137 318 39 312336 39 332xxyxxxxxx【解析】【分析】（1）先证明A=AQP=30，即AP=PQ，根据题意有AP=2x，即PQ=2x；（2）当M点在BC上，Q点在AC上，在（1）中已求得AP=PQ=2x，再证明MNB是等边三角形，即有BN=MN，根据AB=6x=6cm，即有x=1（s）；（3）分类讨论：当01x 时，此时菱形PQMN在ABC的内部，此时菱形PQMN与ABC重叠的面积即是菱形PQMN的面积，过Q点作QGAB于G点，求出菱形的面积即可；当x1，且Q点在线段AC上时，过Q点作QGAB于G点，设QM交BC于F点，MN交BC于E点，过M点作NHEF于H点，先证明ENB是等边三角形、MEF是等边三角形，重叠部分是菱形PQMN的面积减去等边MEF的面积，求出菱形PQMN的面积和等边MEF的面积即可，此时需要求出当Q点在C点时的临界条件；当332x 时，此时Q点在线段BC上，此时N点始终与B点重合，过Q点作QGAB于G点，重叠部分的面积就是PBQ的面积，求出等边PBQ的面积即可【小问 1 详解】当Q点在AC上时，A=30，APQ=120，AQP=30，A=AQP，AP=PQ，运动速度为每秒 2cm，运动时间为x秒，AP=2x，PQ=2x；【小问 2 详解】当M点在BC上，Q点在AC上，如图，在（1）中已求得AP=PQ=2x，四边形QPMN是菱形，PQ=PN=MN=2x，PQMN，APQ=120，QPB=60，PQMN，MNB=QPB=60，在RtABC中，C=90，A=30，B=60，MNB是等边三角形，BN=MN，AB=AP+PN+BN=2x3=6x=6cm，x=1（s）；【小问 3 详解】当P点运动到B点时，用时 62=3（s），即x的取值范围为：03x，当M点刚好在BC上时，在（2）中已求得此时x=1，分情况讨论，即当01x 时，此时菱形PQMN在ABC的内部，此时菱形PQMN与ABC重叠的面积即是菱形PQMN的面积，过Q点作QGAB于G点，如图，APQ=120，QPN=60，即菱形PQMN的内角QPN=QMN=60，QG=PQsinQPN=2xsin60=3x，重叠的面积等于菱形PQMN的面积为，即为：2232 3yPNQGxxx；当x1，且Q点在线段AC上时，过Q点作QGAB于G点，设QM交BC于F点，MN交BC于E点，过M点作NHEF于H点，如图，PQMN，MNB=QPN=60，B=60，ENB是等边三角形，同理可证明MEF是等边三角形BN=NE，MEF=60，ME=EF，AP=PQ=PN=MN=2x，AB=6，BN=6-AN=6-4x，ME=MN-NE=2x-BN=6x-6，MHEF，MH=MEsinMEH=(6x-6)sin60=(33)3x，MEF的面积为：2(3311(66)9 3(1)22)3MEFSEFMHxxx，QG=PQsinQPN=2xsin60=3x，菱形PQMN的面积为2232 3PNQGxxx，重叠部分的面积为2222 39 3(1)7 318 39 3MEFPQMNySSxxxx 菱形，当Q点与C点重合时，可知此时N点与B点重合，如图，CPB=CBA=60，PBC是等边三角形，PC=PB，AP=PQ=2x，AP=PB=2x，AB=AP+PB=4x=6，则x=32，即此时重合部分的面积为：27 318 39 3yxx，312x；当332x 时，此时Q点在线段BC上，此时N点始终与B点重合，过Q点作QGAB于G点，如图，AP=2x，PB=AB-AP=6-2x，QPB=ABC=60，PQB是等边三角形，PQ=PB，同时印证菱形PQMN的顶点N始终与B点重合，QG=PQsinQPN=(6-2x)sin60=3(3)x，211(623(3)36 33)922PBQSxPB QGxxx，此时重叠部分的面积236 39 3PBQySxx，综上所述：2222 30137 318 39 312336 39 332xxyxxxxxx【点睛】本题考查了一次函数的应用、菱形的性质、等边三角形的判定与性质、等腰三角形的判定与性质、解直角三角形等知识，理清运动过程中Q点的位置以及菱形PQMN的位置是解答本题的关键解答本题需要注意分类讨论的思想26.