2017年重庆渝中中考物理试题及答案A卷.docx

2017年重庆永州中考物理试题及答案A卷一、选做题（本大题8小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分）1下列物理量最接近实际的是（）A一名普通中学生的质量约为55kgB人感觉舒适的环境温度约为37C对人体的安全电压不高于3.6 VD普通中学生步行速度约为11m/s【解答】解：A、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在55kg左右故A符合实际；B、人体正常体温在37左右，感觉舒适的温度在23左右故B不符合实际；C、经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的故C不符合实际D、普通中学生正常步行的速度在4km/h=4×m/s1.1m/s左右故D不符合实际故选A2如图所示的光现象中，由于光的直线传播形成的是（）A水缸中的“身体”B江面上的“倒影”C阳光下的“影子”D雨后的“彩虹”【解答】解：A、在水中的身体发生了错位，是由于光的折射形成的，故A错误；B、倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故B错误；C、影子的形成是因为光是沿直线传播的，故C正确；D、彩虹属于光的色散现象，是由光的折射形成的，故D错误故选：C3“赏中华诗词、寻文化基因、品生活之美“的中国诗词大会，深受观众的青睐，下列对古诗文中涉及的热现象解释正确的是（）A“雾凇沆砀，天与云与山与水，上下一白“雾凇的形成是升华现象B“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠”霜的形成是凝固现象C“青青园中葵，朝露待日稀”露的形成是汽化现象D“腾蛇乘雾，终为土灰“雾的形成是液化现象【解答】解：A、雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着植被表面；故A错误；B、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面；故B错误；C、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面；故C错误；D、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴；故D正确；故选D42017年1月，中国自主研发出圆珠笔的“笔尖钢”，用“工匠精神”诠释了“中国创造“如图所示是同学们用按压式圆珠笔弹起的情景，下列分析恰当的是（）A笔杆的手握部分有粗糙的橡胶套，可以增大摩擦B笔在纸上写的字不易擦去，是因为分子不运动C笔弹起离开桌面继续上升是因为受到惯性的作用D笔弹起离开桌面上升过程中内能转化为机械能【解答】解：A、笔杆的手握部分有粗糙的橡胶套，增大了接触面的粗糙程度，可以增大摩擦，故A正确；B、笔在纸上写的字不易擦去，是因为墨水发生了扩散现象（分子在做无规则运动），墨水进入了纸中，故B错误；C、笔弹起离开桌面继续上升是因为笔本身具有惯性，而不是受到惯性的作用，故C错误；D、笔弹起离开桌面上升过程中，笔的速度减小、动能减小，高度增加、重力势能增大，即动能转化为重力势能，故D错误故选A5关于如图所示的电和磁知识，下列描述错误的是（）A电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用工作的B有金属外壳的家用电器外壳不接地会有安全患C梳头后的塑料梳子能吸引小纸屑是因为梳子具有磁性D磁悬浮列车是利用电流的磁效应工作的【解答】解：A、电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用工作的，故A正确；B、有金属外壳的家用电器使用的三孔插座，避免金属外壳带电接触后发生触电事故，故B正确；C、塑料梳子和头发摩擦，塑料梳子因摩擦而带电，吸引碎纸屑；属于摩擦起电现象；故C错误；D、磁悬浮列车是利用电流的磁效应工作的，故D正确故选C6为治理雾霾天气，环保部门加理了对PM2.5的监测如图是某兴趣小组设计的监测PM2.5的四个电路图，其中R是气敏电阻，阻值随PM2.5 