2021届浙江大学附中高考物理全真模拟试卷附答案详解.pdf

2021届浙江大学附中高考物理全真模拟试卷一、单 选 题（本大题共16小题，共39.（）分）1.下列物理量中是矢量且单位正确的是（）A.加速度、m/s B.功、/C.电场强度、N/C D.电流、42.有些含有铀、牡的花岗岩等岩石会释放出放射性气体氨，而氢会发生放射性衰变，放出a、B、y射线，下列说法正确的是（）A.y射线的穿透能力最强，电离能力也最强B.采用物理或化学方法可以有效地改变放射性元素的半衰期C.夕 衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子而产生的D.氢的半衰期为3.8天，若取4个氢原子核，经7.6天后就一定剩下一个原子核3.出租车在乡间小路上倒车时撞上香蕉树，车几乎没有受损，香蕉树却被撞歪了.关于车与树之间的撞击力，以下判断正确的是（）A.由牛顿第三定律可知，车和树受到的撞击力一样大B.车的质量大，受到的撞击力大C.车是运动的，受到的撞击力大D.树是静止的，受到的撞击力大4.半径为r和R的圆柱体靠摩擦传动，已知R=2r,4、B两点分别在小圆柱与大圆柱的边缘上，O2C=r,如图所示，若两圆柱之间没有打滑现象，则下面的说法中正确的是（）A.4点的线速度小于B点的线速度B.4点的角速度小于C点的角速度C.4点的周期大于C点的周期D.4点向心加速度大于B点的向心加速度5.2006年都灵冬奥会上，当地时间2月16日晚结束的男子单人滑雪比赛中，三届世锦赛金牌得主-俄罗斯运动员普鲁申科以强大的优势轻松折桂，为俄罗斯代表团夺得第二枚花样滑冰金牌.假设冰面对运动员的最大静摩擦力为运动员重力的k倍，则他在水平冰面上以速率V沿圆周滑行时的半径应为（）A R B.R fkg C-R璘DR -6,机动车的尾气含有铅等大量有害物质，并且也是造成地球“温室效应”的重要因素之一.电动汽车因其无尾气排放且噪音小等因素，正在逐渐被人们接受.某国产品牌电动汽车的铭牌如下,己知蓄电池储存的电能等于其容量乘输出电压，则下列说法正确的是（）规格后轮驱动直流电动机车型：6 0 电动汽车电动机额定输出功率：1 6 7 5 1 4/整车质量：4 00kg额定转速：6 00r/min蓄电池（容量 =8 0 0 4 i,输出电压：U 3 6 V）额定工作电压/电流：3 6 V/5 0 4A.电动汽车正常工作时消耗的电功率1 6 7 5 B.电动机的内阻为0.5 0C.蓄电池充满电后储存的电能不小于2.8 8义1 0?D.充满电后在额定功率下连续行驶的时间不小于1 6 h7.如图所示，图a为L C振荡电路，通过P点的电流如图b,规定通过P点向左的电流方向为正方向,下列说法正确的是（）A.在匕时刻，线圈中的磁场能最大B.在今时刻，电容器的电场能最大C.0到打电容器正在充电，上极板带正电D.q到t 2电容器正在放电，上极板带负电8.如图所示，通电直导线a b位于两平行导线的横截面M N的连线的中垂线上，MN固定，a b可自由转动，且电流方向如图示，当平行导线M N通以图示的同向等值电流时，以下说法中正确的是（）a.“V f NA.a b顺时针旋转hB.a b逆时针旋转C.a端向外，b端向里旋转 D.a端向里，b端向外旋转9.关于静电场的下列说法，哪些是正确的A.带电粒子沿电场线运动，电势能可能增加B.匀强电场中，两点间电势差仅与两点间距离有关C.电势降低的方向就是场强方向D.一点电荷在电场中由a点移动到b点，电势能增量为零，则该电荷一定沿着等势面移动的1 0,用2 2 0 V的正弦交流电通过理想变压器对一负载供电，变 压 器 输 出 电 压0.H是1 8 0 V,通过负载的电流图象如图所示.下列说法正确的是()/：_IS0.02.A.变压器原、副线圈的匝数比为9：1 1 ；/B.变压器原线圈中电流的频率为5 0 HzC.变压器的输入功率为1 8小D.负载电流的函数表达式为i =0.1 s i n 5 0 7 rt (4)1 1.请阅读下列材料，回答下列各题.2 0 1 7年6月2 8日，宁高城际二期首列列车入驻由中铁四局承建的南京市高淳区车辆段.