初三物理试卷带答案解析.docx

初三物理试卷带答案解析考试范围：xxx；考试时间：xxx 分钟；出题人：xxx题号得分一二三四五六总分姓名：班级：考号： 留意事项：1. 答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2. 请将答案正确填写在答题卡上2. 北方的冬天，户外的人呼出的水蒸气变为“白气”的过程发生的物态变化是 A凝华 B液化 C汽化 D熔化3. 杠杆在生产、生活中有着广泛的应用，如下图，以下工具中属于费力杠杆的是ABCD评卷人得 分一、选择题1. 体育课上进展班内足球对抗赛，王涛在选择竞赛用球时，为了比较两只耐克牌足球的弹性大小，他设计了几种方案，你认为最好的方案是A用手分别按压足球，比较它们的软硬程度 B用脚分别踢足球，比较它们飞出去的距离 C把足球用力向草坪上掷去，比较它们反弹后离草坪的高度D把足球置于同一草坪上方同一高度自由下落，比较它们反弹后离草坪的高度4. 生活中需要对一些物理量进展估测，以下估测最接近实际的是A教室门框的高度约为 2m B一个鸡蛋的质量约为 05kg C人正常体温约为 265 D泰山山顶的大气压约为 2×105Pa5. “轻声关门”是一种文明行为，这里的“轻声”指的是声音的：A响度 B音色 C音调 D频率6. 在探究水的沸腾试验中，小厨绘制出的水温随时间变化的图象如下图，分析图象可知：A水的沸点是W： B水面上方的气压大于标准大气压：10.以下几种状况，符合安全用电原则的是()评卷人得 分二、填空题C为了探究水在沸腾过程中是否需要吸热，应当在水沸腾后先停顿加热， 再观看水能否持续沸腾D水从 90加热至沸腾，用时 9min7. 关于简洁机械以下说法中正确的选项是 A定滑轮不仅能转变力的大小而且能转变力的方向B使用滑轮组不仅省力而且省功 C做功越多的机械，其机械效率就越高 D功率越大的机械，做功就越快8. 如下图，以下四种状况中磁体的磁极小磁针的黑端为N 极正确的选项是：9. 以下有关电磁波的说法，正确的选项是 A电磁波不能在真空中传播 B电磁波在空气中的传播速度为340m/s C可见光是电磁波DB 超用的是电磁波11. 用一个动滑轮把重为 100N 的沙袋从地面提到 9m 高的脚手架上，所用的力是 60N，那么在这一过程所做的总功是 J，有用功是 J，这个动滑轮的机械效率是 12. 生产的进展需要强大的动力17 世纪，人类制造了热机最早的热机是蒸汽机，后来很多人对它不断改进，其中奉献最大的是英国人， 他在 1782 年制造了往复式蒸汽机，使蒸汽机成为可以广泛使用的动力机人们为了纪念这位宏大的科学家，用他的名字来表示物理量的单位13. 某同学用 10 N 的力水平向前推一张重为 80 N 的桌子，桌子没有移动， 则摩擦力10 N，当该同学用 30 N 的力连续在水平方向推此桌子时，桌子仍没有移动，则摩擦力30 N(填“大于”“小于”“等于”)；假设该同学用 80 N 的力在水平方向推此桌子时，则桌子将移动(填“有可能”“不行能”).14. 民族英雄文天祥在扬子江一诗中有“臣心一片磁针石，不指南方 不愿休”的诗句。这里的磁针石是由于受到的作用，其南极指向地理位置的方。15. 如下图，用酒精灯给试管里的水加热，这是通过的方式增大水的内能；水蒸气冲开小木塞的过程中，是通过的方式减小其内能。16.1如图 1 所示，当悬挂着的导体棒a 在磁场中左右运动时，观看到小量程电流表的指针会摇摆，随着对这种现象的深入争论，人们制造17.如下图，是四根高压输电线上的一个装置，利用它将四根导线并联起来，相当于增大了导线的横截面积，从而减小了导线的，以达到的目的。