浓度增大而减小，R0是保护电阻现要求PM2.5浓度越大，电表的示数就越大，则符合要求的电路图是（）ABCD【解答】解：AB由电路图可知，气敏电阻R与保护电阻R0串联，当PM2.5浓度越大时，气敏电阻R的阻值减小，电路中的总电阻减小，由I=可知，电路中的电流增大，由U=IR可知，R0两端的电压增大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压减小，即A中电压表的示数减小，B中电压表的示数增大，故A不符合题意、B符合题意；C由电路图可知，气敏电阻R与保护电阻R0串联，电压表测电的电压，因电的电压不变，所以PM2.5浓度变化时电压表的示数不变，故C不符合题意；D由电路图可知，气敏电阻R与电流表并联，电路为R0的简单电路，则PM2.5浓度变化时电流表的示数不变，故D不符合题意故选B7工人师傅用如图所示的滑轮组，将重为800 N的物体缓慢匀速竖直提升3m，人对绳端的拉力F为500N，不计绳重和滑轮转轴处的摩擦，则（）A绳子自由端移动的距离为9 mB动滑轮的重力为200 NC人通过滑轮组做的有用功为1500 JD滑轮组的机械效率为53.3%【解答】解：由图可知，滑轮组中由2段绳子承担物体和动滑轮的总重，即n=2；则绳子自由端移动的距离为：s=nh=2×3m=6m，故A错误；此过程中，所做有用功为：W有=Gh=800N×3m=2400J，故C错误；所做总功为：W总=Fs=500N×6m=3000J；滑轮组的机械效率为：=×100%=80%，故D错误；额外功为：W额=W总W有=3000J2400J=600J，不计绳重和滑轮转轴处的摩擦，则额外功为克服动滑轮重力做的功，由W额=G动h可得，动滑轮的重力：G动=200N，故B正确；故选B8如图所示的电路中，电电压恒为4.5 V，灯泡L标有“4.5V 2.25W”字样（不计温度对灯丝电阻的影响），滑动变阻器R最大阻值为50，电压表量程为“03V”，电流表量程为“00.6A”在电路安全的情况下，下列说法正确的是（）A将滑片P移到R的最左端，闭合开关S、S1，电压表读数超过量程B灯泡L正常发光时的电阻值为7.5C只闭合开关S，该电路的最大功率是2.7 WD只闭合开关S，滑动变阻器的取值范围是018【解答】解：（1）将滑片P移到R的最左端，闭合开关S、S1时，灯泡L与滑动变阻器R的最大阻值并联，电压表被短路无示数，所以电压表读数不会超过量程，故A错误；（2）由P=UI=可得，灯泡正常发光时的电阻RL=9，故B错误；（3）只闭合开关S时，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，通过灯泡的电流：IL=0.5A，此时电压表的示数为零，电流表的示数小于0.6A，则电路的最大功率为2.25W，故C错误；当电压表的示数UR=3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压：UL=UUR=4.5V3V=1.5V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I=，即=，解得：R=18，所以，滑动变阻器的取值范围是018，故D正确故选D二、填空作图题（本题共7小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分）9英国物理学家法拉第经过10年的不懈探索，终于在1831年发现了电磁感应现象，由此发明了发电机（选填“电动机”或“发电机”），开创了电气化时代的新纪元【解答】解：根据法拉第发现的电磁感应现象，人们发明了发电机，为人类大规模获得电能提供了可能故答案为：法拉第；发电机10世界卫生组织倡导大家饮用烧开后的水用天然气灶烧水的过程是通过热传递（选填“做功”或“热传递”）的方法改变水的内能，在标准大气压下，将5kg初温为20的水烧开，需要吸收热量1.68×106J水的比热容c水=4.2×103J/（kg）【解答】解：（1）用天然气灶烧水的过程中，水从火焰中吸收热量，温度升高，是通过热传递的方式增加水的内能；（2）水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2×103J/（kg）×5kg×=1.68×106J故答案为：热传递；1.68×10611如图所示电路中，电电压恒为6V，R1=30，只闭合开关S时，电流表示数为0.2A；同时闭合开关S、S1，电流表示数为0.5 