宁高城际工程车辆总共为1 2列车，3辆编组，B型车体，设计时速为1 2 0 k m/九.宁高二期的高淳段全线设6座车站，从宁高一期翔宇路南站接出，经江宁、沸水、高淳三个区，至高淳站，线路全长约5 2.3 9公里.B.轨道边的树向后运动C.坐在座位上的乘客是运动的D.沿与轨道平行的公路上行驶的汽车一定是运动的(2)材料中的“全长5 2.3 9公里”“时速1 2 0 k m/Z T指的是()A.路程和平均速度 B.位移和平均速度C.路程和瞬时速度 D.位移和瞬时速度(3)根据材料介绍，乘高铁从翔宇路南站到高淳站需要的时间约为()A.0.5 hB.0.8 hC.1.2 hD.1.5 h（4）为了判断列车的运动情况，将一个小球悬挂在列车的车顶上，小球相对于列车稳定时如图所列一行驶方向示，由此可判断列车正在（）-A.加速 B.减速 C.匀速 D.静止12.一个物体以初速度%水平抛出，经时间t其竖直方向速度大小与为大小相等，那么土为（）A.如 B.C,D.也g g 2g g13.在室内自行车比赛中，运动员以速度u在倾角为。的 赛 道 上 做 匀 速 一圆周运动。已知运动员的质量为加，做圆周运动的半径为凡 重力加速度为g,则下列说法正确的是（）A.运动员做圆周运动的角速度为vRB.运动员做匀速圆周运动的向心力大小是比RC.运动员做匀速圆周运动的向心力大小一定是ta黑n tzD.将运动员和自行车看做一个整体，则整体受重力、支持力、摩擦力和向心力的作用二、多 选 题（本大题共3小题，共6.0分）14.下列说法正确的是（）A.医学诊断时用“B超”仪器探测人体内脏，是利用超声波的多普勒效应B.图（a）中如果灯泡灯丝突然烧断，会引起原线圈电流突然增大C.图（b）中磁铁上下振动时，磁铁下端放一金属线圈，让磁铁振动时穿过它，它将对磁铁产生明显的阻尼D.图（c）中LC振荡电路中，如果磁场在增大，那么电容器在放电且电容器上极板带负电15.如图所示，两束平行同种单色光分别从正三棱镜的4点和8点入射，若选用单色光a,则两束光相交于P点，若选用单色光b,则两束光相交于Q点，下列说法正确的是（）何种小色光网片般色A.真空中a光光子动量比b光光子动量大B.若a光和b光均能使某一金属发生光电效应，a光对应的遏止电压更大C.若a光和b光通过同一双缝干涉装置，a光对应的条纹间距更宽D.同一介质分界面上，a光比b光更难发生全反射16.沿x轴正方向传播的一列简谐横波在t=0时刻的波形曲线如图所示，其波速为1 0 m/s,该时刻波恰好传播到x=6 m的位置.介质中有a、匕两质点，下列说法正确的是（）A.t=0时刻，b质点的运动方向向下B.t=0时刻，b质点的速度大于a质点的速度C.t=0时刻，b质点的加速度大于a质点的加速度D.t=0.2s时刻，x=9m 处的质点位于波谷E.t=0.8 s时刻，波形仍是题图中的波形三、实 验 题（本大题共2 小题，共 14.0分）17.在“验证机械能守恒定律”的一次实验中，质量m（已知量）的重物自由下落，在纸带上打出一系列的点（下图纸带上的所有点均为计时点，相邻计时点时间间隔为0.02s）,那么：&（1）实验中下列物理量中需要直接测量的量有,（填字母序号）A.重锤质量注重力加速度C.重锤下落的高度。.与下落高度相应的重锤的瞬时速度（2）从起点。到打下计时点B的过程中物体的重力势能减少量AEp=I，此过程中物体动能的增加量aEkU_J；（g取9.8m/s2,保留到小数点后两位）（3）实验的结论是：o18.某学习小组探究电学元件的伏安特性曲线.甲同学要描绘一个标有“3.6V,1.2W 的小灯泡的伏安特性曲线，除了导线和开关外，还有下列器材可供选择：电压表U（量程5忆内阻约为5k。）直流电源E（电动势4.5 V,内阻不计）电流表4（量程3507n4内阻约为1。）电流表4（量程150nl4内阻约为2 0滑动变阻器&（阻值0 2000）滑动变阻器/?2（阻值0 10。）实 验 中 电 流 表 应 选,滑 动 变 阻 器 应 选;（填写器材代号）（2）请在图中用笔画线代替导线，把实验仪器连接成完整的实验电路.