18.3 分生活中，人们通常用两种方法来比较运动快慢方法：一样路程比时间；方法： 物理学用速度描述运动快慢，公式为v= ，这种方法与日常方法 /是一样的常用的速度单位有 m/s 和 km/h其关系是1m/s= km/h19. 城市的人工湖具有“吸热”功能，盛夏季节能大大减弱四周地区的“热岛效应”假设湖水的质量为 1.0×107kg，假设水温上升 2，则湖水吸取的热量为J假设这些热量被同等质量的砂石吸取c 砂石c 水则砂石上升的温度2选填“大于”、“等于”或“小于”，C 水=4.2×103J/kg制造了机，实现了能向电能的转化20. 如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R是滑动变阻器，油量22如图 2 是一种“手摇充电式电筒”，握住它上下摇动就能自动充电从透亮外壳可观看到内部有固定线圈；摇动时可感觉到内部有一个物块在来回滑动据此猜测，这种电筒的制造原理是，其中那个滑动的物块是表实质是一只表，油位上升时，油量表示数(选填“变小”、“不变”、“变大”)，油量表也能指示油位高度，油量表实质上是表，假设其示数减小，则油位(选填“上升”、“不变”或“下降”)评卷人得 分三、作图题21. 某校建成一个喷游水池，在池底的中心安装了一只射灯池内无水时，射灯发出的一束光照在池壁上，在S 点形成一个亮斑，如图所示现往池内注水，水面升至a 位置时，站在池旁的人看到亮斑的位置在 P 点；假设水面上升至b 位置时，人看到亮斑的位置在Q 点，请作图并说明P 点，Q 点所在的位置24. 在图中，作出入射光线、标出反射角。25.1如图甲所示，用螺丝刀撬起图钉。A 为手的用力点，O 为支点，B 为螺丝刀与图钉的接触点。请在图中画出螺丝刀撬起图钉时，动力F1的力臂 l 和阻力 F 。1222. 使用投影仪时，先闭合开关 S ，风扇转动；再闭合S ，灯泡发光；假设12只闭合S ，灯泡不发光。请你在方框中完成投影仪内部的电路图。(风扇2用电动机的符号表示，标明开关S1和 S )22为杜绝操作工手指损伤事故的发生，某厂家设计制造的切纸机，必需将两只手同时分别按住左、右开关，切纸机用“M”表示才能正常 工作。请把图乙中虚线框内的各元件符号连接成符合上述设计要求的电23. 依据要求画图路。（1） 请在图甲画出木块所受重力的示意图；（2） 光线 AO 由空气斜射入水中，请在图乙中画出折射光线大致方向评卷人得 分时间/min0246810A 的温度/202122232425B 的温度/2021.52324.52627.5物质初温/加热时间/min末温/甲20645乙20668四、试验题26.小明在“探究不同液体的吸热状况”试验中，用了如图甲所示的两套完全一样装置他按试验要求分别对甲和乙两种液体物质进展加热试验数据记录如下表从记录数据表分析（1） 比较A、B 物质的温度上升的状况，的温度上升的较快，你认为消灭这个现象的可能缘由是由于。（2） 本试验中，将两电阻丝的连接改为并联是可行/不行行 的。28.回忆试验和探究请将以下试验报告中的空缺局部填写完整：（1） 按试验要求，甲和乙的质量 选填“一样”或“不一样”（2） 在此试验中，假设要使甲和乙的最终温度一样，就要给 选填 “甲”或“乙”加热更长的时间，此时，甲吸取的热量 选填“大于”或 “小于”或“等于”乙吸取的热量（3） 依据试验数据分析得知， 选填“甲”或“乙”的比热容大（4） 物质甲从温度由 20加热到 45的过程中，它的内能 选填“增大”或“减小”这是承受 方式转变物体内能的27.3 分在如下图的试验电路中，两个烧瓶完全一样，用两个一样的电热丝给质量一样的物质A 和 B 加热，试验记录表如下：（1） 探究磁场对电流的作用：（2） 探究电流与电压的关系：置进展试验时的操作要点：小明觉察当不同质量的小球以一样初始速度滑上长木板时，向上滑行的最大距离均一样这说明猜测一是选填“正确”或“错误”的错误在验证猜测二的试验中，小明让同一小球以一样的初始速度分别滑上不同倾角的长木板，测得的数据记录如表：29. 