A，则通电1分钟电阻R2产生的热量为108J【解答】解：（1）由电路图可知，只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，则通过电阻R1的电流（即电流表示数）：I1=0.2A；（2）同时闭合开关S1、S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R2的电流：I2=II1=0.5A0.2A=0.3A，通电1min电阻R2产生的热量：Q2=W2=UI2t=6V×0.3A×60s=108J故答案为：0.2；10812不吸水的长方体A固定在体积不计的轻杆下端，位于水平地面上的圆柱形容器内，杆上端固定不动如图所示现缓慢向容器内注入适量的水，水对容器的压强P与注水体积V的变化关系如图乙所示当P=600Pa时，容器中水的深度为6cm；若A=0.5g/cm3，当注水体积v=880cm3时，杆对A的作用力大小为1.4N【解答】解：（1）由p=gh可得水的深度；h=0.06m=6cm；（2）当注水体积为600cm3时，水开始接触物体A，900cm3时，A完全浸没，900cm3时，水的压强是2100pa，由p=gh可得此时水的深度：h=0.21m；A的高：hA=hh=0.21m0.06m=0.15m；容器的底面积：S=100cm2；A浸没在水中的横截面积，S=20cm2；当注水体积v=880cm3时，没有完全浸没A，由p=gh可得此时水的深度：h=14cm，此时物体A收到的浮力：F浮=液gV排=液gSh=1×103kg/m3×10N/kg×280×106m3=2.8N；已知A=0.5g/cm3，小于水的密度，同体积A的浮力大于重力，杆对A的作用力大小为F=F浮G=F浮AV排g=2.8N0.5×103kg/m3×10N/kg×280×106m3=1.4N故答案为：（1）6；（2）1.4132017年5月18 日，由我国自主研制的直19E出口型武装直升机首飞成功，成为“中国智造”的又一崭新名片图甲是静止在地面的直19E，它采用单旋翼、涵道尾桨，配备了小型化、综合化的航电武器系统；图乙是快速爬升的直19E，它空机质量较小，灵活度高，有效载荷大，巡航速度快；图丙是发射火箭的直19E，它通过携带导弹、航空火箭、机枪吊舱等武器，可为地面部队提供强大的火力支援请结合文字与图片，找出一个与以上情景有关的物理信息，并指出对应的物理知识，不得与示例重复示例：物理信息：直19E有综合化的航电武器系统； 物理知识：利用电磁波传递信息作答：物理信息：空机质量较小，灵活度高； 物理知识：质量小惯性小，运动状态容易改变【解答】解：在甲图中，“它采用单旋翼、涵道尾桨”，利用的是“流体流动速度越大压强越小”的规律产生向上的升力，使飞机起飞；在乙图中，它“快速爬升”，说明竖直方向受到的升力大于重力；“空机质量较小，灵活度高”，原因是质量小惯性小，运动状态容易改变；在丙图中，“发射火箭”利用了力的作用相互性故答案为：空机质量较小，灵活度高；质量小惯性小，运动状态容易改变14请按要求完成下列作图：在图中画出这条过光心的入射光线经过透镜后的出射光线【解答】解：过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变，据此作出其折射光线，如图所示：15根据图中的螺线管的电流I的方向，在右端虚框内标出螺线管的“N”极或“S”极【解答】解：用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中的电流方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极由图可知：螺线管中的电流方向是“左后方流入，右前方流出”，则大拇指指向左端，所以左端是N极，右端是S极如图所示：三、实验探究题（本题共4小题，第16小题3分，第17小题2分、第18小题8分，第19小题9分，共22分）16小明同学用一个焦距为10.0cm的凸透镜做“探究凸透镜成像规律”的实验，他需要将烛焰、透镜和光屏三者的中心调整在同一高度，使像呈在光屏中央当蜡烛与凸透镜位置如图时，成倒立、缩小 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像，生活中的照相机（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用了这样的成像原理【解答】解：根据实验的要求，让像成在光屏的中心，必须使烛焰、凸透镜和光屏三者的中心放在同一高度上；由图可知，此时的物距为40.0cm14.0cm=26.0cm，物距大于二倍焦距，成的是倒立、缩小的实像，其应用是照相机故答案为：同一高度；缩小；照相机17小明利用如图所示的实验装置“探究水在凝固过程中温度的变化规律”将盛有适量水的试管放入装有含盐冰的烧杯中，温度计测试管中水的温度小明发现水在凝固过程中温度保持不变（选填“保持不变”、“逐渐升高”或“逐渐降低”）；烧杯内含盐冰的温度必须远低于试管中水凝固时的温度，这说明水在凝固过程中需要放热（选填“吸热“或“放热”）【解答】解：水是晶体，晶体在熔化的过程中，温度保持不变；水在凝固的过程中放热故答案为：保持不变；放热18小张同学在做“测量小灯泡电阻”的实验中，所用器材如下：两节新干电池，标有2.5 