四、简 答 题（本大题共2 小题，共 19.0分）19.如图所示为某公园的大型滑梯，滑梯长度L=9 m,滑梯平面与水平面夹角。=37。，滑梯底端与水平面平滑连接。某同学从滑梯顶端由静止滑下，与倾斜接触面间的动摩擦因数%=0.5,与水平接触面之间的动摩擦因数四 2=。-6。已知sin37。=0.6,cos37=0.8,g-10m/s2,求：（1）该同学在斜面上下滑时的加速度大小;（2）该同学滑到斜面底端时的速度大小；（3）该同学在水平面上滑行的距离。20.如图所示存在范围足够大的磁场区，虚线。为磁场边界，左侧为竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为当，右侧为竖直向上的磁感应强度为B2的匀强磁场区，Br=B2=B.有一质量为m且足够长的U形金属框架MNPQ平放在光滑的水平面上，框架跨过两磁场区，磁场边界。0与框架的两平行导轨MN、PQ垂直，两导轨相距3 一质量也为小的金属棒垂直放置在右侧磁场区光滑的水平导轨上，并用一不可伸长的绳子拉住，绳子能承受的最大拉力是尸。,超过F。绳子会自动断裂，己知棒的电阻是R,导轨电阻不计，t=0时刻对U形金属框架施加水平向左的拉力F让其从静止开始做加速度为a的匀加速直线运动.(1)求在绳未断前U形金属框架做匀加速运动t时刻水平拉力尸的大小；绳子断开后瞬间棒的加速度.(2)若在绳子断开的时刻立即撤去拉力F,框架和导体棒将怎样运动，求出它们的最终状态的速度.(3)在(2)的情景下，求出撤去拉力F后棒上产生的电热和通过导体棒的电量.五、计算题(本大题共2 小题，共 22.0分)21.如图所示，粗糙的水平面4B右端B处于与用电动机带动水平传送带理想连接，传送带右端与足够高的光滑曲面相连，传送带长L=2.8m,皮带轮沿逆时针方向以恒定速度V=6m/s匀速传动.一个质量为m=1.0kg的滑块置于水平面上，开始时滑块从距B端d=3.6m的P点以初=lOm/s速度向8运动，滑过传送带，并能滑上光滑曲面最大高度的D点.已知滑块与粗糙的水平间及传送带间的动摩擦因素均为=0.5,重力加速度g=10m/s2,求：(1)滑块冲上光滑曲面的最大高度；(2)滑块最终将停在何处？2 2.如图，在宽度分别为匕、%的两个毗邻的条形区域内，分别有匀强磁 厂 7；7X X v X X 8、场和匀强电场，磁场方向垂直于纸面向里，电场方向与电磁场分界线t X X X X XI平行向右.一带正电荷的粒子以速率V从磁场区域上边界的P点斜射入/E磁场，然后以垂直于电磁场分界线的方向进入电场，最后从电场边界I 一 Q上的Q点射出.已知PQ垂直于电场方向，粒子轨迹与电、磁场分界线的交点到PQ的距离为d.粒子重力不计，试以、D和d为已知量，导出：(1)粒子运动过程中的最大速度为.(2)电场强度大小与磁感应强度大小之比，D参考答案及解析1.答案：c解析：解：4、加速度是矢量，单位是7n/s2,故 A 错误；B、功是标量，单位是/,故 B 错误；C、电场强度是矢量，单位是N/C,故 C 正确；。、电流是标量，单位是4,故。错误。故选：Co矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量。矢量与标量的区别有两个：一是矢量有方向，标量没有方向；二矢量的运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数和法则。2.答案：C解析：解：力、y射线的穿透能力最强，电离能力最弱，故 A 错误；8、半衰期的大小与元素所处的物理环境和化学环境无关，由原子核内部因素决定，故 8 错误；c、衰变所释放的电子是原子核内的中子转变而来，由原子核内的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，故 c 正确。、半衰期对大量的原子核适用，符合统计学规律，对几个原子核不适用，故。错误。故选：C。a、环 y射线，三种射线穿透能力依次增强，电离能力依次减弱；半衰期的大小与元素所处的物理环境和化学环境无关，由原子核内部因素决定；0 哀变所释放的电子是原子核内的中子转变而来。