小明骑自行车上学途中，要经过一段上坡路他思考：物体冲上斜坡的最大距离可能与哪些因素有关呢？（1） 他觉察车子的初始速度越大，冲上斜坡的最大距离就越长这是由于车子的初始速度越大，它的初始动能也越大，上坡过程中增加的就越大重力势能（2） 他进而又提出两个猜测：猜测一：物体冲上斜坡的最大距离可能与物体的质量大小有关； 猜测二：物体冲上斜坡的最大距离可能与斜坡的倾角大小有关为了验证猜测一，他将与水平面平滑连接的长木板以肯定的倾角 固定， 如以下图所示试验时为了让不同质量的小球以一样的初始速度滑上长木板，请你在甲图中的虚线框内为小明设计一试验装置，并说明使用该装依据表中数据，请在图乙中描点作出s- 图象 依据图象得出的结论是：30. 小强在验证杠杆平衡条件的试验中：（1） 试验前没有挂钩码和弹簧测力计时，觉察杠杆左端高右端低，要使其在水平位置平衡，应将杠杆左端的平衡螺母向调整，这一调整过程的目的是为了使杠杆的对杠杆平衡不产生影响，这时杠杆重力的力臂为。2在图中，杠杆水平平衡后，小强调整左边钩码的个数和位置，使杠杆水平平衡时，测出 F =1.2N，F =1.5N；OA=30cm，OB=20cm。他将所得（2） 假设电热水壶正常工作，且产生的热量全部被水吸取，需要加热多少时间？12数据直接代入杠杆平衡条件的公式中，觉察F ×OA 和 F ×OB 并不相等，123假设电热水壶实际加热时间大于上述计算的加热时间，可能的缘由有从而认为杠杆的平衡条件不肯定是 F l = F l 。小强的失误1 12 2是。那些？写出两种32.8 分自动饮水机已经普遍用于车站、学校等公共场所，它的简化电路图如下图， 电热丝电阻分别为R 、R ，请依据说明书供给的信息12计算水的密度饮水机参数=1×103 kg/m3，水的比热容 C水=4.2×103 J/kg水（3） 在图中，假设 B 处的钩码不变，小强将弹簧测力计由A 处移到COC=10cm处，施加一个竖直方向的力，使杠杆在水平位置平衡，则这个力的方向应，大小为N。（4） 在右图中，假设 B 处的钩码不变，小强不用弹簧测力计，在A 处挂 N 的钩码，杠杆在水平位置仍旧平衡。热水温度：90 热胆容积：2 L额定功率：1000 W 保温功率：40 W 额定电压：220 V 频率：50 Hz评卷人得 分五、计算题31. 如下图是杨才家的电热水壶的铭牌，他用该电热水壶将1.5kg 的水从 20加热到 1001水吸取的热量是多少？c=4.2×103J/kg水1假设饮水机处在“加热”状态正常工作时，电热丝所产生的热量有 80% 被水吸取，饮水机的热胆装满水，水温由20加热到 90，需用多长时间？(2)开关断开时，饮水机处于状态填“加热”或“保温”。的图象水的比热容为 4.2×103 J/kg，煤的热值约为 3×107 J/kg求：3电阻丝R评卷人得 分1的阻值。六、综合题133. 电压力锅是一种型家用电器，集高压锅与电饭锅优点于一体，既安全又环保。如图是某型号电压力锅工作电路简图，右表是其局部参数。 其中R 是主加热器，R2 是保压加热器。接通电路后，开关s 自动与触点a、b 接通，开头加热。当锅内温度到达105时，开关 S 自动与a、b 断开，并与触点c 接通，开头保压，此时锅内水温不变，且未沸腾。现将3L 初温为 25的水参加压力锅中，接通电路使其正常工作30min。