如图，在平面直角坐标系中，抛物线2yxbxc（b，c是常数）经过点(1,0)A，点(0,3)B点P在此抛物线上，其横坐标为m（1）求此抛物线的解析式；（2）当点P在x轴上方时，结合图象，直接写出m的取值范围；（3）若此抛物线在点P左侧部分（包括点P）的最低点的纵坐标为2m求m的值；以PA为边作等腰直角三角形PAQ，当点Q在此抛物线的对称轴上时，直接写出点Q的坐标【答案】（1）243y xx（2）1m或3m（3）352-或 3；(2,1)或(2,1)或(2,5)【解析】【分析】（1）根据点,A B的坐标，利用待定系数法即可得；（2）先根据抛物线的解析式求出此抛物线与x轴的另一个交点坐标为(3,0)，再画出函数图象，由此即可得；（3）先求出抛物线的对称轴和顶点坐标、以及点P的坐标，再分2m 和2m两种情况，分别画出函数图象，利用函数的增减性求解即可得；设点Q的坐标为(2,)Qn，分3m 和352m两种情况，分别根据等腰直角三角形的定义建立方程组，解方程组即可得【小问 1 详解】解：将点(1,0),(0,3)AB代入2yxbxc得：103bcc，解得43bc，则此抛物线的解析式为243y xx【小问 2 详解】解：对于二次函数243y xx，当0y 时，2430 xx，解得1x 或3x，则此抛物线与x轴的另一个交点坐标为(3,0)，画出函数图象如下：则当点P在x轴上方时，m的取值范围为1m或3m【小问 3 详解】解：二次函数2243(2)1yxxx的对称轴为直线2x，顶点坐标为(2,1)，当xm时，243ymm，即2(,43)P m mm，（）如图，当2m 时，当xm时，y随x的增大而减小，则此时点P即为最低点，所以2432mmm，解得352m或3522m（不符题设，舍去）；（）如图，当2m时，当2x 时，y随x的增大而减小；当2xm时，y随x的增大而增大，则此时抛物线的顶点即为最低点，所以21m，解得3m，符合题设，综上，m的值为352-或 3；设点Q的坐标为(2,)Qn，由题意，分以下两种情况：（）如图，当3m 时，设对称轴直线2x 与x轴的交点为点C，则在等腰Rt PAQ中，只能是90AQP，QC垂直平分AP，且2 1 1AC ，112QCAPAC（等腰三角形的三线合一），1n，解得1n ，则此时点Q的坐标为(2,1)或(2,1)；（）当352m时，由（3）可知，此时23515432222mmm，则点35 15(,)22P，2223515(1)(0)322PA，22223515(2)()(15)3522PQnnn，2222(2 1)(0)1AQnn，当90,PAQPAAQ时，PAQ是等腰直角三角形，则22222PAAQPAAQPQ，即2221331(15)35nnnn ，方程组无解，所以此时不存在符合条件的点Q；当90,APQPAPQ时，PAQ是等腰直角三角形，则22222PAPQPAPQAQ，即222(15)3533(15)351nnnnn ，解得5n，所以此时点Q的坐标为(2,5)；当90,AQPPQAQ时，PAQ是等腰直角三角形，则22222PQAQPQAQPA，即2222(15)3511(15)353nnnnnn ，方程组无解，所以此时不存在符合条件的点Q；综上，点Q的坐标为(2,1)或(2,1)或(2,5)【点睛】本题考查了二次函数的几何应用、等腰直角三角形、一元二次方程的应用等知识点，熟练掌握二次函数的图象与性质是解题关键