半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用。解决本题的关键知道三种射线的性质，以及知道式衰变和0衰变的实质，特别要注意半衰期由原子核内部因素决定，符合统计学观点。3.答案：A解析：解：由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反；所以汽车对香蕉树的作用力与香蕉树对汽车的作用力大小是相等的，故 8 8 错误，A 正确。故选：2。由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失解决本题的关键知道作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，且同时产生、同时变化、同时消失，作用在不同的物体上.4.答案：D解析：解：4、传动过程中，两圆柱之间没有打滑现象，说明4、B两点的线速度相等，即勿=%.故A 错误；B、根据题意=1：2；根据u=or,有4：3=2：1,可知4 的角速度大于B的角速度；B与C属于同轴转动，角速度是相等的，所以4 的角速度大于C的角速度.故8 错误；C、力 的角速度大于C的角速度，根据：7=生 可知，4 的周期小于C的 周 期.故 C错误；0)D、4与B的线速度相等，根据：a=艺，可知半径小的4 点的向心加速度大于B的向心加速度.故。r正确.故选：D两轮子靠传送带传动，轮子边缘上的点具有相同的线速度；共轴转动的点，具有相同的角速度，根据角速度与周期的关系判断周期关系；根据向心加速度的公式：2a=匕判断向心加速度的大小关系.r解决本题的关键知道靠传送带传动轮子边缘上的点具有相同的线速度，共轴转动的点具有相同的角速度；同时结合线速度与角速度关系公式V=3T列式求解.5.答案：B解析：解：根据牛顿第二定律得：k m g m ,解得：R kg故选：B.运动员在水平冰面上做匀速圆周运动靠静摩擦力提供向心力，结合最大静摩擦力，根据牛顿第二定律求出滑行半径的最小值.解决本题的关键知道运动员做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解，基础题.6.答案：D解析：电动机是将电能转化为机械能的装置，电动机正常工作时消耗的电功率等于额定电压乘以额定电流,根据U/=P+/2r求解内电阻，蓄电池储存的电能等于其容量乘以输出电压.本题考查了速度、功、功率的计算和能量的转化，关键是公式和规律的灵活运用，注意能量守恒定律的运用，计算过程还要注意单位的换算.A、电动汽车正常工作时消耗的电功率为：P=U”颇=36 x 50=1800，故 A 错误；B、电动机内阻的发热功率电动机额定输出功率为：P晶=P -P 出=1800勿一 1675勿=125W,则电动机内阻为：=匹0=。0 5 0,故 B 错误；I2 2500C、蓄电池充满电后储存的电能为：W =UI t=800 X 3600 x 36/=1.04 x 108J,故 C错误；D、在额定功率下连续行驶最长时间为：t=撩=1 6 h,故。正确。故选：D。7.答案：。解析：解：4、由图示图象可知，在匕时刻，通过P点电流为零，线圈中的电流为零，线圈中的磁场能最小为零，故 A 错误；8、由图示图象可知，在t2时刻，电流最大，电容器放电完毕。电容器的电场能最小为零，故 B错误；C、0到匕电流逐渐减小，电容器正在充电，流过P点的电流向左，则下极板带正电，上极板带负电,故 C错误；。、t i到t2电流增大，电容器正在放电，电流是负的，即流过P的电流向右，上极板带负电，故。正确。故选：D oLC振荡电路的特点：充电过程电场能在增加，磁场能在减小，回路中电流在减小，电容器上电量在增加。从能量看，磁场能在向电场能转化；放电过程：电场能在减少，磁场能在增加，回路中电流在增加，电容器上的电量在减少。从能量看：电场能在向磁场能转化；充电完毕（放电开始），电场能达到最大，磁场能为零，回路中感应电流i=0：放电完毕（充电开始），电场能为零，磁场能达到最大，回路中感应电流达到最大。