加热时消耗的电能有 84被有效利用，水的比热容为 4.2×103J/kg·。求：（1） 电压力锅在加热状态时的电流。（2） 电压力锅多少秒后开头保压?（3） 电压力锅在此 30min 内消耗的电能。34. 某物理兴趣小组的同学，用煤炉给10kg 的水加热，在 6min 内完全燃烧了 2kg 的煤，同时他们绘制了如下图的加热过程中水温随时间变化（1） 煤完全燃烧产生的热量；（2） 经过 6min 时间加热，水所吸取的热量；（3） 煤炉烧水时的热效率1 . D参考答案北方的冬天，室外的气温很低，户外的人们呼出的水蒸气温度较高，遇 到外面的冷空气会放出热量液化成小水珠，就形成了我们看到的 “白气”应选B【解析】 对于试验方案的最优推断，应从试验过程严密、可行的角度来思考，即选出最便于操作，最有利于试验结论的得出的方案，所以该题 从是否掌握变量的角度动身分析即可当一个现象受到多个因素的影响， 争论其中一个因素的作用时，肯定承受掌握变量法，肯定要留意保证其 它因素是一样的A、用手分别按压足球，不简洁掌握压力大小相等，此种方法不严格，故 A 错误；B、用脚分别踢足球，没有掌握脚对足球力的大小相等，无法通过比较它们飞出去的距离大小推断弹性大小，故B 错误；C、把足球用力向草坪上掷去，没有掌握对足球作用力大小相等，无法通过比较它们反弹后离草坪的高度比较球的弹性大小，故C 错误；D、把足球置于同一草坪上方同一高度自由下落，比较它们反弹后离草坪的高度，应用了掌握变量法，可以比较球的弹性大小，故D 正确；应选D2 .B【解析】试题分析：解决此题需把握：物质由气态变成液态的过程属于液化现象， 液化是放热的解：【点评】水蒸气是气态的，“白气”是液态的小水珠形成的，二者要区分开来3 .B【解析】试题分析：结合图片和生活阅历，推断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再推断它是属于哪种类型的杠杆起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆 考点：杠杆的分类点评：此题考察的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂4 .A【解析】试题分析：A教室门框的高度约为 2m，符合实际； B一个鸡蛋的质 量约为 005kg，B 不符合实际；C人正常体温约为 3537，C 不符合实际；D一个标准大气压约为 2×105 Pa，泰山山顶的大气压小于一个标准大气压，小于 2×105 Pa，D 不符合实际；应选A。考点：生活中常见物理量的估算5 .A【解析】试题分析：推断生活用语是描述声音的哪个特性。“轻声”指声音的响度小。其它词语如：低声细语，震耳欲聋也是指的声音的响度。考点：声音的特性6 .C【解析】A由图可知，水在 98时沸腾，吸取热量温度不变，所以水的沸点是 98，故 A 错误。B. 在 1 个标准大气压下，水的沸点为 100，依据水的沸点随气压的减小而降低，可知此时水面上方的气压小于标准大气压，故B 错误。C. 为了探究水在沸腾过程中是否需要吸热，应当在水沸腾后先停顿加热， 再观看水能否持续沸腾，假设水不再沸腾，则说明水在沸腾过程中需要吸收热量，故C 正确为答案。D. 由图可知，水从 90加热至沸腾，用时 4min，故 D 错误。7 .D【解析】略8 .C【解析】AB 中小磁针的N、S 极错误；CD 没有小磁针，没法看啊，试题错误；9 .C【解析】试题分析：电磁波可以在真空中传播，故A 错；电磁波在空气中的传播速度约等于光速 3×108m/s，故 B 错；可见光是电磁波的一局部，故C 正确；B 超用的是超声波，而不是电磁波，故D 错；应选C。