2020-2021学年高二物理下学期期末测试卷（人教版）03（全解析全析）.pdf
2020-2021学年下学期期末测试卷03高二物理全解全析1.123456789101112ABCBBBBCCDBCCDABC【答案】A【解析】A.振子经过平衡位置时，速度最大，位移为零，所以经过平衡位置动能最大，回复力为零，加速度为零，故A正确；B.在4、8位置时，速度为零，位移最大，回复力最大，加速度最大，故B错误；C.由于回复力指向平衡位置，所以振子从A经。到8的过程中，回复力先做正功，后做负功，速度先增大后减小，故C错误；D.小球从A到。的过程中，弹簧的形变量减小，则弹性势能不断减小，故D错误。故选A。2.【答案】B【解析】A.医院中用于体检的B超 利用了超声波的反射原理，A正确，不符合题意；B.地面上的人观察在宇宙中高速飞行的飞船中的时钟变慢。B错误，符合题意；C.照相机镜头的偏振滤光片可过滤水面的反射光，使水下影像清晰，C正确，不符合题意；D.鸣笛汽车驶近路人的过程中，路人听到的声波频率与波源相比增大，D正确，不符合题意。故选B.3.【答案】C【解析】小船和救生员组成的系统动量守恒，取水平向右为正方向，有(M+m)vo=m(-v)+M/解得vz=V o+(vo+v)M故选C。4.【答案】B【解析】由北京移到赤道g 变小，由单摆的周期公式T 1T=27可知，变大，即摆钟变慢了，要使它准确应减短摆长，所以B正确；ACD错误；故选B.5.【答案】B【解析】光从玻璃进入空气，即由光密介质进入光疏介质，入射角小于折射角，后来又从玻璃进入空气，则入射角大于折射角，其光路图如图所示，所以B正确；ACD错误；【答案】B【解析】C.由题意可知，大头针在液体中发生全反射时的光路图如图所示，则有t a n C =h解得C =4 5 所以液体发生全反射的临界角C满足s i n C =正，则C错误;2A.根据s i n C =-n解得n=V 2所以A错误;B.根据c 3.0 X 1 08 c c ,c 8 ，v =-7=2.2 x l O8 m/sn V 2所以B正确;D.恰好看不到大头针的原因是发生了光的全反射现象，所 以D错误;故选B.7.【答案】B【解析】A.中央亮纹最亮，但是中央亮纹宽度与其他亮纹宽度相同，所以A错误;B.根据A r I 1-=An-1 d解得单色光的波长0 xdz =-(T)/所以B正确;C.根据Ax=Ad可知，将单缝向双缝靠近，干涉条纹保持不变，所以c错误；D.将屏向远离双缝的方向移动，则/变大，条纹宽度变大，则可以减小从目镜中观察到的条纹个数，所以D错误；故选Bo8.【答案】C【解析】一分钟喷出的水的质量为m=pSvt解得水的流速mv=-pSt选取加时间内打在材料表面质量为机水为研究对象，以从细喷嘴高速喷出时的速度方向为正方向，由动量定理得 FA/=0 A/nv其中Am-pSvt解得F=pSv2根据牛顿第三定律，材料表面受到的压力F=F水对材料垂直于表面方向的压强Fp=S代入数据解得p=l.Ox 107 Pa故C正确，ABD错误。故选Co9.【答 案】CD【解 析】C.根据双缝干涉条纹间距公式Ax=Ad可 知，用同一双缝干涉装置进行实验，在 距 双 缝 恒 定 距 离 的 屏 两束单色光，条纹间距越大的波长越长,则。光比匕光的波长长，C 正确;A.根据可 知，光的频率比。光 小，A 错误;B.由于波长越长的波，越容易发生衍射现象，所 以“光比光易发生衍射现象，B错误;D.由于频率小的波，在水中的折射率也小，根据Cv=n可 知，折射率越大的波速越小，所以光在水中的传播速度较小，D 正确。故 选 CD。10.【答 案】BC【解 析】A.球 心。从空气中射入玻璃体内的光线折射角的正切为则 折 射 角 是 30。，玻璃的折射率是 _ sin a _ sin 45 _也sin(3 sin 30半圆形玻璃砖的临界角正弦sinC=En 2则。=4 5 ，故 A错误;B.由A选项可得，平行光束进入半圆形玻璃砖中，传播距离为2匣，则32a 2 R 2 6 Rn2匹-K3 c3v3cn3c故 B 选项正确;TTTTC.半圆形玻璃砖的临界角一，所以平行光束进入半圆形玻璃砖后能从球面射出的光束对应的圆心角为一,22故 c正确;D.光线从上表面射入半圆形玻璃砖，是从光疏介质射入光密介质，都可以从下表面射出，故 D错误。故选B C o1 1.【答案】C D【解析】A.f =T时刻，质点Q在平衡位置，向上振动，振动图像与题图(b)不符，故 A错；B C D.t=0 时刻的波形图如图所示 题图(a)的波形图左移半个波长即可得到,质点P在最低点，Q在平衡位置,质 点 P与其平衡位置的距离比质点Q的大；质 点 P的速率比Q的小；P的加速度大小比Q的大：故 C D 正确 B错误。故选C D。