解决本题的关键知道在LC振荡电路中，当电容器充电时，电流在减小，电容器上的电荷量增大，磁场能转化为电场能；当电容器放电时，电流在增大，电容器上的电荷量减小，电场能转化为磁场能。8.答案：C解析：解：导线M和N的磁感线都是同心圆。因此对ab上半段，M导线的磁感线指向右下，可以用左手定则判断：a端受到向外的力。N导线的磁感线指向右上，也使a端受向外的力；同理也可以分析出b端受向里的力。从而使得a端转向纸外，b端转向纸里，故 C正确；错误；故选：C o通过右手螺旋定则来确定平行且固定放置的直导线M和N,在导线a、b 处的磁场分布，再由左手定则来确定安培力的方向，从而确定导线a、b 如何运动。考查右手螺旋定则、左手定则、及磁场的叠加，注意区别右手定则与左手定则。9 .答案：A解析：4 电势能的改变与电场力做功有关，带电粒子只受电场力作用下的运动，没有说明是做正功或做负功，所以电势能可能增大，也可能减小.故A正确；B：电势差的大小决定于两点间沿电场方向的距离和电场强度，故 B错误；C：沿电场方向电势降低速度最快，但电势降落的方向可能与场强方向存在夹角；故 C错误；D：点电荷在电场中由a 点移动到b 点，电势能增量为零，仅仅说明了a、b 两点的电势相等，没有提到运动的路径，则该电荷“可能是”沿着等势面移动的.故。错误.故选：A1 0 .答案：B解析：解：4、变压器原、副线圈匝数比等于电压之比2 2 0：1 80=1 1：9,故 A错误；B、有图可知周期为7=0.02 s,故频率为/=/=焉 H z =50“z，故 B正确；C、负载的功率P =U/=18 0 x*，1 4 W,输入功率等于输出功率，C 错误；D、负载电流的函数表达式i =O.l s i n/。兀 3 故。错误；故选：Bo根据图象知道负载电阻中电流的峰值和有效值，周期和角速度，根据输入功率等于输出功率，匝数之比等于电压之比分析各项.本题考查了交流电瞬时值表达式的物理意义和变压器的工作原理，难度中等1 1 .答案：【小题1】B【小题2】C【小题3】A【小题4】A解析：参考系指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系.本题考查参考系的概念，基础题。A8.以列车为参考系，即假定列车是不动的，列车向前运动，则树向后运动，故 A 错误，B 正确;C.人坐在列车里，相对列车是静止的，故 C错误；。.沿与轨道平行的公路上行驶的汽车，如果速度和列车速度保持一致时，则以列车为参考系，汽车是静止的，故。错误。故选Bo路程即物体运动轨迹的长度，位移是起点指向终点的有向线段；设计时速为120km 是列车运行的最大速度。本题考查路程和位移，平均速度和瞬时速度概念的理解，基础题。路程即物体运动轨迹的长度，位移是起点指向终点的有向线段，所 以“全长5239公里”是路程；设计时速为120km是列车运行的最大速度，即为瞬时速度，故 C正确。故选Co根据题意分析列车的运行速度，由t=；计算乘高铁从翔宇路南站到高淳站需要的时间。本题关键在于确定列车运行的速度。设计时速为1 2 0 k m,即 列 车 运 行 的 最 大 速 度 为 根 据 u=%乘高铁从翔宇路南站到高淳站最少需要的时间t=;=繇为a 0.4/1根据题意4答案最接近，故 4 正确；故选A。对小球受力分析，判断出列车加速度的方向，然后根据列车加速度方向与速度方向间的关系判断列车的运动性质。本题考查了判断列车的运动性质，根据图示情景判断出列车的速度方向与加速度方向间的关系即可正确解题。；行驶方向对小球受力分析，由图示可知，小球受到沿绳子向上的拉力、竖直向下的重力作用，小球所受合外力水平向左，小球的加速度水平向左，由于小球相对列车静止，则列车的加速度水平向左，列车速度水平向左，加速度方向与速度方向相同，因此列车做加速运动，故 A 正确，B C D错误;故选A。12.答案：B解析：解：物体在竖直方向上做自由落体运动，可知运动的时间为：t=?故 8 正确，AC)错误。