【考点定位】电磁波10 .C【解析】试题分析：A、如下图使用测电笔不正确，手必需接触笔尾金属体，确定不能接触笔尖金属体，否则简洁造成触电事故不合题意B、电线和电视天线不能相连，简洁发生触电电，不符合安全用电原则不合题意C、开关与灯泡串联，开关另一端与火线连接，灯泡的螺口处接零线；插座的左孔与零线相连，右孔与火线相连，三孔插座的中间孔接地线符 合题意D、在高压线下放风筝，简洁发生高压触电事故，不符合安全用电原则不合题意所以选C考点：安全用电点评：使用测电笔时，手必需接触笔尾金属体；安全用电的根本原则是不接触低压带电体，不靠近高压带电体；灯泡接入电路时，开关应接在火线和灯泡之间，三孔插座的中间孔要接地11 .1080；900；83.3%【解析】试题分析：动滑轮有两段绳子担当总重，绳子自由端移动的距离s=2h=2×9m=18m，解答：解：当推桌子，桌子不动处于静止状态时，受到平衡力的作用， 即推力与静摩擦力是一对平衡力；其大小相等、方向相反；桌子的最大 静摩擦里不知道，所以用 80 N 的力在水平方向推此桌子时，桌子可能运动，可能不动。故答案为：等于；等于；有可能点评：1静止的物体或匀速直线运动的物体受平衡力的作用（2） 二力平衡的条件包括四方面：同物、同线、等大、反向（3） 滑动摩擦力只与压力、接触面粗糙程度有关14 .地磁场 南这一过程所做的总功：W=Fs=60N×18m=1080J；总【解析】有用功：W=Gh=100N×9m=900J；有用试题分析：小磁针在地磁场的作用下，始终指向南北方向，其中，指南的一端叫南极，即S 极。=×100%=×100%83.3%动滑轮的机械效率：12 .瓦特功率【解析】在人类历史上，对蒸汽机改进作出奉献最大的人是瓦特，为了纪念他，物理学中将功率的单位规定为瓦特。13 .等于等于有可能【解析】分析：依据物体受力状况与运动状态的关系可知，生活中做匀速直线运动的物体，必受到平衡力的作用；考点：地磁场点评：此题对磁极的命名，以及地磁场的根底学问进展了考察，加强对根底学问的记忆，对于解决此类题目有很大的帮助15 .热传递、做功【解析】试题分析：用酒精灯给试管里的水加热，是通过热传递的方式增大水的内能；水蒸气冲开小木塞的过程中，是通过做功的方式减小其内能。考点：转变内能的方式16 .1发电；机械；2电磁感应现象；磁铁【解析】1当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针发生了偏转，说明电路中有电流产生；这种现象就叫电磁感应现象；因此人们 制造制造了发电机，实现了机械能向电能的转化2“手摇充电式电筒”消耗了机械能产生了电能；握住它上下摇动为了让线圈切割磁感线产生感应电流，故是利用了电磁感应原理；由于线圈是固定的，因此那个滑动的物块是磁铁17 .电阻 削减输电线上电能的损失能写出电能损失即可【解析】四根导线并联在一起，等效成一根导线，相对于其中的任何 一根导线，其横截面积变大了；导体的电阻大小与导体的横截面积有关， 在其他因素不变的状况下，导体的横截面积越大导体的电阻越小；所以 横截面积增大，导体的电阻减小在输电电压U 输肯定的状况下，由公式P =U 2 /R 可知，输电导线输输电阻R 越小，输电功率损失越小，因此可削减输电电能损失18 .一样时间比路程；3.619 .8.4×1010 大于【解析】解答：1湖水吸取的热量：Q=cm t=4.2×103J/kg×1.0×107kg×2=8.4×1010J；2由 Q=cm t 可知，水与砂石的质量m、它们吸取的热量Q 相等，c 砂石c 水，由 t=Q 吸/cm 可知， to t 水2，即砂石上升的温度大于 2砂石20 .