V相同规格的小灯泡若干，两个滑动变阻器R1“10 1A”、R2“20 2A”，开关、导线若干（1）请你根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的电路连接完整（要求：滑动变阻器滑片P右移灯泡变亮，且导线不交叉）（2）闭合开关前，应将滑片于A（选填“A”或“B”）端正确连接电路后，闭合开关S，移动滑片P，小张发现小灯泡给终不亮，电流表指针几乎末偏转，电压表有示数，则故障原因可能是CA小灯泡短路 B滑动变阻器短路 C小灯泡断路 D滑动变阻器断路（3）排除故障后，移动滑片P，依次测得6组数据，如表一所示其中第2次实验时电流表表盘如图丙，此时电路中的电流为0.2A；第4次实验时灯泡电阻值为8由表一中的数据可知，小张选用的滑动变器应是R2 （选填“R1”或“R2”）（4）小张将这6组数据算得的电阻值取平均值作为小灯泡的电阻，这种数据处理方式是不合理 （选填“合理”或“不合理”）的 表一实验次数123456电压V/V0.51.01.52.02.52.8电流I/A0.16 0.220.250.280.29电阻R/3.1 6.8 8.99.7表二实验次数1 23电阻R/ 51020电流I/A0.30 0.200.12（5）小张继续用图乙所示装置探究“电流与电阻的关系”他分别把阻值准确的5、10、20的定值电阻接入原小灯泡的位置，通过实验，记录电流表示数如表二所示他发现通过导体的电流跟电阻不成反比，其原因可能是：没有保持电阻两端的电压不变【解答】解：（1）滑动变阻器我采用一上一下的接法，滑动变阻器滑片P右移灯泡变亮，表明电路中的电流变大，滑动变阻器电阻减小，接法如图所示：；（2）连接电路时，闭合开关前，滑动变阻器阻值应调至最大，即A端；电压表有示数，电流表指针几乎不偏转，说明问题出在电压表两接线柱之间的电路，短路不对（这样电压表示数为0，电流表有示数），只能是小灯泡处断路，故选C；（3）电流表量程为00.6A，分度值为0.02A，电流表示数为0.2A；根据欧姆定律可知灯泡的电阻为：R=8；电有两节干电池组成，电电压为3V，第一组灯泡两端的电压为0.5V，则滑动变阻器两端的电压为U'=3V0.5V=2.5V，电流为0.16A，则滑动变阻器接入电路的电阻为：R'=15.625，故应选择R2；（4）由表格中的数据可知，灯丝电阻随温度变化而变化，在不同电压下，温度不同，电阻也不同，所以求平均值是不合理（5）实验时，分别把5、10、15电阻接入原灯泡位置，立即闭合开关，原灯泡位置接入的电阻越大，分担的电压越大，没有保持电阻两端的电压不变，所以得到电流跟电阻不成反比故答案为：（1）如图；（2）A；C；（3）0.2；8；R2；（4）不合理；（5）没有保持电阻两端的电压不变19喜欢书法的小明同学用压纸石块设计了如下测量与探究活动，如图所示：（1）小明在学校用天平和量筒测量压纸石块的密度：将托盘天平置于水平桌面上，游码移至零刻度处，发现指针偏向分度盘的右侧，他应将平衡螺母向左 （选填“左”或“右”）调，直至横梁平衡；将石块放在天平的左 （选填“左”或“右”）盘，在另一盘中增减砝码并移动游码，直至横梁再次平衡，此时砝码和游码如图a所示，则石块的质量m=53.4g；他在量筒中装入40 mL的水，将石块缓慢浸没在水中，如图b所示，则石块的体积V=20 cm3，由密度公式=可算出它的密度（2）小明回家后用操作方便、精确度高的电子秤和同一块压纸石块，探究“影响浮力大小的因素”他将搅匀的糖水装入柱形杯中，置于电子秤上，如图c所示； 用体积不计的细线系好石块，缓慢浸入糖水至刚好浸没，电子称示数逐渐增大，则糖水对杯底的压力逐渐增大 （选填“逐渐增大”、“保持不变”或“逐渐减小”），说明石块所受浮力大小与排开液体的体积有关如图d所示位置，石块所受浮力大小为0.214N；他将石决沉入杯底，松开细线，如图e所示，便开始书写探究报告：完成探究报告后，他将石块从糖水中慢慢提起细心的小明发现石块离开杯底至露出液面前，电子秤示数一直减小，这说明石块在放置一段时间的糖水中所受浮力的大小与浸没深度有关 （选填“有关”、“无关”），造成这个结果的主要原因可能是放置一段时间后不同深度的糖水密度不均匀【解答】解：（1）天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度，指针偏向分度盘的右侧，天平的右端下沉，应将平衡螺母向相反的左侧移动物体石块放在天平的左盘里，砝码放在右盘里，由图b知小石块的质量：m=50g+3.4g=53.4g，由图c知，量筒分度值1mL，所以石块的体积V=60ml40ml=20ml=20cm3；（2）石块逐渐浸入糖水中，排开糖水体积逐渐增大，受到糖水浮力增大，因为力的作用是相互的，所以石块对糖水有向下力的作用逐渐增大，所以糖水对杯底压力增大，这说明石块受到的浮力与排开液体的体积有关；比较分析实验步骤c、d中电子秤的读数，从cd读数越越大，得出的结论是：在排开液体的密度不变的情况下，物体受到的浮力与物体排开液体的体积有关；浮力大小为：F浮=G排=m排g=×103×10N/kg=0.214N；石块从糖水中慢慢提起，石块离开杯底至露出液面前，电子秤示数一直减小，说明石块受到浮力减小，由此说明石块在放置一段时间的糖水中所受浮力的大小与浸没深度有关；石块离开杯底至露出液面前浸没在糖水中，探究浮力与浸入深度的关系控制了石块浸入液体体积不变，所以造成得到这个结果的原因可能是放置一段时间后不同深度的糖水密度不同故答案为：（1）左；左；53.4；20；（2）逐渐增大；排开液体的体积；0.214；有关；放置一段时间后糖水密度分布不均匀四、论述计算题（本题共3小题，第20小题6分，第21小题8分，第22小题8分，共22分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后结果的不得分）20重庆至德国杜伊斯堡的中欧班列全程约10800 km，运行时间300h中欧班列在平直路面匀速行驶时，和谐型大功率机车提供的牵引力约9.6×107 N，求：（1）中欧班列运行时的平均速度约为多少千米每小时？（2）中欧班列在平直路面以v=20m/s匀速行驶时，机车功率约为多少瓦？【解答】解：（1）全程s=10800 km，运行时间t=300h；平均速度为：v=36km/h；（2）机车的功率：P=Fv=9.6×107 N×20m/s=1.92×109W；答：（1）中欧班列运行时的平均速度约为36km/h；（2）中欧班列在平直路面以v=20m/s匀速行驶时，机车功率约为1.92×109W21图甲是天工开物中记载的三千多年前在井上汲水的桔槔，其示意图如图乙轻质杠杆的支点O距左端l1=0.5m，距右端l2=0.2m在杠杆左端悬挂质量为2kg的物体A，右端挂边长为0.1m的正方体B，杠杆在水平位置平衡时，正方体B对地面的压力为20N求：（1）此时杠杆左端所受拉力大小为多少牛顿？（2）正方体B的密度为多少千克每立方米？（3）若该处为松软的泥地，能承受最大压强为4×103Pa，为使杠杆仍在水平位置平衡，物体A的重力至少为多少牛顿？【解答】解：（1）此时杠杆左端所受拉力：F左=GA=mAg=2kg×10N/kg=20N；（2）由F1l1=F2l2可得，杠杆右端的拉力即绳子对B的拉力：FB=F右=F左=×20N=50N，因正方体B对地面的压力等于B的重力减去绳子对B的拉力，所以，B的重力：GB=FB+F压=50N+20N=70N，由G=mg可得，B的质量：mB=7kg，B的体积：VB=L3=（0.1m）3=0.001m3，B的密度：B=7×103kg/m3；（3）B的底面积：SB=L2=（0.1m）2=0.01m2，由p=可得，B对地面的最大压力：F压=pSB=4×103Pa×0.01m2=40N，杠杆右端受到的拉力：F右=GBF压=70N40N=30N，物体A的最小重力：GA=F左=F右=×30N=12N答：（1）此时杠杆左端所受拉力大小为20N；（2）正方体B的密度为7×103kg/m3；（3）物体A的重力至少为12N22小明家的电饭锅如图甲，额定电压为220V，“煮饭”时额定功率为1210W，简化电路如图乙，S1为温控开关，发热电阻R1和R2的阻值不随温度变化，电阻R2在“保温”状态与“煮饭”状态时的功率之比为1：16，求：（1）正常“煮饭”状态，通过电饭锅的电流为多少安？（2）电阻R1的阻值为多少欧？（3）某天傍晚，小明关闭家里其它用电器，只让“保温”状态的电饭锅工作，发现自家电能表（如图丙）指示灯每闪烁4次所用的时间为48s则R2两端的实际电压为多少伏？【解答】解：（1）正常煮饭状态下的电流：I=5.5A；（2）由I=得R2的电阻为：R2=40；在“保温”状态与“煮饭”状态时的功率之比为1：16，则保温时的功率为：P保温=1210W=75.625W；由P=得保温状态下的总电阻为：R=640；则R1的阻值为：R1=RR2=64040=600；（3）电饭锅消耗的电能为：W=kWh=12000J，则电饭锅的功率为：P=250W；由P=可知实际电压为：U实=400V；此时电路中的电流为：I'=0.625A；由I=得R2两端的实际电压为U2实=I'R2=0.625A×40=25V答：（1）正常“煮饭”状态，通过电饭锅的电流为5.5A；（2）电阻R1的阻值为600；（3）则R2两端的实际电压为25V2017年6月21日