故选：Bo平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，根据等时性，结合速度时间公式求出运动的时间。解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解。13.答案：B解析：解：4、根据线速度和角速度的关系v=3R得角速度为：3=3 故A 错误；B、根据匀速圆周运动的规律可知，向心力为：尸=故 8 正确；C、当运动员受到的重力和赛道支持力的合力提供向心力时，向心力为：尸=黑，当运动员受到赛道的摩擦力时，向心力为：尸中鼻，故 C错误；i3 n(7。、向心力是效果力，可以由单个力充当，也可以由其它力的合力提供，或者由某个力的分力提供，不是物体实际受到的力，因此，将运动员和自行车看做一个整体后，整体应受重力、支持力和摩擦力，故 o 错误。故选：Bo根据匀速圆周运动中，线速度与角速度的关系分析。向心力是按照效果命名的力，不是物体实际受到的力，匀速圆周运动合力提供向心力。此题考查了向心力的相关知识，明确向心力是效果力，由其它力充当；做匀速圆周运动的物体所受的合力指向圆心，合力完全提供向心力；当向心力“供大于求”时，物体会做近心运动。14.答案：CD解析：解：4、“8超”仪器通过它的探头不断向人体发出短促的超声波（频率很高，人耳听不到的声波）脉冲，超声波遇到人体不同组织的分界面时会反射回来，又被探头接收，这些信号经电子电路处理后可以合成体内脏器的像，没有使用多普勒效应。故 A错误；8、图（a）中如果灯泡灯丝突然烧断，副线圈中的电流减小，会引起原线圈电流突然减小。故 B错误；C、图（b）中磁铁上下振动时，磁铁下端放一金属线圈，让磁铁振动时穿过它，线圈内产生感应电流，它产生它将对磁铁产生明显的阻尼。故 C正确；D.图c）中L C 振荡电路中，如果磁场在增大，说明电流正在增大，那么电容器在放电，由电流的关系可知电容器上极板带负电。故 正确。故选：C D。变压器的输出功率决定输入功率；理解电磁阻尼现象；在A C 振荡电路，当电容器充电后与线圈相连，电容器要放电，线圈对电流有阻碍作用，使得Q 渐渐减少，而B 慢慢增加，所以电场能转化为磁场能。该题考查多个知识点的内容，其中穿过线圈磁通量变化，从中产生感应电动势，相当于电源接着电容器。根据磁场方向应用安培定则判断出电路电流方向、根据电场方向判断出电容器带电情况是正确解题的关键。1 5.答案：AB解析：解：4、经光路分析判断，a光角度偏转更明显，因此a光的折射率较大，频率较高，波长较-小，由光子动量表达式p =；，得知a光光子动量较/大，故A正确；_一亮 二，B、a光的频率较高，由爱因斯坦光电效应方程庇-L AWo=|mv2=eUc,得知a光对应的遏止电压更大，故 B正确；C、a光的波长较短，由 双 缝 干 涉 条 纹 间 距 公 式 得 知 a光对应的条纹间距更窄，故 C 错误；。、a光的折射率较大，根据全反射临界角C=ar cs in（；）,知a光临界角较小，更容易发生全反射，故。错误。故选：ABo根据光的偏折程度分析折射率大小，从而确定频率大小，即可知道光子动量大小；根据爱因斯坦光电效应方程分析遏止电压关系；根据波长关系分析双缝干涉条纹间距的大小；根据折射率大小分析临界角大小。本题要能根据光路图正确判断光的折射率大小，然后判断波长、频率、光速等之间的关系。16.答案：ABE解析：解：4、简谐波沿x轴正方向传播，由波形的平移法判断可知，t=0时刻，b质点的运动方向向下，故A正确。B、t=0时刻，a质点位于波峰，速度为零，故b质点的速度大于a质点的速度。故B正确。C、由图看出，质点a的位移大小大于b的位移大小，根据简谐运动的特征a=-空 可知，加速度大小m与位移大小成正比，则知b质点的加速度小于Q质点的加速度。故。错误。D、波从x=6m处传到=9nl处的时间为t=-=0.3 s,故 =0.2s时刻，x=97n处的质点还v 10没有振动。故。错误。E、该波的周期为7=4=怖=o,4s,t=0.8s=2 7,由波的周期性知t=0.8 s时刻，波形与题中图v 10形重合，故E正确。故选：ABE.