电流 、 变大、 电压 、 下降 。【解析】试题分析:如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R 是滑动变阻器，2油量表实质是一只电流表，油位上升时，电阻R 电阻变小，油量表2示数变大，油量表也能指示油位高度，油量表实质上是电压表，假设其示数减小，依据公式 U=IR 可知，则油位下降。考点:本试题考察的是欧姆定律的学问。【解析】试题分析：生活中，人们通常用两种方法来比较运动快慢；方法：相同路程比时间；方法：一样时间比路程；假设路程和时间都不一样，21 .1则我们需要通过公式，比较单位时间内通过的路程才能得出它们的运动快慢，即一样时间比路程； 1m/s=3.6km/h2考点：速度及其单位点评：对于此类试题，学生应把握欧姆定律的学问。在电压不变时，电阻变小时，依据公式 I=U/R 可知，通过电流的变大。油量表是电压表， 其示数减小，依据公式 U=IR 可知，则油位下降。【解析】解：1往池内注水，水面升至a 位置时，发生折射，依据折射定律，P 点如以下图所示：2水面上升至b 位置时，光线先在水池壁反射，再折射出水面，依据反射定律和折射定律，Q 点如以下图所示：【点评】此题重点考察的是作反射光线和折射光线，理解并把握光的反射定律和折射定律是解决此题的关键22 .图略【解析】由题意知，S1 在干路上，S2 和灯泡串联在一条支路上，灯泡与电动机并联如下图：【解析】试题分析：1从木块的重心开头，沿竖直向下方向画一条有向线段， 用G 表示物体所受重力，如上图所示。（2） 题目已经过入射点作出法线，依据光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角即可作图，如上图所示。【考点定位】力的示意图 光的折射24 .略【解析】由于反射光线与镜面的夹角是 60°，所以反射角为 90°-60°=30°； 依据光的反射定律，反射角等于入射角，所以入射角也为30°，如以下图所示：25 .1略动力臂 l1和阻力 F2各 1 分，共 2 分；2略2 分23 .1以下图甲 2以下图乙【解析】略26 .1一样；2甲；大于；3甲；4增大；热传递【解析】试题分析：1物体的吸热多少与物质的种类、质量和上升温度有关， 依据掌握变量法可知甲和乙质量关系；（2） 由表格数据可知加热相等时间后甲、乙液体的末温，由此可知要上升一样温度对哪种液体的加热时间更长，吸取热量哪个更多；（3） 一样质量不同物质，上升一样的温度，吸热多的比热容大；（4） 转变物体内能的方式有：做功和热传递两种方式 解：（1） 探究不同液体的吸热力量时，应掌握甲、乙两种液体的质量一样；（2） 由表格数据可知，甲、乙两种液体的初温一样，加热时间一样，吸取热量也一样，甲末温低所以要使甲和乙的最终温度一样，就要给甲 加热更长的时间，两套装置完全一样，所以甲吸取的热量大于乙；（3） 一样质量甲和乙，上升一样的温度，甲吸热多，所以甲比热容大；（4） 物质甲吸热温度上升，它内能增大，这是热传递的方式转变其内能的故答案为：1一样；2甲；大于；3甲；4增大；热传递【点评】此题是探究不同液体的吸热状况的试验，考察数据分析、掌握 变量法的应用，还考察了物体内能转变的生疏和理解，属于一道根底题27 .1B；A 与 B 的比热容不同；2可行【解析】试题分析：依据电路图可知，两电阻串联，并且两电阻的阻值一样，因此单位时间内，两电阻产生的热量一样；依据表中A、B 温度的变化可知， 上升快的物质，和上升慢的物质，由Q=cm t 