2021年高考物理押题预测卷01（辽宁卷）（全解全析）.pdf
2021年高考押题预测卷0 1【辽宁卷】物理全解全析12345678910ACABBDBBDCDAD1.【答案】A【解析】A.由题意可知，8 光的折射率比A 光的折射率大，则 3 光的频率比A 光的频率大，根据A=-f可知，在同种介质中，3 光的波长比A 光的波长短，所以A 正确；B.根据n可知，A、B 两种光在该棱镜中的传播速度不一样大，所以B 错误；C.因为发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，则 3 光能使某种金属发生光电效应，A光不一定能使该金属发生光电效应，所以C 错误；D.根据Ar=Ad可知用同一双缝干涉装置实验时，A 光的条纹间距比8 光的宽，所以D 错误；故选A。2.【答案】C【解析】A B.女童坠落的过程可看做自由落体过程，接触快递员时的速度v2=2gh,h.=g gt2v=y2gh=A/2 x 1 ()x 20m/s=2()m/s10AB错误;斗2sC.取向上为正方向，由动量定理可知I=PPi(F-mg)t=mv2-mv(F 25ON)x 0.2s=25kg x(-5)m/s-25kg x(-20)m/sF =2125NC 正确；D.女童与快递员接触时速度约为20m/s,最后着地时的速度为5 m/s,所以女童做减速运动，加速度向上,处于超重状态，D 错误；故选C。3.【答案】A【解析】A B.以5 C 段绳子为研究对象，设绳子5 端 所 受 弹 力 为。处所受弹力为，如图甲所示TB cos a=-mgTB sin a=TC联立解得心=-mg tan a故 A 正确，B 错误;C D.以A C 段为研究对象，设绳子A 端所受弹力为，与水平方向的夹角为 夕，C 处所受弹力为如图乙所示f .介 n，sin6=-mgn+l COS夕=或|Tc=T(：、。联立解得T.=-m&yjn2+tan2 aA n+1 故 CD错误；故选Ao4.【答案】B【解析】由图乙可知交流电的周期为T=0.02s,则27r、y=100-(rad/s)当 UO.O025s 时,z=14.14A,代入z=/msinco/得/,“=20A。所以电流表A i的读数为/,=A=10 国再根据可知电流表A?的读数为4 =2 O 0 A,根据能量守恒定律可知变压器的输入功率为P入=1=1泳=(2()底)2 x5W =4(XX)WACD错误，B 正确。故选B。5.【答案】B【解析】设磁场区域高度为H,两导体棒都能匀速穿过磁场区域，则Wi=mH,W2=m2gH,必_ =色W2 m?设匀强磁场的磁感应强度大小为B,导体棒长为L进入磁场时速度大小为阴有v2=2 gh,B2ly1.57?二mg得,/A2h=9故 B 正确，ACD错误。故选Bo6.【答案】D【解析】A.根据万有引力提供向心力2 2网 =m2co r2因为弓,弓，所以有班 5，根据知星球A 的线速度一定大于B 的线速度，选项B 错误;C D.设两星体间距为L根据万有引力提供向心力公式得见，n,G,=mr,L2 14万2 4后y r =mr2 y r解得周期为由此可知双星的距离一定，质量越大周期越小，选项c 错误；总质量一定，双星之间的距离就越大，转动周期越大，选项D 正确。故选D。7.【答案】B【解析】A.设小球在C 点的速度为W，在 8 点 速 度 为 收 AB的长度x=Ltan 30设从。到 3 的时间为f,有国=%t2解得匕=为根 据 速 度 一 时 间 关 系 可 得巴 岛m解得qE=6m g故 A 错误；B.设电场力和重力的合力与水平方向的夹角为仇则有nmg J3tan 6=qE 3F=J(qE+(mg)2=21ng则合加速度为a=2gm将小球的初速度分解为沿合外力的方向和与合外力垂直的方向，小球电势能和重力势能之和最大时，小球动能最小，合外力方向的分速度减为零，该过程所用时间vv sin 30t=-2g解得故B正确;C.从C到B,小球加速度恒定，但与小球速度不共线，故小球做匀变速曲线运动，故C错误;D.从C到8,小球克服重力做的功为WG=mgL电场力所做的功为叱也=qE-A/3-3mgL则小球克服重力做的功与电场力做的功的比值为町_ 1隔=5故D错误。故选B。8.【答案】BD【解析】A.根 据 更 =C可知，在a f匕过程中气体的温度先升高后降低，故内能先增大后减小，故A错误;TB.在匕f c过程中，温度降低，内能减小，体积变小，外接对气体做功，根据热力学第一定律，在C过程中外界对气体做的功小于气体向外界放出的热量，故 B 正确；C.a、b两点温度相同，在 cf。过程中气体做功为零，而匕r e过程中外界对气体做功，两次内能变化量大小相同，根据热力学第一定律，在 Cf。过程中气体吸收的热量不等于沙.C过程中气体向外界放出的热量，故 C 错误；D.根据图像与横轴围成面积代表功可知，在a f匕 f c fa过程中气体做的功为W=gx2px2%=2p%故 D 正确。故选BD9.【答案】CD【解析】A.小铁块在0-8s作匀加速直线运动，则加速度为a=/zg=2m/s2在 8s末v=67r=16m/sA错误；B.