简谐波沿x轴正方向传播，由波形的平移法判断t=0时刻质点b的运动方向；质点位于波峰时速度为零；根据简谐运动的特征a=-把，分析加速度的关系；读出波长，求出周期，根据时间与周期的关m系，确定t=0.2s时刻，x=9m处的质点位置.结合波的周期性分析图象.本题根据波的传播方向判断质点的振动方向，抓住简谐运动的特征，分析两质点加速度大小关系等等，都是基本问题，要熟练掌握.17.答案：C 0.48m 0.49m在误差允许的范围内，重物的机械能守恒解析：解：(1)实验中，直接测量的物理量是下落的高度，从而可以求出重力势能的减小量，通过计算间接得到的物理量是与下落高度相应的瞬时速度，从而得出动能的增加量，故选项C正确，ABD错误；故选：C。(2)从起点。到打下计时点B的过程中物体的重力势能减少量：Ep=mgh=m x 9.8 x 5.01 x 10-2/=0.49m JB点的瞬时速度%=爷=(7,06)x l-2m/5=0.98 m/s则动能的增加量4 Ek=|x?n x 0.982/0.48m/；(3)可知在误差允许的范围内，重物的机械能守恒。故答案为：(1)C；(2)0.48m,0.49m；(3)在误差允许的范围内，重物的机械能守恒。(1)根据实验的原理得出所需测量的物理量，分析哪些是直接测量的，哪些是通过计算得出的。(2)(3)根据下降的高度求出重力势能的减小量，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B 点的速度，从而得出动能的增加量，通过比较得出实验的结论。解决本题的关键知道实验的原理和注意事项，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度，从而得出动能的增加量，会根据下降的高度求解重力势能的减小量。1 8 .答案：A1 R2解析：解：(1)灯泡的额定电流/=5 =9=U 3.00.3 3 4,可知选择量程为3 5 0 n M 的电流表，误差较小，即选择公.从测量的精确度考虑，滑动变阻器选择总电阻为1 0。的误差较小，即选择(2)因为电压、电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻大约1 0.8 0,远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法误差较小.实验电路图所示，根据电路图可连接实物图如图所示；故答案为：(1)4;&；(2)如图所示；1、根据灯泡的额定电流确定电流表的量程，从减小误差角度和可操作性角度确定滑动变阻器.2、测量灯泡的伏安特性曲线，电流、电压需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，根据灯泡的电阻大小确定电流表的内外接.本题考查灯泡伏安特性曲线的描绘实验，解决本题的关键掌握滑动变阻器分压式和限流式的区别，电流表内外接的区别，并能正确按要求连接实物图.1 9 .答案：解：(1)人沿斜面下滑过程，由牛顿第二定律可得m g s。-“i H i g co s。=ma,代入数据可得 a =2mls2(2)设滑到底端时速度大小为v,由匀加速直线运动公式/=2 a L,代入数据可得u =6 m/s(3)设在水平面上滑行的距离为x,在水平方向对物体由能量守恒可得2 6。乂=2 血后,代入数据可得 =3 z n答：(1)该同学在斜面上下滑时的加速度大小为2 m/s 2；(2)该同学滑到斜面底端时的速度大小6 m/s：(3)该同学在水平面上滑行的距离为3 m。解析：(1)根据牛顿第二定律求出小孩下滑时的加速度大小.(2)根据匀变速直线运动的速度位移公式求出小孩滑到滑梯底端B时速度的大小.(3)根据牛顿第二定律求出小孩在水平面上的加速度，结合速度位移公式求出小孩在水平面上的位移.加速度是联系力学和运动学的桥梁，通过加速度可以根据力求运动，也可以根据运动求力.20.答案：解：(l)t=0时刻对U形金属框架施加水平向左的拉力F让其从静止开始做加速度为a的匀加速直线运动.