可知，影响物质温度变化的因素；两电阻并联时，两电阻两端电压相等，依据Q=时间内，两电阻产生的热量一样，据此分析t 可知，单位（1） 依据表中数据可知，B 的温度变化比A 的温度变化大，因此B 的温度上升的较快；2两电阻并联时，由于并联电路两端电压相等，由Q=t 可知，单位时间内，两电阻产生的热量一样，所以本试验中，将两电阻丝的连接改为并联是可行的两电阻产生的热量一样、A 和B 的质量一样，由 Q=cm t 可知，由于比热容的不同，导致A、B 物质温度的变化量不同；考点：电热试验28 .1力；电动机；（2） 电阻肯定；2.6；转变串联电池的个数；没有屡次试验测量求平均值减小误差【解析】试题分析：1如下图装置中，当开关S 闭合后，会看到导体 ab 在磁场中运动力是转变运动状态的缘由，物体运动说明它受到了力， 而这力只能是磁场供给，由于导体受到力的作用，我们可以让线圈不停地转下去，这就是电动机的原理；由于塑料棒是绝缘体，绝缘体不能导电，所以，假设把导体换用轻质塑料棒，试验不能成功；2电压表应选 03V 量程，把灯泡、电流表、开关串联接入电路，电压表并联在灯泡两端；由表中试验数据可知：在电阻R=10 时，U ：I =1.2V：最大距离是否一样即可知道猜测是否正确利用表中给出的试验数据， 即可确定物体上升的最大距离与倾斜角度的关系1车子上升时将动能转化为重力势能，车子的速度越大，动能就越大，从而有更多的动能11转化为重力势能所以上升的高度就越高0.12A=10，U ：I =2.0V：0.2A=10，U ：I =2.6V：0.26A=10，电2233压表选 03V 量程，分度值为 0.1A，依据指针位置可知，此时电压为2.6V，由此可知：在电阻肯定时，电流和电压成正比；为试验屡次测量， 假设没有滑动变阻器，还可以通过转变串联电池的个数来转变定值电阻两 端的电压，试验过程要不断地拆接电路，试验操作麻烦；这个试验设计 的缺乏之处是：没有屡次试验测量求平均值减小误差。【考点定位】电与磁；电压与电流的关系2设计试验装置如图示29 .1重力势能2让小球从同一斜面同一高度处由静止滑下， 错小球滚动到底端的速度取决于小球初始点的高度，高度越高，到达底端误，同一小球以一样的初始速度分别滑上不同倾角的长木板，随倾角增大，向上滑行的最大距离先变小后增大【解析】试题分析：车子上坡的过程是一个将动能转化为重力势能的过程，转化出的重力势能的多少打算于物体具有动能的多少由于物体上升的高度已经知道了与物体的速度大小有关，的猜测有两个，依据掌握变量法的思想，探究与物体质量的关系时，只掌握质量不同，其它因素都相 同由此去考虑设计思路猜测的正确与否，要通过试验现象来判定， 因此，依据不同质量的木块以一样初始速度滑上长木板时，向上滑行的时的速度越大，为了保证不同球到达底端的速度一样，所以要可知小球滚动的初始点的高度一样，即让小球从同一高度滚下要探究由于物体上行的最大距离与物体质量的关系，依据掌握变量法的思路，就要掌握物体的速度有关，斜坡的倾角都要一样，只让物体的质量不同故让让不同的小球在轨道同一高度由静止释放由于不同质量的小球以一样初始速度滑上长木板时，向上滑行的最大距离均一样所以物体冲上斜坡的最大距离可能与物体的质量大小无关故说明猜测一是错误的利用试验中记录的数据作为横纵坐标在图象中，定点，连线得到图象由试验数据可以觉察，从 10°到 53°这个过程，物体的上升的高度随着倾斜角度的增加在减小；从 53°到 85°这个过程，物体的上升的高度随着倾斜角度的增加在增大；故得结论：随倾角 的增大，小球上滑的最大距离 S 