作出7 图为过原点和（8,16）的直线，为小铁块的片图像，0-8s小铁块的位移为1 6。st=x 8m=64m20-8s长木板的位移为24/24+16.g=x 6m+-x 2m=112m2 2 2长木板长度为L-S2-S 1 =48mB 错误；C.此过程中小铁块和长木板间因摩擦而产生的热量为e=/ngL=192JC 正确；D.0-6s对木板有F-mg=Ma其中ai=4m/s2,Fi=12N,方向向右6-8s对木板有F2-mg=ma22=-4m/s2,F2=-4N,方向向左D 正确.故选CD。10.【答案】AD【解析】A B.由图可知圆心恰好在外直线上时，恰好运动了半个周期，在磁场中运动的时间最长XXX(X X X X XX X X X xX X X XX X XXX.因此最长时间17rm jrmt =x x-=-2 2 eB eBA 正确，B 错误；C D.当运动的弦长最长时，运动的路程最长，此时弦恰好过圆心，由几何关系可知，此时半径r=2R由于可得2eBRv=-m此时粒子穿过磁场的位移最大，且电子在磁场中运动的最大位移为2 H，C错误，D正确。故选AD。11.【答案】等效替代 C F C【解析】（1）要使每次合力与分力产生相同的效果，必须把橡皮条拉到同样的位置，这是一种等效替代的思想方法。（2）需要的实验器材有：方 木 板（固定白纸），白 纸（记录方向画图）、刻 度 尺（选标度）、绳 套（弹簧测力计拉橡皮条）、弹簧测力计（测力的大小）、图 钉（固定白纸），所以还必须有刻度尺。故选Co（3）图中尸是利用平行四边形定则作出的理论值，尸 是为合力的测量值。（4）A.用两个弹簧测力计拉橡皮条时，拉力不能太大，也不能太小，故A错误；B.用两个弹簧测力计拉橡皮条时夹角大小适当，在作图时有利于减小误差，并非越大越好，故B错误；C.为了更准确地记录力的方向，标记同一细绳方向的两个点的距离应尽量大一些，故C正确。故选C。12.U.U,7idR【答案】x l 6 1.700（1.698 1.702均可）于 一:-不变，4 4L【解析】（1）由题意，当用“X10”挡时发现指针偏转角度过大，说明被测电阻很小，应该换用小量程电阻挡，即 x l”挡。由题图甲可知读数为6C（欧姆挡不需要估读）。（2）根据螺旋测微器的读数规则可知d-1.5mm+20.0 x 0.01mm=1.700mm（3）设电流表内阻为RA。当S?接。时，电压表测飞、凡 和电流表的总电压，电流表测三者所在支路的电流，根据欧姆定律有尺+5+8 =当s?接人时，电压表测凡和电流表的总电压，电流表测通过人的电流，则8 +4=牛,2联立两式可得R旦UI/I1 2根据电阻定律可知解得RS兀屋p=-L 4L(3)由(2)题中分析可知，电流表内阻对实验结论无影响，无系统误差，故电阻的测量值与真实值相比不变。1 3.【答案】向上振动；$2 =4.2 +cm【解析】由图可知：r=-=o.6 svf =0时刻，质点C向上往最大位置振动。f =1.6 5 s,质点。经 过2.7 5个周期，。质点正处于从最低点往平衡位置运动过程中，即C质点向上振动3质点经过2 7 5个周期，路程再=1 lA =4.4 c mA质点振动方程：y=-0.4 s i nA当 r =0时，y=2 L c mo 当/=1.6 5 s 时，y=0.2 c m。路程:-5S2=WA+0.2+-=4.2+y-J c m1 4.【答案】(1)F =3 f i,|/5 ,安培力方向垂直于MN向左；(2)4 =等 迎4 a o3P【解析】(1)根据法拉第电磁感定律，圆环中产生的感应电动势E=St上式中Ttr1S-2由图乙可知加 一 小根据欧姆定律有/一R根据电阻定律有八 2兀rR=p-Sof =时，圆环受到的安培力F =B0/.(2 r)+/-(2 r)联立解得_ 3瑞尸2 s o安培力方向垂直于M N向左。(2)通过圆环的电荷量q=T N根据欧姆定律和法拉第电磁感应定律有7 =E后=包R M3在0口/内，圆环磁通量的变化量为 0 =屁)g71rl+-y-兀F联立解得_ 3 与 r，o1 5.【答案】(1)3 3 N,方向竖直向下；(2)0.4；【解析】不会(1)P i从A到5的过程中，机械能守恒m vl+m gR=mv到达B点时，根据牛顿第二定律2FmvxN-m g=-K解得巧=2 m/s ,FN-3 3 N根据牛顿第三定律，P i对凹形滑板的压力4=%=3 3 N方向竖直向下。(2)若P i与P 2恰好不发生碰撞，根据动量守恒mvx-(M+2 m)匕根据能量守恒1 mv2 1 z _ _ -x 2 L-(M +2 m)v2+x 代入数据解得o=O.4因此动摩擦因数满足条件是 0.4（3）设 Pi碰前瞬间速度为M，P2碰前瞬间速度为因，根据动量守恒和能量守恒mv,=mv+(M +m)v2g mv=g mv2+g (Af+rn)+/.img x解得v=1.2tn/s,v 2=0.2m/sPl与 P2碰撞后速度相同，根据动量守恒mv+mv2=Imvy解得V；=0.7 m/s设碰后相对木板滑行的激励为s,根据能量守恒万 x 2mv+Mv2=(M+2m)+2 Rings解得5 =0.0 25;-2因此Pl与 P2不会从滑板上掉下。