对框架=at感应电动势E=BLv=BLat安培力F安=BIL=四 落女 R根据牛顿第二定律得尸一F妥:=maB2l7atF=F 寸 +ma=ma H-女R绳子断开时刻绳子拉力a =尸 交棒的加速度a=g=色m m(2)绳子断裂时刻E o=生FR_ B2L2a框 架 速 度%=at=黑以后框架减速，棒向右加速，当两者速度大小相等时回路磁通量不再变化，一起匀速运动.由于框架和棒都是受安培力作用，且质量相等，所以任意时刻加速度大小相等，相等时间内速度变化的大小也相等，最终速度都是八v0 v=v 0,v=-=-2 2B2 a框架向左匀速，棒向右匀速.(3)撤去拉力?后系统动能减少等于回路消耗电能，即棒上产生电热1,mFgR2Q=2m vo -(，2m v +2m V =4m V =4B4L4对棒F安=BIL=maBILa=-m t时间速度变化 v=a t=m t=m q速度由零增加到U过程BL v2 F R2 2B2L2TTIFQRq =2BJ答：(1)在绳未断前U形金属框架做匀加速运动t时刻水平拉力尸的大小是ma+号 丝，绳子断开后瞬间棒的加速度是*(2)若在绳子断开的时刻立即撤去拉力F,框架和导体棒将怎样运动，它们的最终状态是框架向左匀速，棒向右匀速.(3)在(2)的情景下，撤去拉力F后 棒 上 产 生 的 电 热 是 需，通过导体棒的电量是需.解析：(1)根据法拉第电磁感应定律和牛顿第二定律求解.(2)以后框架减速，棒向右加速，当两者速度大小相等时回路磁通量不再变化，一起匀速运动.由于框架和棒都是受安培力作用，且质量相等，所以任意时刻加速度大小相等.(3)去拉力产后系统动能减少等于回路消耗电能，根据能量守恒定律求解.本题考查了法拉第电磁感应定律、牛顿第二定律、能量守恒定律等多个知识点，要注意的是该题中框架NP和金属棒所在的磁场方向相反，从而所受安培力方向相同.21.答案：解：(1)滑块由P到C根据动能定理：H mg(d+L)=3 m评-加 诏-解得：vc=6 m/s滑块由C到。根据动能定理：-m g h=0 一加诺-解得：hc=1.8m(2)滑块由。返回到C时速度仍为%=6m/s,恰好与逆时针方向传送带速度相同，故滑块由C返回到B不受摩擦，是匀速运动，至!JB速度%=vB=6 m/s,设滑块在4B面上滑行路程为S,根据动能定理：-limgS=0-解得：S=3.6m故滑块又回到P点答：(1)滑块冲上光滑曲面的最大高度为1.8m；(2)滑块最终将停在P点.解析：(1)对滑块由P到C根据动能定理列式求解末速度，在对C到。过程根据动能定理列式求解最大高度；(2)先根据动能定理求解滑块由。返回到C时速度，判断出在传送带上是匀速直线运动，然后对离开传送带的过程根据动能定理列式求解最后的位置.本题关键是明确滑块的受力情况和运动情况，多次结合动能定理分过程列式求解速度和距离，不难.22.答案：解：(1)粒子在磁场中做匀速圆周运动其速度为g粒子进入电场后做类平抛运动，方向垂直于电场，根据动能定理：Eqd=_ lm v2(i)设粒子在电场中加速度大小为a,根据牛肚第二定律可得：Eq=ma(2)根据运动学公式可得：d=1 a%联立式可得：Eq=X 霁 12最大速度为 =(2)根据几何关系可得：&=/：+(R d)22根据洛伦兹力提供向心力可得：qvB=m彳 联立式可得：Bq=盖器联立式子可得：5=竿。B 12答：(1)粒子运动过程中的最大速度为为出1+册(2)电场强度大小与磁感应强度大小之比抵为 等 九B,2解析：(1)在电场中做类似平抛运动，对粒子在电场中的运动运用动能定理，再运用运动的合成和分解、牛顿第二定律几何运动学公式，联立即可求出含有场强E 的表达式，以及粒子运动过程中的最大速度为.(2)带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，找出圆心根据牛顿第二定律并结合几何关系列式，最后联立方程组求解.本题考查带电粒子在复合场中的运动，解题关键是要明确粒子的运动规律并画出运动轨迹，然后分过程，磁场过程运用洛伦兹力提供向心力结合几何关系联立求解，类平抛运动利用运动的合成和分解、牛顿第二定律结合运动学公式求解.