先减小后增大考点：此题考察探究影响物体动能大小的因素、探究影响物体势能大小的因素、动能和势能的转化与守恒点评：试验探究题考察学生的力量比较全面，往往探究的内容不再是课本上的学问，而是的内容，把握探究的方法：一般要用到掌握变量法和转换法30 .1左外 重力 0 每空 1 分，共 3 分依据杠杆的平衡条件：FOA=F OB2 F=F OB /OA =1.5N×20cm /30cm =1N231 .15.04×105J；25.6min；3缘由可能是：电热水壶产生的热量没有全部被水吸取；电热水壶实际工作电压小于额定电压【解析】2把 OA 当成了 F的力臂或：把 F的力臂弄错了2 分试题分析：1水吸取的热量：Q=cmtt =4.2×103J/kg11吸03竖直向上1 分 3 2 分4 12 分【解析】1杠杆重心左移应将平衡螺母向左调整，直至重心移到支点处，使杠杆重力的力臂为零2图中，拉力 F1 的方向与水平杠杆不垂直，只有力的方向与杠杆垂直时，力臂才能从杠杆上直接读出来，所以小强会得出错误的结论3由 F =1.5N，OB=20cm，OC=10cm2依据杠杆的平衡条件：F OC=F OB×1.5kg×10020=5.04×105J；2由于电热水壶正常工作，所以P=P=1500W，由题知 W=Pt=Q=5.04×105J，所以 t=Q额吸吸/P=5.04×105J/1500W=336s=5.6min；3电热水壶实际加热时间大于上述计算的加热时间，缘由可能是：电热水壶产生的热量没有全部被水吸取； 电热水壶实际工作电压小于额定电压。【考点定位】电功与热量的综合计算32 .1735s 2保温31161.6【解析】试题分析：1设所需时间为t12 F =F OB /OC =1.5N×20cm /10cm =3N热胆内水的质量 m=“V=2“ kg 1 分由1 分得1 分12由于支点不在动力和阻力中间，因此动力和阻力方向相反 拉力的方向竖直向上4由 F =1.5N，OB=20cm，OA=30cm22保温1 分由于断开时，电路中的电阻最大，电流最小，总电压不变，由P=UI 知，功率最小，为保温状态。 消耗的电能：，3S 断开时，饮水机处于保温状态1依据 W=Pt，电压力锅加热到开头保压的时间：；2 分3此 30min 内保温的时间：同理R =48.41 分2t=t-t保温=30×60s-1200s=600s，加热R =R-R =1161.61 分1总2保温时消耗的电能：【考点定位】比热容电功率计算W=Pt保温保温=200W×600s=1.2×105J，保温33 .14.5A2 1200s 31.32×106J【解析】1电压力锅在加热状态时的功率 P=800W，P主加热=200W，保压加热电压力锅在此 30min 内消耗的电能：W=W+W=1.2×106J+1.2×105J=1.32×106J加热保温依据 P=UI 可得，电压力锅中的电流：；答：1电压力锅在加热状态时的电流约为4.5A；2水的质量： m=V=1×103kg/m3×3×10-3m3=3kg， 水吸取的热量：（2） 电压力锅 1200s 后开头保压；（3） 电压力锅在此 30min 内消耗的电能为 1.32×106J34 .16×107J； 22.52×106J； 34.2%【解析】1依据题意知道，2kg 煤完全燃烧产生的热量：Q放Q=cmt-t =4.2×103J/kg×3kg×105-25=1.008×106J，=mq=2kg×3×107 J/kg=6×107 J；吸0，2由图知道，加热 6min 时间，水上升的温度值 t=80-20=60，水所吸取的热量：Q吸=cm t=4.2×103 J/kg×10kg×60=2.52×106 J；3煤炉烧水时的热效率：=Q/Q=2.52×106J/6×107J×100%=4.2%吸放