1 2.【答案】A B C【解析】物块A物 块 B若发生弹性碰撞，根据动量守恒定律有m/A根据机械能守恒定律有1 2 1 ，2 1 ，2mAVA =mAVA +mBVB联立解得v；=_ 阻 以 =_ o.5 m /smA+mB方向水平向左，2m.vB-vA=3 m /smA+mB方向水平向右物 块A物 块B若发生完全非弹性碰撞，根据动量守恒定律有%以=（机+加-）丫 共解得u共=1.5 m /s则 碰 撞 后 物 块A的速度为-0.5 m/s v 1.5 m/s故 选ABC。13.【答 案】CD 偏小 AB.CD的长度 而、CDABDC【解 析】用 插 针法测定折射率时，玻璃砖上下表面不一定要平行，故A错误；为了减小测量的相对误差，选择的入射角不能太小，也不能太大，故B错 误；为了准确确定入射光线和折射光线，大头针应垂直地插在纸面上，所 以C正确；大 头 针P1和P2及P3和P4之间的距离适当大些时，相同的距离误差引起的角度误差会减小，效果会好些，所 以D正确。如 图，实线是真实的光路图，虚线是玻璃砖宽度画大后的光路图，由图可以看出，测出的折射角比真实的大，折射率偏小。(3)需要测量AB、CD的长度.、CD。AB根据折射定律 sin ZAOB 丁 ABn-sin 乙 DOC CD DC14.【答案】C A D E 或 D EA 或 D A E -OM+m2 ON=mAOP mt-OM2+m2-ON2=mOP214 2.9【解析】由于本实验的碰撞是在同一高度，在空中运动时间相同，因而根据小球做平抛运动的射程就可知道碰撞后速度的大小之比，所以C正确；AB错误；故选C。(2)本实验必须用天平测量两个小球的质量加、m2,分别找到mi、m2相碰后平均落地点的位置M、N和测量平抛射程。M,ON,所以ADE正确；BC错误；故选ADE。由于mivi+m2v2=21V且OM ON OP、%=、y=t-t-t所以/?,.OM+m2.ON=m,OP若碰撞是弹性碰撞，机械能守恒1 2 1 2 1 25 g h +/%彩=叫所以m1.OM2+m2.OA2=mQP?(4)由于p,_ /v,O P 4 4.8 0 _ 1 47；=7 =O M =3?2 0 =1 Tp；_ 町片 _ m10 M _ 4 5.0 x 3 5.2 0 _ 1 5 8 4 _ _ H _p；叫 N 7.5 x 5 5.6 8 4 1 7.6 2.9【答案】(1)(4 0 0 n+3 0 0)m/s (n=0,1,2,3.)；(2)0.0 4 s【解析】据图可知M 4 m(1)若波向左传播时，则波传播的距离.3 .x /?AH A (n=0,1,2,3.)4所以波速为,32-m/s =(4 0 0 +3 0 0)m/s 2 3.)t 0.0 1(2)若波向右传播，则波传播的距离%x=n A4 (n=0,1,2,3.)所以有nT+=0.0 1 s41,2,3.)则可知，当”二 0时，周期最大为T=0.0 4 s1 6.【答案】(1)。2=3 0 ；(2)r =2 x i o _9s；(3)N=4次【解析】(1)由折射定律有s i n。1s i n%代入数据得02=3 0（2）光在内芯的传播速度cV =光在内芯中传播的距离Ls=-cos%光从左端传播到右端所需的时间t _ sV解得f=2X109S（3）由几何关系有L-tan600N=2-+1d tan 600代入数据得T V =4.8取N=4次1 7.【答案】（1）0.1 5 J；（2）见解析；（3）0.8 2 8 J【解析】（1）滑块2从。点第一次运动到A点的过程中，由动能定理得一 i m2 g zi=0-k O解得&o=O.1 5 J（2）滑 块 2 恰好过B点，则在B点有滑块从首次经过A点到首次经过B点的过程中，由动能定理得c 1 2 1 2-w2）g-2 r =-m2vB-vA在 A点，由牛顿第二定律得联立解得M=3.6 N由牛顿第三定律得N；=NA=3.6 N,方向：竖直向下假设滑块2能停在轨道A C 上，且未与滑块1 相碰，设滑块2 在轨道A C 上运动的位移为X。滑块2 从 B 点到停下的过程中，由动能定理得m2g-2r-42m2gx=0/巧说联立解得x=0.4m L 2，故本次游戏能成功（3）要使游戏成功，且弹射器所能释放的弹性势能最大，则要求滑块1、2恰能到达圆轨道上与圆心等高处（设为M 点）。设滑块2经 过 C的速度大小为V,滑 块 1、2碰撞结束后的速度大小为M ,两滑块从碰撞结束到M 点的过程中，由动能定理得一 2（町+铀）g j _（町+色）叶=0-3（叫+W2）V，2解得v-3 m/s滑 块 1、2 碰撞过程中，由动量守恒定律得m7y =（肛+m,）M解得v=4m/s由能量守恒可知1 ,Epm+2m2SL2+-m2V=0.82 8J
